安徽省六安市舒城中學(xué)太湖中學(xué)2020-2021學(xué)年高二(下)期中聯(lián)考物理試題

1、試卷第 頁，總8頁試卷第 頁，總8頁安徽省六安市舒城中學(xué)太湖中學(xué)2020-2021學(xué)年高二（下）期中聯(lián)考物理試題學(xué)校:姓名：班級：考號：一、單選題關(guān)于粒子的波動性，下列說法正確的是（）實物粒子具有波動性，僅是一種理論假設(shè)，無法通過實驗驗證實物粒子的動能越人，其對應(yīng)的德布羅意波波長越人只有帶電的實物粒子才具有波動性，不帶電的粒子沒有波動性實物粒子的動屋越人，其對應(yīng)的德布羅意波的波長越短下列說法錯誤的是（）電磁爐利用渦流的原理制成，使用高頻交流電加熱效呆更好導(dǎo)棒在磁場中運動時，會存在電磁阻尼，安培力對導(dǎo)棒做正功磁場相對導(dǎo)體轉(zhuǎn)動，也會產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)體受到安培力作用運動起來，稱為電磁驅(qū)動互感現(xiàn)彖可以

2、把能量由一個線圈傳遞到另一個線圈，變壓器就是利用此原理制成的下列說法正確的是（）Q=BScosa中S是指磁感線穿過的有效面積ELvsmO中的3、厶、卩三者一定互相垂直E“=L里中自感電動勢E自越人，自感系數(shù)厶也越大嘅可以通過動量來表示即尸=豈巴，也可以通過動能來表示即/宇宙中有一種孤立的系統(tǒng)（不受其他星球的作用力）一雙星運動，其結(jié)構(gòu)特點是兩顆恒星互相壞繞，距離不變，周期相同，這種結(jié)構(gòu)穩(wěn)定的原因之一是某種量守恒。如圖所示，質(zhì)量分別為d的甲、乙兩顆恒星組成的雙星系統(tǒng)，繞共同的圓心O做圓周運動，下列說法正確的是（）雙星系統(tǒng)所受的外力之和不為0甲、乙的質(zhì)量關(guān)系滿足/?/lL丿X，/鐵釘、磁鐵在鋁管中的

3、運動時間均為0.5s鐵釘運動到下端II的動量為0.15kgni/s磁鐵穿過鋁管的過程中，合力的沖量小于0.15N-S若管下端II未封閉，磁鐵卞落過程，沒有磁生電現(xiàn)彖，磁鐵機械能守恒1831年10月28口，法拉第展示人類歷史上第一臺發(fā)電機圓盤發(fā)電機，結(jié)構(gòu)示意圖如圖甲，可等效為乙圖所示圓盤中任意一個半徑CD都在切割磁感線，在CD之間接上電阻乩已知轉(zhuǎn)盤勻速轉(zhuǎn)動的角速度為3,CD的長度為厶，CD之間的等效電阻為幾勻強磁場的磁感應(yīng)強度為下列說法正確的是（）回路中的感應(yīng)電動勢為丄2C、D兩點間的電壓BE2（7?+r）n2c.回路的電功率為時D.圓盤轉(zhuǎn)一圈，通過電阻/?的電量為蘭竺R+r三、實驗題某小組用如

4、圖所示的裝置來“驗證動量守恒定律”。實驗步驟如下：不放球乙，質(zhì)量為八卩的鋼球甲用細線懸掛于A點，在甲球釋放前細線伸直，且與豎直方向的夾角為將甲由靜止釋放向卞擺動，當(dāng)細線豎直時被刀片瞬間割斷，測得甲平拋運動的落地點為M：質(zhì)量為川乙的鋼球乙放在A點正卞方的豎直立柱上，乙球球心在地面投影為0,讓甲球從同一位置由靜止釋放運動到最低點時恰好與乙球發(fā)生正碰，細線被刀片瞬間割斷，測得甲乙碰撞后平拋運動的落點分別為N、P：用刻度尺測出0M、ON、0P對應(yīng)的長度分別為厶、厶、厶3己知重力加速度為g，兩球均可視為質(zhì)點，細線被割斷時甲無能量損失，不計空氣的阻力，規(guī)定水平向右為正方（2）寫出能驗證兩球碰撞動量守恒的表

5、達?。唬?）寫出能驗證兩球發(fā)生彈性碰撞的表達式：（用4、厶2、厶3表示）用如圖所示的裝置來“探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象和感應(yīng)電流的方向”，帶鐵芯的線圈甲與阻值較人的電阻&、電流表A、電源E、開關(guān)S、滑動變阻器R組成回路；套在空心鐵圓柱體上的線圈乙的兩端接到另一個電流表E上,線圈甲的鐵芯有一小部分插在空心鐵圓柱體內(nèi)。兩電流表完全相同，零刻度線在表盤中央，如呆電流從正接線柱流入，指針向左偏轉(zhuǎn)，反之向右偏轉(zhuǎn)，回答下列問題：甲乙（1）閉合開關(guān)S段時間后，電流表E的指針是否有偏轉(zhuǎn)？（選填“有”或“沒有”）;（2）閉合開關(guān)S段時間后，當(dāng)滑動變阻器滑片較快地向a端滑動時，電流表A的指針,電流表B的指針:（均選填“向左

6、偏”、“向右偏”或“不偏轉(zhuǎn)”）（3）滑動變阻器滑片保持不動，閉合開關(guān)S段時間后，線圈乙以及空心鐵圓柱體向左移動，電流表B的指針偏轉(zhuǎn)情況是（選填“向左偏”、“向右偏”或“不偏轉(zhuǎn)”）。四、解答題如圖甲，導(dǎo)線制成的圓形閉合線圈A,直徑為d,其內(nèi)接正方形邊界區(qū)域內(nèi)有垂直線圈向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增人，變化率為h:如圖乙，導(dǎo)線制成的正方形閉合線圈E,其內(nèi)切圓形邊界區(qū)域內(nèi)有垂直線圈向外的勻強磁場，內(nèi)切圓的直徑為d,磁感應(yīng)強度隨時間均勻減小，變化率為匕已知紅：仏=1：2,兩種導(dǎo)線的材料相同，橫截面積相同，求：（1）A、E線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比；（2）A、E線圈中的感應(yīng)電流之比。甲乙如圖甲，

7、質(zhì)量尸02kg的彈性小球從某一高度由靜止開始下落，彈起后上升到某一高度，此過程的曲圖像如圖乙所示，空氣對小球的阻力大小恒為重力的0.5倍，下降的時間是上升時間的4倍，下降與上升的整個過程的平均速度為13ni/s小球與地面碰撞的時間忽略不計，規(guī)定豎直向下為正方向，重力加速度取g=10nVs-,地面對小球的彈力遠大于重力，圖乙中耳、卩、f均為未知量，求：(1)上升過程中阻力對小球的沖量；(2)在小球與地面碰撞的過程中，地面對小球的沖量。如圖，間距為厶=lm的兩足夠長平行金屬導(dǎo)軌必、bf.其頂端久b間連接阻值為R的電阻，導(dǎo)軌所在的平面與水平面的夾角為力30。，兩導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面向匚磁感應(yīng)強度為

8、Bo=2.5T的勻強磁場：虛線de以及b的連線都與導(dǎo)軌垂直，de與ab之間的距離為d=lm,de以上導(dǎo)軌光滑，de以下導(dǎo)軌粗糙?，F(xiàn)將質(zhì)量為尸05kg、電阻不計的金屬棒從ab的連線處由靜止釋放，運動到de處速度剛好達到最大值=2m/s,此時開始計時，磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間f按某種規(guī)律變化，金屬棒以速度勻速卜滑，且回路中沒有感應(yīng)電流。不計導(dǎo)軌及金屬棒的電阻，重力加速度取g=10m,求:電阻R的阻值；磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系式。如圖，光電管能夠把光信號轉(zhuǎn)化為電信號，A和K分別是光電管的陽極和陰極。讓電源正極接A、負極接K,第一次用激光器發(fā)出的光照射K,當(dāng)波長逐漸増犬到2時，電流表讀數(shù)剛好為0

9、；第二次用激光器發(fā)出某一頻率的光照射在K上，增人AK兩端電壓，當(dāng)電流表的示數(shù)達到/后一直保持不變；現(xiàn)改為電源負極接A、正極接K,逐漸增大AK兩端電壓的人小，當(dāng)血=4/時，電流表讀數(shù)剛好減小為0。已知普朗克常量為h,真空中的光速為c,電子電荷量為e。求金屬板K的逸出功1%；若每入射個光子會產(chǎn)生1個光電子，所有的光電子都能到達A,求第二次激光器的功率激黃電源本卷III系統(tǒng)門動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。本卷山系統(tǒng)ri動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。答案第 頁，總9頁答案第 頁，總9頁參考答案D【詳解】戴維孫和湯姆孫利用晶體做了電子衍射實驗，得到電子的衍射圖樣，證明了實物粒子的波動

10、性，故A錯誤；BD.根據(jù)德布羅意的波長公式AP又動量與動能的人小關(guān)系有P二j2mEp聯(lián)立兩式可得J2鳴所以，實物粒子的動量越人，其對應(yīng)的德布羅意波的波長越短；實物粒子的動能越人，其對應(yīng)的德布羅意波波長越短，故B錯誤，D正確：粒子具不具有波動性與帶不帶電無關(guān)，故C錯誤。故選D。B【詳解】電磁爐利用渦流的原理制成，使用高頻交流電加熱效果更好故A正確，與題意不符；導(dǎo)棒在磁場中運動時，根據(jù)左手定則可知安培力的方向與運動方向相反，存在電磁阻尼，安培力對導(dǎo)棒做負功。故B錯誤，與題意相符；磁場相對導(dǎo)體轉(zhuǎn)動，也會產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)體受到安培力作用運動起來，稱為電磁驅(qū)動。故C正確，與題意不符；互感現(xiàn)象可以把能量由

11、一個線圈傳遞到另一個線圈，變壓器就是利用此原理制成的。故D正確，與題意不符。故選B。D【詳解】Q=BScosa中S是指磁場中一個平面（或線圈）的面枳，選項A錯誤；E獷BSsinO中的3、厶、”三者不一定互相垂直，選項E錯誤；冇=厶學(xué)中自感電動勢E自越人，也有可能是電流變化學(xué)更快，不一定是自感系數(shù)厶ArAr越人，選項c錯誤；根據(jù)動量定理FM=Ap可知“力”可以通過動量來表示即根據(jù)動能定理尸山=AE；可加力”可以通過動能來表示即心心選項D正確。故選D。D【詳解】雙星系統(tǒng)不受其他星球的作用力，則所受的外力之和為0,選項A錯誤；根據(jù)=m2arr2因門m2f選項B錯誤;CD根據(jù)廠nun.G-=m2cov

12、2可知myi=m2v2則甲乙的動屋之比魚=加_1p2m2v21甲、乙的動量總是等人反向，系統(tǒng)的總動量守恒且總是為0,選項C錯誤，D正確。故選D。A【詳解】氫原子從高能級（n=2、3、4、5、6）直接向11=1的能級躍遷所產(chǎn)生的光譜，被稱為賴曼系,釋放出的光子能量均人于3.10eV,故沒有可見光。故A正確；光子的能量是躍遷時，量能級的能級差，12eV的能級差不存在，故B錯誤；根據(jù)躍遷假設(shè)，從基態(tài)躍遷到第二激發(fā)態(tài)需要的能屋為E=E,E=10.22故C錯誤；人量處于n=3能級的氫原子向低能級躍遷時會輻射出2種（從n=3躍遷到n=l和從n=2躍遷到n=l）屬于賴曼系的光。故D錯誤。故選AaC【詳解】根

13、據(jù)左手定則可知，電流由M流向N,A錯誤；由于安培力水平向右，根據(jù)動能定理第厶（1一cos60）=BlEsm60解得3ILB錯誤；在最該點，對導(dǎo)體棒進行受力分析可得在沿著半徑方向上2T=Jb億sin60+mgcos60=mgC正確：金屬棒從最低位置運動到最高位置的過程中，重力對其做的功WG=-cos60）=-mgLD錯誤。故選CD【詳解】由圖乙可知0小段時間，磁感應(yīng)強度B隨時間f均勻變化，根據(jù)E=S可知金屬框本卷山系統(tǒng)ri動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。本卷山系統(tǒng)ri動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。答案第 頁，總9頁答案第 頁，總9頁的感應(yīng)電動勢不變，選項A錯誤：/3時刻后，圖線

14、的斜率越來越人，則磁感應(yīng)強度3的變化率越來越人，選項B錯誤;寸刻，金屬框的感應(yīng)電動勢為E_s_B*B強/人224人選項C錯誤；b時刻，金屬框的感應(yīng)電動勢為/224(/3-t2)選項D正確。故選D。BD【詳解】AB.懸停階段，探測器受力平衡，不是處于超重狀態(tài)，選項B正確，A錯誤；噴射氣體的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為熱能和機械能，選項C錯誤；根據(jù)動量定理噴出的氣體對探測器的作用力為mv3x60F=N=180Nt1因為F=Mg可得月球探測器的質(zhì)量為M=108kg選項D正確。故選BD。BC【詳解】鐵釘在鋁管中做自由落體運動，有r1、L=-gr代入數(shù)據(jù)，得t=0.5s磁詵在鋁管中下落時，由于電磁阻尼，其所用時間要人于

15、05s。故A錯誤；鐵釘運動到下端II的動量為P=WV,V=gt代入數(shù)據(jù)，得P=0.15kg-ni/s故B正確；磁鐵穿過鋁管的過程中，由于電磁阻尼，到達下端II時的速度小于鐵釘?shù)乃俣?，即v*v根據(jù)動屋定理，有可知，磁鐵合力的沖量小于鐵釘?shù)暮狭_量0.15N-So故C正確；若管卞端II未封閉，磁鐵卞落過程，還是有電磁感應(yīng)現(xiàn)彖，因此磁鐵機械能不守恒。故D錯誤。故選BCoAD【詳解】回路中的感應(yīng)電動勢為匚Dr0+eoL1Dr,E=BL-=BLco22選項A正確；C、D兩點間的電壓3R+r2(R+r)選項B錯誤；回路的電功率為戶一F一R+r4(/?+r)選項c錯誤；圓盤轉(zhuǎn)一圈，通過電阻R的電量為E2兀7

16、TB13=R+rcoR+r選項D正確。故選AD。11“厶=叫厶一仙厶厶一厶=厶【詳解】1甲碰撞后速度反向，故叫m乙2若動量守恒，則有碰撞前后，小球的飛行時間均相同，故有整理，得側(cè)厶=加乙厶一必卩厶若為彈性碰撞，還滿足1,1.1.才州=才吟+知嚀聯(lián)立，可得沒有向左偏向右偏向左偏【詳解】1閉合開關(guān)s段時間后，電流穩(wěn)定，右側(cè)電路無感應(yīng)電流產(chǎn)生，因此電流表E的指針是沒有偏轉(zhuǎn)：2閉合開關(guān)S段時間后，當(dāng)滑動變阻器滑片較快地向d端滑動時，接入電路的電阻變小，但電流依舊從正接線柱流入，電流表A的指針向左偏轉(zhuǎn)；閉合開關(guān)S段時間后，當(dāng)滑動變阻器滑片較快地向0端滑動時，穿過圖乙螺線管的磁場右指向左逐漸減小，根據(jù)楞次

17、定律增反減同可知感應(yīng)電流的磁場自左向右，再由右手螺旋定則門J知流經(jīng)電流表E的電流從負接線柱流入，指針向右偏轉(zhuǎn)：本卷山系統(tǒng)門動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。本卷山系統(tǒng)門動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。本卷III系統(tǒng)門動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考。答案第 #頁，總9頁答案第 頁，總9頁答案第 頁，總9頁(3)4線圈乙以及空心鐵圓柱體向左移動，穿過線圈乙的磁通量增加，根據(jù)楞次定律增反減同町知感應(yīng)電流的磁場自右向左，再由右手螺旋定則可知流經(jīng)電流表E的電流從正接線柱流入，指針向左偏轉(zhuǎn)。14(1)-；(2)717T【詳解】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得f=N則A、E線圈中產(chǎn)生的

18、感應(yīng)電動勢之比為k2S217T(2)根據(jù)電阻定律7兩種導(dǎo)線的材料相同，橫截面積S相同，所以A、E線圈的電阻之比為根據(jù)閉合電路歐姆定律有，A、E線圈中的感應(yīng)電流之比為土=邑冬=丄4=I2E工&兀冗亍(1)2N-S,方向向下;(2)-14N-S,方向向上?！驹斀狻?1)由題意，下降過程中加速度214/mg-0.5?g=maY上升過程中加速度V.5=亠tmg+0.5mg=x4rxv.-xrxV.2_=135t聯(lián)立解得vi=40m/s匕=30m/st=2s上升過程中阻力對小球的沖量1/=0.5?gxf=2Ns方向向下：(2)在小球與地面碰撞的過程中，因為豎直向卞為正方向，地面對小球的彈力遠人于重力,則地面對小球的沖量I=mv2=14Ns方向向上。(1)5Q：(2)5=y(T)【詳解】當(dāng)cd達到最人速度時，貝IF“=mgsin。F/BJL1=込R解得R=氏匕人mgsm0帶入數(shù)據(jù)解得R=5O由于回路中無感應(yīng)電流，則磁通量