上海市奉賢區(qū)中考物理二模試卷含答案解析

1、上海市奉賢區(qū)2016年中考物理二模試卷（解析版）一、選擇題（共8小題，每小題2分，滿分16分）1今年春節(jié)前夕，奉賢市遭遇寒潮期間的最低溫度最接近（）A8B2C2D82在研究原子結構時，物理學家湯姆生將所發(fā)現的帶負電的粒子稱為（）A電子B中子C核子D質子3影響聲音傳播速度的是（）A傳播聲音的物質B聲音的音調C聲音的音色D聲音的響度4在圖中，能正確表示小磁針靜止時N極指向的是（）ABCD5為了規(guī)范交通行為，公安部門在很多路口處設置了紅、綠、黃交通信號燈，某同學進行了觀察并畫出了控制紅燈和綠燈的可能的電路圖，如圖所示，你認為正確的是（）ABCD6甲、乙兩輛小車從同一地點出發(fā)，沿水平地面在一條直線上運

2、動，它們的st圖象如圖所示，由圖象可知（）A甲車的速度比乙車小B甲車所受合力比乙車大C運動6秒兩車可能相距3.8米D運動3秒兩車可能相距4.08米7已知甲、乙兩個薄壁圓柱形容器的底面積為S甲和S乙，且S甲S乙，先將兩種不同液體分別倒入甲、乙容器中且使兩容器底受到液體的壓強相等，再將兩容器中的液體全部交換倒入對方容器中，液體沒有溢出，設兩容器底受到液體壓強的變化量分別為P甲和P乙，則以下說法中正確的是（）A甲底受到液體的壓強減小，P甲一定小于P乙B乙底受到液體的壓強增大，P甲可能小于P乙C甲底受到液體的壓強增大，P甲一定大于P乙D乙底受到液體的壓強減小，P甲可能等于P乙8如圖所示，電源電壓保持不

3、變，閉合電鍵S后，當滑動變阻器的滑片P向左移動時，以下說法中正確的是（）A電流表A示數變小，電壓表V2示數變小B電壓表V1示數與電流表A示數的比值變小C電壓表V1與電壓表V2示數的差值不變D電壓表V2示數變化量與電流表A示數變化量之比變小二、填空題（共7小題，滿分23分）9一節(jié)干電池的電壓為_伏，某日光燈標有“220V 40W”的字樣，該燈的額定電壓為_伏，正常工作25小時消耗的電能為_度10如圖所示，足球運動員用力踢足球，球會飛出去，說明力能使物體的_發(fā)生改變，由于力的作用是_的，運動員用頭頂球時，頭會有痛的感覺，頂出的足球能在空中繼續(xù)飛行，是由于足球具有_的緣故11如圖所示，試管底部某點距

4、液面的深度為0.02米，該點受到水的壓強是_帕，點燃酒精燈，加熱一段時間后試管內的水溫度升高了10，這是通過_方式改變了水的內能，水沸騰后，蓋在試管口上的塞子會受到水蒸氣的壓力而沖出，此時能量轉化情況與四沖程汽油機的_沖程類似g=10N/kg12如圖所示，健身器是人們喜愛的運動裝置，圖（a）裝置主要由_組合而成的（選填“杠桿”、“定滑輪”或“動滑輪”），當有人用力將圖（b）裝置右端下方的重物拉起時，重物的重力勢能將_，利用此裝置的目的主要是為了_（選填“省力”、“省距離”或“改變用力的方向”）13某導體兩端的電壓為6伏，5秒鐘內通過該導體橫截面的電荷量為3庫，則通過該導體的電流為_安，電流做功

5、為_焦當通過該導體的電流為0.5安時，導體的電阻為_歐14如圖所示，閉合電鍵后，移動滑片P的過程中，標有“2.5V”字樣的小燈L始終不亮，為了查找電路故障，用電壓表進行檢測，先將電壓表的正接線柱與A接線柱相連，電壓表的負接線柱依次與電路中的其他接線柱相連，對應的電壓表示數如表所示，若只有R、L可能出現了故障，則可判斷電路中可能存在故障的是_，若電路中串聯(lián)一個電流表，發(fā)現電流表有示數，則判斷電路中存在的故障可能是_ 與電壓表負接線柱相連的接線柱 電壓表的示數/V B 3 C 3 D 0 E 015某小組同學為了探究容器中漂流在水面上的冰塊熔化前后水面變化的情況，他們選用了質量為m1和m2的冰塊（

6、已知m1m2），將它們分別放入盛有相同體積水的相同的燒杯中，冰塊熔化前后水面變化情況如圖（a）、（b）所示，請仔細觀察圖中的現象和相關條件，歸納得出初步結論（1）分析比較圖（a）或（b）中的現象及相關條件可知：_（2）若圖（a）的冰塊內摻有小木塊，待冰塊熔化后小木塊漂浮在水面上，此時水面高度將_，而圖（b）的冰塊內摻有小鐵塊，待冰塊熔化后小鐵塊下沉到杯底，此時水面高度將_（已知鐵水冰）三、作圖題（共3小題，滿分9分）16如圖重為6牛的物體靜止在水平面上，用力的圖示法畫出它所受的重力G17如圖，根據給出的入射光線AO畫出反射光線OB，并標出反射角及其度數18如圖所示電路的里填上適當的電表符號，要

7、求：使兩燈L1、L2并聯(lián)四、計算題（共4小題，滿分24分）19將2千克水加熱，使水的溫度升高50，求水吸收的熱量【C水=4.2103焦/（千克）】20如圖所示，體積為2103米3的物體浸沒在盛有水的容器中，在拉力F=50牛作用下物體勻速上升0.2米，g=10N/kg，求：（1）物體浸沒在水中時受到的浮力F物；（2）拉力F所做的功W21如圖所示，電阻R1標有“5 1.2A”字樣，R2標有“20 2A”字樣，電流表A1、A2的量程均為03A，電壓表量程015V，在a、b間接入電壓可調的電源閉合電鍵S后，為保證R1、R2均不損壞，求：（1）允許加的最大電源電壓；（2）滑動變阻器R2上消耗的最大功率；

8、（3）調節(jié)滑片P的位置，求電流表A1和電流表A2的示數比值的最大值22如圖所示，邊長為0.1米、密度為2103千克/米3的實心正方體靜止在水平面上，求：（1）正方體的質量（2）正方體對水平面的壓強（3）若正方體的邊長為a，密度為p，現設想把該正方體截取一半，并將截取部分疊放在剩余部分上方的中央，使截取部分對剩余部分的壓強與疊放后水平面受到的壓強相等小華和小明兩位同學分別用下表的方法進行截取，判斷能否滿足上述要求？若能，請求出疊放后水平面受到的壓強（用字母表示） 截取方法 能否滿足上述要求 小華 沿豎直方向截取一半_ 小明 沿水平方向截取一半_小強同學把該正方體截取一半并將截取部分放在水平面上，

9、使其對水平面的壓強最小，求出最小壓強（用字母表示）五、實驗題（共4小題，滿分18分）23如圖所示的幾種實驗器材，其中圖（a）儀器的名稱是_，在“探究杠桿平衡的條件”實驗中，為了使圖（b）中的杠桿在水平位置平衡，應向_調節(jié)平衡螺母，現有兩種方法用螺絲刀將騎馬釘撬起，比較圖（c）、（d）兩種方法，_方法更省力，圖（e）器材證明_的存在24小紅和小麗同學做“探究平面鏡成像特點”的實驗，如圖（a）所示（1）小紅發(fā)現在蠟燭一側看到了兩個像，于是她換了一塊_（選填“薄玻璃”或“厚玻璃”）后就能看到一個比較清楚的像了；實驗中小麗把白紙放在像的位置處，此時她_在白紙上看到像，由此說明平面鏡成的是_像（2）實驗

10、后小麗用如圖（b）所示的透鏡替換了玻璃板，但是原來放在像的位置處的白紙上沒有看到燭焰的清晰的像，她把透鏡緩慢遠離蠟燭后白紙上出現了明亮清晰的像，這個像的性質是_像25甲、乙同學分別做“測定小燈泡的電功率”實驗，他們使用電壓相同的電源（1.5伏的整數倍），兩個分別標有“10 1A”和“20 2A”字樣的滑動變阻器，待測小燈兩個，且都標有“0.2A”字樣，已知它們的額定功率在0.4瓦0.9瓦之間，他們分別按要求正確連接電路進行實驗，閉合電鍵后移動變阻器的滑片，使小燈正常發(fā)光時，滑片的位置都恰好在中點，但是甲燈比乙燈亮（1）簡述他們判斷小燈泡正常發(fā)光的理由：_（2）他們所用的電源電壓為_伏（3）甲同

11、學選用的滑動變阻器的規(guī)格為_（4）乙同學選用小燈泡的額定功率為_瓦26根據“浸入水中的硬幣會沉在容器底部而浸入水中的木塊會漂浮在水面上”的現象，某興趣小組的同學猜想物體浸入液體后靜止時的位置可能與物體的密度；液體的密度有關于是他們在實驗室找到高度不同的圓柱體A、B、C、D、E、F（已知ABC水DEF）進行實驗當各圓柱體在足夠深的水中靜止時，實驗現象如圖（a）、（b）、（c）、（d）、（e）和（f）所示（1）分析比較圖中_的實驗現象和相關條件，可得出的初步結論是：當浸入水中高度相同的圓柱體的密度大于水的密度時，圓柱體靜止在容器底部（2）分析比較圖中（d）或（e）或（f）的實驗現象和相關條件，可得

12、出的初步結論是：當_時，圓柱體漂浮在水面上分析比較圖中（d）和（e）和（f）的實驗現象和相關條件，還可得出的結論是：漂浮在水面上的高度相同的圓柱體，_，其露出水面的高度越大（3）他們將容器中的水換成酒精和鹽水重新實驗，驗證了猜想，在此過程中他們發(fā)現漂浮在不同液面上的圓柱體露出液面的高度也不同，于是他們將記錄在表格中的實驗數據作進一步的分析 序號 圓柱體的密度圓柱體（千克/米3） 液體的密度液（千克/米3） 圓柱體露出液面的高度h（厘米） 1 400 0.8103 12.0 2 1.0103 14.4 3 1.3103 16.6 4 500 0.8103 9.0 5 1.0103 12.0 6

13、1.3103 14.8 7 650 0.8103 4.5 8 1.0103 8.4 9 1.3103 12.0進一步分析表中數據可得出的結論一：_；進一步分析表格中數據可得出的結論二：_（4）根據第（3）題中得出的結論，可以推測當圓柱體的密度與液體的密度之比為_時，圓柱體露出液面的高度為零2016年上海市奉賢區(qū)中考物理二模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每小題2分，滿分16分）1今年春節(jié)前夕，奉賢市遭遇寒潮期間的最低溫度最接近（）A8B2C2D8【考點】溫度【分析】解答本題需要我們對上海奉賢所處的緯度位置和常年氣溫變化有所熟悉和了解【解答】解：上海奉賢市位于亞熱帶，緯度位置偏南，冬

14、季氣溫不是太低，最低氣溫在0左右，故C符合題意故選C【點評】本題考查學生對生活中常見物體及環(huán)境溫度的了解情況，告訴我們一定要對實際生活中常見的物體做到熟知2在研究原子結構時，物理學家湯姆生將所發(fā)現的帶負電的粒子稱為（）A電子B中子C核子D質子【考點】原子結構、元電荷與帶電情況【分析】在原子結構中，原子是由帶正電的原子核和帶負電的核外電子構成的【解答】解：1897年，英國物理學家湯姆發(fā)現陰極射線是由速度很高的帶負電的粒子組成的，這種粒子就是電子，它的發(fā)現表明原子是可分的故選A【點評】原子由位于中心的原子核和核外電子組成；其中，原子核帶正電，電子帶負電3影響聲音傳播速度的是（）A傳播聲音的物質B聲

15、音的音調C聲音的音色D聲音的響度【考點】聲速【分析】聲音是由物體的振動產生的，聲音的傳播需要介質，固體傳聲最快、液體次之，氣體最慢【解答】解：（1）響度、音調、音色是聲音的三個特性，它們不能決定聲音的傳播速度；故BCD不合題意（2）聲音的傳播需要介質，固體、液體、氣體都可以作為傳播聲音的介質，聲音在不同介質中的傳播速度不同，固體傳聲最快、液體次之，氣體最慢故A符合題意故選A【點評】本題考查了影響聲音傳播快慢的因素，屬于聲學基礎知識的考查，相對比較簡單4在圖中，能正確表示小磁針靜止時N極指向的是（）ABCD【考點】通電螺線管的極性和電流方向的判斷；磁極間的相互作用；安培定則【分析】從電源入手，先

16、判斷電流的流向，再利用安培定則可確定螺母管的極性，最后根據磁極間的相互作用，可判斷小磁針靜止時N極的指向【解答】解：根據電流從電池正極流出，可確定電流的流向，再用安培定則可確定螺線管的極性，根據異名磁極相互吸引，可知只有選項C符合題意故選C【點評】安培定則的運用和磁極間的相互作用，是判斷該題的關鍵，判斷時要找準順序，依次進行5為了規(guī)范交通行為，公安部門在很多路口處設置了紅、綠、黃交通信號燈，某同學進行了觀察并畫出了控制紅燈和綠燈的可能的電路圖，如圖所示，你認為正確的是（）ABCD【考點】電路的基本連接方式【分析】根據生活經驗可知，紅綠交通信號燈不能同時工作、且互不影響即為并聯(lián)，然后分析選項得出

17、答案【解答】解：A、當只閉合開關S2時，兩燈泡都發(fā)光；只閉合S1時綠燈亮，故A不正確；B、只閉合開關S2時紅燈亮，只閉合開關S1時綠燈亮，故B正確；C、兩開關都閉合時會造成電源斷路且兩燈泡不發(fā)光，任何一個開關斷開時紅綠交通信號燈同時發(fā)光故C不正確；D、兩開關均閉合時紅綠交通信號燈同時發(fā)光，只閉合一個開關均不發(fā)光故D不正確故選B【點評】本題考查了電路圖的設計，關鍵是知道紅綠交通信號燈兩燈泡不會同時亮，要注意從選項中找出最符合題意的答案6甲、乙兩輛小車從同一地點出發(fā)，沿水平地面在一條直線上運動，它們的st圖象如圖所示，由圖象可知（）A甲車的速度比乙車小B甲車所受合力比乙車大C運動6秒兩車可能相距3

18、.8米D運動3秒兩車可能相距4.08米【考點】速度與物體運動【分析】（1）由st圖象判斷兩車的運動性質，找出甲、乙兩車的路程與所對應的時間，然后由速度公式求出兩車的速度；（2）由st圖象求出3s、6s兩車的路程，然后求出兩車通過的距離【解答】解：A、由圖象知：甲車的速度v甲=0.96m/s，乙車的速度v乙=0.4m/s，所以甲車速度大于乙車速度，故A錯誤；B、由圖知，甲車與乙車的路程與時間成正比，則甲車與乙車做勻速直線運動，甲乙兩車都處于平衡狀態(tài)，所受合力都為零，故B錯誤；C、t=6s時，s甲=v甲t=0.96m/s6s=5.76m，s乙=v乙t=0.4m/s6s=2.4m，兩車同向運動時，相

19、距s=s甲s乙=5.76m2.4m=3.36m；兩車反向運動時相距s=s甲+s乙=5.76m+2.4m=8.16m，故C錯誤；D、t=3s時，s甲=v甲t=0.96m/s3s=2.88m，s乙=v乙t=0.4m/s3s=1.2m，兩車同向運動時，相距s=s甲s乙=2.88m1.2m=1.68m；兩車反向運動時相距s=s甲+s乙=2.88m+1.2m=4.08m，故D正確；故選D【點評】本題考查了由st圖象求小車的速度、判斷兩車的位置關系、小車所受的合力等內容，由圖象判斷小車的運動性質、找出小車的路程與所對應的時間，是解題的關鍵7已知甲、乙兩個薄壁圓柱形容器的底面積為S甲和S乙，且S甲S乙，先將

20、兩種不同液體分別倒入甲、乙容器中且使兩容器底受到液體的壓強相等，再將兩容器中的液體全部交換倒入對方容器中，液體沒有溢出，設兩容器底受到液體壓強的變化量分別為P甲和P乙，則以下說法中正確的是（）A甲底受到液體的壓強減小，P甲一定小于P乙B乙底受到液體的壓強增大，P甲可能小于P乙C甲底受到液體的壓強增大，P甲一定大于P乙D乙底受到液體的壓強減小，P甲可能等于P乙【考點】壓強大小比較【分析】（1）由于容器是柱狀的，液體的壓力與液體的重力相等，由于單獨分析甲或乙容器時，底面積不變，根據p=可知只分析壓力的大小關系即可判斷壓強的變化；（2）由于將兩種液體全部交換倒入對方容器中，而柱狀的容器里液體的壓力與

21、液體的重力相等，即可知道兩容器的壓力變化相同；分別利用p=得出容器底受到液體壓強的變化量的表達式，然后根據受力面積大小關系即可得出結論【解答】解：由題干可知：兩容器底受到液體的壓強相等且S甲S乙，由p=可知：容器底受到液體的壓力F甲F乙，由于容器是柱狀的，液體的壓力與液體的重力相等，則F甲=G甲，F乙=G乙，所以，G甲G乙；將兩種液體全部交換倒入對方容器中（液體不溢出）時：（1）對于甲容器：由于容器是柱狀的，甲底受到液體的壓力F甲=G乙，所以甲底受到液體的壓力變大，則甲底受到液體的壓強變大；故A錯誤；對于乙容器：由于容器是柱狀的，乙底受到液體的壓力F乙=G甲，所以乙底受到液體的壓力減小，則乙底

22、受到液體的壓強減?。还蔅錯誤；（2）容器的壓力變化：F甲=G乙G甲，F乙=G乙G甲，所以，F甲=F乙，由于p甲=，p乙=，且S甲S乙，所以，p甲p乙；故C正確，D錯誤故選C【點評】本題考查的是學生對液體壓強、壓力計算公式的理解和掌握，關鍵是明確對于本題若利用液體的壓強公式由于液體密度和深度都變化不能判斷，所以難點能夠利用容器是柱狀時液體的壓力與液體的重力相等的特點，于是本題直接據此判斷壓力的變化即可解答8如圖所示，電源電壓保持不變，閉合電鍵S后，當滑動變阻器的滑片P向左移動時，以下說法中正確的是（）A電流表A示數變小，電壓表V2示數變小B電壓表V1示數與電流表A示數的比值變小C電壓表V1與電壓

23、表V2示數的差值不變D電壓表V2示數變化量與電流表A示數變化量之比變小【考點】電路的動態(tài)分析；歐姆定律的應用【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表V1測電源的電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，根據電源的電壓可知滑片移動時電壓表V1示數的變化，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和R1兩端的電壓變化，根據串聯(lián)電路的電壓特點可知R2兩端的電壓變化，進一步可知電壓表V1示數與電流表A示數的比值變化以及電壓表V1與電壓表V2示數的差值變化；根據串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律表示出滑片移動前后電壓表V2示數的變化量，然后判斷電壓表V2示數變

24、化量與電流表A示數變化量之比的變化【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表V1測電源的電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，因電源電壓保持不變，所以，滑片移動時，電壓表V1的示數不變，當滑動變阻器的滑片P向左移動時，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變小，由I=可知，電路中的電流變大，即電流表A的示數變大，故A錯誤；由U=IR可知，R1兩端的電壓變大，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，R2兩端的電壓變小，即電壓表V2示數變小；則電壓表V1示數與電流表A示數的比值變小，電壓表V1與電壓表V2示數的差值變大，故B正確，C錯誤；設滑片移動前后電路中的電流分別為I

25、、I，則電流的變化量I=II，電壓表V2示數變化量：U2=（UIR1）（UIR1）=IR1IR1=IR1，則=R1，即電壓表V2示數變化量與電流表A示數變化量之比不變，故D錯誤故選B【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，能把電壓表V2示數變化量與電流表A示數變化量之比轉化為R1的阻值處理是關鍵二、填空題（共7小題，滿分23分）9一節(jié)干電池的電壓為1.5伏，某日光燈標有“220V 40W”的字樣，該燈的額定電壓為220伏，正常工作25小時消耗的電能為1度【考點】電壓；電功率與電能、時間的關系【分析】一節(jié)的電壓是1.5V；日光燈標有“220V 40W”的字樣，其中

26、“220V”是指該燈的額定電壓；根據P=公式變形可求得消耗電能【解答】解：（1）一節(jié)新干電池的電壓為1.5V；（2）日光燈標有“220V 40W”的字樣，“220V”指額定電壓；（3）由P=可得，日光燈正常工作25小時消耗電能：W=Pt=0.04kW25h=1kWh=1度故答案為：1.5；220；1【點評】此題考查了家庭電路的電壓、消耗電能的計算，屬于基礎知識對人體安全的電壓為不高于36V10如圖所示，足球運動員用力踢足球，球會飛出去，說明力能使物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，由于力的作用是相互的，運動員用頭頂球時，頭會有痛的感覺，頂出的足球能在空中繼續(xù)飛行，是由于足球具有慣性的緣故【考點】力的作用效

27、果；力作用的相互性；慣性【分析】力的作用有二：改變物體的運動狀態(tài)，改變物體的形狀；力的作用是改變物體的運動狀態(tài)，物體運動不需要力維持；物體間力的作用是相互的；一切物體都具有保持原來運動狀態(tài)不變的性質，叫慣性【解答】解：足球運動員用力踢足球，球會飛出去，足球由靜止變?yōu)檫\動，說明力可以改變物體的運動狀態(tài)；由于物體間力的作用是相互的，運動員頂球的同時，球會給頭一個大小相同的力的作用，所以頭會有痛的感覺；頂出去的足球由于慣性，繼續(xù)保持運動狀態(tài)，所以能在空中繼續(xù)飛行故答案為：運動狀態(tài)；相互；慣性【點評】此題考查力的作用效果、力的相互作用、慣性知識的應用，深入理解基本規(guī)律，是正確解答的關鍵11如圖所示，試

28、管底部某點距液面的深度為0.02米，該點受到水的壓強是200帕，點燃酒精燈，加熱一段時間后試管內的水溫度升高了10，這是通過熱傳遞方式改變了水的內能，水沸騰后，蓋在試管口上的塞子會受到水蒸氣的壓力而沖出，此時能量轉化情況與四沖程汽油機的做功沖程類似g=10N/kg【考點】液體的壓強的計算；做功改變物體內能；熱傳遞改變物體內能【分析】（1）已知水的深度，由p=gh求出該點受到水的壓強；（2）做功和熱傳遞都可以改變物體的內能；（3）當物體對外做功時，物體的內能轉化為機械能，內燃機的做功沖程就是利用此原理【解答】解：（1）p=水gh=1.0103kg/m310N/kg0.02m=200Pa；（2）用

29、酒精燈加熱試管中的水，這是通過熱傳遞的方式改變水的內能；（3）圖中的塞子被試管內的水蒸氣推出過程是水蒸氣的內能轉化為塞子機械能的過程，與熱機的做功沖程的能量轉化相同故答案為：200；熱傳遞；做功【點評】本題考查了液體壓強公式、改變物體內能的方式及熱機做功沖程的能量轉化，屬于基礎題12如圖所示，健身器是人們喜愛的運動裝置，圖（a）裝置主要由杠桿組合而成的（選填“杠桿”、“定滑輪”或“動滑輪”），當有人用力將圖（b）裝置右端下方的重物拉起時，重物的重力勢能將增大，利用此裝置的目的主要是為了改變用力的方向（選填“省力”、“省距離”或“改變用力的方向”）【考點】杠桿的應用；勢能的影響因素【分析】（1）

30、分析圖中裝置的特點可確定其是哪種機械的組合（2）重力勢能的大小與物體的質量和高度有關，據此判斷；（3）確定裝置的結構特點，結合其使用的目的可做出判斷【解答】解：（1）圖（a）裝置中，主要是可以繞固定點轉動的硬棒，因此，是杠桿組合而成的；（2）用力將圖（b）裝置右端下方的重物拉起時，重物被舉高，所以它的重力勢能將增大；（3）圖（b）裝置是用來鍛煉身體的，不是為了省力或省距離，裝置中主要使用了幾個定滑輪，其作用是可以改變用力的方向故答案為：杠桿；增大；改變用力的方向【點評】本題主要考查了杠桿、滑輪等在健身器械中的應用，同時還要了解影響重力勢能的因素，難度不大13某導體兩端的電壓為6伏，5秒鐘內通過

31、該導體橫截面的電荷量為3庫，則通過該導體的電流為0.6安，電流做功為18焦當通過該導體的電流為0.5安時，導體的電阻為10歐【考點】電功的計算；歐姆定律的應用【分析】已知電荷量和通過的時間，根據公式I=可求通過該導體的電流已知電荷量和導體兩端的電壓，根據公式W=QU可求電流做的功當導體兩端電壓為3伏時，通過該導體的電流為0.2安，根據公式R=可求電阻【解答】解：通過該導體的電流I=0.6A，電流做功W=QU=3C6V=18J，由I=可得，導體的電阻R=10故答案為：0.6；18；10【點評】本題考查電量、電流做功、電阻的計算，關鍵是公式及其變形的應用，還要知道影響電阻大小的因素是導體的長度、橫

32、截面積、溫度還有材料，與電流和電壓的大小無關14如圖所示，閉合電鍵后，移動滑片P的過程中，標有“2.5V”字樣的小燈L始終不亮，為了查找電路故障，用電壓表進行檢測，先將電壓表的正接線柱與A接線柱相連，電壓表的負接線柱依次與電路中的其他接線柱相連，對應的電壓表示數如表所示，若只有R、L可能出現了故障，則可判斷電路中可能存在故障的是R斷路，若電路中串聯(lián)一個電流表，發(fā)現電流表有示數，則判斷電路中存在的故障可能是L短路 與電壓表負接線柱相連的接線柱 電壓表的示數/V B 3 C 3 D 0 E 0【考點】電路的三種狀態(tài)；電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用【分析】電壓表檢測電路故障時，當電路發(fā)生斷路時

33、，電壓表與電源兩極相連時，電壓表有示數，否則，電壓表無示數電流表檢測電路故障時，當電路發(fā)生斷路時，電流表無示數，否則，電流表有示數【解答】解：電壓表的正接線柱與A接線柱連接，電壓表負接線柱與B接線柱連接，電壓表有示數，說明電源完好；電壓表負接線柱與C接線柱連接，電壓表有示數，說明AC之間完好；電壓表負接線柱與D接線柱連接，電壓表沒有示數，說明AD之間有斷路；電壓表負接線柱與E接線柱連接，電壓表沒有示數，說明AE之間有斷路；所以故障出在DE之間，可能是變阻器R發(fā)生斷路若電路中串聯(lián)一個電流表，發(fā)現電流表有示數，則判斷電路是通路，但由于電壓表測量AE之間沒有電壓，所以存在的故障可能是燈泡L短路故答案

34、為：R斷路；L短路【點評】用電壓表檢驗電路故障時，電壓表有示數（一般等于電源電壓），說明與之并聯(lián)的導體發(fā)生斷路或串聯(lián)的導體發(fā)生短路；電壓表無示數，說明與之并聯(lián)的導體發(fā)生短路或串聯(lián)的導體發(fā)生斷路15某小組同學為了探究容器中漂流在水面上的冰塊熔化前后水面變化的情況，他們選用了質量為m1和m2的冰塊（已知m1m2），將它們分別放入盛有相同體積水的相同的燒杯中，冰塊熔化前后水面變化情況如圖（a）、（b）所示，請仔細觀察圖中的現象和相關條件，歸納得出初步結論（1）分析比較圖（a）或（b）中的現象及相關條件可知：漂浮在水面上的冰塊熔化后，水面高度不發(fā)生改變（2）若圖（a）的冰塊內摻有小木塊，待冰塊熔化后小

35、木塊漂浮在水面上，此時水面高度將不變，而圖（b）的冰塊內摻有小鐵塊，待冰塊熔化后小鐵塊下沉到杯底，此時水面高度將下降（已知鐵水冰）【考點】阿基米德原理【分析】（1）比較圖（a）或（b），分析不同質量的冰塊熔化與未熔化時的水體積的變化，總結體積變化與冰的質量的關系；（2）比較冰熔化前后受浮力大小關系，再分析排開液體體積的關系，而確定液面升降【解答】解：（1）分析比較圖（a）或（b），可得出的初步結論是：漂浮在水中的冰塊，冰塊完全熔化后體積不變，容器中液面沒有變化；（2）冰熔化前，冰和木塊處于懸浮狀態(tài)，F浮=G冰+G木，即：水gV排=G冰+G木，V排=，冰熔化后，冰變成水，木塊漂浮，冰熔化成水的體

36、積為：V水=，木塊排開的水的體積為：V木排=，此時排開水的體積：V=V水+V木排=，因為V=V排，所以水面不變冰熔化前：F浮=G=G鐵+G冰，冰熔化后受到的浮力等于鐵受到的浮力F鐵加上水受到的浮力F水，即：F浮=F鐵+F水=F鐵+G水，因為鐵下沉，所以F鐵G鐵，所以：F浮F浮因為：F浮=水V排g所以：V排V排，液面將下降故答案為：（1）漂浮在水面上的冰塊熔化后，水面高度不發(fā)生改變；（2）不變；下降【點評】本題主要考查學生控制變量法的應用和學生的圖中信息的分析能力，難度較大有熟練運用相關公式才能順利解答此題三、作圖題（共3小題，滿分9分）16如圖重為6牛的物體靜止在水平面上，用力的圖示法畫出它所

37、受的重力G【考點】重力示意圖【分析】畫力的圖示要確定力的大小、方向、作用點，并選擇合適的標度【解答】解：設標度為3N，重心在物體的中心上，從中心開始，沿豎直向下的方向畫兩段等長的線段，在線段的末端標上箭頭表示力的方向，如下圖【點評】做這類題要看清題目的要求，是畫力的示意圖還是畫力的圖示力的示意圖沒有標度，力的圖示必須選取合適的標度17如圖，根據給出的入射光線AO畫出反射光線OB，并標出反射角及其度數【考點】作光的反射光路圖【分析】根據反射定律：反射光線、入射光線和法線在同一平面內，反射光線、入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，作出反射光線并標出反射角及其度數【解答】解：由入射角為30，可得

38、反射角也為30，在法線右側畫出反射光線，度數等于入射角為30即可，如圖所示：【點評】由于題目已經作出法線，根據反射角等于入射角，在同一平面內法線的另一側畫出入射光線即可，注意完成題目的要求要注意入射角是入射光線與法線之間的夾角18如圖所示電路的里填上適當的電表符號，要求：使兩燈L1、L2并聯(lián)【考點】電流表的連接；電壓表的連接【分析】（1）電流表串聯(lián)在電路中，電壓表并聯(lián)在電路中（2）要使燈L1、L2并聯(lián)，必須讓兩燈分別在兩個支路，每個燈都不能在干路【解答】解：要使兩燈并聯(lián)，從電源正極流出的電流應分別流入燈泡L1、L2，流過兩燈泡中的電流應匯合共同流回負極，故與正極相連里是電流表，中間里是電壓表，

39、上邊的里是電流表，見下圖：【點評】本題需要知道電壓表和電流表的使用外，還要知道電流表電阻很小，相當于導線；電壓表電阻很大，相當于斷路四、計算題（共4小題，滿分24分）19將2千克水加熱，使水的溫度升高50，求水吸收的熱量【C水=4.2103焦/（千克）】【考點】熱量的計算【分析】知道水的質量、水的比熱容、水溫度升高值，利用吸熱公式Q吸=cmt求水吸收的熱量【解答】解：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）2kg50=4.2105J答：水吸收的熱量為4.2105J【點評】本題考查了學生對吸熱公式Q吸=cmt的掌握和運用，注意溫度升高了（t）與升高到（末溫）的區(qū)別20如圖所示，體積為2103米3的

40、物體浸沒在盛有水的容器中，在拉力F=50牛作用下物體勻速上升0.2米，g=10N/kg，求：（1）物體浸沒在水中時受到的浮力F物；（2）拉力F所做的功W【考點】浮力大小的計算；功的計算【分析】（1）物體浸沒在水中時排開水的體積等于物體的體積，利用阿基米德原理求物體受到的浮力；（2）圖中使用的是動滑輪，拉力端移動的距離等于物體上高高度的2倍，利用W=Fs求拉力做功【解答】解：（1）物體浸沒在水中時V排=V=2103m3，物體所受的浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m310N/kg2103m3=20N；（2）圖中使用的是動滑輪，拉力端移動的距離s=2h=20.2m=0.4m，拉力做功：W=F

41、s=50N0.4m=20J答：（1）物體浸沒在水中時受到的浮力為20N；（2）拉力F所做的功為20J【點評】本題考查了浮力和功的計算，同時考查了動滑輪的特點，屬于基礎題目21如圖所示，電阻R1標有“5 1.2A”字樣，R2標有“20 2A”字樣，電流表A1、A2的量程均為03A，電壓表量程015V，在a、b間接入電壓可調的電源閉合電鍵S后，為保證R1、R2均不損壞，求：（1）允許加的最大電源電壓；（2）滑動變阻器R2上消耗的最大功率；（3）調節(jié)滑片P的位置，求電流表A1和電流表A2的示數比值的最大值【考點】歐姆定律的應用；電功率的計算【分析】由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)，電流表A1測干路電流，

42、電流表A2測R2支路的電流，電壓表測電源的電壓（1）知道電阻R1的阻值和R2的最大阻值以及它們允許通過的最大電流，根據歐姆定律求出它們兩端允許所加的最大電壓，電源的電壓為兩者允許所加電壓中較小的；（2）根據并聯(lián)電路的電流特點求出電流表A1示數最大時通過R2的電流，然后與電流表A2的量程和變阻器允許通過的最大電流相比較確定通過該支路的最大電流，根據P=UI求出滑動變阻器R2上消耗的最大功率；（3）當通過R2的電流最小時電流表A1和電流表A2的示數的比值最大值，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時通過R2的電流最小，據并聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律求出通過R2的電流，根據并聯(lián)電路的電流特點得出答案【解

43、答】解：由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)，電流表A1測干路電流，電流表A2測R2支路的電流，電壓表測電源的電壓（1）由I=可得，電阻R1和滑動變阻器R2兩端允許所加的最大電壓分別為：U1=I1R1=1.2A5=6V，U2=I2R2=2A20=40V，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，允許所加的最大電源電壓U=U1=6V；（2）因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，當電流表A1的示數I=3A時，通過R2的電流：I2=II1=3A1.2A=1.8A，因R2允許通過的最大電流為2A，電流表A2的量程為03A，所以，通過R2的最大電流為1.8A，則滑動變阻器R2上消耗的最大功率：P2=UI2

44、=6V1.8A=10.8W；（3）當通過R2的電流最小時，電流表A1和電流表A2的示數的比值最大值，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，通過R2的電流最小，則I2=0.3A，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，電流表A1和電流表A2的示數比值的最大值：=+1=+1=5答：（1）允許加的最大電源電壓為6V；（2）滑動變阻器R2上消耗的最大功率為10.8W；（3）調節(jié)滑片P的位置，電流表A1和電流表A2的示數比值的最大值為5【點評】本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是兩電流表示數比值的最大值的確定22如圖所示，邊長為0.1米、密度為2103千克/米3的實心正方體靜

45、止在水平面上，求：（1）正方體的質量（2）正方體對水平面的壓強（3）若正方體的邊長為a，密度為p，現設想把該正方體截取一半，并將截取部分疊放在剩余部分上方的中央，使截取部分對剩余部分的壓強與疊放后水平面受到的壓強相等小華和小明兩位同學分別用下表的方法進行截取，判斷能否滿足上述要求？若能，請求出疊放后水平面受到的壓強（用字母表示） 截取方法 能否滿足上述要求 小華 沿豎直方向截取一半不能 小明 沿水平方向截取一半p=ga小強同學把該正方體截取一半并將截取部分放在水平面上，使其對水平面的壓強最小，求出最小壓強（用字母表示）【考點】壓強的大小及其計算；密度公式的應用【分析】（1）根據密度公式變形后可

46、求出質量；（2）根據壓強的定義式P=，代入數值可求壓強；（3）在比較壓強的大小變化時，既要分析壓力（此題中壓力大小等于重力）的變化，又要考慮受力面積的變化，統(tǒng)籌考慮才能最終做出判斷【解答】解：（1）體積V=l3=（0.1m）3=0.001m3；質量m=V=2103kg/m30.001m3=2kg；（2）壓力F=G=mg=2kg10N/kg=20N；底面積S=l2=（0.1m）2=0.01m2；壓強P=2000Pa；（3）小華沿豎直方向截取一半，則重力和面積各減小一半；將截取部分疊放在剩余部分上方的中央，截取部分對剩余部分的壓強為P1=；水平面受到的壓強為P2=；可見P1P2；故不能滿足截取部分

47、對剩余部分的壓強與疊放后水平面受到的壓強相等小明沿水平方向截取一半，物體與地面的接觸面積不變；則截取部分對剩余部分的壓強為P1=；水平面受到的壓強為P2=；可見P1=P2；故能滿足截取部分對剩余部分的壓強與疊放后水平面所受的壓強相等；小強沿如圖沿對角線切去一半后，所截部分的重力減半即為12G，物塊為正方體，受力面積是原來的倍，所截部分對水平面的壓強p=答：（1）正方體的質量為2kg；（2）正方體對水平面的壓強為2000Pa；（3）小華想沿豎直方向截取一半，不能滿足截取部分對剩余部分的壓強與疊放后水平面受到的壓強相等；小明沿水平方向截取一半，能滿足截取部分對剩余部分的壓強與疊放后水平面受到的壓強

48、相等；小強的做法截取后對地面的最小壓強是p=【點評】熟練運用密度公式、壓強公式是解答此題的基礎；分析壓強的變化時，要抓住壓力和面積的變化情況五、實驗題（共4小題，滿分18分）23如圖所示的幾種實驗器材，其中圖（a）儀器的名稱是壓強計，在“探究杠桿平衡的條件”實驗中，為了使圖（b）中的杠桿在水平位置平衡，應向右調節(jié)平衡螺母，現有兩種方法用螺絲刀將騎馬釘撬起，比較圖（c）、（d）兩種方法，d方法更省力，圖（e）器材證明大氣壓的存在【考點】探究杠桿的平衡條件實驗；杠桿的應用【分析】（1）圖（a）儀器的名稱是壓強計；（2）調節(jié)杠桿在水平位置平衡時，平衡螺母向上翹的一端移動；（3）根據杠桿平衡條件F1L

49、1=F2L2解答；（4）圖（e）器材為馬德堡半球，可證明大氣壓的存在【解答】解：（1）圖（a）儀器的名稱是壓強計；（2）調節(jié)杠桿的平衡時，如果杠桿右側高左側低，杠桿的右端上翹，應將平衡螺母向上翹的右端調節(jié)，使其在水平位置平衡；（3）根據杠桿平衡條件F1L1=F2L2可知，動力臂與阻力臂的比值越大，越省力，由圖可知，d圖動力臂與阻力臂的比值大，因而更省力；（4）圖（e）器材為馬德堡半球，可用來證明大氣壓的存在故答案為：壓強計；右；d；大氣壓【點評】學會運用杠桿的平衡條件來進行分析，是解答的關鍵24小紅和小麗同學做“探究平面鏡成像特點”的實驗，如圖（a）所示（1）小紅發(fā)現在蠟燭一側看到了兩個像，于

50、是她換了一塊薄玻璃（選填“薄玻璃”或“厚玻璃”）后就能看到一個比較清楚的像了；實驗中小麗把白紙放在像的位置處，此時她不能在白紙上看到像，由此說明平面鏡成的是虛像（2）實驗后小麗用如圖（b）所示的透鏡替換了玻璃板，但是原來放在像的位置處的白紙上沒有看到燭焰的清晰的像，她把透鏡緩慢遠離蠟燭后白紙上出現了明亮清晰的像，這個像的性質是倒立、縮小的實像【考點】平面鏡成像的特點、原理、現象及其實驗方案【分析】（1）從厚玻璃板的兩個面都可以當作反射面，會出現兩個像這一角度去分析此題實像能用光屏承接，虛像不能用光屏承接（2）首先根據平面鏡成像特點可知，此時物距等于像距；當小麗用凸透鏡替換了玻璃板，并把凸透鏡緩

51、慢遠離蠟燭后，此時物距大于像距，然后根據凸透鏡成像規(guī)律即可確定像的性質【解答】解：（1）因為厚玻璃板的兩個面都可以當作反射面，會出現兩個像，影響到實驗效果，所以應選用薄玻璃板因為實像能用光屏承接，虛像不能用光屏承接，所以小明把白紙放在像的位置，他不能在白紙上看到像，由此說明平面鏡成的是虛像（2）由平面鏡成像特點可知，此時物距等于像距；當小麗用凸透鏡替換了玻璃板，并把凸透鏡緩慢遠離蠟燭后，此時物距大于像距，由凸透鏡成像規(guī)律可知，此時成倒立、縮小的實像故答案為：（1）薄玻璃；不能；虛；（2）倒立、縮小的實【點評】用凸透鏡替換了玻璃板，既考查學生對平面鏡成像特點的理解，又考查學生對凸透鏡成像規(guī)律的掌

52、握，是一道好題25甲、乙同學分別做“測定小燈泡的電功率”實驗，他們使用電壓相同的電源（1.5伏的整數倍），兩個分別標有“10 1A”和“20 2A”字樣的滑動變阻器，待測小燈兩個，且都標有“0.2A”字樣，已知它們的額定功率在0.4瓦0.9瓦之間，他們分別按要求正確連接電路進行實驗，閉合電鍵后移動變阻器的滑片，使小燈正常發(fā)光時，滑片的位置都恰好在中點，但是甲燈比乙燈亮（1）簡述他們判斷小燈泡正常發(fā)光的理由：當電流表的示數為0.2A時，燈正常發(fā)光（2）他們所用的電源電壓為4.5伏（3）甲同學選用的滑動變阻器的規(guī)格為“101A”（4）乙同學選用小燈泡的額定功率為0.5瓦【考點】電功率的測量；串聯(lián)電

53、路的電壓規(guī)律【分析】（1）根據燈泡的額定電壓與電流表的示數判斷燈泡是否正常發(fā)光；（2）求出燈可能的電壓范圍，根據滑動變阻器的規(guī)格分類討論，由使用電壓相同的電源（1.5伏的整數倍）判斷出電源電壓；（3）根據求出的電源電壓，由串聯(lián)電路電壓的特點，求出兩燈可能的額定功率，由已知條件確定甲燈的額定功率，從而確定甲滑動變阻器的規(guī)格；（4）確定乙同學選用燈的功率【解答】解：（1）因為燈泡的額定電流為0.2A，所以當電流表的示數為0.2A時，燈泡正常發(fā)光；（2）根據P=UI，燈泡兩端的最小電壓U最小=2V，燈兩端的最大電壓U最大=4.5V：若使用“10 1A”的變阻器，則變阻器連入電路的電阻大小R滑小=10

54、=5，則此時變阻器的電壓U滑小=R變小I=50.2A=1V，則電源電壓最小為1V+2V=3V，最大為1V+4.5V=5.5V，又電源電壓為1.5V的整數倍，所以為可能電源電壓為3V或4.5V；當串聯(lián)“20 2A”的滑動變阻器時，滑動變阻器兩端的電壓為U滑大=0.2A20=2V，則電源電壓最小為2V+2V=4V，最大為2V+4.5V=6.5V，又電源電壓為1.5V的整數倍，所以電源電壓為4.5V或6V；因他們使用電壓相同的電源，所以電源電壓為4.5V；（3）燈正常發(fā)光時，用電源電壓減去變阻器的電壓即為燈的額定電壓，此燈泡的額定電壓為U額=4.5V1V=3.5V，或U額=4.5V2V=2.5V，可知燈泡的額定功率為P額=U額I=3.5V0.2A=0.7W，或P額=U額I=2.5V0.2A=0.5W；因為甲燈比乙燈亮，所以甲燈的額定功率為0.7W，額定電壓為3.5V，與其串聯(lián)的變阻器分去的電壓為1V，由（2）知，使用的是“10 1A”的滑動變阻器；（4）則乙同學選用燈的額定功率為0.5W；故答案為：（1）當電流表示數為0.2A時，小燈正常發(fā)光；（2）4.5；（3）“10 1A”；（4）0.5【點