2023屆黑河市重點中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，某鋼制工件上開有一個楔形凹槽，凹槽的截面是一個直角三角形ABC，CAB=300，ABC=900，ACB=600，在凹槽中放有一個光滑的金屬球，當(dāng)金屬球靜止時，金屬球?qū)Π疾鄣腁B邊的壓力為F1，對BC邊的壓力為F2，則F2F

2、1的值為（ ）。 A12B33C34D2332、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡，粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點，可以判定A該粒子一定帶負電B粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力C帶電粒子經(jīng)過M點的速度大于經(jīng)過N點的速度D粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能3、如圖所示，將一個內(nèi)、外側(cè)均光滑的半圓形槽置于光滑的水平面上，槽的左側(cè)有一豎直墻壁現(xiàn)讓一小球自左端槽口A點的正上方由靜止開始下落，從A點與半圓形槽相切進入槽內(nèi)，則下列說法正確的是()A小球在半圓形槽內(nèi)運動的全過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒B小球從A點向半圓形槽的最低點運動的過程中，小球處

3、于失重狀態(tài)C小球從A點經(jīng)最低點向右側(cè)最高點運動的過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒D小球從下落到從右側(cè)離開槽的過程中機械能守恒4、質(zhì)量為m的物體放在A地的水平面上，用豎直向上的力F拉物體，物體的加速度a與拉力F的關(guān)系如圖線所示，質(zhì)量為m的另一物體在B地做類似實驗，測得a-F關(guān)系如圖線所示，設(shè)A，B兩地的重力加速度分別為g和g，則（ ）Am=m，ggBmm，g=gDm=m，gm，縱軸截距相等，則g=g A m=m，gg，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；Bmm，g=g，與結(jié)論相符，選項C正確；Dm=m，gg，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；5、D【解析】A曲線運動的加速度不一定是變化的，例如平拋運動，選項A

4、錯誤；B勻速圓周運動加速度是變化的，則是一種非勻變速曲線運動，選項B錯誤；C物體做曲線運動時，其合力的方向一定與速度方向不相同，選項C錯誤D物體所受合力做功為零時，物體的動能不變，則速度大小一定不變，選項D正確6、D【解析】A、電荷做曲線運動，電場力與速度方向不在同一直線上，應(yīng)指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，不可能沿軌跡的切線方向，則場強也不可能沿軌跡的切線方向故A錯誤B、負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，圖中電場力方向與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功，電荷的速率增大，與題不符故B錯誤C、圖中場強方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，則電場力指向軌跡的外側(cè)，電荷的軌跡應(yīng)向上彎曲，不可能沿如圖的軌跡運動故C錯誤D、圖

5、中場強方向指向軌跡的外側(cè)，則電場力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，而且電場力方向與電荷的速度方向成鈍角，電場力做負功，電荷的速率減小，符合題意故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A根據(jù)可得由可得可得選項A正確；B根據(jù)可估算周期，選項B正確；CD由于“天宮二號”空間實驗室的質(zhì)量未知，則不能估算其向心力和動能，選項CD錯誤。8、AB【解析】A、根據(jù)題意可知這兩顆衛(wèi)星運動的周期都是24h，根據(jù)萬有引力提供向心力可知，周期相同則高度相同，故這兩顆衛(wèi)星離地面的高度一樣，約為

6、1.6萬千米，故A正確；B、根據(jù)萬有引力提供向心力得：，則運行高度越大，速度越小，當(dāng)r最小等于地球半徑時，速度最大等于第一宇宙速度，故第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的運行速度一定比第一宇宙速度小，故B正確；C、同等質(zhì)量的衛(wèi)星，發(fā)射高度越高，克服地球引力做功越多，故發(fā)射第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星要比發(fā)射同等質(zhì)量的近地衛(wèi)星多消耗能量，故C錯誤；D、根據(jù)萬有引力提供向心力得：所以高度相同，則加速度相同，故第10顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星與第16顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星運行加速度相等，故D錯誤點睛：本題要知道傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和地球靜止軌道衛(wèi)星的周期都是24h，要掌握萬有引力提供向心力，要能夠根據(jù)題意正確選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_式9、AB

7、【解析】對其中一個小球受力分析，如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運動，故合力提供向心力；將重力與拉力合成，合力指向圓心，由幾何關(guān)系得，合力：F=mgtan ；由向心力公式得到：F=m2r ；設(shè)繩子與懸掛點間的高度差為h，由幾何關(guān)系，得：r=htan ；C、由三式得，與繩子的長度和轉(zhuǎn)動半徑無關(guān)，故C正確；A、又由知，周期相同，故A正確；B、由v=r，兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，則線速度大小不等，故B錯誤；D、由a=2r，兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，向心加速度不同，故D錯誤；故選AC.10、AD【解析】甲乙兩人及小車組成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，設(shè)向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得即可見甲的動量大于乙的

8、動量AB若甲乙質(zhì)量相等，甲的速率一定大于乙的速率，故A正確，B錯誤；CD由于甲的動量大于乙的動量，若乙的速率大，乙的質(zhì)量一定小于甲的質(zhì)量，故C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC 【解析】(1) A、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故A正確.B、為了使小球碰后不被反彈，要求被碰小球質(zhì)量大于碰撞小球質(zhì)量，故B錯誤.C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確D、本實驗中兩小球落地時間相同，故不需要測量高度h來計算下落時間；故D錯誤；故選AC.(2)未放被碰球時的

9、落點為P點，用盡可能小的圓將盡可能多的小球的落點圈住，圓心的位置就可以看成是小球的平均落點；該落點的讀數(shù)為25.55cm.(3)小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，小球的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則：m1v1=m1v1+m2v2，兩邊同時乘以時間t得：m1v1t=m1v1t+m2v2t，則：m1xOP=m1xOM+m2xON，故實驗需要驗證的表達式為：.【點睛】該題考查用“碰撞試驗器”驗證動量守恒定律，該實驗中，雖然小球做平拋運動，但是卻沒有用到速和時間，而是用位移x來代替速度v，成為是解決問題的關(guān)鍵.12、mM B 木板的傾角過大 沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

10、【解析】（1）1對盤及盤中砝碼：mgFma；對小車：FMa聯(lián)立可得：aFmg只有當(dāng)mM時，才可認為Fmg.（2）2平衡摩擦力時，先去掉盤、盤中砝碼和細線，只讓小車在重力沿斜面方向的分力作用下向左運動，當(dāng)小車能勻速運動時，重力沿斜面方向的分力和摩擦力平衡，A不正確；調(diào)好后，當(dāng)再次改變小車質(zhì)量時，無需再平衡摩擦力，B正確；實驗時，要先接通打點計時器的電源，使打點計時器正常工作，再釋放小車，C不正確；小車的加速度是通過處理紙帶確定的，D不正確（3）12.由甲圖可看出F0時，a0，說明木板的傾角過大，重力沿斜面方向的分力大于摩擦力由乙圖可看出，只有當(dāng)F達到一定值時，才會有加速度，說明平衡摩擦力不足或未

11、平衡摩擦力四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2)W乙=2000J【解析】試題分析：根據(jù)牛頓第二定律可知甲同學(xué)在斜面上下滑的加速度a1=gsin設(shè)甲到斜面底部的速度為v1，所經(jīng)時間為t1=v1/gsin當(dāng)甲恰好追上乙時，甲在水平冰道上經(jīng)時間t2則兩人的位移關(guān)系為v1t2=a(t1+t2)2/2要使兩人避免相碰，當(dāng)甲恰好追上乙時， 乙的速度恰好等于v1即vA=a(t1+t2)由解方程組得a=gsin/2甲滑至斜面冰道底部時v1=10m/s要使兩人避免相碰，當(dāng)甲恰好追上乙時， 乙的速度恰好等于v1由動能定理

12、： W乙=mv12/2-0得：W乙=3000J考點：本題考查牛頓第二定律和運動學(xué)關(guān)系及動能定理的應(yīng)用14、（1）1s（2）(2-2)s 【解析】（1）物體在達到與傳送帶速度v4 m/s相等前，做勻加速直線運動，有：Fmgcos37mgsin37ma1 解得a18 m/s2 由va1t1 得t10.5s 位移x112a1t121m 物體與傳送帶達到共同速度后，因Fmgsin4 Nmgcos37 故物體在靜摩擦力作用下隨傳送帶一起勻速上升位移x2Hsin370 x12m t2x2v0.5s 總時間為tt1t21s （2）在物體與傳送帶達到同速瞬間撤去恒力F，因為tan37，故有：mgsin37mgcos37ma2 解得：a22m/s2 假設(shè)物體能向上勻減速運動到速度為零，則通過的位移為xv22a24 mx2故物體向上勻減速運動達到速度為零前已經(jīng)滑上平臺故x2vt3-12a2t32 解得t3（2-2）s或t3（2+2）s（舍去）【點睛】本題關(guān)鍵是受力分析后判斷物體的運動狀態(tài)，再根據(jù)牛頓