2019高考物理一輪訓(xùn)練學(xué)題(8)(含解析)新人教版

1、人教物理2019高考一輪訓(xùn)練學(xué)題（8）李仕才1、質(zhì)點(diǎn)由A點(diǎn)出發(fā)沿直線AB運(yùn)動，行程的第一部分是加速度大小為ai的勻加速運(yùn)動,則質(zhì)點(diǎn)從A到B所用時間t為（【答案】B【解析】設(shè)第一階段的末速度為V解得；V=v+0 v由此解得：f二 r寸筆晉所以正確答案為B2、關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動，下列說法中正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的加速度為零，則速度為零，速度變化也為零B.質(zhì)點(diǎn)速度變化率越大，則加速度越大C. 質(zhì)點(diǎn)某時刻的加速度不為零，則該時刻的速度也不為零D. 質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的加速度變大，則速度一定變大【答案】B【解析】加速度為零，速度變化也為零，但速度不一定為零， 加速度不為零，速度可能為零, 故 A、C 錯誤；質(zhì)點(diǎn)速度

2、變化率越大，則加速度越大，B 正確；當(dāng)速度與加速度反向時，加速度增大，速度反而會減小，并且減小得越來越快，D 錯誤3、（多選）我國新研制的隱形戰(zhàn)機(jī)殲一20 已經(jīng)開始掛彈飛行.在某次試飛中，由靜止開始加速，當(dāng)加速度a不斷減小至零時，飛機(jī)剛好起飛，則此過程中飛機(jī)的A.速度不斷增大，位移不斷減小接著做加速度大小為a2的勻減速運(yùn)動，到達(dá)B點(diǎn)時恰好速度減為零若AB間總長度為s,A.s(ai+a2)aia2C.2s(ai+a2)aia2B.D.2s(ai+a2)aia2aia2* 2s(ai+a2)關(guān)鍵詞接著做加速度大小為a2的勻減速運(yùn)動；到達(dá)B點(diǎn)時恰好速度減為零.則由題意可知:愛+2B. 速度不斷增大，

3、位移不斷增大C. 速度增加越來越快，位移增加越來越慢D. 速度增加越來越慢，位移增加越來越快【答案】BD【解析】根據(jù)題意，飛機(jī)速度與加速度同向，飛機(jī)速度和位移都在增大，選項A 錯誤，選項B 正確；由于加速度減小，所以速度增加越來越慢，而速度增大，會使位移變化越來越快， 選項 C 錯誤，選項 D 正確.4、（多選）給滑塊一初速度V。使它沿光滑斜面向上做勻減速運(yùn)動，加速度大小為號，當(dāng)Vo滑塊速度大小減為空時，所用時間可能是（）VoVo3vo3voA.B.C.D.2g2ggg【答案】BC【解析】當(dāng)滑塊速度大小減為 2 時，其方向可能與初速度方向相同，也可能與初速度方向相V。V。VV。V。3vo反，因

4、此要考慮兩種情況，即V= 或V=一二，代入公式t= 得t= 或t= ，故 B22aggC 正確.5、（多選）下列關(guān)于摩擦力的說法中，正確的是（）A. 兩物體間有摩擦力，一定有彈力，且摩擦力的方向和它們的彈力方向垂直B. 兩物體間的摩擦力大小和它們間的壓力一定成正比C. 在兩個運(yùn)動的物體之間可以存在靜摩擦力，且靜摩擦力的方向可以與運(yùn)動方向成任意角度D. 滑動摩擦力的方向可以與物體的運(yùn)動方向相同，也可以相反【答案】ACD【解析】摩擦力方向沿接觸面， 彈力方向垂直接觸面，且有摩擦力一定有彈力，有彈力不一定有摩擦力，A 正確；靜摩擦力與壓力沒有關(guān)系，B 錯誤；靜摩擦力可以產(chǎn)生在運(yùn)動的物體間，且靜摩擦力

5、的方向可以與運(yùn)動方向成任意角度，例如靜摩擦力提供向心力，C 正確；滑動摩擦力可以是動力也可以是阻力，D 正確.6、如圖 5 所示，一質(zhì)量為m的沙袋用不可伸長的輕繩懸掛在支架上，一練功隊員用垂直于繩的力將沙袋緩慢拉起使繩與豎直方向的夾角為0= 30,且繩繃緊，則練功隊員對沙袋施加的作用力大小為（）34mg 33A. 2 B.2mgC.3mgD.mg【答案】A【解析】建立如圖所示直角坐標(biāo)系，對沙袋進(jìn)行受力分析由平衡條件有:Feos 30 -FTsin 30 = 0,FTCOS30 +Fsin 30 -mg=0,mg聯(lián)立可解得：F= 2，故選 A.7、 從正在加速上升的氣球上落下一個物體，在物體剛離

6、開氣球的瞬間，下列說法正確的（）A. 物體向下做自由落體運(yùn)動B. 物體向上運(yùn)動，加速度向上C. 物體向上運(yùn)動，加速度向下D. 物體向上還是向下運(yùn)動，要看物體離開氣球時的速度【答案】C【解析】上升的氣球掉下一物體，由于具有慣性，物體離開氣球的初速度與氣球的速度相同， 大小為 v,方向豎直向上；由于物體僅受重力，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度方向向下，大 小為 g。故 C 正確，A、B、D 錯誤。8、 （多選）（2017 河北保定一模）如圖 6 所示，一質(zhì)量M= 3 kg、傾角為a= 45的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m= 1 kg 的光滑楔形物體.用一水平向左的恒力F2作用在斜面體上

7、，系統(tǒng)恰好保持相對靜止地向左運(yùn)動.重力加速度為g= 10 m/s,下列判斷正確的是（）圖 6A.系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動B.F= 40 N5C. 斜面體對楔形物體的作用力大小為5 ND. 增大力F,楔形物體將相對斜面體沿斜面向上運(yùn)動【答案】BD【解析】對整體受力分析如圖鄆徐由牛頓第二定律有廠+呃對楔形物體受力分折如圖乙所 示，由牛頓第二定律有颶迦號=柚,可得嚴(yán)=竝弘3=10 1111盒錯，B對斜面體對楔形物體的作舸 力照這眾=爲(wèi)護(hù)10進(jìn) 甌杞錯勢力掙増大，則斜面體加速度増加，楔形物體不倉疇那么大的 速度，將會木取扌斜面體沿斜面上滑，PX1-9、（多選）如圖 3 所示，表面粗糙、質(zhì)量M= 2 kg 的

8、木板，t= 0 時在水平恒力F的作用下從靜止開始沿水平面向右做勻加速直線運(yùn)動，加速度a= 2.5 m/s2,t= 0.5 s 時，將一個 質(zhì)量 m= 1 kg 的小鐵塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）無初速度地放在木板最右端，鐵塊從木板上掉下時速度是木板速度的一半已知鐵塊和木板之間的動摩擦因數(shù)卩1= 0.1，木板和地面之間的動摩擦2因數(shù)卩2= 0.25 ,g= 10 m/s，則（）_|1.匸A. 水平恒力F的大小為 10 NB. 鐵塊放上木板后，木板的加速度為2 m/sC. 鐵塊在木板上運(yùn)動的時間為1 sD.木板的長度為 1.625 m【答案】AC6【解析】未放鐵塊時對木槻由牛頓第二定律：曠一曲龜二加b解得F=

9、IDN,選項盒正斷錐塊放 上木極氐 對木松F-pi斫彈3T+；瞬=滋珀解得：選頊珀眾；0亠時柿的速度虻=i=2.5xoj m 5=1.235,鐵塊滑寫木桅W,木板的速度：訕二鞫+也FL25豐口輪鐵塊的速度常=& 恥=初盹二切由題意解得空=1列選項C正確夕錢塊滑離木瞬L木板的速度vi=2m-57鐵塊 的速度諺=1辭，則柿的長度為土*駕禺_昭=號+為1一抽m= 1.125 m,選項D錯誤$故選九C.10、如圖 8 所示，B和C兩個小球均重為G,用輕繩懸掛而分別靜止于圖示位置上，試圖 8(1)AB和CD兩根細(xì)繩的拉力分別為多大？(2) 繩BC與豎直方向的夾角0是多少？【答案】 GG(2)60 【解新

10、】)對整休受力分析正交勞解得克皿鈾 7 曲加師Glasin MF聯(lián)HZ解得鬥童=苗魚護(hù)如=爲(wèi)對娜球受力分折，同理得魅郵洗粧的堆前=窈屈肚血片肥痂in60二,聯(lián)立解得片60已11、如圖 11 所示，一質(zhì)量mi= 0.4 kg 的小物塊，在與斜面成某一夾角的拉力F作用下,沿斜面向上做勻加速運(yùn)動，經(jīng)t= 2 s 的時間物塊由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，物塊在A點(diǎn)的速度為vo= 2 m/s ,A、B之間的距離L= 10 m.已知斜面傾角0= 30,物塊與斜面之間的動摩擦因EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(3數(shù)卩= 3,EQ * jc0 * Font:Calibri

11、 * hps24 o(sup 11(3,3.重力加速度g取10 m/s2.7(1) 求物塊加速度的大小及到達(dá)B點(diǎn)時速度的大小.(2) 拉力F與斜面夾角多大時，拉力F最小？拉力F的最小值是多少?2【答案】(1)3 m/s 8 m/s (2)30 EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(35,EQ * jc0 * Fo nt:Calibri * hps24 o(sup 11(3,5N【解析】設(shè)物塊期速度的犬小為鈣到達(dá)蠱點(diǎn)時速度的犬小為叭由運(yùn)動學(xué)公式得盂=附舟如芒咤呦于加聯(lián)i堿RAWS在=為nvi2(2)設(shè)物塊所受支持力為FN,所受摩擦力為Ff，拉力與斜面

12、的夾角為a，受力分析如圖所示，由牛頓第二定律得Fcosa min0 -Ff=maFsina +FNmccos0 =08聯(lián)立式得F=EQ * jcO * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(mg(s incosa +卩sina,EQ * jc0 * Font:Calibri * hps24 o(sup 11(mg(sinB +卩 cos0+maB +卩 cos0 +ma,cos由數(shù)學(xué)知識得 cosa+EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(33,EQ * jc0 * Font:Calibri * hps24 o(sup 11(

13、3,3sina =EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(33,EQ * jc0 * Font:Calibri * hps24 o(sup 11(3,3sin(60 + a)由式可知對應(yīng)F最小時與斜面間的夾角a= 30聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得F的最小值為Fmin=EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(35,EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(3,5N?12、表面粗糙的長直木板的上表面的一端放有一個木塊，如圖15 所示，木板由水平位置緩慢向上轉(zhuǎn)動（即木板與地面的夾角

14、a變大，最大靜摩擦力大于滑動摩擦力），另一端不 動，則木塊受到的摩擦力Ff隨角度a變化的圖象是下列圖中的（）【答案】C【解析】下面通過“過程分析法”和“特殊位置法”分別求解:解法一：過程分析法圖 159(2)從木板開始轉(zhuǎn)動到木板與木塊發(fā)生相對滑動前：木塊所受的是靜摩擦力.由于木板緩慢轉(zhuǎn)動，可認(rèn)為木塊處于平衡狀態(tài)，受力分析如圖：由平衡關(guān)系可知，靜摩擦力大小等于木塊重力沿斜面向下的分力：Ff靜=mina.因此，靜摩擦力隨a的增大而增大，它們滿足正弦規(guī)律變化.P 懷塊相對于木板剛好要滑動而沒馳時，木塊此時所受的靜摩摑力為最大靜摩撫力矗皿繼續(xù)増大, 木塊將開始滑動，靜摩擦力變?yōu)槲紕幽y力，且満足：撿珀(4懷彌目對于木板幵始滑動后，員戶卿於審野此時，渭幼摩撫