全國中考數學壓軸題集錦試卷

1、 WORD 33/332006年全國中考數學壓軸題集錦1、（2006）如圖,平面直角坐標系中,直線AB與軸,軸分別交于A(3,0),B(0,)兩點, ,點C為線段AB上的一動點,過點C作CD軸于點D.(1)求直線AB的解析式;(2)若S梯形OBCD,求點C的坐標;(3)在第一象限是否存在點P,使得以P,O,B為頂點的三角形與OBA相似.若存在,請求出所有符合條件的點P的坐標;若不存在,請說明理由.解 （1）直線AB解析式為：y=x+ （2）方法一：設點坐標為（x，x+），那么ODx，CDx+由題意： ，解得（舍去）（，）方法二：,，由OA=OB，得BAO30，AD=CDCDAD可得CD AD=

2、，ODC（，）（）當OBPRt時，如圖若BOPOBA，則BOPBAO=30，BP=OB=3，（3，）若BPOOBA，則BPOBAO=30,OP=OB=1（1，）當OPBRt時 過點P作OPBC于點P(如圖)，此時PBOOBA，BOPBAO30過點P作PMOA于點M方法一： 在RtPBO中，BPOB，OPBP 在RtPO中，OPM30， OMOP；PMOM（，）方法二：設（x，x+），得OMx ，PMx+由BOPBAO,得POMABOtanPOM= ，tanABOC=x+x，解得x此時，（，） 若POBOBA(如圖)，則OBP=BAO30，POM30PMOM（，）（由對稱性也可得到點的坐標）當O

3、PBRt時，點P在軸上,不符合要求.綜合得，符合條件的點有四個，分別是：（3，），（1，），（，），（，）2、（2006）如圖1所示，一三角形紙片ABC，ACB=90,AC=8,BC=6.沿斜邊AB的中線CD把這紙片剪成和兩個三角形（如圖2所示）.將紙片沿直線（AB）方向平移（點始終在同一直線上），當點于點B重合時，停止平移.在平移過程中，與交于點E,與分別交于點F、P.當平移到如圖3所示的位置時，猜想圖中的與的數量關系，并證明你的猜想；設平移距離為，與重疊部分面積為，請寫出與的函數關系式，以與自變量的取值圍；（3）對于（2）中的結論是否存在這樣的的值，使重疊部分的面積等于原面積的.若存在，求

4、x的值；若不存在，請說明理由.圖1圖3圖2APCQBD解 （1）.因為，所以.又因為，CD是斜邊上的中線，所以，即所以，所以所以，.同理：.又因為，所以.所以（2）因為在中，所以由勾股定理，得即又因為，所以.所以在中，到的距離就是的邊上的高，為.設的邊上的高為，由探究，得，所以.所以.又因為，所以.又因為，.所以 ，而所以(3) 存在. 當時，即整理，得解得，.即當或時，重疊部分的面積等于原面積的.3、（2006）如圖1，已知中，過點作，且，連接交于點（1）求的長；（2）以點為圓心，為半徑作A，試判斷與A是否相切，并說明理由；（3）如圖2，過點作，垂足為以點為圓心，為半徑作A；以點為圓心，為半

5、徑作C若和的大小是可變化的，并且在變化過程中保持A和C相切，且使點在A的部，點在A的外部，求和的變化圍ABCPEEABCP圖1圖2解（1）在中， ， （2）與A相切在中， 又，與A相切 （3）因為，所以的變化圍為 當A與C外切時，所以的變化圍為；當A與C切時，所以的變化圍為4、（2006）某旅游勝地欲開發(fā)一座景觀山從山的側面進行堪測，迎面山坡線ABC由同一平面的兩段拋物線組成，其中AB所在的拋物線以A為頂點、開口向下，BC所在的拋物線以C為頂點、開口向上以過山腳（點C）的水平線為x軸、過山頂（點A）的鉛垂線為y軸建立平面直角坐標系如圖（單位：百米）已知AB所在拋物線的解析式為，BC所在拋物線的

6、解析式為，且已知（1）設是山坡線AB上任意一點，用y表示x，并求點B的坐標；（2）從山頂開始、沿迎面山坡往山下鋪設觀景臺階這種臺階每級的高度為20厘米，長度因坡度的大小而定，但不得小于20厘米，每級臺階的兩端點在坡面上（見圖）分別求出前三級臺階的長度（精確到厘米）；這種臺階不能一直鋪到山腳，為什么？（3）在山坡上的700米高度（點D）處恰好有一小塊平地，可以用來建造索道站索道的起點選擇在山腳水平線上的點E處，（米）假設索道DE可近似地看成一段以E為頂點、開口向上的拋物線，解析式為試求索道的最大懸空高度上山方向長度高度解 （1）是山坡線AB上任意一點，4，（2）在山坡線AB上，令，得 ；令，得第

7、一級臺階的長度為（百米）（厘米）同理，令、，可得、第二級臺階的長度為（百米）（厘米）第三級臺階的長度為（百米）（厘米）取點，又取，則這種臺階不能從山頂一直鋪到點B，從而就不能一直鋪到山腳（注：事實上這種臺階從山頂開始最多只能鋪到700米高度，共500級從100米高度到700米高度都不能鋪設這種臺階解題時取點具有開放性）另解：連接任意一段臺階的兩端點P、Q，如圖這種臺階的長度不小于它的高度當其中有一級臺階的長大于它的高時，在題設圖中，作于H則，又第一級臺階的長大于它的高這種臺階不能從山頂一直鋪到點B，從而就不能一直鋪到山腳上山方向（3）、由圖可知，只有當索道在BC上方時，索道的懸空高度才有可能取

8、最大值索道在BC上方時，懸空高度當時，索道的最大懸空高度為米 5、（2006）如圖，已知拋物線L1: y=x2-4的圖像與x有交于A、C兩點，（1）若拋物線l2與l1關于x軸對稱，求l2的解析式；（2）若點B是拋物線l1上的一動點（B不與A、C重合），以AC為對角線，A、B、C三點為頂點的平行四邊形的第四個頂點定為D，求證：點D在l2上；（3）探索：當點B分別位于l1在x軸上、下兩部分的圖像上時，平行四邊形ABCD的面積是否存在最大值和最小值？若存在，判斷它是何種特殊平行四邊形，并求出它的面積；若不存在，請說明理由。解（1）設l2的解析式為y=a(x-h)2+kl2與x軸的交點A(-2,0),

9、C(2,0),頂點坐標是(0，-4),l1與l2關于x軸對稱，l2過A(-2,0),C(2,0),頂點坐標是（0，4）y=ax2+4 0=4a+4 得 a=-1l2的解析式為y=-x2+4 (2)設B(x1 ,y1)點B在l1上B(x1 ,x12-4) 四邊形ABCD是平行四邊形，A、C關于O對稱B、D關于O對稱D(-x1 ,-x12+4). 將D(-x1 ,-x12+4)的坐標代入l2：y=-x2+4左邊=右邊點D在l2上. (3)設平行四邊形ABCD的面積為S,則 S=2*SABC =AC*|y1|=4|y1| a.當點B在x軸上方時，y10S=4y1 ,它是關于y1的正比例函數且S隨y1

10、的增大而增大，S既無最大值也無最小值 b.當點B在x軸下方時，-4y10S=-4y1 ,它是關于y1的正比例函數且S隨y1的增大而減小，當y1 =-4時，S由最大值16，但他沒有最小值 此時B(0,-4)在y軸上，它的對稱點D也在y軸上.ACBD平行四邊形ABCD是菱形 此時S最大=16.6、（2006濰坊）已知二次函數圖象的頂點在原點，對稱軸為軸一次函數的圖象與二次函數的圖象交于兩點（在的左側），且點坐標為平行于軸的直線過點（1）求一次函數與二次函數的解析式；（2）判斷以線段為直徑的圓與直線的位置關系，并給出證明；（3）把二次函數的圖象向右平移個單位，再向下平移個單位，二次函數的圖象與軸交于

11、兩點，一次函數圖象交軸于點當為何值時，過三點的圓的面積最??？最小面積是多少？解（1）把代入得，一次函數的解析式為； 二次函數圖象的頂點在原點，對稱軸為軸，設二次函數解析式為，把代入得，二次函數解析式為 （2）由解得或，過點分別作直線的垂線，垂足為，則，直角梯形的中位線長為，過作垂直于直線于點，則，的長等于中點到直線的距離的2倍，以為直徑的圓與直線相切（3）平移后二次函數解析式為，令，得，過三點的圓的圓心一定在直線上，點為定點，要使圓面積最小，圓半徑應等于點到直線的距離，此時，半徑為2，面積為，設圓心為中點為，連，則，在三角形中，而，當時，過三點的圓面積最小，最小面積為 7、（2006）問題背景

12、某課外學習小組在一次學習研討中，得到了如下兩個命題：如圖1，在正三角形ABC中，M、N分別是AC、AB上的點，BM與CN相交于點O，若BON60，則BMCN；如圖2，在正方形ABCD中，M、N分別是CD、AD上的點，BM與CN相交于點O，若BON90，則BMCN；然后運用類比的思想提出了如下命題：如圖3，在正五邊形ABCDE中，M、N分別是CD、DE上的點，BM與CN相交于點O，若BON108，則BMCN。任務要求：（1）請你從、三個命題中選擇一個進行證明；（說明：選做對得4分，選做對得3分，選做對得5分）(2)請你繼續(xù)完成下列探索：請在圖3中畫出一條與CN相等的線段DH，使點H在正五邊形的邊

13、上，且與CN相交所成的一個角是108，這樣的線段有幾條？（不必寫出畫法，不要求證明）如圖4，在正五邊形ABCDE中，M、N分別是DE、EA上的點，BM與CN相交于點O，若BON108，請問結論BMCN是否還成立？若成立，請給予證明；若不成立，請說明理由。BOCMNA圖1ABCMNOD圖2圖4NMOEDCBA解 （1）以下答案供參考： （1） 如選命題 證明：在圖1中，BON=601+2=603+2=60，1=3 又BC=CA，BCM=CAN=60BCMCANBM=CN（2）如選命題證明：在圖2中，BON=901+2=903+2=90，1=3 又BC=CD，BCM=CDN=90BCMCDNBM=

14、CN（3）如選命題證明；在圖3中，BON=1081+2=1082+3=1081=3 又BC=CD，BCM=CDN=108BCMCDNBM=CN(2)答：當BON=時結論BM=CN成立 答當BON=108時。BM=CN還成立證明；如圖5連結BD、CE. 在BCI)和CDE中BC=CD, BCD=CDE=108,CD=DEBCDCDEBD=CE , BDC=CED, DBC=CENCDE=DEC=108, BDM=CENOBC+ECD=108, OCB+OCD=108MBC=NCD又DBC=ECD=36, DBM=ECNBDMCNEBM=CN8、（2006）如圖，在平面直角坐標系中，兩個函數的圖象

15、交于點A。動點P從點O開始沿OA方向以每秒1個單位的速度運動，作PQx軸交直線BC于點Q，以PQ為一邊向下作正方形PQMN，設它與OAB重疊部分的面積為S。（1）求點A的坐標。（2）試求出點P在線段OA上運動時，S與運動時間t（秒）的關系式。（3）在（2）的條件下，S是否有最大值？若有，求出t為何值時，S有最大值，并求出最大值；若沒有，請說明理由。（4）若點P經過點A后繼續(xù)按原方向、原速度運動，當正方形PQMN與OAB重疊部分面積最大時，運動時間t滿足的條件是_。解（1）由 可得A（4，4）。（2）點P在y = x上，OP = t，則點P坐標為點Q的縱坐標為，并且點Q在上。，即點Q坐標為。當時

16、，。當，當點P到達A點時，當時，。（3）有最大值，最大值應在中，當時，S的最大值為12。（4）。9、（2006）把兩塊全等的直角三角形和疊放在一起，使三角板的銳角頂點與三角板的斜邊中點重合，其中，把三角板固定不動，讓三角板繞點旋轉，設射線與射線相交于點，射線與線段相交于點（1）如圖9，當射線經過點，即點與點重合時，易證此時，（2）將三角板由圖1所示的位置繞點沿逆時針方向旋轉，設旋轉角為其中，問的值是否改變？說明你的理由()()()B(Q)CFEAP圖1圖3圖3（3）在（2）的條件下，設，兩塊三角板重疊面積為，求與的函數關系式解 （1）8 （）（2）的值不會改變 理由如下：在與中，即（）（3）情

17、形1：當時，即，此時兩三角板重疊部分為四邊形，過作于，于，由（2）知：得于是情形2：當時，時，即，此時兩三角板重疊部分為，由于，易證：，即解得于是綜上所述，當時，當時，法二：連結，并過作于點，在與中，即法三：過作于點，在中，于是在與中即10、（2006）如圖，點O是坐標原點，點A（n，0）是x軸上一動點(n0）以AO為一邊作矩形AOBC，點C在第二象限，且OB2OA矩形AOBC繞點A逆時針旋轉90o得矩形AGDE過點A的直線ykxm 交y軸于點F，FBFA拋物線y=ax2+bx+c過點E、F、G且和直線AF交于點H，過點H作HMx軸，垂足為點M(1)求k的值；(2)點A位置改變時，AMH的面積

18、和矩形AOBC 的面積的比值是否改變？說明你的理由解 （1）根據題意得到：E（3n，0）， G（n，n）當x0時，ykxmm，點F坐標為（0，m）RtAOF中，AF2m2n2，FBAF，m2n2(-2nm)2，化簡得：m0.75n， 對于ykxm，當xn時，y0，0kn0.75n，k0.75 （2）拋物線y=ax2+bx+c過點E、F、G，解得：a，b，c0.75n 拋物線為y=x2x0.75n 解方程組：得：x15n，y13n；x20，y20.75n H坐標是：（5n，3n），HM3n，AMn5n4n，AMH的面積0.5HMAM6n2； 而矩形AOBC 的面積2n2，AMH的面積矩形AOBC

19、 的面積3:1，不隨著點A的位置的改變而改變 11、（2006）如圖1，已知直線與拋物線交于兩點（1）求兩點的坐標；（2）求線段的垂直平分線的解析式；（3）如圖2，取與線段等長的一根橡皮筋，端點分別固定在兩處用鉛筆拉著這根橡皮筋使筆尖在直線上方的拋物線上移動，動點將與構成無數個三角形，這些三角形中是否存在一個面積最大的三角形？如果存在，求出最大面積，并指出此時點的坐標；如果不存在，請簡要說明理由PA圖2圖1解（1）解：依題意得解之得（2）作的垂直平分線交軸，軸于兩點，交于（如圖1）圖1DMACB 由（1）可知： 過作軸，為垂足 由，得：， 同理： 設的解析式為的垂直平分線的解析式為：（3）若存

20、在點使的面積最大，則點在與直線平行且和拋物線只有一個交點的直線上，并設該直線與軸，軸交于兩點（如圖2）拋物線與直線只有一個交點，PA圖2HGB 在直線中， 設到的距離為，到的距離等于到的距離12、（2006海淀）如圖，已知O的直徑AB垂直于弦CD于E，連結AD、BD、OC、OD，且OD5。（1）若，求CD的長；（2）若ADO：EDO4：1，求扇形OAC（陰影部分）的面積（結果保留）。解（1）因為AB是O的直徑，OD5所以ADB90，AB10在RtABD中，又，所以，所以因為ADB90，ABCD所以所以所以所以（2）因為AB是O的直徑，ABCD所以所以BADCDB，AOCAOD因為AODO，所以

21、BADADO所以CDBADO 設ADO4x，則CDB4x由ADO：EDO4：1，則EDOx因為ADOEDOEDB90所以所以x10所以AOD180（OADADO）100所以AOCAOD10013、（2006）如圖，平面直角坐標系中，四邊形為矩形，點的坐標分別為，動點分別從同時出發(fā)，以每秒1個單位的速度運動其中，點沿向終點運動，點沿向終點運動，過點作，交于，連結，已知動點運動了秒（1）點的坐標為（，）（用含的代數式表示）；（2）試求面積的表達式，并求出面積的最大值與相應的值；BAMPCO（3）當為何值時，是一個等腰三角形？簡要說明理由解 （1）由題意可知，點坐標為 （2）設的面積為，在中，邊上的

22、高為，其中 的最大值為，此時 （3）延長交于，則有BAMPCO = 1 * GB3 若， = 2 * GB3 若，則， = 3 * GB3 若，則，在中， 綜上所述，或，或14、（2006）如圖，在平面直角坐標系中，以坐標原點O為圓心，2為半徑畫O，P是O上一動點，且P在第一象限，過點P作O的切線與軸相交于點A，與軸相交于點B。（1）點P在運動時，線段AB的長度在發(fā)生變化，請寫出線段AB長度的最小值，并說明理由；（2）在O上是否存在一點Q，使得以Q、O、A、P為頂點的四邊形時平行四邊形？若存在，請求出Q點的坐標；若不存在，請說明理由。解 （1）線段AB長度的最小值為4 理由如下： 連接OP 因

23、為AB切O于P，所以OPAB 取AB的中點C，則 當時，OC最短， 即AB最短，此時 （2）設存在符合條件的點Q， 如圖，設四邊形APOQ為平行四邊形，因為四邊形APOQ為矩形又因為所以四邊形APOQ為正方形所以，在RtOQA中，根據，得Q點坐標為（）。 如圖，設四邊形APQO為平行四邊形因為OQPA，所以，又因為所以，因為 PQOA，所以 軸。設軸于點H，在RtOHQ中，根據，得Q點坐標為（）所以符合條件的點Q的坐標為（）或（）。15、（2006）如圖，在直角坐標系中，O為原點，A（4，12）為雙曲線（x0）上的一點.求k的值；過雙曲線上的點P作PBx軸于B，連接OP，若RtOPB兩直角邊的

24、比值為，試求點P的坐標.yAOx分別過雙曲線上的兩點P1、P2，作P1B1x軸于B1，P2B2x軸于B2，連結OP1、OP2.設RtOP1B1、RtOP2B2的周長分別為l1、l2，切圓的半徑分別為r1、r2,若，試求的值.解 （1）依題意得 12=，k = 48 （2）由（1）得雙曲線解析式為設P（m，n） 即 當時，即 可設，.4= 48，解得 ，P（，）當時，同理可求得P（，）（3）在RtOP1B1中，設OB1=，P1B1=，OP1=，則P1（，），由（2）得=48；yPOxB在RtOP2B2中，設OB2=，P2B2=，OP2=，則P2（，），由（2）得=48.即=故 又22 即得16、

25、(2006)已知拋物線y=x2+mx-2m2(m0) (1)求證：該拋物線與X軸有兩個不同的交點； (2)過點P(0，n)作y軸的垂線交該拋物線于點A和點B(點A在點P的左邊)，是 否存在實數m、n，使得AP=2PB?若存在，則求出m、n滿足的條件；若不存在，請說明理由解（1）該拋物線與軸有兩個不同的交點。 （2）由題意易知點、的坐標滿足方程：，即由于方程有兩個不相等的實數根，因此，即.由求根公式可知兩根為：，分兩種情況討論：第一種：點在點左邊，點在點的右邊.由式可解得 .第二種：點、都在點左邊.由式可解得.綜合可知，滿足條件的點存在，此時、應滿足條件：，或。17、（2006）已知拋物線：（，

26、為常數，且，）的頂點為，與軸交于點；拋物線與拋物線關于軸對稱，其頂點為，連接，注：拋物線的頂點坐標為（1）請在橫線上直接寫出拋物線的解析式：_；（2）當時，判定的形狀，并說明理由；（3）拋物線上是否存在點，使得四邊形為菱形？如果存在，請求出的值；如果不存在，請說明理由解 （1）（2）當時，為等腰直角三角形 理由如下：xO如圖：點與點關于軸對稱，點又在軸上，過點作拋物線的對稱軸交軸于，過點作于當時，頂點的坐標為，又點的坐標為，從而，由對稱性知，為等腰直角三角形（3）假設拋物線上存在點，使得四邊形為菱形，則由（2）知，從而為等邊三角形四邊形為菱形，且點在上，點與點關于對稱與的交點也為點，因此點的坐

27、標分別為，在中，故拋物線上存在點，使得四邊形為菱形，此時18、（2006）如圖所示，在平面直角坐標中，四邊形OABC是等腰梯形，BCOA，OA=7，AB=4， COA=60，點P為x軸上的個動點，點P不與點0、點A重合連結CP，過點P作PD交AB于點D (1)求點B的坐標； (2)當點P運動什么位置時，OCP為等腰三角形，求這時點P的坐標；(3)當點P運動什么位置時，使得CPD=OAB，且=，求這時點P的坐標。解 (1)作BQx軸于Q. 四邊形ABCD是等腰梯形,BAQCOA60在RtBQA中,BA=4,BQ=ABsinBAO=4sin60=AQ=ABcosBAO=4cos60=2,OQ=OA

28、-AQ=7-2=5點B在第一象限,點B的的坐標為(5,)(2)若OCP為等腰三角形,COP=60,此時OCP為等邊三角形或是頂角為120的等腰三角形若OCP為等邊三角形,OP=OC=PC=4,且點P在x軸的正半軸上,點P的坐標為(4,0)若OCP是頂角為120的等腰三角形,則點P在x軸的負半軸上,且OP=OC=4點P的坐標為(-4,0)點P的坐標為(4,0)或(-4,0)(3)若CPD=OABCPA=OCP+COP而OAB=COP=60,OCP=DPA此時OCPADP,AD=AB-BD=4-=AP=OA-OP=7-OP得OP=1或6點P坐標為(1,0)或(6,0).19、（2006）已知拋物線

29、與y軸的交點為C，頂點為M，直線CM的解析式并且線段CM的長為求拋物線的解析式。設拋物線與x軸有兩個交點A（X1 ，0）、B（X2 ，0），且點A在B的左側，求線段AB的長。若以AB為直徑作N，請你判斷直線CM與N的位置關系，并說明理由。解NMyOA BD（G）CM（1）解法一：由已知，直線CM：y=x2與y軸交于點C（0,2）拋物線過點C（0,2），所以c=2，拋物線的頂點M在直線CM上，所以若b0，點C、M重合，不合題意，舍去，所以b2。即M過M點作y軸的垂線，垂足為Q，在所以，解得，。所求拋物線為： 或（1）解法二：由題意得C(0 , 2),設點M的坐標為M（x ，y）點M在直線上，由勾

30、股定理得，=，即解方程組 得M（-2，4） 或 M （2，0）當M（-2，4）時，設拋物線解析式為，拋物線過（0，2）點，當M（2，0）時，設拋物線解析式為拋物線過（0，2）點，所求拋物線為： 或（2）拋物線與x軸有兩個交點，不合題意，舍去。拋物線應為：拋物線與x軸有兩個交點且點A在B的左側，得（3）AB是N的直徑，r = ， N（2，0），又M（2，4），MN = 4設直線與x軸交于點D，則D（2，0），DN = 4，可得MN = DN，作NGCM于G，在= r 即圓心到直線CM的距離等于N的半徑直線CM與N相切 20、（2006）如圖，有兩個形狀完全一樣的直角三角形ABC和EFG疊放在一起

31、（點A與點E重合），已知AC8cm，BC6cm，C90，EG4cm，EGF90，O 是EFG斜邊上的中點如圖，若整個EFG從圖的位置出發(fā)，以1cm/s 的速度沿射線AB方向平移，在EFG 平移的同時，點P從EFG的頂點G出發(fā)，以1cm/s 的速度在直角邊GF上向點F運動，當點P到達點F時，點P停止運動，EFG也隨之停止平移設運動時間為x（s），FG的延長線交 AC于H，四邊形OAHP的面積為y（cm2)（不考慮點P與G、F重合的情況）（1）當x為何值時，OPAC ?（2）求y與x 之間的函數關系式，并確定自變量x的取值圍（3）是否存在某一時刻，使四邊形OAHP面積與ABC面積的比為1324？若

32、存在，求出x的值；若不存在，說明理由（參考數據：1142 12996，1152 13225，1162 13456或4.42 19.36，4.52 20.25，4.62 21.16）解 （1）RtEFGRtABC ，FG3cm 當P為FG的中點時，OPEG ，EGAC ，OPAC x 31.5（s）當x為1.5s時，OPAC （2）在RtEFG 中，由勾股定理得：EF 5cmEGAH ，EFGAFH AH（ x 5），FH（x5）過點O作ODFP ，垂足為 D 點O為EF中點，ODEG2cmFP3x ，S四邊形OAHP SAFH SOFPAHFHODFP（x5）（x5）2（3x ）x2x3 （0

33、 x3（3）假設存在某一時刻x，使得四邊形OAHP面積與ABC面積的比為1324則S四邊形OAHPSABCx2x3686x285x2500解得 x1， x2 （舍去）0 x3，當x（s）時，四邊形OAHP面積與ABC面積的比為132421、（2006）如圖，在RtABC中，C90，AC12，BC16，動點P從點A出發(fā)沿AC邊向點C以每秒3個單位長的速度運動，動點Q從點C出發(fā)沿CB邊向點B以每秒4個單位長的速度運動P，Q分別從點A，C同時出發(fā)，當其中一點到達端點時，另一點也隨之停止運動在運動過程中，PCQ關于直線PQ對稱的圖形是PDQ設運動時間為t（秒）（1）設四邊形PCQD的面積為y，求y與t

34、的函數關系式；（2）t為何值時，四邊形PQBA是梯形？（3）是否存在時刻t，使得PDAB？若存在，求出t的值；若不存在，請說明理由；（4）通過觀察、畫圖或折紙等方法，猜想是否存在時刻t，使得PDAB？若存在，請估計t的值在括號中的哪個時間段（0t1；1t2；2t3；3t4）；若不存在，請簡要說明理由 APCQBD解 （1）由題意知 CQ4t，PC123t，SPCQ=PCQ與PDQ關于直線PQ對稱，y=2SPCQ （2）當時，有PQAB，而AP與BQ不平行，這時四邊形PQBA是梯形，CA=12，CB=16，CQ4t， CP123t，解得t2當t2秒時，四邊形PQBA是梯形（3）設存在時刻t，使得

35、PDAB，延長PD交BC于點M，如下圖，若PDAB，則QMD=B，又QDM=C=90，APCQBDMRtQMDRtABC，從而，QD=CQ=4t，AC12，AB=20，QM=若PDAB，則，得，解得t當t秒時，PDAB（4）存在時刻t，使得PDAB 時間段為：2t3 22、（2006課改）圖141至圖147的正方形霓虹燈廣告牌ABCD都是2020的等距網格（每個小方格的邊長均為1個單位長），其對稱中心為點O如圖141，有一個邊長為6個單位長的正方形EFGH的對稱中心也是點O，它以每秒1個單位長的速度由起始位置向外擴大（即點O不動，正方形EFGH經過一秒由66擴大為88；再經過一秒，由88擴大為1010；），直到充滿正方形ABCD，再以同樣的速度逐步縮小到起始時的大小，然后一直不斷地以同樣速度再擴大、再縮小另有一個邊長為6個單位長的正方形MNPQ從如圖141所示的位置開始，以每秒1個單位長的速度，沿正方形ABCD的側邊緣按ABCDA移動（即正方形MNPQ從點P與點A重合位置開始，先向左平移，當點Q與點B重合時，再向上平移，當點M與點C重合時，再向右平移，當點N與點D重合時，再向下平移，到達起始位置后仍繼續(xù)按上述方式移動）正