(浙江專用)2014版高考物理一輪作業(yè)手冊(cè)-第7講-牛頓第二定律-兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題(含解析)版

1、 課時(shí)作業(yè)(七)第7講牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題12013唐山摸底從16世紀(jì)末，人類對(duì)力的認(rèn)識(shí)逐漸清晰和豐富，建立了經(jīng)典力學(xué)理論，以下有關(guān)力的說(shuō)法正確的有()A物體的速度越大，說(shuō)明它受到的外力越大B物體的加速度在改變，說(shuō)明它受到的外力一定改變C馬拉車做勻速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明物體做勻速運(yùn)動(dòng)需要力來(lái)維持D一個(gè)人從地面跳起來(lái)，說(shuō)明地面對(duì)人的支持力大于人對(duì)地面的壓力圖K7122013碣石中學(xué)月考讓鋼球從某一高度豎直落下進(jìn)入液體中，圖K71中表示的是閃光照相機(jī)拍攝的鋼球在液體中的不同位置則下列說(shuō)法正確的是()A鋼球進(jìn)入液體中先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)B鋼球進(jìn)入液體中先做減速運(yùn)動(dòng)，后做加速運(yùn)動(dòng)C鋼球在液體中所受的

2、阻力先大于重力，后等于重力D鋼球在液體中所受的阻力先小于重力，后等于重力3如圖K72所示，一輛有動(dòng)力驅(qū)動(dòng)的小車上有一水平放置的彈簧，其左端固定在小車上，右端與一小球相連，設(shè)在某一段時(shí)間內(nèi)小球與小車相對(duì)靜止且彈簧處于壓縮狀態(tài)，若忽略小球與小車間的摩擦力，則在這段時(shí)間內(nèi)小車可能是()圖K72A向右做加速運(yùn)動(dòng)B向右做減速運(yùn)動(dòng)C向左做加速運(yùn)動(dòng) D向左做減速運(yùn)動(dòng)4受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上做直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖線如圖K73所示，則()圖K73A在0t1時(shí)間內(nèi)，外力F大小不斷增大B在t1時(shí)刻，外力F為零C在t1t2時(shí)間內(nèi)，外力F大小可能不斷減小D在t1t2時(shí)間內(nèi)，外力F大小可能先減小后增大5如圖

3、K74所示，物體沿斜面由靜止滑下，在水平面上滑行一段距離后停止，物體與斜面和水平面圖K74間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，斜面與水平面光滑連接圖乙中v、a、f和s分別表示物體的速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程圖K75中正確的是()A BCD圖K7562011浙江卷如圖K76所示，甲、乙兩人在冰面上“拔河”兩人中間位置處有一分界線，約定先使對(duì)方過(guò)分界線者為贏若繩子質(zhì)量不計(jì)，冰面可看成光滑，則下列說(shuō)法正確的是()圖K76A甲對(duì)繩的拉力與繩對(duì)甲的拉力是一對(duì)平衡力B甲對(duì)繩的拉力與乙對(duì)繩的拉力是作用力與反作用力C若甲的質(zhì)量比乙大，則甲能贏得“拔河”比賽的勝利D若乙收繩的速度比甲快，則乙能贏得“拔河”比賽的勝利

4、7如圖K77所示，車內(nèi)繩AB與繩BC拴住一小球，BC水平，車由原來(lái)的靜止?fàn)顟B(tài)變?yōu)橄蛴壹铀僦本€運(yùn)動(dòng)，小球仍處于圖中所示的位置，則()圖K77AAB繩、BC繩拉力都變大BAB繩拉力變大，BC繩拉力變小CAB繩拉力變大，BC繩拉力不變DAB繩拉力不變，BC繩拉力變大8一個(gè)靜止的質(zhì)點(diǎn)，在05 s時(shí)間內(nèi)受到合力F的作用，合力的方向始終在同一直線上，合力F隨時(shí)間t的變化圖線如圖K78所示則質(zhì)點(diǎn)在()圖K78A第1 s末速度方向改變B第2 s末加速度為零C第4 s末運(yùn)動(dòng)速度為零D第4 s末回到原出發(fā)點(diǎn)9在建筑工地上有時(shí)需要將一些建筑材料由高處送到低處，為此工人們?cè)O(shè)計(jì)了一種如圖K79所示的簡(jiǎn)易滑軌：兩根圓柱形

5、木桿AB和CD相互平行，斜靠在豎直墻壁上，把一摞弧形瓦放在兩木桿構(gòu)成的滑軌上，瓦將沿滑軌滑到低處在實(shí)驗(yàn)操作中發(fā)現(xiàn)瓦滑到底端時(shí)速度較大，有可能摔碎，為了防止瓦被損壞，下列措施中可行的是()圖K79A增多每次運(yùn)送瓦的塊數(shù)B減少每次運(yùn)送瓦的塊數(shù)C增大兩桿之間的距離D減小兩桿之間的距離102013赤峰紅旗中學(xué)測(cè)試如圖K710所示，質(zhì)量為M的物體在粗糙斜面上以加速度a1勻加速下滑(斜面固定)當(dāng)把物體的質(zhì)量增加m時(shí)，加速度為a2；當(dāng)有一豎直向下且過(guò)重心的恒力F作用在物體上時(shí)，加速度變?yōu)閍3，如果Fmg，則()圖K710Aa1a2a3 Ba1a2a3Ca1a2a3 Da1a2aBCaAaB時(shí)，vAvBDaA

6、aB時(shí)，vAvB102012揚(yáng)州模擬如圖Z39所示，一根勁度系數(shù)k200 N/m的輕質(zhì)彈簧拉著質(zhì)量為m0.2 kg的物體從靜止開始沿傾角為37的斜面勻加速上升，此時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量x0.9 cm，在t1.0 s內(nèi)物體前進(jìn)了s0.5 m求：(1)物體加速度的大??；(2)物體和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)(取g10 m/s2，sin370.6，cos370.8)圖Z3911如圖Z310所示為上、下兩端相距L5 m、傾角30、始終以v3 m/s的速率順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶(傳送帶始終繃緊)將一物體放在傳送帶的上端由靜止釋放滑下，經(jīng)過(guò)t2 s到達(dá)下端，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)傳送帶與物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)多大

7、？(2)如果將傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，速率至少多大時(shí)，物體從傳送帶上端由靜止釋放能最快地到達(dá)下端？圖Z310 專題(四)專題4牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用(2)12012杭州模擬如圖Z41甲所示，在粗糙的水平面上，物塊A在水平向右的外力F的作用下做直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖象如圖乙中實(shí)線所示，下列判斷正確的是()甲乙圖Z41A在01 s內(nèi)，外力F不斷增大B在13 s內(nèi)，外力F的大小恒定C在34 s內(nèi)，外力F不斷減小D在34 s內(nèi)，外力F的大小恒定2如圖Z42所示，在傾角為的固定光滑斜面上，有一用繩拴著圖Z42的長(zhǎng)木板，木板上站著一只老鼠已知木板的質(zhì)量是老鼠質(zhì)量的兩倍當(dāng)繩子突然斷開時(shí)，老鼠立即沿著木板向上跑，以保持其相

8、對(duì)斜面的位置不變由此木板沿斜面下滑的加速度為()A.sinBgsinC.gsin D2gsin32012揚(yáng)州模擬從地面以一定的速度豎直向上拋出一小球，小球從拋出點(diǎn)上升到最高點(diǎn)的時(shí)刻為t1，下落到拋出點(diǎn)的時(shí)刻為t2.若空氣阻力的大小恒定，則在圖Z43中能正確表示被拋出物體的速率v隨時(shí)間t的變化關(guān)系的圖象是()ABCD圖Z434一根質(zhì)量分布均勻的長(zhǎng)繩AB，在水平外力F的作用下沿光滑水平面做直線運(yùn)動(dòng)，如圖Z44甲所示繩內(nèi)距A端x處的張力FT與x的關(guān)系如圖乙所示，由圖可知()甲乙圖Z44A水平外力F6 NB繩子的質(zhì)量m3 kgC繩子的長(zhǎng)度l2 mD繩子的加速度a2 m/s2圖Z4552013無(wú)錫一中質(zhì)

9、量檢測(cè)圖Z45繪出了輪胎與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為1和2時(shí)緊急剎車時(shí)的剎車痕跡(即剎車距離s)與剎車前車速v的關(guān)系曲線，則1和2的大小關(guān)系為()A12C12 D條件不足，不能比較6“蹦極”就是跳躍者把一端固定的長(zhǎng)彈性繩綁在踝關(guān)節(jié)等處，從幾十米高處跳下的一種極限運(yùn)動(dòng)某人做蹦極運(yùn)動(dòng)，所受繩子拉力F的大小隨時(shí)間t變化的情況如圖Z46所示將蹦極過(guò)程近似為在豎直方向的運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g.據(jù)圖可知，此人在蹦極過(guò)程中最大加速度約為()圖Z46AgB2gC3gD4g7如圖Z47所示，地面上有兩個(gè)完全相同的木塊A、B，在水平推力F作用下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧長(zhǎng)度穩(wěn)定后，若用表示木塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，F(xiàn)N表示彈簧彈力

10、，則()圖Z47A0時(shí)，F(xiàn)NFB0時(shí)，F(xiàn)NFC0時(shí)，F(xiàn)NFD0時(shí)，F(xiàn)NF8如圖Z48所示，一固定光滑桿與水平方向的夾角為，將一質(zhì)量為m1的小環(huán)套在桿上，通過(guò)輕繩懸掛一個(gè)質(zhì)量為m2的小球，靜止釋放后，小環(huán)與小球保持相對(duì)靜止以相同的加速度a一起下滑，此時(shí)繩子與豎直方向夾角為，則下列說(shuō)法正確的是()圖Z48A桿對(duì)小環(huán)的作用力大于m1gm2gB若m1不變，則m2越大，越小C，與m1、m2無(wú)關(guān)D若桿不光滑，則可能大于9如圖Z49所示，光滑斜面上質(zhì)量相等的兩木塊A、B用一輕彈簧相連接，整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，B木塊由擋板C擋住現(xiàn)用一沿斜面向上的拉力F拉動(dòng)木塊A，使木塊A沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)研究從力F剛

11、作用在A木塊的瞬間到木塊B剛離開擋板的瞬間這一過(guò)程，并且選定該過(guò)程中木塊A的起點(diǎn)位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則如圖Z410所示圖象中能表示力F和木塊A的位移x之間關(guān)系的是()圖Z49ABCD圖Z410102012溫州八校聯(lián)考一個(gè)質(zhì)量為1500 kg的行星探測(cè)器從某行星表面豎直升空，發(fā)射時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)推力恒定，發(fā)射升空后8 s末，發(fā)動(dòng)機(jī)突然間發(fā)生故障而關(guān)閉，如圖Z411所示為探測(cè)器從發(fā)射到落回出發(fā)點(diǎn)全過(guò)程的速度圖象已知該行星表面沒(méi)有大氣，不考慮探測(cè)器總質(zhì)量的變化求：(1)探測(cè)器在行星表面上升達(dá)到的最大高度；圖Z411(2)探測(cè)器落回出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度；(3) 探測(cè)器發(fā)動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的推力112013湖南師大附中月考如

12、圖Z412所示，在傾角37的固定斜面上放置一質(zhì)量M1 kg、長(zhǎng)度L3 m的薄平板AB.平板的上表面光滑，其下端B與斜面底端C的距離為7 m，在平板的上端A處放一質(zhì)量m0.6 kg的滑塊，開始時(shí)使平板和滑塊都靜止，之后將它們無(wú)初速釋放，設(shè)平板與斜面間、滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，求滑塊與平板下端B到達(dá)斜面底端C的時(shí)間差t.(sin370.6，cos370.8，g10 m/s2)圖Z412 實(shí)驗(yàn)(四)實(shí)驗(yàn)4探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系1如圖S41所示，在探究牛頓運(yùn)動(dòng)定律的演示實(shí)驗(yàn)中，若1、2兩個(gè)相同的小車所受拉力分別為F1、F2，車中所放砝碼的質(zhì)量分別為m1、m2，打開夾子后經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間兩

13、車的位移分別為x1、x2，則在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，有()圖S41A當(dāng)m1m2、F12F2時(shí)，x12x2B當(dāng)m1m2、F12F2時(shí)，x22x1C當(dāng)m12m2、F1F2時(shí)，x12x2D當(dāng)m12m2、F1F2時(shí)，x22x12使用如圖S42所示的氣墊導(dǎo)軌裝置探究加速度與力的關(guān)系其中G1、G2為兩個(gè)光電門，它們與數(shù)字計(jì)時(shí)器相連，當(dāng)滑行器通過(guò)G1、G2光電門時(shí)，光束被遮擋的時(shí)間t1、t2都可以被測(cè)量并記錄，滑行器連同上面固定的條形擋光片的總質(zhì)量為M，擋光片寬度為D，光電門之間的距離為x，牽引砝碼的質(zhì)量為m.回答下列問(wèn)題：圖S42(1)實(shí)驗(yàn)開始前應(yīng)先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌下面的螺釘，使氣墊導(dǎo)軌水平，在不增加其他儀器

14、的情況下，如何判定調(diào)節(jié)是否到位？答：_.(2)若取M0.4 kg，改變m的值，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，以下m的取值不合適的一個(gè)是_Am15 gBm215 gCm340 g Dm4400 g(3)在此實(shí)驗(yàn)中，需要測(cè)得每一個(gè)牽引力對(duì)應(yīng)的加速度，求得的加速度的表達(dá)式為_.(用t1、t2、D、x表示)3某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖S43所示的裝置來(lái)探究加速度與力的關(guān)系彈簧測(cè)力計(jì)固定在一塊合適的木板上，桌面的右邊緣固定一支表面光滑的鉛筆以代替定滑輪，細(xì)繩的兩端分別與彈簧測(cè)力計(jì)的掛鉤和礦泉水瓶連接在桌面上畫出兩條平行線P、Q，并測(cè)出間距d.開始時(shí)將木板置于P處，現(xiàn)緩慢向瓶中加水，直到木板剛剛開始運(yùn)動(dòng)為止，記下彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F

15、0，以此表示滑動(dòng)摩擦力的大小再將木板放回原處并按住，繼續(xù)向瓶中加水后，記下彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F1，然后釋放木板，并用秒表記下木板運(yùn)動(dòng)到Q處的時(shí)間t.圖S43(1)木板的加速度可以用d、t表示為a_；為了減小測(cè)量加速度的偶然誤差可以采用的方法是(一種即可)_(2)改變瓶中水的質(zhì)量重復(fù)實(shí)驗(yàn)，確定加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F1的關(guān)系圖S44中能表示該同學(xué)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的圖象是_ABCD圖S44(3)用加水的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，它的優(yōu)點(diǎn)是_A可以改變滑動(dòng)摩擦力的大小B可以更方便地獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)C可以比較精確地測(cè)出摩擦力的大小D可以獲得更大的加速度以提高實(shí)驗(yàn)精度4為了探究受到空氣阻力時(shí)物體運(yùn)動(dòng)

16、速度隨時(shí)間的變化規(guī)律，某同學(xué)采用了“探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置(如圖S45所示)實(shí)驗(yàn)時(shí)，平衡小車與木板之間的摩擦力后，在小車上安裝一薄板，以增大空氣對(duì)小車運(yùn)動(dòng)的阻力圖S45(1)往砝碼盤中加入一小砝碼，在釋放小車_(選填“之前”或“之后”)接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，在紙帶上打出一系列的點(diǎn)(2)從紙帶上選取若干計(jì)數(shù)點(diǎn)進(jìn)行測(cè)量，得出各計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間t與速度v的數(shù)據(jù)如下表：時(shí)間t/s00.501.001.502.002.50速度v/(ms1)0.120.190.230.260.280.29請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出小車的vt圖象圖S46(3)通過(guò)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的分析，該同學(xué)認(rèn)為：隨著運(yùn)動(dòng)速度的增加

17、，小車所受的空氣阻力將變大你是否同意他的觀點(diǎn)？請(qǐng)根據(jù)vt圖象簡(jiǎn)要闡述理由52012南京模擬某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，圖S47甲為實(shí)驗(yàn)裝置簡(jiǎn)圖(交流電的頻率為50 Hz)甲乙圖S47(1)如圖乙所示為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為_m/s2.(保留兩位有效數(shù)字)(2)保持沙和沙桶質(zhì)量不變，改變小車質(zhì)量 m，分別得到小車加速度a與質(zhì)量 m及對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)如下表：實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345678小車加速度a/ms21.901.721.491.251.000.750.500.30小車質(zhì)量m/kg0.250.290.330.400.500.711.001.

18、67/kg14.003.453.032.502.001.411.000.60請(qǐng)?jiān)谌鐖DS48所示的坐標(biāo)紙中畫出a圖線，并由圖線求出小車加速度a與質(zhì)量倒數(shù)之間的關(guān)系式是_圖S486某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖S49所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)探究當(dāng)合外力一定時(shí)物體運(yùn)動(dòng)的加速度與其質(zhì)量之間的關(guān)系圖S49(1)已知兩個(gè)光電門中心之間的距離x24 cm，由圖S410中游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光條的寬度d_ cm.該實(shí)驗(yàn)小組在做實(shí)驗(yàn)時(shí)，將滑塊從如圖所示位置由靜止釋放，由數(shù)字計(jì)時(shí)器可以讀出遮光條通過(guò)光電門1的時(shí)間t1，遮光條通過(guò)光電門2的時(shí)間t2，則滑塊經(jīng)過(guò)光電門1時(shí)的瞬時(shí)速度的表達(dá)式v1_，滑塊經(jīng)過(guò)光電門2時(shí)的瞬時(shí)速度的表達(dá)式v2_，則

19、滑塊的加速度的表達(dá)式a_(以上表達(dá)式均用字母表示)圖S410(2)在本次實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)改變滑塊質(zhì)量總共做了6組實(shí)驗(yàn)，得到如下表所示的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)通過(guò)分析表中數(shù)據(jù)后，你得出的結(jié)論是_.m/g250300350400500800a/(ms2)2.021.651.331.251.000.63(3)現(xiàn)需通過(guò)圖象進(jìn)一步驗(yàn)證你的結(jié)論，請(qǐng)利用表格數(shù)據(jù)，在圖S411的坐標(biāo)系中描點(diǎn)作出相應(yīng)圖象圖S411課時(shí)作業(yè)(七)1B解析 根據(jù)牛頓第二定律可知選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；根據(jù)牛頓第一定律可知選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第三定律可知選項(xiàng)D錯(cuò)誤2C解析 由題圖可知，鋼球先做減速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A、B均錯(cuò)誤；由運(yùn)動(dòng)情

20、況可知受力情況，故選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)D錯(cuò)誤3. AD解析 小球水平方向受到向右的彈簧彈力F，由牛頓第二定律可知，小球必定具有向右的加速度，小球與小車相對(duì)靜止，故小車可能向右做加速運(yùn)動(dòng)或向左做減速運(yùn)動(dòng)選項(xiàng)A、D正確. 4. CD解析 vt圖象的斜率表示加速度，在0t1時(shí)間內(nèi)，物體做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：Ffma，所以外力F不斷減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在t1時(shí)刻，加速度為零，外力F等于摩擦力f，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在t1t2時(shí)間內(nèi)，物體做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：fFma，所以外力F可能不斷減小，選項(xiàng)C正確；若物體靜止前，外力F已減至零，則此后，外力F必再反向增大，選項(xiàng)D正確5C解

21、析 物體在兩個(gè)過(guò)程中都做勻變速運(yùn)動(dòng)，由此可知A、B、D選項(xiàng)不正確由f1mgcos和f2mg可知，選項(xiàng)C正確6C解析 A項(xiàng)中兩力是一對(duì)作用力與反作用力，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B項(xiàng)中兩力是一對(duì)平衡力，B項(xiàng)錯(cuò)誤；因m甲m乙，由a知a甲a乙，因xat2得x乙x甲，C項(xiàng)正確；由xat2知x與收繩的速度無(wú)關(guān)，D項(xiàng)錯(cuò)誤7D解析 如圖所示，車加速時(shí)，小球的位置不變，則AB繩拉力沿豎直方向的分力仍為FT1cos，且等于重力G，即FT1，故FT1不變向右的加速度只能是由BC繩上增加的拉力提供，故FT2增加，D正確8C解析 根據(jù)題意和Ft圖象，可畫出vt圖象，如圖所示由vt圖象可得，質(zhì)點(diǎn)始終沒(méi)有改變速度方向，A錯(cuò)；根據(jù)Ft圖象

22、可得，合力F始終不為零，所以加速度也始終不為零，B錯(cuò)；由vt圖象可得，第4 s末運(yùn)動(dòng)速度為零，C對(duì)；質(zhì)點(diǎn)始終沿正方向運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)9C解析 根據(jù)題意，瓦在豎直面內(nèi)受力如圖甲所示結(jié)合弧形瓦的特點(diǎn)對(duì)其截面進(jìn)行受力分析如圖乙所示，F(xiàn)N1FN2，且FN1與FN2的合力為FN，而FNmgcos.若兩桿間的距離不變，F(xiàn)N1與FN2均與瓦的質(zhì)量成正比，則摩擦力f2FN1與質(zhì)量成正比為了防止瓦被損壞，應(yīng)使瓦下滑的加速度減小，而a，與質(zhì)量無(wú)關(guān)，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤增大兩桿之間的距離，F(xiàn)N不變，F(xiàn)N1與FN2將增大，則摩擦力增大，加速度減小，符合題意，選項(xiàng)C正確減小兩桿之間的距離會(huì)使加速度增大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤甲乙10C解析 根

23、據(jù)牛頓第二定律解得a1gsingcos，a2gsingcos，a3，故a1a2vB，此后A的加速度繼續(xù)減小，B的加速度繼續(xù)增大，所以vAvB時(shí)，aBaA.10(1)1.0 m/s2(2)0.25解析 (1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式：sat2得：a1.0 m/s2.(2)物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受力情況如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律得：Ffmgsin37maFNmgcos37根據(jù)摩擦定律得fFN根據(jù)胡克定律得：Fkx解得：0.25.11(1)0.29(2)8.66 m/s解析 (1)傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體受重力、支持力和斜向上的摩擦力沿傳送帶向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)設(shè)加速度為a.由題意得Lat2解得a2.5 m/s2由

24、牛頓第二定律得mgsinmgcosma解得0.29.(2)如果傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，要使物體從傳送帶上端由靜止釋放能最快地到達(dá)下端，則應(yīng)保證物體一直加速運(yùn)動(dòng)設(shè)物體到達(dá)下端時(shí)恰好與傳送帶速度相同，此時(shí)傳送帶速度為vm，物體加速度為a.由牛頓第二定律得mgsinmgcosma由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v2aL解得vm8.66 m/s.專題(四)1BC解析 由vt圖象可以看出，01 s內(nèi)物塊做勻加速運(yùn)動(dòng)，故物塊所受合力恒定，外力F大小不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在13 s內(nèi)，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物塊受力平衡，外力F大小不變，選項(xiàng)B正確；在34 s內(nèi)，物塊做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，故外力F小于摩擦力，摩擦力不變，所以外力F不斷減

25、小，故選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)D錯(cuò)誤2C解析 繩斷后老鼠相對(duì)斜面不動(dòng)，木板對(duì)老鼠沿斜面向上的作用力與老鼠的重力沿斜面的分力大小相等，即Fmgsin，由牛頓第三定律知老鼠對(duì)木板沿斜面的作用力大小也為mgsin，對(duì)木板研究，其重力沿斜面的分力為2mgsin，則木板沿斜面所受合力為F合mgsin2mgsin3mgsin，由牛頓第二定律知，木板的加速度agsin，選項(xiàng)C正確3C解析 小球在上升過(guò)程中做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度為a1，下降過(guò)程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度為a2，即a1a2，且所分析的是速率與時(shí)間的關(guān)系，選項(xiàng)C正確4AC解析 取x0，對(duì)A端進(jìn)行受力分析，F(xiàn)FTma，又A端質(zhì)量趨近于零，則FFT6

26、N，A正確；由于不知繩子的加速度，其質(zhì)量也無(wú)法得知，B、D均錯(cuò)誤；由題圖知繩長(zhǎng)度為2 m，C正確. 5B解析 根據(jù)牛頓第二定律，有fmgma，解得緊急剎車時(shí)加速度大小ag；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得v22as2gs，結(jié)合圖象，初速度相同時(shí)圖線1對(duì)應(yīng)的剎車距離較小，所以12.6B解析 從圖象可知，當(dāng)人最后不動(dòng)時(shí)，繩上的拉力為F0，即mgF0，最大拉力為F0，由牛頓第二定律有F0mgmam，解得am2g，選項(xiàng)B正確7AC解析 當(dāng)0時(shí)，對(duì)系統(tǒng)整體應(yīng)用牛頓第二定律，有F2ma，隔離木塊B應(yīng)用牛頓第二定律有：FNma，可得FNF，A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)0時(shí)，對(duì)整體和木塊B分別應(yīng)用牛頓第二定律列方程，同樣可以得

27、出FNF，故本題應(yīng)選A、C.8C解析 對(duì)小環(huán)、輕繩和小球組成的整體由牛頓第二定律得(m1m2)gsin(m1m2)a，N(m1m2)gcos，選項(xiàng)A錯(cuò)誤對(duì)小球由牛頓第二定律得m2gsinTsin()m2a，解得，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確若桿不光滑，假設(shè)，分別對(duì)小環(huán)和小球受力分析，小球下滑的加速度大于小環(huán)下滑的加速度，即，選項(xiàng)D錯(cuò)誤9A解析 要使木塊A沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，木塊A所受的合外力應(yīng)恒定不變?cè)趶椈苫謴?fù)到自然長(zhǎng)度之前，彈簧的彈力方向沿斜面向上，并隨著A的位移的增大而減小，所以，此過(guò)程中，力F逐漸增大彈簧長(zhǎng)度等于原長(zhǎng)時(shí)，彈力為0，此后彈力反向并隨著A的位移的增大而增大，這一過(guò)程中，力F

28、也逐漸增大又因F剛作用于A不可能等于0，故選A.10(1)768 m(2)32 m/s(3)1.8104 N解析 (1)024 s探測(cè)器一直處于上升階段H2464 m768 m.(2)8 s末發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉，此后探測(cè)器只受重力作用ga2 m/s24 m/s2探測(cè)器返回地面過(guò)程有v22gH解得v32 m/s.(3)上升階段加速度a1 m/s28 m/s2，由牛頓第二定律有Fmgma解得F1.8104 N.111.65 s解析 對(duì)平板，由于Mgsin37(Mm)gcos37，故滑塊在平板上滑動(dòng)時(shí)，平板靜止不動(dòng)對(duì)滑塊，滑塊在平板上滑行時(shí)加速度a1gsin376 m/s2，滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度v6 m/s滑塊由B至C時(shí)的加速度a2gsin37gcos372 m/s2設(shè)滑塊由B至C所用時(shí)間為t，則LBCvta2t2，解得t1 s.對(duì)平板，滑塊滑離后才開始運(yùn)動(dòng)，加速度agsin37gcos372 m/