貴州遵義航天高中高二物理下學期期末試卷含解析

1、貴州省遵義市航天高中2014-2015學年高二下學期期末物理試卷一、選擇題（本題共 8小題，每小題6分.第1-5題所給的四個答案中只有一項符合題目 要求，選對得6分，錯選、多選得 0分；6-8題所給四個選項中有多項符合題目要求，全部 選對得6分，選對但不全得 3分，有錯選的得 0分.）（6分）如圖所示是一種汽車安全帶控制裝置的示意圖.當汽車處于靜止或勻速直線運動時，擺錘豎直懸掛，鎖棒水平，棘輪可以自由轉(zhuǎn)動，安全帶能被拉動.當汽車突然剎車時，擺錘由于慣性繞軸擺動，使得鎖棒鎖定棘輪的轉(zhuǎn)動， 安全帶不能被拉動. 若擺錘從圖中實線位置擺到虛線位置，汽車的可能運動方向和運動狀態(tài)是（）A.向右行駛、突然剎

2、車C.向左行駛、勻速直線運動B.向左行駛、突然剎車D.向右行駛、勻速直線運動（6分）如圖所示，小船被繩索牽引著勻速靠岸，若水的阻力不變，則（）A.繩子張力不變C.船所受浮力不變B.繩子張力不斷減小D.船所受浮力不斷減?。?分）如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊 A,受到水平推力 F的作用，F(xiàn)與時間t 的關系如圖乙所示，設物塊與地面之間的最大靜摩擦力fm大小與滑動摩 擦力大小相等，則0t。時間內(nèi)力F的功率逐漸增大t1時刻A的動能最大t2時刻A的速度最大t 2時刻后物體做反方向運動 TOC o 1-5 h z .（6分）在物理學建立、發(fā)展的過程中，許多物理學家的科學發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步.關于科

3、學家和他們的貢獻，下列說法正確的是（）A.古希臘學者亞里士多德認為物體下落的快慢由它們的重量決定，伽利略在他的兩種新科學的對話中利用邏輯推斷，使亞里士多德的理論陷入了困境 B.德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數(shù)據(jù)進行了多年研究，得出了萬有引力定律C.英國物理學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了靜電力常量D.楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法-楞次定律. （6分）如圖甲為理想變壓器的示意圖，其原、副線圈的匝數(shù)比為4: 1,電壓表和電流表均為理想電表，R為阻值隨溫度升高而變小的熱敏電阻，R為定值電阻.若發(fā)電機向原線圈輸入如圖乙所示的正弦交流電.下列說法

4、中正確的是（）A.電子的加速度aA aB 4）b 4）cA.輸入變壓器原線圈的交流電壓的表達式為u=36sin50兀tVB.變壓器原、副線圈中的電流之比為4: 1t=0.01s時，發(fā)電機的線圈平面位于中性面R溫度升高時，變壓器的輸入功率變?。?分）一電子射入固定在 O點的點電荷的電場中，電子僅在電場力的作用運動，其運動軌跡如圖中虛線所示.圖中的實線是以O為圓心等間距的同心圓，c是粒子運動軌跡與最小圓的切點，a、b是粒子運動軌跡與另外兩個圓的交點，則下列說法中正確的是（）B,電子的電勢能 Epa Epb &cD.電勢差Uc=2Ub（6分）如圖所示，兩根光滑平行的金屬導軌，放在傾角為0的斜面上，導

5、軌的左端接有電阻R,導軌自身電阻不計，斜面處在一勻強磁場中，方向垂直斜面向上，一質(zhì)量為m電阻不計的金屬棒，在沿斜面并與棒垂直的恒力 F作用下沿導軌勻速上滑， 并上升了 h高度 在上滑過程中（）A.金屬棒所受合外力所做的功等于mgh與電阻R上產(chǎn)生的熱量之和B.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上產(chǎn)生的熱量C.金屬棒受到的合外力所做的功為零D.恒力F與安培力的合力所做的功為mgh（6分）如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，在金屬線框的下方有一磁感應強度為 B的勻強磁場區(qū)域，MN M N是勻強磁場區(qū)域的水平邊界，邊界的寬度為S,并與線框的bc邊平行，磁場方向與線框平面垂直.現(xiàn)

6、讓金屬線框由距MN的某一高度從靜止開始下落，圖乙是金屬線框由開始下落到完全穿過勻強磁場區(qū)域的v-t圖象（其中OA BG DE相互平行）.已知金屬線框的邊長為 L （LVS）、質(zhì)量為m,電阻為R,當?shù)氐?重力加速度為g,圖象中坐標軸上所標出的字母VI、V2、tl、t2、t 3、t 4均為已知量.（下落過程中bc邊始終水平）根據(jù)題中所給條件，以下說法正確的是（） TOC o 1-5 h z :用AC/N/ !i 一Mr- N* 一乙!1J*iiii力i甲GA. t 2是線框全部進入磁場瞬間，t 4是線框全部離開磁場瞬間B.從bc邊進入磁場起一直到 ad邊離開磁場為止，感應電流所做的功為mgSc.

7、Vi的大小可能為D.線框穿出磁場過程中流經(jīng)線框橫截面的電荷量比線框進入磁場過程中流經(jīng)框橫截面的 電荷量多三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.（5分）在“探究功與物體速度變化的關系”的實驗中，實驗裝置如圖甲所示.讓小車在一條橡皮筋的作用下彈出后，沿木板滑行，此時橡皮筋對小車做的功記為W然后用完全相同的橡皮筋二條、三條合并在一起分別進行第2次、第3次實驗，每次實驗中橡皮筋伸長的長度都保持一致.且每次實驗中小車獲得的速度可由打點計時器所打的紙帶求出.（打點計時器所用交流電頻率為 50Hz）.(1)若木板水平放置，小車在一條橡皮筋作用下運動，當小車速度最大時，對橡皮筋所處的狀態(tài)與小車所在的位置，下

8、列說法正確的是.A.橡皮筋處于原長狀態(tài)B.橡皮筋仍處于伸長狀態(tài)C.小車正好運動到兩個鐵釘?shù)倪B線處D.小車已過兩個鐵釘?shù)倪B線(2)為了使小車運動中所受的合外力正好等于橡皮筋對它的彈力，應采取的措施是；(3)如表是按正確操作分別得到的 4次實驗中獲得的部分數(shù)據(jù)，其中缺少第3次實驗(三條橡皮筋對小車做功)的部分數(shù)據(jù)，請根據(jù)第3次實驗所得的紙帶(圖乙)補全表中的空格.次數(shù)1234橡皮筋對小車做功W2W3W4W小車速度v (m/s)1.001.422.00v2 (R/S 2)1.002.024.00(4)從表中數(shù)據(jù)你得出的結論是.(10分)太陽能電池板在有光照時，可以將光能轉(zhuǎn)化為電能，在沒有光照時，可以

9、視為一個電學器件.某實驗小組根據(jù)測繪小燈泡伏安特性曲線的實驗方法，探究一個太陽能電池板在沒有光照時(沒有儲存電能)的 I - U特性.所用的器材包括：太陽能電池板，電源E,電流表A,電壓表V,滑動變阻器 R,開關S及導線若,urv(1)為了達到上述目的，實驗電路應選用圖甲中的圖(填 a”或b”).(2)該實驗小組根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)，描點繪出了如圖乙的I-U圖象.由圖可知，當電壓小于2.00V時，太陽能電池板的電阻(填“很大”或“很小”)：當電壓為2.80V時，太陽能電池板的電阻為 Q(3)當有光照射時，太陽能電池板作為電源，其路端電壓與總電流的關系如圖丙所示，分析該曲線可知，該電池板作為電源時

10、的電動勢為V.若把它與阻值為1KQ的電阻連接構成一個閉合電路，在有光照射情況下，該電池板的效率是 (結果保留三位有效數(shù)字)(14分)如圖所示，質(zhì)量為1kg的小球用長為0.5m的細線懸掛在 O點，O點距地高度為 1m,如果使小球繞OO軸在水平面內(nèi)做圓周運動，若細線受力為12.5N就會拉斷，g取10m/s2,求：（1）當小球的角速度為多大時細線將斷裂.（2）線剛好拉斷時球落地點與懸點的水平距離.（18分）（普通班做）如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，第I象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第IV象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，一帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度V0垂直于y軸射入電場，經(jīng)偏

11、轉(zhuǎn)電場后到達x軸上的N點，然后射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知 M點的坐標是（0, h）, N點 的坐標是（2h, 0）,不計粒子重力，求：（1）粒子到達N點時的速度v的大小以及v與初速度V0的夾角0 ;（2）粒子在磁場中運動的軌道半徑r；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t.【選修3-41（15分）（5分）下列關于簡諧振動以及做簡諧運動的物體完成一次全振動的意義，以下說法正 確的是（）A.位移減小時，加速度減小，速度增大B.位移的方向總跟加速度的方向相反，跟速度的方向相同C.動能或勢能第一次恢復為原來的大小所經(jīng)歷的過程D.速度和加速度第一次同時恢復為原來的大小和方向

12、所經(jīng)歷的過程E.物體運動方向指向平衡位置時，速度的方向與位移的方向相反；背離平衡位置時，速度 方向與位移方向相同（10分）如圖所示的彈簧振子，放在光滑水平桌面上，O是平衡位置，振幅 A=2cm,周期 T=0.4s .（1）若以向右為位移的正方向，當振子運動到右方最大位移處開始計時，試畫出其振動一 個周期的振動圖象；（2）若從振子經(jīng)過平衡位置開始計時，求經(jīng)過 2.6s小球通過的路程.【選修3-5】（15分）15.D.E.下面關于物體動量和沖量的說法不正確的是（）物體的動量發(fā)生改變，則合外力一定對物體做了功物體的運動狀態(tài)改變，其動量一定改變物體的動量發(fā)生改變，其動能一定發(fā)生改變物體所受合外力沖量不

13、為零，它的動量一定要改變 物體所受合外力沖量越大，它的動量也越大16.如圖所示，光滑的桿 MNK平固定，物塊 A穿在桿上，可沿桿無摩擦滑動，A通過長度為L的輕質(zhì)細繩與物塊 B相連，A、B質(zhì)量均為m且可視為質(zhì)點.一質(zhì)量也為 m的子彈水平 射入物塊B后未穿出，若桿足夠長，此后運動過程中繩子偏離豎直方向的最大夾角為60。，求子彈剛要射入物塊 B時的速度大小.貴州省遵義市航天高中2014-2015學年高二下學期期末物理試卷參考答案與試題解析 一、選擇題（本題共 8小題，每小題6分.第1-5題所給的四個答案中只有一項符合題目 要求，選對得6分，錯選、多選得 0分；6-8題所給四個選項中有多項符合題目要求

14、，全部 選對得6分，選對但不全得 3分，有錯選的得 0分.）（6分）如圖所示是一種汽車安全帶控制裝置的示意圖.當汽車處于靜止或勻速直線運動時，擺錘豎直懸掛，鎖棒水平，棘輪可以自由轉(zhuǎn)動，安全帶能被拉動.當汽車突然剎車時，擺錘由于慣性繞軸擺動，使得鎖棒鎖定棘輪的轉(zhuǎn)動， 安全帶不能被拉動. 若擺錘從圖中實線位置擺到虛線位置，汽車的可能運動方向和運動狀態(tài)是（）接傕B.向左行駛、突然剎車D.向右行駛、勻速直線運動A.向右行駛、突然剎車C.向左行駛、勻速直線運動考點：牛頓第一定律.專題：牛頓運動定律綜合專題.分析：對物體進行受力分析， 可知物體所受合力方向向左， 故汽車向左作勻加速運動或向右作勻減速運動.

15、解答： 解：對擺錘進行受力分析，如圖所示，F(xiàn) Fy用g所以物體在水平方向所受合力不為0且方向向左，故物體的加速度方向向左.所以若汽車運動方向向左，即向左作勻加速運動；若汽車運動方向向右，即向右作勻減速運動.故A正確.故選A.點評：通過受力情況確定物體加速度的方向從而確定物體的運動情況是我們解決此類題目的基本步驟.（6分）如圖所示，小船被繩索牽引著勻速靠岸，若水的阻力不變，則（）F *A.繩子張力不變C.船所受浮力不變B.繩子張力不斷減小D.船所受浮力不斷減小考點： 運動的合成和分解；力的合成與分解的運用.專題：運動的合成和分解專題.分析：對小船進行受力分析，受重力、浮力、繩子的拉力，阻力做勻速

16、直線運動，根據(jù)共點力平衡判斷繩子的張力和浮力的變化.解答： 解：對小船進行受力分析，如圖，因為小船做勻速直線運動，所以小船處于平衡，設拉力與水平方向的夾角為。，有：Fcos 0 =f Fsin 0 +F浮=mg船在勻速靠岸的過程中，0增大，阻力不變，根據(jù)平衡方程知，繩子的張力增大，根據(jù)平衡方程知，張力增大，sin 0增大，所以船的7?力減小.故D正確，A、B、C錯誤.故選D.產(chǎn)點評：解決本題的關鍵掌握共點力平衡，知道小船在做勻速直線運動時，所受合力為0,根據(jù)0角的變化，判斷力的變化.(6分)如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊 A,受到水平推力 F的作用，F(xiàn)與時間t 的關系如圖乙所示，設物塊與地

17、面之間的最大靜摩擦力 fm大小與滑動摩 擦力大小相等，則()甲乙0t0時間內(nèi)力F的功率逐漸增大ti時刻A的動能最大t2時刻A的速度最大t 2時刻后物體做反方向運動考點：動能定理的應用.分析：當推力小于最大靜摩擦力時， 物體靜止不動，靜摩擦力與推力二力平衡， 當推力大于最大靜摩擦力時， 物體開始加速，當推力重新小于最大靜摩擦力時，物體由于慣性繼續(xù)減速運動.解答： 解：A、t0時刻前，推力小于最大靜摩擦力，物體靜止不動，靜摩擦力與推力二力平衡，合力為零，力 F的功率為零，故 A錯誤；日t。到t2時刻，合力向前，物體一直加速前進，故 B錯誤；C D、12之后合力向后，物體由于慣性減速前進，故t2時刻

18、A的速度最大，C選項正確，D選項錯誤； 故選C.點評：目前已知的所有宏觀物體都是靠慣性運動，力只是改變速度的原因，t0時刻前，合力為零，物體靜止不動，to到t2時刻，合力向前，物體加速前進，t2之后合力向后，物體減速前進. TOC o 1-5 h z .（6分）在物理學建立、發(fā)展的過程中，許多物理學家的科學發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步.關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是（）A.古希臘學者亞里士多德認為物體下落的快慢由它們的重量決定，伽利略在他的兩種新科學的對話中利用邏輯推斷，使亞里士多德的理論陷入了困境 B.德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數(shù)據(jù)進行了多年研究，得出了萬有引力定律C.英

19、國物理學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了靜電力常量 D.楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法-楞次定律考點：物理學史.分析：古希臘學者亞里士多德認為物體下落的快慢由它們的重量決定.伽利略在他的兩種新科學的對話中利用邏輯推斷，提示了這個理論內(nèi)部的矛盾，使亞里士多德的理論陷人了困境.德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數(shù)據(jù)進行了多年研究，得出了行星運動的定律.英國物理學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了引力常量.楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法一楞次定律. 解答： 解：A、古希臘學者亞里士多德認為物體下落的快慢由它們

20、的重量決定.伽利略在 他的兩種新科學的對話中利用邏輯推斷，提示了這個理論內(nèi)部的矛盾，使亞里士多德的理論陷人了困境.故 A正確.日德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數(shù)據(jù)進行了多年研究，得出了行星運動的 三大定律.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故 B錯誤.C英國物理學家、化學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了引力常量 G.故C錯誤.D法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法一楞次定律.故D錯誤. 故選：A 點評：物理學史也是考試內(nèi)容之一，是常識性問題，要加強記憶，不在基本題失分. （6分）如圖甲為理想變壓器的示意圖，其原、副線圈的匝數(shù)比為4: 1,電壓表和電流表均

21、為理想電表，Ri為阻值隨溫度升高而變小的熱敏電阻，R為定值電阻.若發(fā)電機向原線圈輸入如圖乙所示的正弦交流電.下列說法中正確的是（）A.輸入變壓器原線圈的交流電壓的表達式為u=36%歷sin50兀tVB.變壓器原、副線圈中的電流之比為4: 1t=0.01s時，發(fā)電機的線圈平面位于中性面Ri溫度升高時，變壓器的輸入功率變小考點：變壓器的構造和原理；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達式.專題：交流電專題.分析：由圖乙可知交流電壓最大值 0=38用V,周期T=0.02s ,可由周期求出角速度的值，則可得交流電壓 u的表達式U=36/2sin100兀tV、由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的 電流之比，Rt

22、處溫度升高時，阻值減小，根據(jù)負載電阻的變化，可知電流.解答： 解：A、由圖乙可知交流電壓最大值U=36、/V,周期T=0.02s ,可由周期求出角速度的值為 空=100兀，則可得交流電壓 u的表達式U=36&sin100兀tV ,故A錯誤；002日 變壓器原、副線圈中的電流之比其原、副線圈的匝數(shù)比成反比，為 1: 4,故B錯誤；C t=0.01s時，瞬時值為零，發(fā)電機的線圈平面與磁場方向垂直，故 C正確.D t處溫度升高時，阻值減小，電流表的示數(shù)變大，故 D錯誤；故選：C.點評：根據(jù)圖象準確找出已知量，是對學生認圖的基本要求，準確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關系，是解決本題的關

23、鍵.（6分）一電子射入固定在 O點的點電荷的電場中，電子僅在電場力的作用運動，其運動軌跡如圖中虛線所示.圖中的實線是以O為圓心等間距的同心圓，c是粒子運動軌跡與最小圓的切點，a、b是粒子運動軌跡與另外兩個圓的交點，則下列說法中正確的是（）B,電子的電勢能 Epa Epb 6cD.電勢差Uc=2Uab考點： 電勢差與電場強度的關系.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析： 根據(jù)帶電粒子的運動軌跡彎曲方向， 即可判斷庫侖力是引力還是斥力； 電場線密的 地方電場的強度大， 電場線疏的地方電場的強度小，沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加，根據(jù)這些知識進行分析即可.

24、解答： 解：A、離O點的點電荷越遠，該處的電場強度越小，電子在該處的受到的電場力也越小，故 aA aBWbWc, C選項正確；日 而電子在電勢越高處，具有的電勢能越小，故Epav &BV &C, B選項錯誤；D由于點電荷的電場是非勻強電場，故UcW2Uab, D選項錯誤.故選：AC.點評：本題中，點電荷的電場強度的特點是離開場源電荷距離越大，場強越小，掌握住電場線和等勢面的特點，即可解決本題.屬于基礎題目.（6分）如圖所示，兩根光滑平行的金屬導軌，放在傾角為0的斜面上，導軌的左端接有電阻R,導軌自身電阻不計，斜面處在一勻強磁場中，方向垂直斜面向上，一質(zhì)量為m電阻不計的金屬棒，在沿斜面并與棒垂直

25、的恒力F作用下沿導軌勻速上滑， 并上升了 h高度在上滑過程中（）./zOA.金屬棒所受合外力所做的功等于mgh與電阻R上產(chǎn)生的熱量之和B.恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上產(chǎn)生的熱量C.金屬棒受到的合外力所做的功為零D.恒力F與安培力的合力所做的功為mgh考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；功的計算.專題：電磁感應與電路結合.分析：金屬棒勻速運動時合外力為零，弄清功能轉(zhuǎn)化關系，根據(jù)動能定理列方程進行分析.注意克服安培力所做的功等于回路中產(chǎn)生的熱量.解答： 解：A C金屬棒勻速運動時合外力為零，合外力所做的功等于零，不等于 mgh與 電阻R上產(chǎn)生的熱量之和，故 A錯誤，C正確.日導體棒勻速上

26、升過程中，根據(jù)動能定理得：W+W+W安=0,而克服安培力所做功等于回路電阻中產(chǎn)生的熱量，即有：Q=- W安,則得：W+W- Q=0故有：W+W=Q即，f1力F與重力的合力所做的功等于電阻R上產(chǎn)生的熱量，故 B正確.C由動能定理得： W- mgh+W?=0,故有：VF+Wfe=mgh,即，f1力F與安培力的合力所做的功 為mgh,故D正確.故選：BCD點評：對于電磁感應與功能結合問題，注意利用動能定理進行判斷各個力做功之間關系，尤其注意的是克服安培力所做功等于整個回路中產(chǎn)生熱量.（6分）如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，在金屬線框的下方有一磁感應強度為 B的勻強磁場區(qū)域，

27、 MN M N是勻強磁場區(qū)域的水平邊界，邊界的寬 度為S,并與線框的bc邊平行，磁場方向與線框平面垂直.現(xiàn)讓金屬線框由距MN的某一高度從靜止開始下落，圖乙是金屬線框由開始下落到完全穿過勻強磁場區(qū)域的v-t圖象（其中OA BG DE相互平行）.已知金屬線框的邊長為 L （LVS）、質(zhì)量為m,電阻為R,當?shù)氐?重力加速度為g,圖象中坐標軸上所標出的字母VI、V2、tl、t2、t 3、t 4均為已知量.（下落過程中bc邊始終水平）根據(jù)題中所給條件，以下說法正確的是（）甲CA. t 2是線框全部進入磁場瞬間，t 4是線框全部離開磁場瞬間B.從bc邊進入磁場起一直到 ad邊離開磁場為止，感應電流所做的功

28、為mgSC. V1的大小可能為嶇B2L2D.線框穿出磁場過程中流經(jīng)線框橫截面的電荷量比線框進入磁場過程中流經(jīng)框橫截面的 電荷量多考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；閉合電路的歐姆定律；電功、電功率.專題： 電磁感應與電路結合.分析：根據(jù)圖象得出線框在穿越磁場整個過程中的運動規(guī)律，根據(jù)動能定理求出感應電流做功情況.抓住線框全部進入磁場時， 可能重力和安培力平衡求出速度的大小.根據(jù)q=4R判斷通過線框的電荷量大小.解答： 解：A、0-ti時間內(nèi)做自由落體運動， 可知從ti時刻進入磁場，開始做加速度減小 的減速運動，t 2時刻又做勻加速運動，且與自由落體運動的加速度相同，可知線框全部進入 磁場，即

29、t 2是線框全部進入磁場瞬間，t3時刻開始做變減速運動，t4時刻，又做加速度為 g的勻加速運動，可知 t4是線框全部離開磁場瞬間，故 A正確.B從bc邊進入磁場起一直到 ad邊離開磁場為止，根據(jù)動能定理得，鳴（S+L） -%二嗎2 -工my/,解得感應電流做功不等于 mgS出磁場時，設克服安22培力做功為 W,根據(jù)動能定理得， 肥L- wj而勺2-工則 伴mgs+W ,可 二 2知故B錯誤.口2T 2D L V 1mjPC線框全部進入磁場前的瞬間， 可能重力和安培力平衡， 有：二L,解得叱尸等R 1 b2l2故c正確.D根據(jù)q=J0上知，線框進入磁場和出磁場的過程中，磁通量的變化量相同，則通過

30、的電R荷量相同，故D錯誤.故選：AC.點評：解決本題的關鍵通過圖線理清線框在整個過程中的運動規(guī)律，結合動能定理、共點力平衡進行求解，掌握電量的經(jīng)驗表達式q=百、，并能靈活運用.R三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.（5分）在“探究功與物體速度變化的關系”的實驗中，實驗裝置如圖甲所示.讓小車在一條橡皮筋的作用下彈出后，沿木板滑行，此時橡皮筋對小車做的功記為W然后用完全相同的橡皮筋二條、三條合并在一起分別進行第2次、第3次實驗，每次實驗中橡皮筋伸長的長度都保持一致.且每次實驗中小車獲得的速度可由打點計時器所打的紙帶求出.（打點計時器所用交流電頻率為 50Hz）.(1)若木板水平放置，小車在一條

31、橡皮筋作用下運動，當小車速度最大時，對橡皮筋所處 的狀態(tài)與小車所在的位置，下列說法正確的是.A.橡皮筋處于原長狀態(tài)B.橡皮筋仍處于伸長狀態(tài)C.小車正好運動到兩個鐵釘?shù)倪B線處D.小車已過兩個鐵釘?shù)倪B線(2)為了使小車運動中所受的合外力正好等于橡皮筋對它的彈力，應采取的措施是平衡摩 擦力；條橡皮筋對小車做功)的部分數(shù)據(jù)，請根據(jù)第3次實驗所得的紙帶(圖乙)補全表中的空格次數(shù)1234橡皮筋對小車做功W2W3W4W小車速度v (m/s)1.001.421.73 2.00v2（m/s 2）1.002.022.994.00(3)如表是按正確操作分別得到的4次實驗中獲得的部分數(shù)據(jù)，其中缺少第3次實驗(三(4)

32、從表中數(shù)據(jù)你得出的結論是在誤差允許的范圍內(nèi)，橡皮筋對小車做的功與小車速度的 平方成正比.考點： 探究功與速度變化的關系.專題：實驗題；動能定理的應用專題.分析：根據(jù)小車的受力，判斷出小車的運動情況， 從而確定何時速度最大. 為了使小車運動中所受的合外力正好等于橡皮筋對它的彈力，需平衡摩擦力.根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)得出做功與小車速度的關系.解答： 解：(1)木板水平放置，沒有平衡摩擦力，釋放小車，開始彈力大于摩擦力，小車做加速運動，當彈力等于摩擦力后，彈力小于摩擦力，做減速運動，由此可知，當彈力等于摩擦力時，小車速度最大，此時橡皮筋仍處於伸長狀態(tài)，小車位于兩鐵釘連線的前面，沒有到達兩鐵釘連線處，故 A

33、CD昔誤，B正確，故選B.(2)為了使小車運動中所受的合外力正好等于橡皮筋對它的彈力，實驗前需要平衡摩擦力.(3)小車的速度： v=N=，346=i.73m/s , v2=1.7322.99 , t 0. 02從表格中的數(shù)據(jù)可知，在誤差允許的范圍內(nèi)，橡皮筋對小車做的功與小車速度的平方成正比.故答案為：(1) B; (2)平衡摩擦力；(3) 1.73; 2.99;在誤差允許的范圍內(nèi)，橡皮筋對小 車做的功與小車速度的平方成正比.點評：本題考查探究功與物體速度變化的關系，能夠通過數(shù)據(jù)進行歸納總結，得出做功與速度變化的關系.(10分)太陽能電池板在有光照時，可以將光能轉(zhuǎn)化為電能，在沒有光照時，可以視為

34、一個電學器件.某實驗小組根據(jù)測繪小燈泡伏安特性曲線的實驗方法，探究一個太陽能電池板在沒有光照時(沒有儲存電能)的 I - U特性.所用的器材包括：太陽能電池板，電源E,電流表A,電壓表V,滑動變阻器 R,開關S及導線若*UN(1)為了達到上述目的，實驗電路應選用圖甲中的圖a (填“a”或b”).(2)該實驗小組根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)，描點繪出了如圖乙的I-U圖象.由圖可知，當電壓小于2.00V時，太陽能電池板的電阻很大(填“很大”或“很小”)：當電壓為2.80V時，太陽能電池板的電阻為 1X103Q(3)當有光照射時，太陽能電池板作為電源，其路端電壓與總電流的關系如圖丙所示，分 析該曲線可知，該電

35、池板作為電源時的電動勢為2.80V .若把它與阻值為1KQ的電阻連接構成一個閉合電路，在有光照射情況下，該電池板的效率是的 (結果保留三位有效數(shù)字)考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻.專題：實驗題.分析： (1)電壓電流需從零開始連續(xù)變化，滑動變阻器應采用分壓式接法，分析電路圖選出所需實驗電路.(2)根據(jù)電壓和電流的大小，通過歐姆定律判斷電阻的大小.當電壓為 2.80V時，讀出此時的電流，根據(jù)歐姆定律求出電阻的大小.(3)根據(jù)伏安特性曲線的性質(zhì)可明確電源的電動勢，再根據(jù)閉合電路歐姆定律可求得電池板的效率解答：解：(1)測繪伏安特性曲線，電壓和電流需從零開始測起，滑動變阻器采用分壓式接法，應選圖a所示

36、實驗電路.(2)由1=工，得電阻阻值 R，由圖2所示圖象可知，在電壓小于 2.00V時，電流I很小,RI所以太陽能電池的電阻很大.由圖乙所示圖象可知，當電壓為 2.80V時，電流I=2.80 X 10入 電阻R=y=工=1.010%.2.8V ;1 2.80X1(3)由圖可知，圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢，故電動勢為若與ika的電阻連接構成一個閉合電路；在u-I圖中作出對應的電阻的伏安特性曲線，如圖所示；圖象的交點為電源的工作點，則由圖可知電源的工作電壓為 1.8V,則電源的效率=100%=64%2.8故答案為：（1）甲；（2）很大；1.0 X103； （3） 2.8; 64.以及會通過歐

37、姆定律點評：解決本題的關鍵知道滑動變阻器分壓式和限流式接法的區(qū)別,判斷電阻的大小.要掌握應用圖象法解題的方法.（14分）如圖所示，質(zhì)量為1kg的小球用長為0.5m的細線懸掛在 O點，O點距地高度為 21m如果使小球繞OO軸在水平面內(nèi)做圓周運動，若細線受力為12.5N就會拉斷，g取10m/s,求：（1）當小球的角速度為多大時細線將斷裂.（2）線剛好拉斷時球落地點與懸點的水平距離.考點：向心力；牛頓第二定律.專題：牛頓第二定律在圓周運動中的應用.分析：（1）小球靠拉力和重力的合力提供向心力，根據(jù)幾何關系求出最大向心力，根據(jù)向心力公式求出角速度.（2）繩斷裂后，小球做平拋運動，根據(jù)平拋運動的基本公式

38、即可求解.解答： 解：（1）小球在水平面內(nèi)做圓周運動時，由重力G和拉力F的合力提供向心力，當繩子拉力為12.5N時，向心力最大，細線將斷裂.則有：F 合=#2 一（坨皂，/iW52 -1T2=7.5N根據(jù)幾何關系得：.=T F合m8根據(jù)向心力公式得：F 合=nrto 2r解得 r=0.3m , h1=0.4m, w =5rad/sv= w r=1.5m/s（2）繩斷裂后，小球做平拋運動，初速度豎直方向下落的高度h 2=h - hi=1 - 0.5 x J=0.6m5所以t=工一s水平位移為 x=vt=1.5 x12=Vm10則落地點與懸點的水平距離S=+ r2=J (工)+o g2=0.6m答

39、：(1)當小球的角速度為 5rad/s時細線將斷裂.(2)線剛好拉斷時球落地點與懸點的水平距離是0.6m.點評：解決本題的關鍵搞清小球做圓周運動向心力的來源，運用牛頓第二定律進行求解.(18分)(普通班做)如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，第I象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第IV象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，一帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度V0垂直于y軸射入電場，經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場后到達x軸上的N點，然后射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知 M點的坐標是(0, h), N點 的坐標是(2h, 0),不計粒子重力，求：(1)粒子到達N點時的速度v的大小以及v與初

40、速度V0的夾角0 ;(2)粒子在磁場中運動的軌道半徑r；(3)粒子從M點運動到P點的總時間t.考點： 帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力.專題： 帶電粒子在磁場中的運動專題.分析： (1)粒子在電場中做類平拋運動，應用類平拋運動規(guī)律求出速度.(2)粒子以此速度進入第四象限，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，先畫出軌跡圖， 找出半徑；利用洛倫茲力提供向心力的公式，可求出在磁場中運動的半徑.(3)粒子的運動分為兩部分，一是在第一象限內(nèi)做類平拋運動，二是在第四象限內(nèi)做勻速 圓周運動，分段求出時間，相加可得總時間.解答：解：(1)粒子在電場中做類平拋運動，22h=v0t i, h=at

41、i2,加速度：a=_5, vy=at,22h解得：Vy=V0, tl=,v0速度：v=G： + yZ=VV0, tan 0 =2z=1,貝U 9=45 ;(2)粒子運動軌跡如圖所示，由幾何關系可知，r=2料h;(3)粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角a=135 ,粒子在磁場中做圓周運動的周期：丁=2=4 7Th,v v0粒子在磁場中的運動時間：t2=T= 口，3600 2v則粒子的運動時間：t=t i+t 2士生+衛(wèi)Lb ；卡口 2v0答：(1)粒子到達N點時的速度v的大小為&V0, v與初速度V0的夾角。為45。；(2)粒子在磁場中運動的軌道半徑r為2&h;(3)粒子從M點運動到P點的總時間t為2卜+

42、-.丫口 2v0點評： 本題是帶電粒子在組合場中運動的問題， 粒子垂直射入電場，在電場中偏轉(zhuǎn)做類平 拋運動，在磁場中做勻速圓周運動， 要求同學們能畫出粒子運動的軌跡， 結合幾何關系求解, 知道半徑公式及周期公式.【選修3-41(15分). (5分)下列關于簡諧振動以及做簡諧運動的物體完成一次全振動的意義，以下說法正 確的是()A.位移減小時，加速度減小，速度增大B.位移的方向總跟加速度的方向相反，跟速度的方向相同C.動能或勢能第一次恢復為原來的大小所經(jīng)歷的過程D.速度和加速度第一次同時恢復為原來的大小和方向所經(jīng)歷的過程E.物體運動方向指向平衡位置時，速度的方向與位移的方向相反；背離平衡位置時，

43、速度 方向與位移方向相同考點： 簡諧運動的回復力和能量.專題：簡諧運動專題.分析：從某一時刻起到再次恢復到與該時刻相同狀態(tài)所經(jīng)歷的過程為一次全振動；注意分析一次全振動中速度、位移及加速度等物理量的變化規(guī)律.解答： 解：A、當位移減小時，回復力減小，則加速度在減小，物體正在返回平衡位置；故速度在增大；故 A正確；BE回復力與位移方向相反，故加速度和位移方向相反；但速度可以與位移相同， 也可以相反；物體運動方向指向平衡位置時， 速度的方向與位移的方向相反；背離平衡位置時，速度方向與位移方向相同；故 B錯誤，E正確；C 一次全振動時，動能和勢能均會有兩次恢復為原來的大??；故C錯誤；D速度和加速度第一

44、次同時恢復為原來的大小和方向所經(jīng)歷的過程為一次全振動；故D正確；故選：ADE點評：本題考查簡諧運運動的全振動規(guī)律，要注意明確回復力與位移方向始終相反，但同一個點上時，速度可能有兩個方向. (10分)如圖所示的彈簧振子，放在光滑水平桌面上，O是平衡位置，振幅 A=2cm,周期 T=0.4s .(1)若以向右為位移的正方向，當振子運動到右方最大位移處開始計時，試畫出其振動一 個周期的振動圖象；(2)若從振子經(jīng)過平衡位置開始計時，求經(jīng)過 2.6s小球通過的路程.0考點： 簡諧運動的振動圖象.專題： 振動圖像與波動圖像專題.分析： (1)以向右為位移的正方向，當振子運動到右方最大位移處開始計時，振動圖象 是余弦曲線.根據(jù)振幅和周期畫出振動圖象.(2)根據(jù)時間與周期的倍數(shù)關系，求解小球通過的路程，解題時抓住小球在一個周期內(nèi)通 過的路程是四個振幅.解答： 解：(1)若以向右為位移的正方向，當振子運動到右方最大位移處開始計時，則小球的振動圖象是余弦曲線，畫出其振動圖象如圖所示.(2)因為n=1=2f=6，小球在一個周期內(nèi)通過的路程是四個振幅，則經(jīng)過2.6s小球通過T 0.4 2的路程為 S=6.5 X 4A=26X 2cm=52cm答：(1)小球振動一個周期的振動圖象如圖所示