2022年云南師大附中2018屆高考適應(yīng)性月考卷理綜-答案

1、云南師大附中2022 屆高考適應(yīng)性月考卷四理綜 - 答案云南師大附中 2022 屆高考適應(yīng)性月考卷四理科綜合參考答案一、挑選題：此題共13 小題,每題 6 分；題 號(hào)答 案1 2 3 4 5 6 7 8 9 111 110 2 3 C D D B A C B A C B C D C 二、挑選題：此題共8 小題,每題 6 分；在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中, 第 1417 題只有一項(xiàng)符合題 目要求；第 1821 題有多項(xiàng)符合題目要求, 全部選對的給 6 分,選對但不全的給 給 0 分；3 分,有選錯(cuò)的題14 15 16 17 18 19 20 21 號(hào)答B(yǎng) A D D AD BC CD BC 案【解析】

2、1抗體的分泌是胞吐過程,既依靠膜的流淌性,也要消耗能量；第 1 頁2動(dòng)物細(xì)胞不會(huì)發(fā)生質(zhì)壁別離；葡萄糖逆濃度梯度進(jìn)入細(xì)胞是主動(dòng)運(yùn)輸； 無氧條件下, 無氧呼 吸也可以為主動(dòng)運(yùn)輸供應(yīng)能量；3恩格爾曼用水綿和好氧細(xì)菌為材料證明光合作 用的放氧部位是葉綠體； 普利斯特利沒有發(fā)覺 光在植物更新空氣中起作用； 魯賓和卡門利用 放射性同位素標(biāo)記法證明光合作用中的氧氣 全部來自于水；4基因的挑選性表達(dá)導(dǎo)致細(xì)胞分化；5雙鏈 DNA 分子中 A+G/T+C 比值相同,不 能表達(dá) DNA 分子的特異性；人類免疫缺陷病毒 HIV 的遺傳物質(zhì)是RNA ；真核細(xì)胞中的核基因都位于染色體上, 而質(zhì)基因那么不位 于染色體上；6

3、子代花色中不行能產(chǎn)生具有 紫色植株；4 個(gè)顯性基因的深7鋼制品、鋁制品被廣泛應(yīng)用,是由于合金硬度 大、耐腐蝕,故 B 錯(cuò)誤；8丙烯分子中烷基可取代, 而加成反響及使酸性 KMnO 4 溶液褪色是碳碳雙鍵的重要性質(zhì),故第 2 頁A 正確；由于碳碳單鍵可以沿鍵軸旋轉(zhuǎn),故苯 乙烯分子中全部原子不肯定共平面,只是可 能,故 B 錯(cuò)誤；苯與溴的取代反響需使用液態(tài) 純潔的溴單質(zhì)、 FeCl 3 作催化劑,假設(shè)改用溴 水,即使參與 FeCl3作催化劑,反響也不會(huì)發(fā) 生,故 C 錯(cuò)誤；正戊烷不能發(fā)生加成反響,但是苯能與氫氣、 氯氣等在肯定條件下發(fā)生加 成反響,故 D 錯(cuò)誤；9一個(gè)甲醇分子中含3 個(gè) CH 鍵、

4、1 個(gè) CO鍵和 1 個(gè) O CH 3NA 個(gè)共價(jià)鍵,故 A 錯(cuò)誤；室溫下, 1L pH=11 Na2CO 3溶液中的 OH數(shù)目為 10- 3NA,溶液中的 OH來自于水的電離,故由水電離的 H+數(shù)目也是 10- 3NA,故 B 錯(cuò)誤；H218O 與 D2O 相對分子質(zhì)量均為 20,且分子內(nèi)中子數(shù)均為10,那么 20g 所含的中子數(shù)均為 10NA,故 C 正確；該題的膠體粒子是由假 設(shè)干個(gè) FeOH 3集合而成,所以膠體粒子數(shù)目與其物質(zhì)的量并不相等,故D 錯(cuò)誤；10由表中化合價(jià)可知, X 的化合價(jià)為 - 2 價(jià),沒 有正化合價(jià), 故 X 為 O 元素；Y 的化合價(jià)為第 3 頁+1 價(jià),處于第

5、A 族,原子序數(shù)大于 O 元素,故 Y 為 Na 元素；Z 為+3 價(jià),為 Al 元素；W的化合價(jià)為 +6、- 2 價(jià),故 W 為 S 元素； R的最高正價(jià)為 +7 價(jià),應(yīng)為 Cl 元素； X 為 O,Y 為 Na,Z 為 Al ,原子半徑： NaAlO ,故 A 正確；W 為 S,R 為 Cl,所以非金屬性：ClS,那么氣態(tài)氫化物的穩(wěn)固性：ClS,故B 錯(cuò)誤； Z 為 Al ,W 為 S,兩者最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物是AlOH 3 和 H 2SO4,二者能反響,故 C 正確； X 是 O 元素、 Z 是 Al 元素、 W 是 S 元素,形成的化學(xué)鍵分別為離 子鍵、共價(jià)鍵,故 D 正確；11依

6、據(jù)圖可知,SrSO4 的溶解度大小次序?yàn)?13K283K363K ,故 A 錯(cuò)誤； a、c 兩點(diǎn)的 溫度相同,那么溶度積不變,即 Kspa=Kspc,故 B 錯(cuò)誤； b 點(diǎn)的 cSr2+ cSO Y 點(diǎn),故 C 錯(cuò)誤；向醋酸中參與醋酸鈉雖然會(huì)抑制第 5 頁醋酸的電離,但溶液的總離子濃度增大,導(dǎo) 電才能增大,氯化氫完全電離,向鹽酸中參 加氯化鈉不影響氯化氫的電離,故溶液的總 離子濃度增大,導(dǎo)電才能增大,故 D 正確；14引力常量是卡文迪許測量出的,故 A 錯(cuò)誤；古希臘學(xué)者亞里士多德認(rèn)為力是維護(hù)物體運(yùn) 動(dòng)的緣由,伽利略通過斜面試驗(yàn)推翻了亞里士多德的說法,故B 正確；玻爾的原子理論勝利說明了氫原子光

7、譜的試驗(yàn)規(guī)律,故 C 錯(cuò)誤；湯姆孫發(fā)覺了電子,故D 錯(cuò)誤；15人和車組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,人相 對于車豎直向上跳起,不影響水平方向的動(dòng)量,車的速度仍為v ,故 A 正確；16彈簧處于壓縮狀態(tài),彈力大小為 F ,斜面的 傾角為 ,物塊 P 的質(zhì)量為 m,對 P 施加 F,假設(shè)F TmgsinFcos,物塊 P 不受摩擦力,故A錯(cuò)誤；對整體,由平穩(wěn)條件可知,地面對斜 面體 A 肯定有水平向左的摩擦力, 故 B 錯(cuò)誤；假設(shè)物體受到的摩擦力方向開頭沿斜面對 上,施加 F 后,摩擦力可能變大, 故 C 錯(cuò)誤,第 6 頁D 正確；17a t 圖象與坐標(biāo)軸圍成的圖形面積表示其速度的 變 化 量 , 第

8、 1s 內(nèi) 速 度 的 變 化 量v 1 12 1 1m/s 0.5m/s, 那 么 第 1s 末 質(zhì) 點(diǎn) 的 速 度v 1 v 0 v 3.5m/s,故 A 錯(cuò)誤；第 1s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做加速度越來越大的變加速運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)的位移小于x 32 3.5 1m 3.25m,故 B 錯(cuò)誤；整個(gè)過程中,質(zhì)點(diǎn)始終做單向直線運(yùn)動(dòng),沒有回到 t 0 時(shí)刻的位置,故 C 錯(cuò)誤；依據(jù)圖象可知, 2s 末和 6s末速度最大,最大速度vmv0v31m/s4m/s,故D 正確；18由GMm2m2 4 2 TRh ,GMmmg,得T2Rh 3,故 ARh R22 gR正確；月球的第一宇宙速度為gR,“ 嫦娥一號(hào)的運(yùn)行速度肯定小于

9、 gR,故 B 錯(cuò)誤；“ 嫦 2 娥一號(hào)工作軌道處的重力加速度為 g R R h,故 C 錯(cuò)誤；V,4 3 GR,故 D 正確；19等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線,故 A 錯(cuò)誤；等量異種電荷連線的中垂線上各 點(diǎn)的合場強(qiáng)方向均為水平向右,與電荷相距第 7 頁越遠(yuǎn),電場力越小,故B 正確；在這條等勢線上移動(dòng)電荷,電場力不做功,小球做自由落體運(yùn)動(dòng)有 2 g 2 L v c 20,故 C 正確, D 錯(cuò)誤；20彈簧和 A 組成的系統(tǒng)機(jī)械能的變化量為 Fd,故 A、B 錯(cuò)誤；依據(jù)功能關(guān)系,彈簧彈性勢能的變化量為 Fd 12 m 1 v 2m gd sin,故 C 正確；開頭時(shí)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),彈簧

10、彈力等于 A 的重力沿斜面對下的分力,m g sin k x ,當(dāng) B 剛離開C 時(shí),彈簧的彈力等于B 的重力沿斜面對下的分力,m g sin k x ；當(dāng) B 剛離開 C 時(shí),對 A,依據(jù)牛頓其次定律得 F k x 2 m g sin m a,d x 1 x ,物塊 A 加速度 a F m,故 D 正確；21以 B 為討論對象,受力情形如右圖所示,根據(jù) 幾 何 關(guān) 系 可 得 合 力 大 小GF合cos30 2 mg3,依據(jù)牛頓其次定律可得加速度大小 a Fm 合3 3g g tan 30,由于A、B 相對靜止,那么A、B 具有共同的加速度,假設(shè)滑塊不受摩擦力時(shí),對整體分析,其加速度aAa

11、Bgsin60,可知輕繩應(yīng)第 8 頁該與軌道垂直,所以滑塊受摩擦力作用,故 B、C 正確；三、非挑選題共 174 分一必考題：共11 小題,共 129 分；22每空 3 分,共 6 分 23每空 2 分,共 8 分1mAm B2碰撞后,滑塊 A 在水平面上滑行距離的平均值 x 、滑塊 B 在水平面上滑行距離的平均值 x B3m A x 0 m A x A m B x B4m x 0 m x A m x B2414 分解：1取水平向右為正方向,對 M、m 組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒,有方向水平向右E kQ2由能量守恒定律可知評分標(biāo)準(zhǔn)：此題共14 分；正確得出 式給 4分,正確得出 式給 1 分,正確得出

12、 式給 5 第 9 頁分,其余各式各給 2 分；2519 分么解：1小球到達(dá)最低點(diǎn) B 時(shí)速度為 0,那2小球到達(dá)最低點(diǎn) B 時(shí)速度為 0,依據(jù)對 稱性可知,到達(dá)最大速度的位置為 AB 弧的 中點(diǎn),即當(dāng)沿軌跡上任一點(diǎn)切線方向的合力 為零時(shí),物體的速度有極值,由動(dòng)能定理有F T18 212N或F T13.46N3小球從 C 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 B 點(diǎn)做勻加速直線運(yùn) 動(dòng),有 到達(dá) B 點(diǎn)后細(xì)線繃直有機(jī)械能的缺失,vtvBsin 452m/s小球由 BA 過程中評分標(biāo)準(zhǔn)：此題共19 分；正確得出 式給 3分,其余各式各給 2 分；26除特別標(biāo)注外,每空2 分,共 14 分1CH 4g+N 2O4g= H=-N

13、2g+CO 2g+2H 2Ol 第 10 頁2L- 1 min- 1molL- 1變小 1 分3陰極 1 分SO2- 2e-+2H 2O= SO +4H+【解析】1考查蓋斯定律的應(yīng)用； 由- - 即可得目標(biāo)方程式： CH 4g+N2O4g= N2g+CO2g+2H2Ol H=H 1- H 2- H 3=- +67.2kJ/mol - 56.9kJ/mol =- 899.9kJ/mol ；2氨的電子式為；vNH 3= nV tmol L - 1 min - 1= L - 1 min - 1,可換算出 vH 2O=L- 1min- 1；由“ 三段式,當(dāng)反響前和反響到達(dá)平穩(wěn)后體系的壓強(qiáng)比：pp前后

14、10.5 10.5x 22 21 可運(yùn)算得平衡 時(shí) ： cNH 3mol L- 1、 cmol L- 1、cN2mol L- 1、cH 2mol L- 1；故 NO 的轉(zhuǎn)化率為 50.0%,化學(xué)平穩(wěn)常數(shù) K= L- 1；該反響是氣體體積增大的反響, 假設(shè)改在恒溫恒壓條件下進(jìn)行,那么反響到達(dá)平穩(wěn)時(shí) NH 3的體積分第 11 頁數(shù)會(huì)變??；3依據(jù)題意可知： A 極為電解池的陰極, B極為陽極；A極反響式為NO+5e-+6H+=NH +H 2O,B 極反響式為SO2- 2e-+2H 2O= SO +4H+；27除特別標(biāo)注外,每空1SiO21 分2 分,共 15 分2適當(dāng)增大硫酸的濃度 或延長浸泡時(shí)間,

15、或?qū)煹阑曳鬯槌奢^細(xì)粉末,或其他合理答 案3Mn2+H 2O2+H 2O= 3 4.0 10- 12MnOOH 2+2H+先參與 ZnS 會(huì)將 Fe3+復(fù)原為 Fe2+,Fe2+和 Zn2+沉淀的 pH 相近,鐵元素難以除去或 其他合理答案5ZnC 2O4= 450 ZnO+C O +CO2【解析】煙道灰用稀硫酸酸浸時(shí), 增大浸出率的措施有：適當(dāng)上升溫度、充分?jǐn)嚢?、適當(dāng)?shù)?12 頁增大硫酸的濃度、延長浸泡時(shí)間、將煙道灰 粉碎成較細(xì)顆粒以增大接觸面積等；除 SiO2 外,其余的氧化物均能與稀硫酸反響而溶解,故濾渣 A 為 SiO 2；往濾液中參與過氧化氫作為氧化劑,在酸性條件下H 2O2 將 M

16、n2+氧化為MnOOH 2而 除去錳元 素：Mn2+H 2O2+H 2O=MnOOH 2+2H+,濾液中的Fe2+也被氧化為Fe3+,然后參與ZnO 調(diào)劑濾液的 pH,使 Fe 3+轉(zhuǎn)化為 FeOH 3 沉淀,但 Zn2+不能轉(zhuǎn)化為 ZnOH 2 沉淀,故需掌握反響液的pH 的范疇為 3.35.4；過濾別離出 FeOH 3 后再往濾液中參與 ZnS,使剩余的 Cu2+轉(zhuǎn)化為更難溶的 CuS,過濾除去的濾渣 C 即是 CuS；除銅和除鐵的次序不能顛倒,由于先參與 ZnS 會(huì)將 Fe3+復(fù)原成 Fe2+,使鐵元素難以除去；除銅過程后的濾液中主要成分為 ZnSO4,參與 NH 42C2O4 反響得到

17、草酸鋅沉淀,經(jīng)過過濾、洗滌、枯燥后得到純潔的草酸鋅, ZnC 2O4 在 450分解可得到氧化鋅、 CO 和 CO 2；第 13 頁28每空 2 分,共 14 分1分液漏斗2NH 3 H2O+CaO=CaOH 2+NH 33飽和 NaHCO 3溶液4NH 3 在水中的溶解度大,防止倒吸或 其他合理答案5LaHCO 336偏大 45.8% 【解析】1裝置 W 中盛放稀鹽酸的儀器為 分液漏斗；2裝置 Y 是試驗(yàn)室快速制備氨氣的裝置,其原理為氧化鈣與濃氨水中的水反響生成氫 氧化鈣,反響大量放熱, 并增大了 OH濃度,使 NH 3+H 2O NH3 H2O NH 4 +OH向逆 反響方向移動(dòng),加快氨氣

18、逸出；3裝置 W 中制得的 CO 2 中含有少量 HCl雜 質(zhì) , 故 裝 置 X中 盛 放 的 試 劑 是 飽 和NaHCO 3溶液；它可以除去 HCl 但 CO 2 在其 中的溶解度較??；4裝置 Z 是制備 La 2CO 33 的裝置,將 CO 2第 14 頁和 NH 3通入 LaCl 3 溶液中反響,類似于工業(yè)上“ 候氏制堿法,但由于NH 3 在水中的溶解度很大,需要防倒吸裝置,故 NH 3 應(yīng)從 e口通入；5類比于 Na2CO 3比 NaHCO 3 的熱穩(wěn)固性好, La 2CO 33 比 LaHCO 33的熱穩(wěn)固性強(qiáng),故乙試管中盛放 LaHCO 33；La 2CO 33 而甲試管中盛放

19、6滴定操作中,假設(shè)滴定前裝有 EDTA標(biāo)準(zhǔn)溶液的滴定管尖嘴局部有氣泡,而滴定終止后氣泡消逝,造成消耗的VEDTA 標(biāo)準(zhǔn)液偏大,依據(jù) c待測=c 標(biāo)準(zhǔn)V 標(biāo)準(zhǔn),測定結(jié)果V 待測偏大；由題意列出運(yùn)算關(guān)系式： La 2CO 332H2Y2458g 2mol g x0.100 40.00 10- 3mol 列式解得 x=,故 wLa 2CO 33=45.8% ；29每空 2 分,共 10 分第 15 頁1氨基酸或核糖核苷酸2酶在不同溫度條件下的活性不同340 4小于5不變30除特別標(biāo)注外,每空2 分,共 9 分1C31 分能2、 ATP 中活潑的化學(xué)能和熱3ABCD 31每空 2 分,共 10 分1堿

20、性2不同步3DNA 復(fù)制時(shí)需要胸腺嘧啶脫氧核苷酸 為原料,3H 標(biāo)記的 TDR 可在細(xì)胞中轉(zhuǎn)化為 胸腺嘧啶脫氧核苷酸 分裂期 細(xì)胞周期32每空 2 分,共 10 分1位于一對同源染色體上的掌握相對性狀 的基因第 16 頁2父本或母本3XAXa或 XaXa 4父本 X 二選考題：共 45 分；3315 分15 分 BCE選對 1 個(gè)給 2 分,選對 2個(gè)給 4 分,選對 3 個(gè)給 5 分；每選錯(cuò) 1 個(gè)扣3 分,最低得分為 0 分【解析 】PM 在空氣中的運(yùn)動(dòng)不屬于分子熱運(yùn)動(dòng),是分子團(tuán)整體的運(yùn)動(dòng),故A 錯(cuò)誤；外表張力形成的緣由是：液體跟氣體接觸的外表 存在一個(gè)薄層,叫做外表層,外表層里的分 子比

21、液體內(nèi)部稀疏,分子間的距離比液體內(nèi) 部大一些,分子間的相互作用表現(xiàn)為引力,即外表張力,液體的外表張力使液體的外表積收縮到最小,故B 正確；絕熱膨脹,氣體的內(nèi)能肯定減小,故 C 正確；多晶體是各向同性的,非晶體都是各向同性的, 故 D 錯(cuò)誤；水的飽和汽壓隨溫度的上升而變大,故 E 正確；第 17 頁210 分解：當(dāng) A 中氣體壓強(qiáng)為 環(huán)處,對 A 中氣體有2 p 時(shí),活塞將頂在卡有B 中氣體做等容變化,T B2T 2500K,由查理定律評分標(biāo)準(zhǔn)：此題共 10 分；正確得出 、式各給 1 分,其余各式各給 2 分；3415 分15 分 ACD 選對 1 個(gè)給 2 分,選對 2個(gè)給 4 分,選對 3

22、 個(gè)給 5 分；每選錯(cuò) 1 個(gè)扣3 分,最低得分為 0 分【解析 】簡諧橫波向右傳播,由波形平移法知,各質(zhì)點(diǎn)的起振方向均為豎直向上,t 0.7s時(shí),質(zhì)點(diǎn) P 其次次到達(dá)波谷,即有 34 T T 0.7s,解得 T 0.4s,波長 2m ,那么波速 vT 5m/s,故 A正確；t 1.4s 相當(dāng)于個(gè)周期,質(zhì)點(diǎn) P 在平穩(wěn)位置處向下振動(dòng),故B 錯(cuò)誤；波傳播到平穩(wěn)位置在 x 4.5m 處的質(zhì)點(diǎn) Q 需要的時(shí)間為,再經(jīng)受34 T 2 T 1.1s 第三次到達(dá)波谷, 總共需時(shí), 故 C 正確；波傳播到平穩(wěn)位置在 x 4.5m 處的質(zhì)點(diǎn) Q 需第 18 頁要的時(shí)間為,在剩下的內(nèi),質(zhì)點(diǎn) Q 運(yùn)動(dòng)了 3 34

23、 T ,通過的路程 s 3 4 A 34 4 A 75cm,故 D 正確；要發(fā)生穩(wěn)固干預(yù)現(xiàn)象,兩列波的頻率肯定相同,即f2.5Hz,故 E 錯(cuò)誤；210 分解：如右圖所示,光線在OA 面上的 C 點(diǎn)發(fā)生折射,入射角為45,折射角為2由nsin1sin2解得：230折射光線射向球面 反射,入射角為 AB,在 D 點(diǎn)恰好發(fā)生全在三角形 OCD 中,由正弦定理sinsin290 OCR解得：HOCsin 453R3評分標(biāo)準(zhǔn)：此題共10 分；正確得出式各給 2 分；35除特別標(biāo)注外,每空2 分,共 15 分12p1 分洪特規(guī)那么2NOS 低1 分3sp3雜化 1 分B 原子或 B第 19 頁4ACDF

24、 56 2.575b或 10N A a b 答成 2.58 104.28b酌情給分 NAaa【解析】1基態(tài) N 原子的核外電子排布式 為 1s22s22p3,價(jià)電子占據(jù)的能量最高的能級(jí) 符號(hào)是 2p,該能級(jí)含 3 個(gè)原子軌道,故電子 的排布遵循洪特規(guī)那么,即：電子在能量相 同的軌道上排布時(shí),總是盡可能分占不同的 軌道且自旋方向同向；2N、O、S 元素中,第一電離能 NO,而OS,故從大到小排序?yàn)镹OS；N4 和 P4都是非極性分子且結(jié)構(gòu)相像,但 N4 比 P4 的相對分子質(zhì)量小,分子間范德華力弱,故 N4的沸點(diǎn)比 P4的沸點(diǎn)低；3BH 3NH 3 分子中 B 原子與 3 個(gè) H 原子形成 3

25、條 鍵, B 原子與 N 之間仍存在一條配位鍵, N 原子供應(yīng)孤電子對, B 原子供應(yīng)空軌道, B 原子的軌道雜化類型是 sp3；4觀看丁二酮肟鎳的結(jié)構(gòu)可知,該螯合物中存在的作用力有配位鍵、 鍵、 鍵和氫鍵；5由 Cu3N 的晶胞結(jié)構(gòu)圖可知, 頂點(diǎn)的 N3-第 20 頁對應(yīng)的三條棱上有3 個(gè) Cu+,依據(jù)晶胞“ 無隙并置的原那么,三條棱對稱的位置上仍 有 3 個(gè) Cu+,故 N3-的配位數(shù)是 6；晶胞的質(zhì)量為Ng,體積為V2a3 2 1030cm3,晶體密度計(jì)36414g mol12.5751031g cm3；算式如下：2aNAmol130cm32 310b3 NAa36除特別標(biāo)注外,每空2 分,共 15 分1加成反響 羧基、碳碳雙鍵23455 63 分【解析】由 A 的分子式 C9H 10 可運(yùn)算其不飽和