2018年下半年軟件設(shè)計(jì)師試題及答案上午題(1)

1、1. CPU在執(zhí)行指令的過(guò)程中，會(huì)自動(dòng)修改)的內(nèi)容，以使其保存的總是將要執(zhí)行的下一條指令的地址A.指令寄存器B.程序計(jì)數(shù)器C.地址寄存D.指令譯碼器參考答案 B試題解析程序計(jì)數(shù)器 pc是用于存放下一條指令所在單元的地址的地方。指令寄存器是臨時(shí)放置從內(nèi)存里面取得的程序指令的寄存器，用于存放當(dāng)前從主存儲(chǔ)器讀出的正在執(zhí)行的一條指令。地址寄存器用來(lái)保存當(dāng)前CPU所訪問(wèn)的內(nèi)存單元的地址。指令譯碼器，從內(nèi)存中取出的一條指令經(jīng)數(shù)據(jù)總線送往指令寄存器中。.2 .在微機(jī)系統(tǒng)中，BIOS (基本輸入輸出系統(tǒng))保存在()中。A.主板上的 ROMB.CPU的寄存器C.主板上的 RAMD.虛擬存儲(chǔ)器參考答案 A試題解析

2、BIOS是一個(gè)程序，是固化在主板的BIOS ROM 芯片里面的，它相當(dāng)于硬件底層的一個(gè)操作系統(tǒng)，控制和保存著硬件的輸入輸出工作。3 .采用n位補(bǔ)碼(包含一個(gè)符號(hào)位)表示數(shù)據(jù)，可以直接表示數(shù)值()。nA.2nB.-2n-1C.2n-1D. -2參考答案 D試題解析對(duì)于有n位的整數(shù)補(bǔ)碼，其取值范用-(2 n-1 )(2 n-1 )-1以8位的整數(shù)補(bǔ)碼舉例，其有效取值范用-(2 7)(27)-1 ,也就是-128127。拿C計(jì)黛也8越界了，只有 D符合。其它選項(xiàng)都越界了。4.某系統(tǒng)由下圖所示的部件構(gòu)成，每個(gè)部件的千小時(shí)可靠度都向該系統(tǒng)的千小時(shí)可靠度為 )A.(3R+2R)/2B. R/3+R/2C.

3、 (1-(1-R)3)(1-(1-R)2)D. (1-(1-R)3-(1-R)2)參考答案C:試題解析2017年上半年原題串行系統(tǒng)的可靠，幟=R 1 XR 2 x? XR n并聯(lián)系統(tǒng)的可靠，性為R= 1- (1- R 1 ) X (1- R 2 ) x? X (1- R n )5.以下關(guān)于采用一位奇校驗(yàn)方法的敘述中，正確的是()。A.若所有奇數(shù)位出錯(cuò)，則可以檢測(cè)出該錯(cuò)誤 但濾劣錯(cuò)誤B.若所有偶數(shù)位出錯(cuò)，則可以檢測(cè)出該錯(cuò)誤 并加翁C.若有奇數(shù)個(gè)數(shù)據(jù)位出錯(cuò)，則可以檢測(cè)出該錯(cuò)誤 但濾劣錯(cuò)誤D.若有偶數(shù)個(gè)數(shù)據(jù)位出錯(cuò)，則可以檢測(cè)出該錯(cuò)誤 并加翁參考答案C 試題解析：奇校驗(yàn)：如果以二進(jìn)制數(shù)據(jù)中1的個(gè)數(shù)是奇

4、數(shù)為依據(jù)，則是奇校驗(yàn)偶校驗(yàn)：如果以二進(jìn)制數(shù)據(jù)中1的個(gè)數(shù)是偶數(shù)為依據(jù)，則是偶校驗(yàn)如果傳輸過(guò)程中包括校驗(yàn)位在內(nèi)的奇數(shù)個(gè)數(shù)據(jù)位發(fā)生改變，那么奇校驗(yàn)位將出錯(cuò)表示傳輸過(guò)程有錯(cuò)誤發(fā)生, 但是由于沒(méi)有辦法確定哪一位出錯(cuò)，所以它不能進(jìn)行錯(cuò)誤校正。6 .下列關(guān)于流水線方式執(zhí)行指令的敘述中，不正確的是（）。A.流水線方式可提高單條指令的執(zhí)行速度B.流水線方式下可同時(shí)執(zhí)行多條指令C.流水線方式提高了各部件的利用率D.流水線方式提高了系統(tǒng)的吞吐率參考答案試題解析：流水線技術(shù)是指在程序執(zhí)行時(shí)，多條指令重疊進(jìn)行操作的一種任務(wù)分解技術(shù)。把一個(gè)任務(wù)分解為若干順序執(zhí)行的子任務(wù)，不同 的子任務(wù)由不同的執(zhí)行機(jī)構(gòu)來(lái)負(fù)責(zé)執(zhí)行，而這些執(zhí)

5、行機(jī)構(gòu)可以同時(shí)并行工作。7 . DES是（）算法。A.公開密鑰加密8 .共享密鑰加密C.數(shù)字簽名D.認(rèn)證參考答案 B試題解析：共享密鑰加密又稱對(duì)稱加密算法，既用同一個(gè)密鑰去加密和解密數(shù)據(jù)。常用的算法包括DES、3DES、IDEA、AES等。8.計(jì)算機(jī)病毒的特征不包括（）。A.傳染性B.觸發(fā)性C.隱蔽性D.自毀性參考答案 D試題解析：軟件設(shè)計(jì)師教程第5版P566頁(yè)：計(jì)算機(jī)病毒具有隱蔽性、傳染性、潛伏性、觸發(fā)性和破壞性等特性。因此不包括選項(xiàng)D自毀性。9.10. MD5是（）算法，對(duì)任意長(zhǎng)度的輸入計(jì)算得到的結(jié)果長(zhǎng)度為（）位。A.路由選擇B.摘要C.共享密鑰D.公開密鑰A.56B.128c.140D.

6、160參考答案 B.B試題解析：常見的摘要算法有：MD5、SHA等MD5 :信息摘要算法第五版，輸入以 512位為分組，進(jìn)行處理，產(chǎn)生一個(gè)128位的輸出。11.使用 Web方式收發(fā)電子郵件時(shí)，以下描述錯(cuò)誤的是（）。A.無(wú)須設(shè)置簡(jiǎn)單郵件傳輸協(xié)議B.可以不設(shè)置帳號(hào)密碼登錄C.郵件可以插入多個(gè)附件D.未發(fā)送郵件可以保存到草稿箱參考答案 B試題解析：談到收發(fā)這二個(gè)關(guān)鍵字，使用WEB方式收發(fā)郵件是必須設(shè)置賬號(hào)密碼登錄的。如果只是簡(jiǎn)單的查看可以不設(shè)置賬號(hào)密碼9 .有可能無(wú)限期擁有的知識(shí)產(chǎn)權(quán)是（）A.著作權(quán)B.專利權(quán)C.商標(biāo)權(quán)D.集成電路布圖設(shè)計(jì)權(quán)參考答案C試題解析：根據(jù)我國(guó)著作權(quán)法第二十條之規(guī)定，作者的署

7、名權(quán)、修改權(quán)、保護(hù)作品完整權(quán)的保護(hù)期不受限制。但是商標(biāo)權(quán)可以每10年，無(wú)限續(xù)期。所以也存在無(wú)限期擁有。但是題目中提到的有可能所以應(yīng)該選擇C,不然A的話就不用說(shuō)有可能了，是必須無(wú)限期了10 .（）是構(gòu)成我國(guó)保護(hù)計(jì)算機(jī)軟件著作權(quán)的兩個(gè)基本法律文件。A.軟件法和計(jì)算機(jī)軟件保護(hù)條例B.中華人民共和國(guó)著作權(quán)法和計(jì)算機(jī)軟件保護(hù)條例C.軟件法和中華人民共和國(guó)著作權(quán)法D.中華人民共和國(guó)版權(quán)法和計(jì)算機(jī)軟件保護(hù)條例參考答案 B試題解析：我國(guó)保護(hù)計(jì)算機(jī)軟件著作權(quán)的兩個(gè)基本法律文件是中華人民共和國(guó)著作權(quán)法和計(jì)算機(jī)軟件保護(hù)條例11 .某軟件程序員接受一個(gè)公司（軟件著作權(quán)人）委托開發(fā)完成一個(gè)軟件，三個(gè)月后又接受另一公司委

8、托開發(fā)功能類似的軟件, 此程序員僅將受第一個(gè)公司委托開發(fā)的軟件略作修改即提交給第二家公司，此種行為（）。A.屬于開發(fā)者的特權(quán)B.屬于正常使用著作權(quán)C.不構(gòu)成侵權(quán)D.構(gòu)成侵權(quán)參考答案 D試題解析：本題目指明了第一個(gè)軟件公司為軟件著作權(quán)人，所以再把略作修改的軟件交給第二家，構(gòu)成侵權(quán)行為。12 .結(jié)構(gòu)化分析的輸出不包括（）。A.數(shù)據(jù)流圖B.數(shù)據(jù)字典C.加工邏輯D.結(jié)構(gòu)圖參考答案 D試題解析：軟件設(shè)計(jì)師教程第5版P325頁(yè)：結(jié)構(gòu)化方法的分析結(jié)果由以下幾部分組成：一套分層的數(shù)據(jù)流圖、一本數(shù)據(jù)詞典、一組小說(shuō)明（也稱加工邏輯說(shuō)明）、補(bǔ)充材料。因此 D選項(xiàng)不包括。13.某航空公司擬開發(fā)一個(gè)機(jī)票預(yù)訂系統(tǒng)，旅客預(yù)

9、訂機(jī)票時(shí)使用信用卡付款。付款通過(guò)信用卡公司的信用卡管理系統(tǒng)提供的接口實(shí)現(xiàn)。若采用數(shù)據(jù)流圖建立需求模型，則信用卡管理系統(tǒng)是（）。A.外部實(shí)體B.加工C.數(shù)據(jù)流D.數(shù)據(jù)存儲(chǔ)參考答案 A試題解析：數(shù)據(jù)流圖的成分包括：數(shù)據(jù)存儲(chǔ)、數(shù)據(jù)流、加工、外部實(shí)體。其中，數(shù)據(jù)流、加工、數(shù)據(jù)存儲(chǔ)是用于系統(tǒng)內(nèi)部數(shù)據(jù)處理的模型，而外部實(shí)體指系統(tǒng)以外，又和系統(tǒng)有聯(lián)系的人或事物或軟件系統(tǒng)。所以此選項(xiàng)為A1.11. 某軟件項(xiàng)目的活動(dòng)圖如下圖所示，其中頂點(diǎn)表示項(xiàng)目里程碑，連接頂點(diǎn)的邊表示包含的活動(dòng)，邊上的數(shù)字表示活動(dòng)的持續(xù)時(shí)間（天），則完成該項(xiàng)目的最少時(shí)間為（）天?；顒?dòng) FG的松馳時(shí)間為（）天。A.20B.37C.38D.46A

10、.9B.10C.18D.26參考答案D.C |試題解析：最少完成時(shí)間是指完全項(xiàng)目工期的最長(zhǎng)時(shí)間因此ADFHJ為項(xiàng)目活動(dòng)圖的關(guān)鍵路徑等于46天。FG的松弛時(shí)間為 18天。46-7-3和46-10-18 相比，差值為 18所以此選項(xiàng)為1812 .以下敘述中，（）不是一個(gè)風(fēng)險(xiǎn)。A.由另一個(gè)小組開發(fā)的子系統(tǒng)可能推遲交付，導(dǎo)致系統(tǒng)不能按時(shí)交付客戶B.客戶不清楚想要開發(fā)什么樣的軟件，因此開發(fā)小組開發(fā)原型幫助其確定需求C.開發(fā)團(tuán)隊(duì)可能沒(méi)有正確理解客戶的需求D.開發(fā)團(tuán)隊(duì)核心成員可能在系統(tǒng)開發(fā)過(guò)程中離職參考答案 B試題解析：一般而言，風(fēng)險(xiǎn)與不確定性有關(guān)，若某一事件的發(fā)生存在著兩種或兩種以上的可能性，即可認(rèn)為該事

11、件存在風(fēng)險(xiǎn)。但是選項(xiàng) B已經(jīng)確定客戶不清楚需求，所以是確定事情。所以不存在風(fēng)險(xiǎn)。13 .對(duì)布爾表達(dá)式進(jìn)行短路求值是指：無(wú)須對(duì)表達(dá)式中所有操作數(shù)或運(yùn)算符進(jìn)行計(jì)算就可確定表達(dá)式的值。對(duì)于表達(dá)式"a or （c< d）and b）",（）時(shí)可進(jìn)行短路計(jì)算。A. d 為 true B. a 為 true C. b 為 true D. c 為 true參考答案 B試題解析：此題考察的是短路問(wèn)題。or的含義代表或的意思，and的意思是代表并且的意思。所以此題 a為true后面的就可以不用執(zhí)行下去直接判定為真。所以形成短路效應(yīng)。14 .下面二叉樹表示的簡(jiǎn)單算術(shù)表達(dá)式為（）*40A.

12、10*20+30-402®30B.10* ( 20+30-40 ) C.10* ( 20+30) -40 D.10*20+(30-40 )參考答案C試題解析:此題考察的是二叉樹排序問(wèn)題。根據(jù)圖示可知最后計(jì)算的符號(hào)為-號(hào)，其次為*號(hào)，最后為+號(hào)，所以答案可知為C選項(xiàng)。*15 .在程序運(yùn)行過(guò)程中，（）時(shí)涉及整型數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)換為浮點(diǎn)型數(shù)據(jù)的操作。A.將浮點(diǎn)型變量賦值給整型變量B.將整型常量賦值給整型變量C.將整型變量與浮點(diǎn)型變量相加D.將浮點(diǎn)型常量與浮點(diǎn)型變量相加參考答案C試題解析：此題BD選項(xiàng)為同數(shù)據(jù)數(shù)據(jù)，對(duì)于A選項(xiàng)是將float數(shù)據(jù)類型轉(zhuǎn)成int數(shù)據(jù)類型，C選項(xiàng)是將int類型和float類型

13、進(jìn)行相加，實(shí)16.某計(jì)算機(jī)系統(tǒng)中互斥資源現(xiàn)了 int類型轉(zhuǎn)成 float類型。R的可用數(shù)為8,系統(tǒng)中有3個(gè)進(jìn)程P1、P2和P3競(jìng)爭(zhēng)R,且每個(gè)進(jìn)程都需要i個(gè)R,該系統(tǒng)可能會(huì)發(fā)生死鎖的最小i值為（A. 1B. 2C. 3D. 4參考答案 D試題解析：如果是3每個(gè)進(jìn)程都需要3個(gè)資源 按照給每個(gè)最大資源分配會(huì)是3, 3, 2這種情況了那么有兩個(gè)進(jìn)程資源就夠了結(jié)束后吐出給最后那個(gè)進(jìn)程8個(gè)資源足夠，如果 i是4的話3 , 3 ,2這種必定是死鎖了若用PV操作控制這 5個(gè)進(jìn)程的同步與互斥的程序如下，那么程序中的空 和空處應(yīng)分別為（）；空和空處應(yīng)分別為 （）；空和空處應(yīng)分別為（）beginS1SZS3. S4

14、. S5, S6: semaphore; 定義信弓卡Slf; S2：F SIHh S4：=0; SS:< S6:=0;Cobeginprocess Pl process P2HeginPl執(zhí)行;V(S1)end;Coend;end*P2執(zhí)行;V(S3);V(S4)； end;process P3BeginP(S2);P3執(zhí)行;process P4BeginP(S4);P4執(zhí)行;R end;process P5BeginS3PS執(zhí)行;end;A. V (S1 )和 P (S2)B. P ( S1)和 V (S2)A. V (S3)和 V (S5)B. P ( S3)和 V (S5)end;

15、C. V ( S1 )和 V ( S2 ) D. V ( S2 )和 P ( S1)C. V (S3)和 P ( S5) D. P (S3)和 P ( S5)A. P ( S6)和 P (S5) V ( S6)B. V (S5)和 V (S5) V ( S6)C. V (S6)和 P (S5) P (S6)D. P ( S6)和 P (S5) P ( S6)參考答案 D.B.C試題解析：17 .某文件管理系統(tǒng)在磁盤上建立了位示圖（bitmap ）,記錄磁盤的使用情況。若磁盤上物理塊的編號(hào)依次為：0、1、2、.;系統(tǒng)中的字長(zhǎng)為 32位，位示圖中字的編號(hào)依次為：0、1、2、.，每個(gè)字中的一個(gè)二進(jìn)制

16、位對(duì)應(yīng)文件存儲(chǔ)器上的一個(gè)物理塊，取值0和1分別表示物理塊是空閑或占用。假設(shè)操作系統(tǒng)將2053號(hào)物理塊分配給某文件，那么該物理塊的使用情況在位示圖中編號(hào)為（）的字中描述。A.32B.33C.64D.65參考答案C試題解析：2053/32=64.156,并且位示圖是從0號(hào)開始所以選擇C18 .某操作系統(tǒng)文件管理采用索引節(jié)點(diǎn)法。每個(gè)文件的索引節(jié)點(diǎn)有8個(gè)地址項(xiàng)，每個(gè)地址項(xiàng)大小為4字節(jié)，其中 5個(gè)地址項(xiàng)為直接地址索引，2個(gè)地址項(xiàng)是一級(jí)間接地址索引，1個(gè)地址項(xiàng)是二級(jí)間接地址索引，磁盤索引塊和磁盤數(shù)據(jù)塊大小均為1KB。若要訪問(wèn)文件的邏輯塊號(hào)分別為1和518,則系統(tǒng)應(yīng)分別采用（）。A.直接地址索引和一級(jí)間接地

17、址索引B.直接地址索引和二級(jí)間接地址索引C. 一級(jí)間接地址索引和一級(jí)間接地址索引D.一級(jí)間接地址索引和二級(jí)間接地址索引參考答案 B試題解析：1KB/4b=256所以直接地址索引為0-4號(hào)一級(jí)地址索引為256*2+4=516 號(hào)二級(jí)地址索引為256*256+516=517-66052 號(hào)19 .某企業(yè)擬開發(fā)一個(gè)企業(yè)信息管理系統(tǒng)，系統(tǒng)功能與多個(gè)部門的業(yè)務(wù)相關(guān)?，F(xiàn)希望該系統(tǒng)能夠盡快投入使用，系統(tǒng)功能可以在使用過(guò)程中不斷改善。則最適宜采用的軟件過(guò)程模型為（）。A.瀑布模型B.原型模型C.演化（迭代）模型D.螺旋模型參考答案C試題解析：增量模型在各個(gè)階段并不交付一個(gè)可運(yùn)行的完整產(chǎn)品，而是交付滿足客戶需求

18、的一個(gè)子集的可運(yùn)行產(chǎn)品。整個(gè)產(chǎn)品被分解成若干個(gè)構(gòu)件，開發(fā)人員逐個(gè)構(gòu)件地交付產(chǎn)品，這樣做的好處是軟件開發(fā)可以較好地適應(yīng)變化，客戶可以不斷地看到所開發(fā)的軟件,從而降低開發(fā)風(fēng)險(xiǎn)。20 .能力成熟度模型集成（CMMI）是若干過(guò)程模型的綜合和改進(jìn)。連續(xù)式模型和階段式模型是CMMI提供的兩種表示方法，而連續(xù)式模型包括 6個(gè)過(guò)程域能力等級(jí)，其中（）使用量化（統(tǒng)計(jì)學(xué)）手段改變和優(yōu)化過(guò)程域，以應(yīng)對(duì)客戶要求的改變和持續(xù)改進(jìn)計(jì)劃中的過(guò)程域的功效。A.CL2（已管理的）B.CL3（已定義級(jí)的） C.CL4（定量管理的） D.CL5（優(yōu)化的）參考答案 D試題解析：CL0:未完成的：未執(zhí)行或未達(dá)到CL1定義的所有目標(biāo)CL

19、1 :已執(zhí)行的：共性目標(biāo)是過(guò)程將可標(biāo)識(shí)的輸入工作產(chǎn)品轉(zhuǎn)換成可標(biāo)識(shí)的輸出工作產(chǎn)品，以實(shí)現(xiàn)支持過(guò)程域的特定目標(biāo)。CL2:已管理的：共性目標(biāo)集中于已管理的過(guò)程的制度化。CL3:已定義級(jí)的：共性目標(biāo)集中于以定義過(guò)程的制度化。CL4:定量管理的：共性目標(biāo)集中于可定量管理的過(guò)程的制度化CL5:優(yōu)化的使用量化（統(tǒng)計(jì)學(xué)）手段改變和優(yōu)化過(guò)程域，以對(duì)付客戶要求的可持續(xù)改進(jìn)計(jì)劃中的過(guò)程域的功效21 . 在ISO/IEC 9126軟件質(zhì)量模型中，可靠性質(zhì)量特性是指在規(guī)定的一段時(shí)間內(nèi)和規(guī)定的條件下，軟件維持在其性能水平有關(guān) 的能力，其質(zhì)量子特性不包括（）。A.安全性B.成熟性C.容錯(cuò)性D.易恢復(fù)性參考答案 A試題解析：

20、由軟件設(shè)計(jì)師教程P300頁(yè)可知如下圖安全性不包括收冷性子拘住發(fā)構(gòu)性質(zhì)子用I- HMWft姓率-W«Rtt威科性可.檢1容性1- SKltt易理“牲使用處易學(xué)性-ANffft町修I件易分析黨MttSMUtft一透后饞安髻隹一致性一 B«f»n22 .以下關(guān)于模塊化設(shè)計(jì)的敘述中，不正確的是（）。A.盡量考慮高內(nèi)聚、低耦合，保持模塊的相對(duì)獨(dú)立性B.模塊的控制范圍在其作用范圍內(nèi)C.模塊的規(guī)模適中D.模塊的寬度、深度、扇入和扇出適中參考答案 B試題解析：模塊化設(shè)計(jì)的原則應(yīng)該是盡量考慮高內(nèi)聚、低耦合1 .模塊獨(dú)立模塊的獨(dú)立性原則表現(xiàn)在模塊完成獨(dú)立的功能，與其他模塊的聯(lián)系應(yīng)該盡

21、可能得簡(jiǎn)單，各個(gè)模塊具有相對(duì)的獨(dú)立性。2 .模塊的規(guī)模要適當(dāng)模塊的規(guī)模不能太大，也不能太小。如果模塊的功能太強(qiáng)，可讀性就會(huì)較差，若模塊的功能太弱，就會(huì)有很多的接口。讀者需 要通過(guò)較多的程序設(shè)計(jì)來(lái)進(jìn)行經(jīng)驗(yàn)的積累。3 .分解模塊時(shí)要注意層次在進(jìn)行多層次任務(wù)分解時(shí)，要注意對(duì)問(wèn)題進(jìn)行抽象化。在分解初期，可以只考慮大的模塊，在中期，再逐步進(jìn)行細(xì)化，分解成較小的模塊進(jìn)行設(shè)計(jì)。23.某企業(yè)管理信息系統(tǒng)中，采購(gòu)子系統(tǒng)根據(jù)材料價(jià)格、數(shù)量等信息計(jì)算采購(gòu)的金額，并給財(cái)務(wù)子系統(tǒng)傳遞采購(gòu)金額、收款方和 采購(gòu)日期等信息，則這兩個(gè)子系統(tǒng)之間的耦合類型為（）耦合。A.數(shù)據(jù)B.標(biāo)記 C.控制D.外部參考答案 B試題解析：無(wú)直接

22、瓣合.指兩個(gè)模塊之間沒(méi)有直接的關(guān)系.它的分累從屬于不同模塊的控制與調(diào) 用.它們之間不傳遞任何信息.因此，膜塊間格合性最弱，模塊獨(dú)立性戢高0 數(shù)掘耦合.指兩個(gè)?？熘g有調(diào)用關(guān)系,傳遞的是符單的數(shù)據(jù)值.相當(dāng)于高級(jí)語(yǔ)胃中的魚傳遞.標(biāo)記房介.指靖小橫塊之間傳送幀是數(shù)抿結(jié)構(gòu). 控制相合.指一個(gè)模塊調(diào)用另個(gè)模塊時(shí),傳遞的是控制變，被調(diào)用模塊通過(guò)該控 制變量的值有送擇地執(zhí)行模塊內(nèi)的某一功能.因此被調(diào)用模決應(yīng)具有多個(gè)功能，嘟個(gè)功能起作用受調(diào)用慢塊控制 外部舄合.模塊間通過(guò)軟件之外的環(huán)境以結(jié)（如VO將模塊耦合到特定的設(shè)備，格式'通信協(xié)議h）時(shí)稱為外部相合. 公共耦合.指通過(guò)個(gè)公共數(shù)據(jù)環(huán)境相巨作用的那心模

23、塊間的屆合， 內(nèi)容幡合.當(dāng)個(gè)?？熘苯邮褂昧硪粋€(gè)模塊的內(nèi)部鼾提或通過(guò)非正常人口轉(zhuǎn)入另一 個(gè)模塊內(nèi)部時(shí)，這種模塊之間的耦合稱為內(nèi)容爵合，）個(gè)測(cè)試用例。采用 McCabe度量法計(jì)算其環(huán)24.對(duì)以下的程序偽代碼（用縮進(jìn)表示程序塊）進(jìn)行路徑覆蓋測(cè)試，至少需要（ 路復(fù)雜度為（）。A.2B.4C.6D.8A.2B.3C.4D.5參考答案 B試題解析：由公式可知V（G尸m-n+2得到 14-12+2=4.）維護(hù)25 .某商場(chǎng)的銷售系統(tǒng)所使用的信用卡公司信息系統(tǒng)的數(shù)據(jù)格式發(fā)生了更改，因此對(duì)該銷售系統(tǒng)進(jìn)行的修改屬于（A.改正性B.適應(yīng)性C.改善性D.預(yù)防性參考答案 B試題解析：更正性。由于系統(tǒng)測(cè)試不可能揭露系統(tǒng)存

24、在的所有錯(cuò)誤，因此在系統(tǒng)投入運(yùn)行后頻繁的實(shí)際應(yīng)用過(guò)程中，就有可能暴露出系統(tǒng) 內(nèi)隱藏的錯(cuò)誤適應(yīng)性維護(hù)。適應(yīng)性維護(hù)時(shí)為了使系統(tǒng)適應(yīng)環(huán)境的變化而進(jìn)行的維護(hù)工作。完善性維護(hù)。在系統(tǒng)的使用過(guò)程中，用戶往往要求擴(kuò)充原有系統(tǒng)的功能，增加一些在軟件需求規(guī)范書中沒(méi)有規(guī)定的功能與性能 特征，以及對(duì)處理效率和編寫程序的改進(jìn)。預(yù)防性維護(hù)。系統(tǒng)維護(hù)工作不應(yīng)總是被動(dòng)地等待用戶提出要求后才進(jìn)行，應(yīng)進(jìn)行主動(dòng)的預(yù)防性維護(hù)，即選擇那些還有較長(zhǎng)使用 壽命，目前尚能正常運(yùn)行，但可能將要發(fā)生變化或調(diào)整的系統(tǒng)進(jìn)行維護(hù)，目的是通過(guò)預(yù)防性維護(hù)為未來(lái)的修改與調(diào)整奠定更好 的基礎(chǔ)26 .在面向?qū)ο蠓椒ㄖ校^承用于（）A.在已存在的類的基礎(chǔ)上創(chuàng)建

25、新類B.在已存在的類中添加新的方法C.在已存在的類中添加新的屬性D.在已存在的狀態(tài)中添加新的狀態(tài)參考答案 A試題解析：本題考查的是繼承的定義：繼承是類之間的一種關(guān)系，在定義和實(shí)現(xiàn)一個(gè)類的時(shí)候，可以在一個(gè)已經(jīng)存在的類的基礎(chǔ)上進(jìn)行因此本題選擇 A選項(xiàng)。27 .（）多態(tài)是指操作（方法）具有相同的名稱、且在不同的上下文中所代表的含義不同。A.參數(shù)B.包含 C.過(guò)載D.強(qiáng)制參考答案C試題解析：參數(shù)多態(tài)：應(yīng)用廣泛、最純的多態(tài)。包含多態(tài)：同樣的操作可用于一個(gè)類型及其子類型。包含多態(tài)一般需要進(jìn)行運(yùn)行時(shí)的類型檢查。過(guò)載多態(tài)：同一個(gè)名（操作符、函數(shù)名）在不同的上下文中有不同的類型。強(qiáng)制多態(tài)：編譯程序通過(guò)語(yǔ)義操作，

26、把操作對(duì)象的類型強(qiáng)行加以變換，以符合函數(shù)或操作符的要求。本題應(yīng)該選擇 C選項(xiàng)過(guò)載多態(tài)。類，二維碼9.12.在某銷售系統(tǒng)中，客戶采用掃描二維碼進(jìn)行支付。若采用面向?qū)ο蠓椒ㄩ_發(fā)該銷售系統(tǒng)，則客戶類屬于（）類屬于（）類。A.接口B.實(shí)體C.控制D.狀態(tài)A.接口B.實(shí)體C.控制D.狀態(tài)參考答案 B.A試題解析：類可以分為三種：實(shí)體類、接口類（邊界類）和控制類。實(shí)體類的對(duì)象表示現(xiàn)實(shí)世界中真實(shí)的實(shí)體，如人、物等。接口類（邊界類）的對(duì)象為用戶提供一種與系統(tǒng)合作交互的方式，分為人和系統(tǒng)兩大類，其中人的接口可以是顯示屏、窗口、Web窗體、對(duì)話框、菜單、列表框、其他顯示控制、條形碼、二維碼或者用戶與系統(tǒng)交互的其他

27、方法。系統(tǒng)接口涉及到把數(shù)據(jù) 發(fā)送到其他系統(tǒng)，或者從其他系統(tǒng)接收數(shù)據(jù)?？刂祁惖膶?duì)象用來(lái)控制活動(dòng)流，充當(dāng)協(xié)調(diào)者。4143下圖所示 UML圖為（），用于展示（）。和分別表示（）A.類圖 B.組件圖C.通信圖D.部署圖A.一組對(duì)象、接口、協(xié)作和它們之間的關(guān)系B.收發(fā)消息的對(duì)象的結(jié)構(gòu)組織C.組件之間的組織和依賴D.面向?qū)ο笙到y(tǒng)的物理模型A.供接口和供接口C.供接口和需接口參考答案 B.C.C試題解析：請(qǐng)參考軟件設(shè)計(jì)師教程第B.需接口和需接口D.需接口和供接口5版P375圖示為組件圖末端有一個(gè)完整的圓周的接口符號(hào)代表組件提供接口在末端只有半個(gè)圓的接口符號(hào)代表組件需求接口4447假設(shè)現(xiàn)在要?jiǎng)?chuàng)建一個(gè)簡(jiǎn)單的超市

28、銷售系統(tǒng)，顧客將毛巾、餅干、酸奶等物品（Item）加入購(gòu)物車（Shopping_Cart）,在收銀臺(tái)（Checkout）人工（Manual ）或自動(dòng)（Auto）地將購(gòu)物車中每個(gè)物品的價(jià)格匯總到總價(jià)格后結(jié)帳。這一業(yè)務(wù)需求的類圖（方法略）設(shè)計(jì)如下圖所示，采用了（）模式。其中（）定義以一個(gè) Checkout對(duì)象為參數(shù)的accept操作，由子類實(shí)現(xiàn)此 accept操作。此模式為（），適用于（）A.觀察者(Observer ) B.訪問(wèn)者(Visitor)Umu*I AtrtoC.策略(Strategy ) D.橋接器(Bridge )A.Item B.Shopping_CartC.Checkout D

29、.Manual 和 AutoA.創(chuàng)建型對(duì)象模式B.結(jié)構(gòu)型對(duì)象模式C.行為型類模式D.行為型對(duì)象模式A.必須保存一個(gè)對(duì)象在某一個(gè)時(shí)刻的（部分）狀態(tài)B.想在不明確指定接收者的情況下向多個(gè)對(duì)象中的一個(gè)提交一個(gè)請(qǐng)求C.需要對(duì)一個(gè)對(duì)象結(jié)構(gòu)中的對(duì)象進(jìn)行很多不同的并且不相關(guān)的操作D.在不同的時(shí)刻指定、排列和執(zhí)行請(qǐng)求參考答案 B.A.D.C試題解析：訪問(wèn)者模式包含如下角色：Vistor :抽象訪問(wèn)者ConcreteVisitor:具體訪問(wèn)者Element:抽象元素ConcreteElement:具體元素ObjectStructure:對(duì)象結(jié)構(gòu)28.在以階段劃分的編譯器中,()階段的主要作用是分析程序中的句子結(jié)

30、構(gòu)是否正確A.詞法分析 B.語(yǔ)法分析 C.語(yǔ)義分析 D.代碼生成參考答案 B試題解析：1、詞法分析階段：識(shí)別出一個(gè)個(gè)的單詞，刪掉無(wú)用的信息，報(bào)告分析時(shí)的錯(cuò)誤。2、語(yǔ)法分析階段：語(yǔ)法分析器以單詞符號(hào)作為輸入，分析單詞符號(hào)是否形成符合語(yǔ)法規(guī)則的語(yǔ)法單位，如表達(dá)式、賦值、循環(huán) 等，按語(yǔ)法規(guī)則分析檢查每條語(yǔ)句是否有正確的邏輯結(jié)構(gòu)。語(yǔ)法分析構(gòu)造一棵語(yǔ)法樹。3、語(yǔ)義分析階段：主要檢查源程序是否存在語(yǔ)義錯(cuò)誤，并收集類型信息供后面的代碼生成階段使用，如：賦值語(yǔ)句的右端和左 端的類型不匹配。表達(dá)式的除數(shù)是否為零等。29.下圖所示為一個(gè)不確定有限自動(dòng)機(jī)( NFA)的狀態(tài)轉(zhuǎn)換圖。該 NFA可識(shí)別字符串()A.011

31、0B.0101C.1100D.1010參考答案 A試題解析：由答案可知以 0開始以0結(jié)尾，所以只有A符合30 .函數(shù)f和g的定義如下圖所示。執(zhí)行函數(shù)f時(shí)若采用引用(call by reference )方式調(diào)用函數(shù)g(a),則函數(shù)f的返回值為()9int a - 5( c;c = gUKreturn a+c；期形式參數(shù)二)int 2;m = x * m; x = m - 1; Iri'U im MF；|A.14B.18C.24D.28參考答案 D 試題解析：代入可知 m=2*5;x=10-1;return x+m=1919+9=2831 .數(shù)據(jù)庫(kù)系統(tǒng)中的視圖、存儲(chǔ)文件和基本表分別對(duì)應(yīng)數(shù)

32、據(jù)庫(kù)系統(tǒng)結(jié)構(gòu)中的()A.模式、內(nèi)模式和外模式B.外模式、模式和內(nèi)模式C.模式、外模式和內(nèi)模式D.外模式、內(nèi)模式和模式參考答案 D試題解析：本題考察的是數(shù)據(jù)庫(kù)體系結(jié)構(gòu)：三層模式。對(duì)于題干給出的視圖、存儲(chǔ)文件、基本表分別對(duì)應(yīng)：視圖-外模式，存儲(chǔ)文件-內(nèi)模式，基本表-模式。因此本題選擇D選項(xiàng)32.在分布式數(shù)據(jù)庫(kù)中，()是指用戶或應(yīng)用程序不需要知道邏輯上訪問(wèn)的表具體如何分塊存儲(chǔ)。A.邏輯透明B.位置透明 C.分片透明D.復(fù)制透明參考答案C試題解析：本題考查的是分布式數(shù)據(jù)庫(kù)相關(guān)知識(shí)。9.13.邏輯透明性(局部映像透明性)：它是最低層次的透明性，該透明性提供數(shù)據(jù)到局部數(shù)據(jù)庫(kù)的映像，即用戶不必關(guān)心局部DBM

33、S支持哪種數(shù)據(jù)模型、使用哪種數(shù)據(jù)操縱語(yǔ)言，數(shù)據(jù)模型和操縱語(yǔ)言的轉(zhuǎn)換是由系統(tǒng)完成的。因此，局部映像透明性對(duì)異構(gòu)型和同構(gòu)異質(zhì)的分布式數(shù)據(jù)庫(kù)系統(tǒng)時(shí)非常重要的。2.位置透明性： 用戶不必知道所操作的數(shù)據(jù)放在何處，即數(shù)據(jù)分配到哪個(gè)或哪些站點(diǎn)存儲(chǔ)對(duì)用戶是透明的。因此，數(shù)據(jù)分片模式的改變，如把數(shù)據(jù)從一個(gè)站點(diǎn)轉(zhuǎn)移到另一個(gè)站點(diǎn)將不會(huì)影響應(yīng)用程序，因而應(yīng)用程序不必改寫。14 .分片透明性：用戶不必關(guān)心數(shù)據(jù)是如何分片，他們對(duì)數(shù)據(jù)的操作在全局關(guān)系上進(jìn)行的，即關(guān)心如何分片對(duì)用戶是透明的，因此，當(dāng)分片改變時(shí)應(yīng)用程序可以不變。15 .復(fù)制透明性：用戶不用關(guān)心數(shù)據(jù)庫(kù)在網(wǎng)絡(luò)中的各個(gè)節(jié)點(diǎn)的復(fù)制情況，被復(fù)制的數(shù)據(jù)的更新都由系統(tǒng)自動(dòng)

34、完成。53.54 設(shè)有關(guān)系模式 R (A1, A2, A3, A4, A5, A6),函數(shù)依賴集 F=A1 -A3, A1 A2fA4 , A5 A6fA1, A3 A5fA6, A2 A5 f A6。關(guān)系模式 R的一個(gè)主鍵是()，從函數(shù)依賴集F可以推出關(guān)系模式R()。A.A1A4 B.A2A5C.A3A4 D.A4A5A.不存在傳遞依賴，故R為1NFB.不存在傳遞依賴，故R為2NFC.存在傳遞依賴，故R為3NFD.每個(gè)非主屬性完全函數(shù)依賴于主鍵，故R為2NF參考答案 B.D試題解析：把每個(gè)選項(xiàng)代入求它的閉包，A2A5能推出所有屬性的為主鍵。第二空，根據(jù)第一空可知R的一個(gè)主鍵為 A2A5,由函

35、數(shù)依賴集F可知，存在 A2A5 A6 , A5A6 一 A1 , A1 A3,這里存在傳遞函數(shù)依賴，故 A、B選項(xiàng)均不正確， C選項(xiàng)本身不正確，存在非主屬性對(duì)候選鍵的傳遞函數(shù)依賴，是不滿足3NF的。因此本題選擇D選項(xiàng)55.56給定關(guān)系 R (A, B,C,D)和S ( C,D,E ),若關(guān)系R與S進(jìn)行自然連接運(yùn)算，則運(yùn)算后的元組屬性列數(shù)為();關(guān)系代數(shù)表達(dá)/T與()等價(jià)。A.4B.5C.6D.7Am0CnAiiDtaitotRxS)B.iij aj |)(。*4“(網(wǎng)5)Derar bt JR,5)參考答案 B.D5.試題解析：對(duì)于自然連接只要把重復(fù)的列去掉就可以所以為第二空和選項(xiàng)等價(jià)的為D選

36、項(xiàng)33 .棧的特點(diǎn)是后進(jìn)先出，若用單鏈表作為棧的存儲(chǔ)結(jié)構(gòu)，并用頭指針作為棧頂指針，則（）。A.入棧和出棧操作都不需要遍歷鏈表B.入棧和出棧操作都需要遍歷鏈表C.入棧操作需要遍歷鏈表而出棧操作不需要D.入棧操作不需要遍歷鏈表而出棧操作需要參考答案 A試題解析：本題用單鏈表作為棧的存儲(chǔ)結(jié)構(gòu)，因?yàn)闂５牟僮魇窍冗M(jìn)后出，因此無(wú)論是入棧還是出棧，都只對(duì)棧頂元素操作，而在單鏈表中 用頭指針作為棧頂指針，此時(shí)無(wú)論是出棧還是入棧，都只需要對(duì)頭指針指向的棧頂指針操作即可，不需要遍歷鏈表。34 .已知某二叉樹的先序遍歷序列為A B C D E F中序遍歷序列為B A D C F E則可以確定該二叉樹（）。A.是單支

37、樹（即非葉子結(jié)點(diǎn)都只有一個(gè)孩子）B.高度為4 （即結(jié)點(diǎn)分布在 4層上）C.根結(jié)點(diǎn)的左子樹為空D.根結(jié)點(diǎn)的右子樹為空參考答案 B試題解析：根據(jù)先序遍歷和中序遍歷序列可以構(gòu)造出二叉樹高度為4的所以選擇 B35.可以構(gòu)造出下圖所示二叉排序樹（二叉檢索樹、二叉查找樹）的關(guān)鍵碼序列是（）A.10 13 17 19 23 27 31 40 65 91B.23 40 91 17 19 10 31 65 27 13C.23 19 40 27 17 13 10 91 65 31D.27 31 40 65 91 13 10 17 23 19參考答案 B試題解析:根據(jù)排序二叉樹的構(gòu)造過(guò)程，可知A選項(xiàng)的根節(jié)點(diǎn)為 10

38、, D選項(xiàng)的根節(jié)點(diǎn)為27 ,因此可以排除。對(duì)于C選項(xiàng)，構(gòu)造根節(jié)點(diǎn)的子結(jié)點(diǎn)，可知 19為其左孩子結(jié)點(diǎn)，與圖不符。本題只有B選項(xiàng)可以構(gòu)造出圖示的排序二叉樹36.圖G的鄰接矩陣如下圖所示（頂點(diǎn)依次表示為始），可能的遍歷序列為（）。v0、v1、v2、v3、v4、v5） , G是（）。對(duì) G進(jìn)行廣度優(yōu)先遍歷（從 v0開D.強(qiáng)連通圖A.v0、v1、v2、v3、v4、v5B.v0、v2、v4、 v5、v1、v3C.v0、v1、v3、v5、v2、v4D.v0、v2、v4、v3、v5、v1參考答案 B.A試題解析：6265在一條筆直公路的一邊有許多房子，現(xiàn)要安裝消防栓，每個(gè)消防栓的覆蓋范圍遠(yuǎn)大于房子的面積，如下

39、圖所示?，F(xiàn)求解能覆蓋所有房子的最少消防栓數(shù)和安裝方案（問(wèn)題求解過(guò)程中，可將房子和消防栓均視為直線上的點(diǎn)）。該問(wèn)題求解算法的基本思路為：從左端的第一棟房子開始，在其右側(cè)m米處安裝一個(gè)消防栓，去掉被該消防栓覆蓋的所有房子在剩余的房子中重復(fù)上述操作，直到所有房子被覆蓋。算法采用的設(shè)計(jì)策略為（）；對(duì)應(yīng)的時(shí)間復(fù)雜度為（）。假設(shè)公路起點(diǎn) A的坐標(biāo)為 0,消防栓的覆蓋范圍（半徑）為 20米，10棟房子的坐標(biāo)為（10, 20, 30, 35, 60, 80, 160, 210,260, 300）,單位為米。根據(jù)上述算法，共需要安裝（）個(gè)消防栓。以下關(guān)于該求解算法的敘述中，正確的是（）。A.分治B.動(dòng)態(tài)規(guī)劃 C

40、.貪心D.回溯e（lgn） R /n） 0（nlgn） d. «（n3）A.4B.5C.6D.7參考答案：A.B.B.C試題解析：n較?。﹦t直接解決；否則將其（一） 對(duì)于第一空，本題使用的是分治法。1、 分治法特征：對(duì)于一個(gè)規(guī)模為n的問(wèn)題，若該問(wèn)題可以容易地解決（比如說(shuō)規(guī)模分解為k個(gè)規(guī)模較小的子問(wèn)題，這些子問(wèn)題互相獨(dú)立且與原問(wèn)題形式相同，遞歸地解這些子問(wèn)題，然后將各子問(wèn) 題的解合并得到原問(wèn)題的解。2、 動(dòng)態(tài)規(guī)劃法：在求解問(wèn)題中，對(duì)于每一步?jīng)Q策，列出各種可能的局部解，再依據(jù)某種判定條件，舍棄那些肯定不 能得到最優(yōu)解的局部解，在每一步都經(jīng)過(guò)篩選，以每一步都是最優(yōu)解來(lái)保證全局是最優(yōu)解。本題

41、情景沒(méi)有列出所 有的可能解進(jìn)行篩選，因此，本題不屬于動(dòng)態(tài)規(guī)劃法。3、 回溯法：回溯法是一種選優(yōu)搜索法，按選優(yōu)條件向前搜索，以達(dá)到目標(biāo)。但當(dāng)搜索到某一步時(shí)，發(fā)現(xiàn)原先選擇并 不優(yōu)或達(dá)不到目標(biāo)，就退回一步重新選擇。這種走不通就退回再走的技術(shù)就是回溯法。本題情景沒(méi)有探索和回退 的過(guò)程，因此，本題不屬于回溯法。4、 貪心法：總是做出在當(dāng)前來(lái)說(shuō)是最好的選擇，而并不從整體上加以考慮，它所做的每步選擇只是當(dāng)前步驟的局部 最優(yōu)選擇，但從整體來(lái)說(shuō)不一定是最優(yōu)的選擇。由于它不必為了尋找最優(yōu)解而窮盡所有可能解，因此其耗費(fèi)時(shí)間 少，一般可以快速得到滿意的解，但得不到最優(yōu)解。在本題情景中，沒(méi)有給出每步選擇的局部最優(yōu)判斷條

42、件，因 止匕，本題不屬于貪心法。舍棄已被覆蓋的房子，可以將問(wèn)題的規(guī)模逐步縮小，形成規(guī)模較小的子問(wèn)題，而這些問(wèn)題的求解與原問(wèn)題的求解過(guò)程相同，因 此本題屬于分治法的算法思想。由于本題的算法過(guò)程，是依次與各個(gè)房子進(jìn)行判斷，當(dāng)所有房子都被比較之后，則問(wèn)題結(jié)束，因此時(shí)間復(fù)雜度與房子的個(gè)數(shù)相 關(guān)，本問(wèn)題的時(shí)間復(fù)雜度應(yīng)該趨于現(xiàn)象，為O(n)。對(duì)于第三空，關(guān)于對(duì)應(yīng)序列(10, 20, 30, 35, 60, 80, 160, 210, 260, 300)第一輪放置：在第一座房子x=10的右側(cè)20米處安裝一個(gè)消防栓，可以覆蓋10, 20, 30, 35 這 4 棟房子;2、第二輪放置：去掉前 4棟房子，在第5

43、棟房子x=60的右側(cè)20米處安裝一個(gè)消防栓，可以覆蓋60、80這2棟房子;3、第三輪放置：去掉前面已覆蓋的房子，在第7棟房子x=160的右側(cè)20米處安裝一個(gè)消防栓，只可以覆蓋160這一棟房子;4、第四輪放置：去掉前面已覆蓋的房子，在第8棟房子x=210的右側(cè)20米處安裝一個(gè)消防栓，可以覆蓋210這一棟房子第五輪放置：去掉前面已覆蓋的房子，在第9棟房子x=260的右側(cè)20米處安裝一個(gè)消防栓，可以覆蓋260、300這2棟房子;房子全部覆蓋完畢，因此共需安裝5個(gè)消防栓。對(duì)于第四空，對(duì)于得到一個(gè)最優(yōu)解是動(dòng)態(tài)規(guī)劃的特點(diǎn)，可以得到問(wèn)題所有的最優(yōu)解,是回溯法的特征，可以排除A、B選項(xiàng)。對(duì)于C、D選項(xiàng)。A.肯

44、定可以求得問(wèn)題的一個(gè)最優(yōu)解B.可以求得問(wèn)題的所有最優(yōu)解C.對(duì)有些實(shí)例，可能得不到最優(yōu)解D.只能得到近似最優(yōu)解37 .使用ADSL接入Internet ,用戶端需要安裝()協(xié)議。A.PPPB.SLIPC.PPTP D.PPPoE參考答案 D試題解析：PPPoE （英語(yǔ)：Point-to-Point Protocol Over Ethernet ）,以太網(wǎng)上的點(diǎn)對(duì)點(diǎn)協(xié)議，是將點(diǎn)對(duì)點(diǎn)協(xié)議 （PPP ）封裝在以太網(wǎng)（Ethernet ）框架中的一種網(wǎng)絡(luò)隧道協(xié)議。提供用戶身份驗(yàn)證、用戶管理以及數(shù)據(jù)加密等功能。38 .下列命令中，不能用于診斷 DNS故障的是（）。A.netstatB.nslookup C

45、.ping D.tracertNetstat是控制臺(tái)命令，是一個(gè)監(jiān)控 TCP/IP網(wǎng)絡(luò)的非常有用的工具，它可以顯示路由表、實(shí)際的網(wǎng)絡(luò)連接以及每一個(gè)網(wǎng)絡(luò)接口設(shè)備的狀態(tài)信息nslookup 可以指定查詢的類型，可以查到DNS記錄的生存時(shí)間還可以指定使用哪個(gè)DNS服務(wù)器進(jìn)行解釋。在已安裝TCP/IP協(xié)議的電腦上面均可以使用這個(gè)命令。利用“ping命”令可以檢查網(wǎng)絡(luò)是否連通，可以很好地幫助我們分析和判定網(wǎng)絡(luò)故障。Tracert （跟蹤路由）是路由跟蹤實(shí)用程序，用于確定IP數(shù)據(jù)包訪問(wèn)目標(biāo)所采取的路徑。Tracert命令使用用IP生存時(shí)間（TTL）字段和ICMP錯(cuò)誤消息來(lái)確定從一個(gè)主機(jī)到網(wǎng)絡(luò)上其他主機(jī)的路

46、由39 .以下關(guān)于 TCP/IP協(xié)議和層次對(duì)應(yīng)關(guān)系的表示中，正確的是（）UP ILP ARP參考答案 A試題解析：40 .把CSS樣式表與 HTML網(wǎng)頁(yè)關(guān)聯(lián)，不正確的方法是（）A.在HTML文檔的head標(biāo)簽內(nèi)定義 CSS樣式8.用import引入樣式表文件C.在HTML文檔的!-標(biāo)簽內(nèi)定義 CSS樣式D.用link標(biāo)簽鏈接網(wǎng)上可訪問(wèn)的CSS樣式表文件參考答案C試題解析：!-是HTML注釋的表示方式，在這里定義CSS樣式無(wú)效。41.使用（）命令可以釋放當(dāng)前主機(jī)自動(dòng)獲取的 IP地址。A.ipconfig/allB.ipconfig/reloadC.ipconfig/releaseD.ipconf

47、ig/reset參考答案C:試題解析：rn： /? /all /release ZroloaaoG / re n e u Zrcri e wG /flus 丈dnqTJftM/rcy lvi*un /d i s p1ayd n s /sho>#c lasx Id /cocloco id /showe Id*$ ic16DHCP J f 3T - 口。. 直配器，DHCF租用并重新注出 解圻理存知的內(nèi)容 器尢許白1所看DHCP #1 ID在團(tuán)DN5目 IPub LHGFP/G DHCP 杏 ID7175. The project workbook is not so much a separate document as it is a structure imposed on the documents that the project will be producing anyway.All the documents of the project need to be part of this ( ). This includes objectives external specifications , int