2021高考物理二輪復(fù)習(xí)專題2能量與動量第2講動量觀點的應(yīng)用課件

1、專題二能量與動量專題二能量與動量第第2講動量觀點的應(yīng)用講動量觀點的應(yīng)用01 考情速覽 明規(guī)律高考命題點高考命題點命題軌跡命題軌跡情境圖情境圖碰撞與動量碰撞與動量守恒守恒2020卷卷15高考命題點高考命題點命題軌跡命題軌跡情境圖情境圖碰撞與動量碰撞與動量守恒守恒2019卷卷25高考命題點高考命題點命題軌跡命題軌跡情境圖情境圖碰撞與動量碰撞與動量守恒守恒2018卷卷24卷卷15、242017卷卷1402 核心知識 提素養(yǎng)1動量定理動量定理(1)公式：公式：ftpp，除表明等號兩邊大小、方向的關(guān)系外，還，除表明等號兩邊大小、方向的關(guān)系外，還說明了兩邊的因果關(guān)系，即合外力的沖量是動量變化的原因說明了兩

2、邊的因果關(guān)系，即合外力的沖量是動量變化的原因(2)意義：動量定理說明的是合外力的沖量與動量變化的關(guān)系，反意義：動量定理說明的是合外力的沖量與動量變化的關(guān)系，反映了力對時間的累積效果，與物體的初、末動量無必然聯(lián)系動量變映了力對時間的累積效果，與物體的初、末動量無必然聯(lián)系動量變化的方向與合外力的沖量方向相同，而物體在某一時刻的動量方向跟化的方向與合外力的沖量方向相同，而物體在某一時刻的動量方向跟合外力的沖量方向無必然聯(lián)系合外力的沖量方向無必然聯(lián)系“物理觀念物理觀念”構(gòu)建構(gòu)建2動量守恒定律動量守恒定律(1)內(nèi)容：如果一個系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的矢量和為零，內(nèi)容：如果一個系統(tǒng)不受外力，或者所受外力

3、的矢量和為零，這個系統(tǒng)的總動量保持不變這個系統(tǒng)的總動量保持不變(2)表達式：表達式：m1v1m2v2m1v1m2v2或或pp(系統(tǒng)相互作系統(tǒng)相互作用前總動量用前總動量p等于相互作用后總動量等于相互作用后總動量p)，或，或p0(系統(tǒng)總動量的變系統(tǒng)總動量的變化量為零化量為零)，或，或p1p2(相互作用的兩個物體組成的系統(tǒng)，兩物體相互作用的兩個物體組成的系統(tǒng)，兩物體動量的變化量大小相等、方向相反動量的變化量大小相等、方向相反)(3)守恒條件守恒條件系統(tǒng)不受外力或系統(tǒng)雖受外力但所受外力的合力為零系統(tǒng)不受外力或系統(tǒng)雖受外力但所受外力的合力為零系統(tǒng)所受外力的合力不為零，但在某一方向上系統(tǒng)受到的合力系統(tǒng)所受

4、外力的合力不為零，但在某一方向上系統(tǒng)受到的合力為零，則系統(tǒng)在該方向上動量守恒為零，則系統(tǒng)在該方向上動量守恒系統(tǒng)雖受外力，但外力遠小于內(nèi)力且作用時間極短，如碰撞、系統(tǒng)雖受外力，但外力遠小于內(nèi)力且作用時間極短，如碰撞、爆炸過程爆炸過程3解決力學(xué)問題的三大觀點解決力學(xué)問題的三大觀點(1)力的觀點：主要是牛頓運動定律和運動學(xué)公式相結(jié)合，常涉及力的觀點：主要是牛頓運動定律和運動學(xué)公式相結(jié)合，常涉及物體的受力、加速度或勻變速運動的問題物體的受力、加速度或勻變速運動的問題(2)動量的觀點：主要應(yīng)用動量定理或動量守恒定律求解，常涉及動量的觀點：主要應(yīng)用動量定理或動量守恒定律求解，常涉及物體的受力和時間問題，以

5、及相互作用物體的問題物體的受力和時間問題，以及相互作用物體的問題(3)能量的觀點：在涉及單個物體的受力和位移問題時，常用動能能量的觀點：在涉及單個物體的受力和位移問題時，常用動能定理分析；在涉及系統(tǒng)內(nèi)能量的轉(zhuǎn)化問題時，常用能量守恒定律定理分析；在涉及系統(tǒng)內(nèi)能量的轉(zhuǎn)化問題時，常用能量守恒定律1思想方法思想方法(1)力學(xué)規(guī)律的選用原則力學(xué)規(guī)律的選用原則單個物體：宜選用動量定理、動能定理和牛頓運動定律若其單個物體：宜選用動量定理、動能定理和牛頓運動定律若其中涉及時間的問題，應(yīng)選用動量定理；若涉及位移的問題，應(yīng)選用動中涉及時間的問題，應(yīng)選用動量定理；若涉及位移的問題，應(yīng)選用動能定理；若涉及加速度的問題

6、，只能選用牛頓第二定律能定理；若涉及加速度的問題，只能選用牛頓第二定律多個物體組成的系統(tǒng)：優(yōu)先考慮兩個守恒定律，若涉及碰撞、多個物體組成的系統(tǒng)：優(yōu)先考慮兩個守恒定律，若涉及碰撞、爆炸、反沖等問題，應(yīng)選用動量守恒定律，然后再根據(jù)能量關(guān)系分析爆炸、反沖等問題，應(yīng)選用動量守恒定律，然后再根據(jù)能量關(guān)系分析解決解決“科學(xué)思維科學(xué)思維”展示展示(2)系統(tǒng)化思維方法系統(tǒng)化思維方法對多個物理過程進行整體分析，即把幾個過程合為一個過程來對多個物理過程進行整體分析，即把幾個過程合為一個過程來處理，如用動量守恒定律解決比較復(fù)雜的運動處理，如用動量守恒定律解決比較復(fù)雜的運動對多個研究對象進行整體分析，即把兩個或兩個以

7、上的獨立物對多個研究對象進行整體分析，即把兩個或兩個以上的獨立物體合為一個整體進行考慮，如應(yīng)用動量守恒定律時，就是把多個物體體合為一個整體進行考慮，如應(yīng)用動量守恒定律時，就是把多個物體看成一個整體看成一個整體(或系統(tǒng)或系統(tǒng))2模型建構(gòu)模型建構(gòu)(1)人船模型人船模型解決這種問題的前提條件是要兩物體的初動量為零解決這種問題的前提條件是要兩物體的初動量為零(或某方向上或某方向上初動量為零初動量為零)，畫出兩物體的運動示意圖有利于發(fā)現(xiàn)各物理量之間的，畫出兩物體的運動示意圖有利于發(fā)現(xiàn)各物理量之間的關(guān)系，特別提醒要注意各物體的位移是相對于地面的位移關(guān)系，特別提醒要注意各物體的位移是相對于地面的位移(或該方

8、向或該方向上相對于地面的位移上相對于地面的位移)(3)彈簧模型彈簧模型當彈簧連接的兩個物體速度相等時，彈簧壓縮最短或拉伸最長，當彈簧連接的兩個物體速度相等時，彈簧壓縮最短或拉伸最長，此時彈性勢能達到最大此時彈性勢能達到最大(4)子彈打木塊模型子彈打木塊模型存在兩種情況，其一是子彈未穿過木塊，二者最終具有共同速度，存在兩種情況，其一是子彈未穿過木塊，二者最終具有共同速度，其二是子彈穿出了木塊其二是子彈穿出了木塊(相對位移等于木塊厚度相對位移等于木塊厚度x相對相對d)，子彈速度大，子彈速度大于木塊速度于木塊速度03 命題熱點 巧突破1恒力的沖量可應(yīng)用恒力的沖量可應(yīng)用ift直接求解，變力的沖量優(yōu)先考

9、慮應(yīng)用直接求解，變力的沖量優(yōu)先考慮應(yīng)用動量定理求解動量定理求解2物體動量變化是由合外力的沖量決定的，物體動能變化是由物體動量變化是由合外力的沖量決定的，物體動能變化是由合外力做的功決定的合外力做的功決定的3動量定理是過程定理，解題時必須明確過程及初末狀態(tài)的動動量定理是過程定理，解題時必須明確過程及初末狀態(tài)的動量量4動量定理的表達式是矢量式，在一維情況下，各個矢量必須動量定理的表達式是矢量式，在一維情況下，各個矢量必須選取統(tǒng)一的正方向選取統(tǒng)一的正方向考點一動量定理的應(yīng)用考點一動量定理的應(yīng)用考向預(yù)測考向預(yù)測1(2020新課標卷新課標卷)行駛中的汽車如果發(fā)生劇烈碰撞，車內(nèi)的行駛中的汽車如果發(fā)生劇烈碰

10、撞，車內(nèi)的安全氣囊會被彈出并瞬間充滿氣體若碰撞后汽車的速度在很短時間安全氣囊會被彈出并瞬間充滿氣體若碰撞后汽車的速度在很短時間內(nèi)減小為零，關(guān)于安全氣囊在此過程中的作用，下列說法正確的是內(nèi)減小為零，關(guān)于安全氣囊在此過程中的作用，下列說法正確的是()a增加了司機單位面積的受力大小增加了司機單位面積的受力大小b減少了碰撞前后司機動量的變化量減少了碰撞前后司機動量的變化量c將司機的動能全部轉(zhuǎn)換成汽車的動能將司機的動能全部轉(zhuǎn)換成汽車的動能d延長了司機的受力時間并增大了司機的受力面積延長了司機的受力時間并增大了司機的受力面積d【解析】【解析】因安全氣囊充氣后，受力面積增大，故減小了司機單因安全氣囊充氣后，

11、受力面積增大，故減小了司機單位面積的受力大小，故位面積的受力大小，故a錯誤；有無安全氣囊司機初動量和末動量均錯誤；有無安全氣囊司機初動量和末動量均相同，所以動量的改變量也相同，故相同，所以動量的改變量也相同，故b錯誤；因有安全氣囊的存在，錯誤；因有安全氣囊的存在，司機和安全氣囊接觸后會有一部分動能轉(zhuǎn)化為氣體的內(nèi)能，不能全部司機和安全氣囊接觸后會有一部分動能轉(zhuǎn)化為氣體的內(nèi)能，不能全部轉(zhuǎn)化成汽車的動能，故轉(zhuǎn)化成汽車的動能，故c錯誤；因為安全氣囊充氣后面積增大，司機錯誤；因為安全氣囊充氣后面積增大，司機的受力面積也增大，在司機擠壓氣囊作用過程中由于氣囊的緩沖故增的受力面積也增大，在司機擠壓氣囊作用過

12、程中由于氣囊的緩沖故增加了作用時間，故加了作用時間，故d正確正確2(2019全國卷全國卷，16)最近，我國為最近，我國為“長征九號長征九號”研制的大推研制的大推力新型火箭發(fā)動機聯(lián)試成功，這標志著我國重型運載火箭的研發(fā)取得力新型火箭發(fā)動機聯(lián)試成功，這標志著我國重型運載火箭的研發(fā)取得突破性進展若某次實驗中該發(fā)動機向后噴射的氣體速度約為突破性進展若某次實驗中該發(fā)動機向后噴射的氣體速度約為3 km/s，產(chǎn)生的推力約為產(chǎn)生的推力約為4.8106 n，則它在，則它在1 s時間內(nèi)噴射的氣體質(zhì)量約為時間內(nèi)噴射的氣體質(zhì)量約為()a1.6102 kgb1.6103 kgc1.6105 kgd1.6106 kgb3

13、(2018全國卷全國卷t15)高空墜物極易對行人造成傷害若一個高空墜物極易對行人造成傷害若一個50 g的雞蛋從一居民樓的的雞蛋從一居民樓的25層墜下，與地面的碰撞時間約為層墜下，與地面的碰撞時間約為2 ms，則該，則該雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊力約為雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊力約為()a10 nb102 nc103 nd104 n【解析】【解析】根據(jù)自由落體運動和動量定理有根據(jù)自由落體運動和動量定理有2ghv2(h為為25層樓層樓的高度，約的高度，約70 m)，ftmv，代入數(shù)據(jù)解得，代入數(shù)據(jù)解得f1103 n，所以，所以c正正確確c4(2020山東聊城二模山東聊城二模)2019年年8月，月，“法國哪吒法

14、國哪吒”扎帕塔身背燃扎帕塔身背燃料包，腳踩由料包，腳踩由5個小型渦輪噴氣發(fā)動機驅(qū)動的個小型渦輪噴氣發(fā)動機驅(qū)動的“飛板飛板”，僅用，僅用22分鐘分鐘就飛越了英吉利海峽就飛越了英吉利海峽35公里的海面已知扎帕塔公里的海面已知扎帕塔(及裝備及裝備)的總質(zhì)量為的總質(zhì)量為120 kg，當扎帕塔，當扎帕塔(及裝備及裝備)懸浮在空中靜止時，發(fā)動機將氣流以懸浮在空中靜止時，發(fā)動機將氣流以6 000 m/s的恒定速度從噴口向下噴出，不考慮噴氣對總質(zhì)量的影響，取的恒定速度從噴口向下噴出，不考慮噴氣對總質(zhì)量的影響，取g10 m/s2，則發(fā)動機每秒噴出氣體的質(zhì)量為，則發(fā)動機每秒噴出氣體的質(zhì)量為()a0.02 kgb0

15、.20 kgc1.00 kgd5.00 kgb應(yīng)用動量守恒定律解題的基本步驟應(yīng)用動量守恒定律解題的基本步驟考點二動量守恒定律及其應(yīng)用考點二動量守恒定律及其應(yīng)用考向預(yù)測考向預(yù)測1某同學(xué)質(zhì)量為某同學(xué)質(zhì)量為60 kg，在軍事訓(xùn)練中要求他從岸上以大小為，在軍事訓(xùn)練中要求他從岸上以大小為2 m/s的速度跳到一條向他緩緩漂來的小船上，然后去執(zhí)行任務(wù)，小船的速度跳到一條向他緩緩漂來的小船上，然后去執(zhí)行任務(wù)，小船的質(zhì)量是的質(zhì)量是140 kg，原來的速度大小是，原來的速度大小是0.5 m/s，該同學(xué)上船后又跑了幾，該同學(xué)上船后又跑了幾步，最終停在船上步，最終停在船上(船未與岸相撞船未與岸相撞)，不計水的阻力，則

16、，不計水的阻力，則()a該同學(xué)和小船最終靜止在水面上該同學(xué)和小船最終靜止在水面上b該過程同學(xué)的動量變化量大小為該過程同學(xué)的動量變化量大小為105 kgm/sc船最終的速度是船最終的速度是0.95 m/sd船的動量變化量大小為船的動量變化量大小為70 kgm/sb【解析】【解析】規(guī)定該同學(xué)原來的速度方向為正方向設(shè)該同學(xué)上船規(guī)定該同學(xué)原來的速度方向為正方向設(shè)該同學(xué)上船后，船與該同學(xué)的共同速度為后，船與該同學(xué)的共同速度為v.由題意，水的阻力忽略不計，該同學(xué)由題意，水的阻力忽略不計，該同學(xué)跳上小船后與小船達到共同速度的過程，該同學(xué)和船組成的系統(tǒng)所受跳上小船后與小船達到共同速度的過程，該同學(xué)和船組成的系

17、統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，則由動量守恒定律得合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，則由動量守恒定律得m人人v人人m船船v船船(m人人m船船)v，代入數(shù)據(jù)解得，代入數(shù)據(jù)解得v0.25 m/s，方向與該同學(xué)原來的速度方，方向與該同學(xué)原來的速度方向相同，與船原來的速度方向相反，故向相同，與船原來的速度方向相反，故a、c錯誤；該同學(xué)的動量變化錯誤；該同學(xué)的動量變化量為量為pm人人vm人人v人人60(0.252)kgm/s105 kgm/s，負號表，負號表示方向與選擇的正方向相反，故示方向與選擇的正方向相反，故b正確；船的動量變化量為正確；船的動量變化量為pm船船vm船船v船船1400.25(0.5)kg

18、m/s105 kgm/s，故，故d錯誤錯誤2(多選多選)(2020廣東實驗中學(xué)模擬廣東實驗中學(xué)模擬)如圖所示，質(zhì)量如圖所示，質(zhì)量m10.3 kg的的小車靜止在光滑的水平面上，車長小車靜止在光滑的水平面上，車長l1.5 m，現(xiàn)有質(zhì)量，現(xiàn)有質(zhì)量m20.2 kg可可視為質(zhì)點的物塊，以水平向右的速度視為質(zhì)點的物塊，以水平向右的速度v0從左端滑上小車，最后在車面從左端滑上小車，最后在車面上某處與小車保持相對靜止物塊與車面間的動摩擦因數(shù)上某處與小車保持相對靜止物塊與車面間的動摩擦因數(shù)0.5，取，取g10 m/s2，則，則()a物塊滑上小車后，滑塊和小車構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒物塊滑上小車后，滑塊和小車構(gòu)成的系統(tǒng)

19、動量守恒b物塊滑上小車后，滑塊和小車構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒物塊滑上小車后，滑塊和小車構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒c若若v02 m/s，則物塊在車面上滑行的時間為，則物塊在車面上滑行的時間為0.24 sd若要保證物塊不從小車右端滑出，則若要保證物塊不從小車右端滑出，則v0不得大于不得大于5 m/sacdaa與墻壁碰撞的過程中，墻壁對與墻壁碰撞的過程中，墻壁對a的平均作用力的大小的平均作用力的大小f50 nba與墻壁碰撞的過程中沒有能量損失與墻壁碰撞的過程中沒有能量損失ca、b碰撞后的速度碰撞后的速度v3 m/sda、b滑上圓弧軌道的最大高度滑上圓弧軌道的最大高度h0.55 m【答案】【答案】ac【解析】【

20、解析】設(shè)水平向右為正方向，則設(shè)水平向右為正方向，則a與墻壁碰前的速度與墻壁碰前的速度v16 m/s，碰撞后的速度，碰撞后的速度v24 m/s，根據(jù)動量定理得，根據(jù)動量定理得ftmav2mav1，解得解得a與墻壁碰撞過程中，墻壁對與墻壁碰撞過程中，墻壁對a的平均作用力的平均作用力f大小為大小為f50 n，故故a正確；正確；4(多選多選)(2020新課標全國新課標全國卷卷)水平冰面上有一固定的豎直擋板，水平冰面上有一固定的豎直擋板，一滑冰運動員面對擋板靜止在冰面上，他把一質(zhì)量為一滑冰運動員面對擋板靜止在冰面上，他把一質(zhì)量為4.0 kg的靜止物的靜止物塊以大小為塊以大小為5.0 m/s的速度沿與擋板

21、垂直的方向推向擋板，運動員獲得的速度沿與擋板垂直的方向推向擋板，運動員獲得退行速度；物塊與擋板彈性碰撞，速度反向，追上運動員時，運動員退行速度；物塊與擋板彈性碰撞，速度反向，追上運動員時，運動員又把物塊推向擋板，使其再一次以大小為又把物塊推向擋板，使其再一次以大小為5.0 m/s的速度與擋板彈性碰的速度與擋板彈性碰撞總共經(jīng)過撞總共經(jīng)過8次這樣推物塊后，運動員退行速度的大小大于次這樣推物塊后，運動員退行速度的大小大于5.0 m/s，反彈的物塊不能再追上運動員不計冰面的摩擦力，該運動員的質(zhì)量反彈的物塊不能再追上運動員不計冰面的摩擦力，該運動員的質(zhì)量可能為可能為()a48 kgb53 kgc58 k

22、gd63 kgbc抓住抓住“三個原則、三個定律三個原則、三個定律”速解碰撞問題速解碰撞問題(1)判斷兩物體碰撞瞬間的情況：當兩物體相碰時，首先要判斷碰判斷兩物體碰撞瞬間的情況：當兩物體相碰時，首先要判斷碰撞時間是否極短、碰撞時的相互作用力撞時間是否極短、碰撞時的相互作用力(內(nèi)力內(nèi)力)是否遠遠大于外力是否遠遠大于外力(2)碰撞的碰撞的“三個原則三個原則”：動量守恒原則，即碰撞前后兩物體組動量守恒原則，即碰撞前后兩物體組成的系統(tǒng)滿足動量守恒定律；成的系統(tǒng)滿足動量守恒定律；能量不增加原則，即碰撞后系統(tǒng)的總能量不增加原則，即碰撞后系統(tǒng)的總能量不大于碰撞前系統(tǒng)的總能量；能量不大于碰撞前系統(tǒng)的總能量；物理

23、情境可行性原則，即兩物體物理情境可行性原則，即兩物體碰撞前后的物理情境應(yīng)與實際相一致碰撞前后的物理情境應(yīng)與實際相一致考點三碰撞與動量守恒考點三碰撞與動量守恒(3)遵循遵循“三個定律三個定律”：如果物體間發(fā)生的是彈性碰撞，則一般是：如果物體間發(fā)生的是彈性碰撞，則一般是列出動量守恒方程和機械能守恒方程進行求解；如果物體間發(fā)生的不列出動量守恒方程和機械能守恒方程進行求解；如果物體間發(fā)生的不是彈性碰撞，則一般應(yīng)用動量守恒定律和能量守恒定律是彈性碰撞，則一般應(yīng)用動量守恒定律和能量守恒定律(功能關(guān)系功能關(guān)系)進進行求解行求解1(2020新課標全國新課標全國卷卷)甲、乙兩個物塊在光滑水平桌面上沿甲、乙兩個物

24、塊在光滑水平桌面上沿同一直線運動，甲追上乙，并與乙發(fā)生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度同一直線運動，甲追上乙，并與乙發(fā)生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度隨時間的變化如圖中實線所示已知甲的質(zhì)量為隨時間的變化如圖中實線所示已知甲的質(zhì)量為1 kg，則碰撞過程兩，則碰撞過程兩物塊損失的機械能為物塊損失的機械能為()a3 jb4 jc5 jd6 j考向考向1彈性碰撞與非彈性碰撞彈性碰撞與非彈性碰撞ad考向考向2有彈簧參與的碰撞問題有彈簧參與的碰撞問題典典 例例(1)求彈簧釋放后瞬間求彈簧釋放后瞬間a、b速度的大?。凰俣鹊拇笮。?2)物塊物塊a、b中的哪一個先停止？該物塊剛停止時中的哪一個先停止？該物塊剛停止時a與與

25、b之間的距之間的距離是多少？離是多少？(3)a和和b都停止后，都停止后，a與與b之間的距離是多少？之間的距離是多少？sa小于碰撞處到墻壁的距離由上式可得兩物塊停止后的距離小于碰撞處到墻壁的距離由上式可得兩物塊停止后的距離ssasb0.91m【答案】【答案】(1)va4.0 m/s，vb1.0 m/s(2)b0.50 m(3)0.91 m【核心考點】【核心考點】本題考查了動量守恒定律、牛頓第二定律、動能本題考查了動量守恒定律、牛頓第二定律、動能定理和機械能守恒定律的綜合應(yīng)用，體現(xiàn)了模型建構(gòu)、科學(xué)推理的素定理和機械能守恒定律的綜合應(yīng)用，體現(xiàn)了模型建構(gòu)、科學(xué)推理的素養(yǎng)要求養(yǎng)要求【規(guī)范審題】【規(guī)范審題

26、】兩物塊和總動量為零兩物塊和總動量為零彈簧處于壓縮狀態(tài)，具有一定的彈性勢能彈簧處于壓縮狀態(tài)，具有一定的彈性勢能兩物塊動能之和是兩物塊動能之和是10 j，動量之和為，動量之和為0碰撞時動量守恒，能量守恒碰撞時動量守恒，能量守恒審題審題結(jié)果結(jié)果兩個物塊初速度為零，兩個物塊以及彈簧組成的系統(tǒng)，兩個物塊初速度為零，兩個物塊以及彈簧組成的系統(tǒng)，初總動量為零；運動中所涉及的碰撞均為彈性碰撞，故初總動量為零；運動中所涉及的碰撞均為彈性碰撞，故碰撞過程中滿足機械能守恒碰撞過程中滿足機械能守恒【思路分析思路分析】利用牛頓第二定律求利用牛頓第二定律求a、b的加速度，分別對的加速度，分別對a、b的運動過程應(yīng)用勻變速

27、直線運動公式解決問題；假設(shè)的運動過程應(yīng)用勻變速直線運動公式解決問題；假設(shè)a能與能與b碰撞，碰撞，應(yīng)用動能定理可以求出應(yīng)用動能定理可以求出a碰撞前的瞬時速度；發(fā)生彈性碰撞，由動量碰撞前的瞬時速度；發(fā)生彈性碰撞，由動量守恒定律和機械能守恒定律求出碰撞后守恒定律和機械能守恒定律求出碰撞后a、b的速度，問題便易于解的速度，問題便易于解決了決了【易錯警示】【易錯警示】物塊物塊a與墻壁發(fā)生彈性碰撞，反彈后速率不變，與墻壁發(fā)生彈性碰撞，反彈后速率不變，在計算時可直接用勻變速直線運動的規(guī)律求出物塊運動的兩段位移大在計算時可直接用勻變速直線運動的規(guī)律求出物塊運動的兩段位移大小的和，來判斷當小的和，來判斷當b物塊停下時，兩物塊之間的距離當物塊物塊停下時，兩物塊之間的距離當物塊a與物與物塊塊b發(fā)生碰撞時，根據(jù)機械能守恒和