2021-2022學(xué)年寧夏銀川一中高三（上）第二次月考理綜物理試題（解析版）

1、 寧夏銀川一中2021-2022學(xué)年高三上學(xué)期第二次月考理科綜合物理二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1417題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1821題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1. 如圖所示為物體做直線運(yùn)動(dòng)的圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A. 甲圖中，物體在0t0這段時(shí)間內(nèi)的位移小于B. 乙圖中，物體的加速度為C. 丙圖中，陰影面積表示t1t2時(shí)間內(nèi)物體的加速度變化量D. 丁圖中，t=3s時(shí)物體的速度為【答案】D【解析】【詳解】A圖像圖線與橫軸圍成的面積表示位移，從圖像中可以看出物體在0t0這段時(shí)間內(nèi)的位移大于，故A錯(cuò)誤；

2、B根據(jù)位移速度公式得故B錯(cuò)誤；C根據(jù)可知陰影面積表示t1t2時(shí)間內(nèi)物體的速度變化量，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式得則當(dāng)物體的速度為故D正確。故選D。2. 如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕直棒一端可繞固定軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定一質(zhì)量為m的小球，小球擱在水平升降臺(tái)上，升降平臺(tái)以速度v勻速上升。下列說(shuō)法正確的是（）A. 小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B. 當(dāng)棒與豎直方向的夾角為時(shí)，小球的速度為C. 棒的角速度逐漸增大D. 當(dāng)棒與豎直方向的夾角為時(shí)，棒的角速度為【答案】D【解析】【詳解】A小球受重力、平臺(tái)的彈力和桿的作用力，因?yàn)樯灯脚_(tái)以速度v勻速上升，平臺(tái)的彈力和桿的作用力變化，即小球受到的合力大小變化，小球

3、做的不是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；BCD棒與平臺(tái)接觸點(diǎn)實(shí)際運(yùn)動(dòng)即合運(yùn)動(dòng)方向是垂直于棒指向左上，如圖所示 合速度沿豎直向上方向上的速度分量等于v所以平臺(tái)向上運(yùn)動(dòng)，夾角增大，角速度減小，BC錯(cuò)誤D正確。故選D。3. 如圖所示，平臺(tái)離地高度H=1.6m，小球從平臺(tái)上的A點(diǎn)水平拋出，恰好垂直撞在水平地面上半圓形軌道的B點(diǎn)，圓半徑R=1m，C點(diǎn)為半圓頂點(diǎn)，=37，g取10m/s2，則下列說(shuō)法正確的是（）A. 小球平拋的位移方向沿著B(niǎo)O方向B. 小球到B點(diǎn)時(shí)水平位移是mC. 小球平拋的初速度為3m/sD. 若只調(diào)整A點(diǎn)的豎直高度，其他條件不變，則時(shí)，小球能夠越過(guò)半圓形軌道【答案】C【解析】【分析】【詳解】A平

4、拋運(yùn)動(dòng)速度方向與豎直方向夾角正切值為位移方向與水平方向夾角的正切值為即兩個(gè)角的大小不同；小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度方向沿著B(niǎo)O方向，位移方向則不是，故A錯(cuò)誤；BC小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，其豎直位移所用時(shí)間設(shè)初速度為，則解得所以水平位移故B錯(cuò)誤、C正確；D半圓形軌道的E點(diǎn)到A點(diǎn)的水平距離為當(dāng)時(shí)，若無(wú)半圓形軌道，小球從拋出到落地用時(shí)水平位移以A點(diǎn)正下方地面處為原點(diǎn)，豎直向上為軸，水平向右為軸，則運(yùn)動(dòng)的軌跡方程為整理得當(dāng)時(shí)，解得；如果小球不能越過(guò)半圓形軌道，則必定與軌道在右半側(cè)某處相撞。半圓形軌道的方程為當(dāng)時(shí)說(shuō)明在這個(gè)點(diǎn)之前，小球已經(jīng)與半圓形軌道相撞了，即小球不能越過(guò)半圓形軌道，故D錯(cuò)誤。故選C。4. 如圖所

5、示是滑梯簡(jiǎn)化圖，一小孩從滑梯上A點(diǎn)開(kāi)始無(wú)初速度下滑，在AB段勻加速下滑，在BC段勻減速下滑，滑到C點(diǎn)恰好靜止，整個(gè)過(guò)程中滑梯保持靜止?fàn)顟B(tài)假設(shè)小孩在AB段和BC段滑動(dòng)時(shí)的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為和，AB與BC長(zhǎng)度相等，則A. 整個(gè)過(guò)程中地面對(duì)滑梯始終無(wú)摩擦力作用B. 動(dòng)摩擦因數(shù)C. 小孩從滑梯上A點(diǎn)滑到C點(diǎn)先超重后失重D. 整個(gè)過(guò)程中地面對(duì)滑梯的支持力始終等于小孩和滑梯的總重力【答案】B【解析】【詳解】小朋友在AB段做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，將小朋友的加速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向，由于小朋友有水平向右的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律知，地面對(duì)滑梯的摩擦力方向水平向右；有豎直向下的分加速度，則由牛頓第二定律分析得知

6、：小孩處于失重，地面對(duì)滑梯的支持力小于小朋友和滑梯的總重力同理，小朋友在BC段做勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，小孩處于超重，地面對(duì)滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的總重力，地面對(duì)滑梯的摩擦力方向水平向左，故ACD錯(cuò)誤；設(shè)AB的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，小孩在B點(diǎn)的速度為v小孩從A到B為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得：，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：；小孩從B到C為研究過(guò)程，由牛頓第二定律可得：，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：；聯(lián)立解得：，故B正確5. 小球A置于固定在水平面上的光滑半圓柱體上,小球B用水平輕彈簧拉著系于豎直板上,兩小球A、B通過(guò)光滑滑輪用輕質(zhì)細(xì)線相連,兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài),已知B球質(zhì)量為,點(diǎn)在半圓柱體圓心的正上方,OA與豎直方向成30角

7、,OA長(zhǎng)度與半圓柱體半徑相等,OB與豎直方向成45角,現(xiàn)將輕質(zhì)細(xì)線剪斷的瞬間,則下列敘述正確的是A. 球A的加速度為B. 球A的加速度為C. 球B的加速度為D. 球B的加速度為【答案】AD【解析】【詳解】隔離對(duì)B分析，受力如圖所示：根據(jù)共點(diǎn)力平衡得：水平方向有：TOBsin45=F，豎直方向有：TOBcos45=mg，解得：，彈簧彈為：F=mg；對(duì)B球受力分析可知，在剪斷瞬間B受到的合力，根據(jù)牛頓第二定律可知，故D正確，C錯(cuò)誤；對(duì)球A，沿切線方向根據(jù)牛頓第二定律有：，解得：，故A正確，B錯(cuò)誤所以AD正確，BC錯(cuò)誤6. 如圖，傾斜傳送帶以恒定速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊以平行于傳送帶向下的

8、初速度滑上A點(diǎn)?；瑝K與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定，不計(jì)傳送帶滑輪的尺寸，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。若用表示時(shí)間，用表示滑塊的速度大小，則能夠正確描述滑塊從A滑向運(yùn)動(dòng)過(guò)程的下列圖像可能是（）A. B. C. D. 【答案】BC【解析】【分析】【詳解】對(duì)滑塊受力分析，滑塊在沿傳送帶方向受重力沿傳送帶的分力，摩擦力fAB當(dāng)，滑塊剛開(kāi)始加速運(yùn)動(dòng)，摩擦力向下，加速度為當(dāng)滑塊速度等于傳動(dòng)帶速度相等時(shí)，如果最大靜摩擦力，則滑動(dòng)摩擦突變?yōu)殪o摩擦向上，大小為，物體和傳送帶一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，若最大靜摩擦力，則摩擦力方向會(huì)突變向上，物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為比較可得,故B正確，A錯(cuò)誤；CD若,物體相對(duì)于傳送帶

9、向下運(yùn)動(dòng)，若最大靜摩擦力，則物體一直做勻加速速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為若如果最大靜摩擦力，則物體一開(kāi)始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度與傳送帶相等時(shí)，滑動(dòng)摩擦力突變?yōu)殪o摩擦力向上，大小為，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。7. 如圖所示，在粗糙水平面上放置質(zhì)量分別為3m，3m，3m、1.5m的四個(gè)木塊A、B、C、D，木塊A、B用一不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，木塊C、D與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為/3，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，若用水平拉力F拉木塊B，使四個(gè)木塊一起勻加速前進(jìn)，重力加速度為g，則（）A. 勻加速的最大加速度為B. 以最大加速度勻加速前進(jìn)時(shí)，木塊A、C間的摩擦力與木塊B、D間的摩擦力大小

10、之比為32C. 水平拉力F最大為7D. 輕繩所受的最大拉力為4【答案】BCD【解析】【分析】【詳解】A物塊C運(yùn)動(dòng)的最大加速度物塊D運(yùn)動(dòng)最大加速度為可知系統(tǒng)勻加速的最大加速度為，故A錯(cuò)誤；B以最大加速度勻加速前進(jìn)時(shí)，木塊A、C間的摩擦力對(duì)D分析，木塊B、D間的摩擦解得即木塊A、C間的摩擦力與木塊B、D間的摩擦力大小之比為32，故B正確；C對(duì)ABCD整體解得水平拉力F最大為故C正確；D對(duì)AC整體解得即輕繩所受的最大拉力為故D正確。故選BCD。8. 如圖所示，足夠大的水平圓臺(tái)中央固定一光滑豎直細(xì)桿，原長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧套在豎直桿上，質(zhì)量均為m的光滑小球A、B用長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿及光滑鉸鏈相連，小球A穿過(guò)豎直

11、桿置于彈簧上。讓小球B以不同的角速度繞豎直桿勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為0時(shí)，小球B剛好離開(kāi)臺(tái)面。彈簧始終在彈性限度內(nèi)，勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，則A. 小球均靜止時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)-B. 角速度=0時(shí)，小球A對(duì)彈簧的壓力為mgC. 角速度0=D. 角速度從0繼續(xù)增大的過(guò)程中，小球A對(duì)彈簧的壓力不變【答案】ACD【解析】【詳解】A若兩球靜止時(shí)，均受力平衡，對(duì)B球分析可知桿的彈力為零，；設(shè)彈簧的壓縮量為x，再對(duì)A球分析可得：，故彈簧的長(zhǎng)度為：，故A項(xiàng)正確；BC當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為0時(shí)，小球B剛好離開(kāi)臺(tái)面，即，設(shè)桿與轉(zhuǎn)盤(pán)的夾角為，由牛頓第二定律可知：而對(duì)A球依然處于平衡，有：而由幾何關(guān)系：聯(lián)立四式解

12、得：，則彈簧對(duì)A球的彈力為2mg，由牛頓第三定律可知A球隊(duì)彈簧的壓力為2mg，故B錯(cuò)誤，C正確；D當(dāng)角速度從0繼續(xù)增大，B球?qū)h起來(lái)，桿與水平方向的夾角變小，對(duì)A與B的系統(tǒng)，在豎直方向始終處于平衡，有：則彈簧對(duì)A球的彈力是2mg，由牛頓第三定律可知A球隊(duì)彈簧的壓力依然為2mg，故D正確；故選ACD。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第2232題為必考題，每個(gè)試題考生都做答；第33題39題為選考題，考生根據(jù)要求作答.9. 某實(shí)驗(yàn)小組用圖（a）所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)。裝置中，豎直硬板上依次固定著白紙和復(fù)寫(xiě)紙，MN是一個(gè)水平放置、稍微向紙面內(nèi)傾斜且可上下調(diào)節(jié)的擋板，小鋼球從斜槽中某高度由靜止釋放

13、，從斜槽末端Q飛出的鋼球落到擋板上會(huì)擠壓復(fù)寫(xiě)紙，在白紙上留下印記；上下調(diào)節(jié)擋板，通過(guò)多次實(shí)驗(yàn)，白紙上會(huì)留下鋼球經(jīng)過(guò)的多個(gè)位置，最終用平滑曲線將其連接，得到鋼球做平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡。（1）下列說(shuō)法正確的是_（填選項(xiàng)序號(hào)字母）；A安裝斜槽時(shí)，應(yīng)保證斜槽末端Q的切線水平B鋼球與斜槽間的摩擦是造成實(shí)驗(yàn)誤差的主要原因C移動(dòng)擋板MN時(shí)，其高度必須等距變化D鋼球每次都應(yīng)從斜槽中同一高度由靜止釋放（2）圖（b）所示為實(shí)驗(yàn)中得到一張平拋運(yùn)動(dòng)軌跡圖，在軌跡上取水平間距均為的a、b、c三點(diǎn)，測(cè)得豎直間距，重力加速度，則鋼球從a運(yùn)動(dòng)到b的時(shí)間為_(kāi)s，鋼球在斜槽末端Q的速度大小為_(kāi)m/s?！敬鸢浮?. AD . 0.1 .

14、 1.5【解析】【分析】【詳解】（1）1A安裝斜槽時(shí)，應(yīng)保證斜槽末端Q的切線水平，以保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確；B鋼球與斜槽間的摩擦對(duì)實(shí)驗(yàn)無(wú)影響，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C移動(dòng)擋板MN時(shí)，其高度不一定要必須等距變化，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D鋼球每次都應(yīng)從斜槽中同一高度由靜止釋放，以保證小球到達(dá)斜槽底端時(shí)的速度相同，選項(xiàng)D正確；故選AD。（2）23根據(jù)可知，鋼球從a運(yùn)動(dòng)到b的時(shí)間為鋼球在斜槽末端Q的速度大小為10. 某實(shí)驗(yàn)小組做“探究加速度與力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)，先采用如圖甲所示的常規(guī)實(shí)驗(yàn)方案，處理數(shù)據(jù)時(shí)發(fā)現(xiàn)誤差比較明顯。該小組經(jīng)過(guò)分析討論，對(duì)實(shí)驗(yàn)方案進(jìn)行了改進(jìn)和優(yōu)化，采用如圖乙所示實(shí)驗(yàn)方案，具體實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：A

15、掛上托盤(pán)和砝碼，調(diào)整墊塊位置，使質(zhì)量為的小車(chē)拖著紙帶沿木板勻速下滑；B取下托盤(pán)和砝碼，用天平測(cè)出它們的總質(zhì)量為，查出并記錄當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭；C把小車(chē)放回木板上原位置，由靜止釋放，測(cè)出其下滑的加速度；D改變砝碼質(zhì)量和墊塊位置，多次測(cè)量和，通過(guò)作圖可得到的關(guān)系。（1）比較甲乙兩實(shí)驗(yàn)方案，實(shí)驗(yàn)時(shí)需要滿足條件的實(shí)驗(yàn)方案是_（選填“甲”“乙”或“甲和乙”）；（2）采用乙實(shí)驗(yàn)方案，在作關(guān)系時(shí)，小車(chē)受到的合外力_；（3）在一次實(shí)驗(yàn)操作中，獲得如圖丙所示的紙帶，為計(jì)數(shù)點(diǎn)，其中相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間均有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，所用交變電源的頻率為，由紙帶可求得小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度_（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（4）圖丁是該小組先后

16、采用甲乙兩個(gè)實(shí)驗(yàn)方案描繪出的關(guān)系圖象，圖象中_ （選填或）是乙實(shí)驗(yàn)方案得到的關(guān)系圖象。【答案】 . 甲 . . . 【解析】【分析】【詳解】（1）1根據(jù)題意，圖甲所示實(shí)驗(yàn)方案中托盤(pán)和砝碼的總重力充當(dāng)小車(chē)的合外力，為減小托盤(pán)和砝碼質(zhì)量對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，應(yīng)滿足，而圖乙所示方案的實(shí)驗(yàn)原理為，掛上托盤(pán)和砝碼，調(diào)整墊塊位置，使質(zhì)量為的小車(chē)拖著紙帶沿木板勻速下滑時(shí)，由平衡條件有取下托盤(pán)和砝碼，讓小車(chē)沿木板加速下滑，則有由上幾式解得所以不需要滿足，則實(shí)驗(yàn)時(shí)需要滿足條件的實(shí)驗(yàn)方案是甲。（2）2用乙實(shí)驗(yàn)方案，在作關(guān)系時(shí)，小車(chē)受到的合外力。（3）3利用逐差法可得小車(chē)的加速度為（4）4由于用乙實(shí)驗(yàn)方案，在作關(guān)系時(shí)，小車(chē)

17、受到的合外力則有所以圖像中是乙實(shí)驗(yàn)方案得到的關(guān)系圖象。11. 如圖所示，水平桿固定在豎直桿上，二者互相垂直，水平桿上O、A兩點(diǎn)連接有兩輕繩，兩繩的另一端都系在質(zhì)量為m的小球上，=，現(xiàn)通過(guò)轉(zhuǎn)動(dòng)豎直桿，使水平桿在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，三角形始終在豎直面內(nèi)，g為重力加速度，不計(jì)空氣阻力。（1）若轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，求OB、AB兩繩的拉力大?。唬?）若轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，求OB、AB兩繩的拉力大小。【答案】（1）；（2）；【解析】【分析】【詳解】（1）當(dāng)AB繩的拉力剛好為零時(shí)因?yàn)?，所以?xún)衫K均有拉力，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，正交分解，得，（2）因?yàn)椋設(shè)B繩與豎直方向夾角大于，設(shè)OB繩與豎直方向夾角為，AB繩已松。

18、對(duì)小球進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律得解得；12. 如圖甲所示，質(zhì)量的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在質(zhì)量木板的左端，木板長(zhǎng)。起初、兩疊體靜止于水平面上?，F(xiàn)用一水平向左的力作用在木板上，通過(guò)傳感器測(cè)出、兩物體的加速度與外力的變化關(guān)系如圖乙所示。已知兩物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取。求：(1)、之間的動(dòng)摩擦因數(shù)及與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。(2)若開(kāi)始時(shí)對(duì)施加水平向左的恒力，且給一水平向右的初速度，則時(shí)與的右端相距多遠(yuǎn)？【答案】(1)0.4， 0.1；(2)【解析】【分析】【詳解】(1)由乙圖知，、一起運(yùn)動(dòng)的最大外力，當(dāng)時(shí)，與相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)由牛頓第二定律有由乙知解得對(duì)由牛頓第二

19、定律有即當(dāng)時(shí)，代入上式解得(2)給一水平向右的初速度，且時(shí)，運(yùn)動(dòng)的加速度大小為，方向水平向左，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間速度減為零，則位移代入數(shù)據(jù)可得的加速度大小代入數(shù)據(jù)可得，方向向左的位移大小此時(shí)的速度由于即此時(shí)運(yùn)動(dòng)到的右端，當(dāng)繼續(xù)運(yùn)動(dòng)時(shí)，從的右端掉下來(lái)停止。設(shè)從上掉下來(lái)后的加速度大小為，對(duì)由牛頓第二定律有可得在時(shí)與右端的距離。13. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 熱力學(xué)第二定律可表述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”B. 固體可以分為晶體和非晶體兩類(lèi)，有些晶體在不同的方向上有不同的光學(xué)性質(zhì)C. 一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高、體積減小時(shí)，氣體分子對(duì)單位面積器壁的平均作用力增大D. 同種液體在相同溫度下形成

20、的未飽和汽、飽和汽的壓強(qiáng)不相同，分子平均動(dòng)能也不相同E. 當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能都隨分子間距離的減小而增大【答案】BCE【解析】【詳解】A熱力學(xué)第二定律可表述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”而不引起其它變化，A錯(cuò)誤；B固體可以分為晶體和非晶體兩類(lèi)，有些晶體在不同的方向上有不同的光學(xué)性質(zhì)，這就是各向異性，B正確；C根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高、體積減小時(shí)，壓強(qiáng)一定增大，即氣體分子對(duì)單位面積器壁的平均作用力增大，C正確；D溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，同種液體在相同溫度下形成的未飽和汽、飽和汽的壓強(qiáng)不相同，但分子平均動(dòng)能相同，D錯(cuò)誤；E當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力

21、時(shí)，分子力隨分子距離減小而增大，在距離減小過(guò)程中，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，E正確。故選BCE。14. 如圖所示，A、B兩個(gè)相同且內(nèi)壁光滑的導(dǎo)熱氣缸固定在水平地面上，氣缸內(nèi)的兩活塞（重力忽略不計(jì)）用輕桿連接，一個(gè)移動(dòng)時(shí)另一個(gè)也會(huì)同時(shí)移動(dòng)，總保持兩氣缸內(nèi)封閉的氣體體積相同。當(dāng)環(huán)境溫度為時(shí)，兩氣缸內(nèi)封閉氣體的體積均為，壓強(qiáng)均為?，F(xiàn)對(duì)A氣缸緩慢加熱，使其溫度升高至T，而B(niǎo)氣缸仍保持原來(lái)的溫度。則：（1）兩氣缸中的壓強(qiáng)將分別為多少？（2）若此過(guò)程中A氣缸內(nèi)氣體的內(nèi)能增加了，則兩氣缸需從外界吸收多少熱量？【答案】（1），；（2）【解析】【分析】【詳解】(1)A氣缸內(nèi)氣體初態(tài)狀態(tài)參量為、，末態(tài)狀態(tài)參量為、V、T，根據(jù)氣體狀態(tài)方程得B氣缸內(nèi)氣體初態(tài)狀態(tài)參量為、，末態(tài)狀態(tài)參量、V、，根據(jù)玻意耳定律得由活塞的平衡可知聯(lián)立可得，(2)設(shè)活塞截面積為S，緩慢加熱過(guò)程中氣缸內(nèi)氣體作用于活塞的力為對(duì)活塞做的功解得根據(jù)