2020-2021學(xué)年湖北武漢市武昌區(qū)高三元月調(diào)考理綜物理卷(解析版).doc

1、試卷第1頁共 17 頁2020-2021 學(xué)年湖北武漢市武昌區(qū)高三元月調(diào)考理綜物理卷(解析版)姓名：_ 年級:_學(xué)號:_題型選擇題填空題解答題判斷題計(jì)算題附加題總分得分1.(知識點(diǎn)：功能關(guān)系，勻變速直線運(yùn)動基本公式應(yīng)用，功率,對單物體(質(zhì)點(diǎn))的應(yīng)用，向心力公式)(14 分)現(xiàn)代化的生產(chǎn)流水線大大提高了勞動效率，如下圖為某工廠生產(chǎn)流水線上的水平傳輸裝置的俯視圖，它由傳送帶和轉(zhuǎn)盤組成。物品從A 處無初速、等時間間隔地放到傳送帶上，運(yùn)動到 B 處后進(jìn)入勻速轉(zhuǎn)動的轉(zhuǎn)盤隨其一起運(yùn)動(無相對滑動)，到 C 處被取走裝箱。已知 A、B 的距離 L =9.0 m，物品在轉(zhuǎn)盤上與轉(zhuǎn)軸O 的距離 R = 3.0

2、m、與傳送帶間的動摩擦因數(shù)叮=0.25，傳送帶的傳輸速度和轉(zhuǎn)盤上與 O 相距為 R 處的線速度均為 v = 3.0 m/s ，取 g = 10 m/s2 。問：(1) 物品從 A 處運(yùn)動到 B 處的時間 t ;(2)若物品在轉(zhuǎn)盤上的最大靜摩擦力可視為與滑動摩擦力大小相等，則物品與轉(zhuǎn)盤間的動摩擦因數(shù)卩2至 少為多大？(3)若物品的質(zhì)量為 0.5 kg，每輸送一個物品從 A 到 C,該流水線為此至少多做多少功？【答案】(1) 3.6s【解析】試題分析：(2) 0.3( 3) 4.5J(1)設(shè)物品質(zhì)量為 m 放在傳送帶上，先受到摩擦力而加速運(yùn)動：對物品有逹1（3 分）（1 分）故還需做勻速運(yùn)動，有

3、所以1s (1 分)評卷人得分（2分）試卷第2頁共 17 頁（2）物品在轉(zhuǎn)盤上所收的靜摩擦力提供向心力，有（3）在傳送帶上因?yàn)閭魉鸵粋€物品至少需要做的功（只在加速階段做功）為:考點(diǎn)：本題考查勻變速運(yùn)動的規(guī)律、功（16 分）真空中有如圖所示矩形區(qū)域，該區(qū)域總高度為 2h、總寬度為 4h,其中上半部分有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、垂直紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場，下半部分有豎直向下的勻強(qiáng)電場，x 軸恰為水平分界線，正中心恰為坐標(biāo)原點(diǎn) Q 在 x = 2.5 h 處有一與 x 軸垂直的足夠大的光屏（圖中未畫出）。質(zhì)量為m 電荷量為 q 的帶負(fù)電粒子源源不斷地從下邊界中點(diǎn) P 由靜止開始經(jīng)過勻強(qiáng)電場加速，通過坐標(biāo)原點(diǎn)后

4、射入勻強(qiáng)磁場中。粒子間的 相互作用和粒子重力均不計(jì)。（1 ）若粒子在磁場中恰好不從上邊界射出，求加速電場的場強(qiáng)E;（I 要求粒子在磁場中恰好不從上邊界射出，則?。?解得（1 分）y X斗蠱山 （2）帶電粒子在電場中加速過程根據(jù)動能定理有：（3分）fT =+ 出A） =45（4分）進(jìn)入勻強(qiáng)磁場后做勻速圓周運(yùn)動，由得:（1分）則粒子從 0 點(diǎn)進(jìn)入后運(yùn)動了圓心角為0即離開磁場。由幾何關(guān)系可得:得至少試卷第3頁共 17 頁（1 分）試卷第4頁共 17 頁 I -（ i 分）即離開磁場處的坐標(biāo)為：【-,h】（3）帶電粒子在電場中加速過程根據(jù)動能定理有：耳Eh nix 由“將光屏向 x 軸正方向平移，粒子

5、打在屏上的位置始終不改變”，知離開磁場時粒子速度方向必平行于x軸，沿+ x 方向。故：進(jìn)入勻強(qiáng)磁場后做勻速圓周運(yùn)動的半徑為：（）（ 2 分）護(hù)遇-JH-又 = 瑚弘解得I 1（）（ 1 分）從 0 點(diǎn)進(jìn)入磁場后先運(yùn)動半個圓周再返回電場減速到0 又返回磁場時速度仍是1，如此周期性運(yùn)動最后從磁場的右邊界水平射出。離開磁場處：y = h（1分）XXXXXXXX -嵐K K X X X X-KX-KX尺X X -K-K X XW WB B耳VXMKVXMK -J X Xn.帶電粒子在磁場中運(yùn)動總時間2 分）試卷第5頁共 17 頁帶電粒子在電場中運(yùn)動總時間帶電粒子在電磁場中運(yùn)動總時間（沒考慮到 n 的情

6、況給一半的分）考點(diǎn)：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動如圖所示，一水平放置的薄壁氣缸，由截面積不同的兩個圓筒連接而成，質(zhì)量均為m = 1.0 kg 的B 用一長度為 3 L = 30 cm、質(zhì)量不計(jì)的輕細(xì)桿連接成整體，它們可以在筒內(nèi)無摩擦地左右滑動且 活塞 A B 的面積分別為 SA = 200 cm2 和 SB = 100 cm2，氣缸內(nèi) A 和 B 之間封閉有一定質(zhì)量的理A 的左邊及 B 的右邊都是大氣，大氣壓強(qiáng)始終保持為p0 = 1.0X105 Pa。當(dāng)氣缸內(nèi)氣體的溫度）（2 分）（）（1 分）（9分）活塞 A、不漏氣。試卷第6頁共 17 頁為 T1 = 500 K 時，活塞處于圖示位置平衡。問:

7、【解析】（1 分）（ 1 分）T1 = 500 KSA = 200 cm2（i ）此時氣缸內(nèi)理想氣體的壓強(qiáng)多大？（ii ）當(dāng)氣缸內(nèi)氣體的溫度從 T1 = 500 K大？【答案】緩慢降至 T2 = 400 K 時，活塞A、B 向哪邊移動？移動的位移多（i ）（ii ）活塞 A、B 一起向右移動了 10 cm試題分析：（i ）設(shè)被封住的理想氣體壓強(qiáng)為p，輕細(xì)桿對 A 和對 B 的彈力為F,對活塞 A 有：對活塞 B,有： ：（1分）得：（1 分）（ii ） 當(dāng)氣缸內(nèi)氣體的溫度緩慢下降時， 活塞處于平衡狀態(tài)， 缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變, B一起向右移動（1 分）活塞 A 最多移動至兩筒的連接處。設(shè)活塞氣體等

8、壓降溫，活塞A、A、B 一起向右移動的距離為X。對理想氣體:I號吩“玉（1分）T2 = 400 KSB = 100 cm2試卷第7頁共 17 頁由蓋？呂薩克定律：T兀（2 分）解得：x = 10 cmx & It; 2L = 20 cm（1 分）表明活塞 A 未碰兩筒的連接處。故活塞 A、B 一起向右移動了 10 cm?？键c(diǎn)：本題考查氣體壓強(qiáng)、蓋？呂薩克定律（9 分）如圖所示， 一半徑為 R 的半球形玻璃磚，O 為球心， 其上表面水平，玻璃磚下方水平放置了足夠大的光屏，玻璃磚上表面與光屏間距為d =心氏。一束恰好照射滿了玻璃磚上表面的單色光垂直于上表面射入玻璃磚，其中一部分光經(jīng)玻璃磚折

9、射后能到達(dá)光屏上。已知玻璃磚對該光的折射率為 上被該光照亮的面積。（不考慮光在玻璃磚內(nèi)的反復(fù)反射）?！窘馕觥吭囶}分析：根據(jù)題設(shè)做出光路圖如圖所示對應(yīng)的臨界光線 AQ 的折射角為3= 90 由幾何關(guān)系可知三角形 APO 為等腰直角三角形PA PO Jf 占皿茫袞 R（1 分）n = ，求光屏（3分）【答試卷第8頁共 17 頁AQ=3丘又幾何關(guān)系（1 分）圓形面積為（2 分） 考點(diǎn)：本題考查幾何光學(xué)如圖所示，質(zhì)量為 mA= 2 kg 的木塊 A 靜止在光滑水平面上，一質(zhì)量為 mB= 1 kg 的木塊 B 以初速度 v0 = 10 m/s 沿水平面向右與 A 正碰，碰撞后兩者都向右運(yùn)動。接著木塊 A

10、 與擋板碰撞后立即反彈（木塊 A 與擋板碰 撞過程無機(jī)械能損失） 。之后木塊 A 與 B 發(fā)生第二次碰撞，碰后 A B 同向運(yùn)動，速度大小分別為 1.8 m/s、 2.4 m/s。求：孟冋I粹加加切如n如加處俗處飴曲冊淙（i ）木塊 B 和 A 第一次碰撞后瞬間，A 的速度；（ii）A B 第二次碰撞過程中，A 對 B 做的功。【答案】(ii ) 0.88J【解析】試題分析：（i ）設(shè) A、B 第一次碰后的速度大小為、，取向右為正方向:由動量守恒定律得（ 2 分）之后，A 保持速度與墻碰撞，由于這次碰撞無機(jī)械能損失，故反彈速度大小為，設(shè)A、B 第二次碰后的速度大小分別為、-，取向左為正方向：-

11、（2分）聯(lián)立解得、乜（ 2 分） fwgvl2- 0（ii ）第二次碰撞過程中， A 對 B 做的功：（3 分）考點(diǎn)：本題考查碰撞、動量守恒定律（12 分）實(shí)際電流表有內(nèi)阻，測量電流表G1 的內(nèi)阻 r1 采用如圖甲所示的電路。可供選擇的器材如下：光屏上被光束照亮的部分是圓形，其半徑:Ir (r)-R y/2R(2 分)(i)試卷第9頁共 17 頁1待測電流表 G1:量程為 0 5 mA，內(nèi)阻約為 300Q2電流表 G2 量程為 0 10 mA，內(nèi)阻約為 40Q3定值電阻 R1:阻值為 10Q4定值電阻 R2:阻值為 200Q5滑動變阻器 R3:阻值范圍為 0 1000Q6滑動變阻器 R4:阻值

12、范圍為 0 20Q7干電池 E:電動勢約為 1.5 V，內(nèi)阻很小8電鍵 S 及導(dǎo)線若干(1 )定值電阻 R0 應(yīng)選_ ，滑動變阻器 R 應(yīng)選_ 。(在空格內(nèi)填寫序號)(2)用筆畫線代替導(dǎo)線，按圖甲要求，在圖乙中連接實(shí)物圖。(3 )實(shí)驗(yàn)步驟如下：1按電路圖連接電路(為電路安全，先將滑動變阻器滑片P 調(diào)到左端)2閉合電鍵 S,移動滑片 P 至某一位置，記錄 G1 和 G2 的讀數(shù)，分別記為 11 和 12 ;3多次移動滑動觸頭，記錄各次G1 和 G2 的讀數(shù) 11 和 12 ;4以 11 為縱坐標(biāo)，I2 為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線，如圖丙所示。5根據(jù) I1 I2 圖線的斜率 k 及定值電阻 R0,得到

13、待測電流表 G1 的內(nèi)阻表達(dá)式為 r1 =試卷第10頁共 17 頁(4) 若測定 G1 表的內(nèi)阻 r1 為 290Q,用它改裝成如圖丁的一個多量程多用電表，電流、電壓和電阻的測 量都各有兩個量程(或分度值)不同的檔位。1、2 兩個檔位為電流表檔位，其中的大量程是小量程的10 倍。試卷第11頁共 17 頁1關(guān)于此多用表，下列說法正確的是： _A. 當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān) S 旋到位置 4 時，是電阻檔B. 當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān) S 旋到位置 6 時，是電壓檔C. 轉(zhuǎn)換開關(guān) S 旋到 5 的量程比旋到 6 的量程大D. A 表筆為紅表筆，B 表筆為黑表筆2圖中的電源 E 的電動勢為 9.0 V，當(dāng)把轉(zhuǎn)換開關(guān) S 旋到位

14、置 4,在 AB 之間接 900Q電阻時，表頭 G1剛好半偏。已知之前的操作順序和步驟都正確無誤。則R5 =_Q,R6 =Q?！敬鸢浮浚?）29（2 分）；261 （2 分）【解析】試題分析：由題意知，電流表 G1 的量程 5mA 內(nèi)阻約 300Q，電流表所以 G2 的量程 10mA 需與 G1 的并聯(lián) 電阻分流，所以選擇 200Q定值電阻；控制電路選擇分壓式接法， 故滑動變阻器選擇阻值較小的；（2）（1）；（2 分）（2）如圖見解析（2分）（3）（2分）（4）ABD （2 分）試卷第12頁共 17 頁由圖知，旋鈕開關(guān)接 1、2 為電流檔，3、4 為歐姆檔，5、6 為電壓檔，所以 A 正確；B

15、 錯誤；改裝為電壓表（3）由圖知，整理得:見”，所以盡，解得:實(shí)物圖如圖試卷第13頁共 17 頁的量程為串聯(lián)電阻的阻值越大， 量程越大，故轉(zhuǎn)換開關(guān) S 旋到 5 的量程比旋到 6 的量程小,所以 C 錯誤；多電表電流從紅色表筆流入電表，從黑色表筆流出電表，所以A 表筆為紅表筆，B 表筆為黑表筆，故 D 正確；（5）“測量過程操作的順序和步驟都正確無誤”，意味著之前已經(jīng)將A、B 短接調(diào)零了（即讓表頭滿偏），在 AB 之間接 900乜士電阻時，表頭 G 剛好半偏，說明：當(dāng)表頭半偏時，改裝后的歐姆表“ 4”的總內(nèi)阻扎-;，則轉(zhuǎn)換開關(guān) S 在“2”時（如圖 a），電流表的量程為依題意，轉(zhuǎn)換開關(guān) S 在

16、 1（如圖 b）時，電流表的量程為 由表頭 G 的滿偏電流為內(nèi)阻為 290L和并聯(lián)電路電流分配規(guī)律可解得：29 ，261?？键c(diǎn)：本題考查測量電表的內(nèi)阻、多用電表的使用（5 分）如圖所示，上、下兩個完全相同的圓弧軌道分別固定在豎直板上的不同高度處，軌道的末端水平， 上軌道可上下平移，在兩軌道相對于各自軌道末端高度相同的位置上各安裝一個電磁鐵，兩個電磁鐵由同 一個開關(guān)控制，通電后，兩電磁鐵分別吸住相同小鐵球A、B,斷開開關(guān)，兩個小球同時開始運(yùn)動。離開圓弧軌道后，A 球做平拋運(yùn)動，B 球進(jìn)入一個光滑的水平軌道，則：O9.0試卷第14頁共 17 頁（2 ）某次實(shí)驗(yàn)恰按圖示位置釋放兩個小球，兩個小球相碰

17、的位置在水平軌道上的P 點(diǎn)處，已知固定在豎直板上的方格紙的正方形小格邊長均為9 cm,則可計(jì)算出 A 球剛達(dá) P 點(diǎn)時的速度大小為_ m/s。（ g 取 10 m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1） 勻速（直線）（1 分）；A 球（或平拋運(yùn)動）的水平分運(yùn)動是勻速直線運(yùn)動（2 分）（2）4.5 （2 分）【解析】試題分析：（1）由于水平軌道光滑，知 B 球進(jìn)入水平軌道后將做勻速直線運(yùn)動，由于實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象A、B 相遇,故 A 球（或平拋運(yùn)動）的水平分運(yùn)動與 B 球的運(yùn)動一樣，是勻速直線運(yùn)動；（ 2）由圖知 A 球下落的高度為h_l2h=9L=81cm 水平位移 x=9L=81cm,根據(jù)平拋運(yùn)動

18、的規(guī)律：，解得：嶺=0 95精扭丹二0 9莎助“所以片=廣+甘=4 5枳恤考點(diǎn)：本題考查平拋運(yùn)動正對著并水平放置的兩平行金屬板連接在如圖電路中，板長為I，板間距為 d,在距離板的右端 21 處有一豎直放置的光屏 M。D 為理想二極管（即正向電阻為0,反向電阻無窮大），R 為滑動變阻器，R0 為定值電阻。將滑片 P 置于滑動變阻器正中間，閉合電鍵S,讓一帶電量為 q、質(zhì)量為 m 的質(zhì)點(diǎn)從兩板左端連線的中點(diǎn) N 以水平速度 v0 射入板間，質(zhì)點(diǎn)未碰極板，最后垂直打在M 屏上。在保持電鍵 S 閉合的情況下，下列分析或結(jié)論正確的是（）A. 質(zhì)點(diǎn)在板間運(yùn)動的過程中與它從板的右端運(yùn)動到光屏的過程中速度變化

19、相同2噸B. 板間電場強(qiáng)度大小為C.若僅將滑片 P 向下滑動一段后，再讓該質(zhì)點(diǎn)從N 點(diǎn)以水平速度 v0 射入板間，質(zhì)點(diǎn)依然會垂直打在光屏 上D.若僅將兩平行板的間距變大一些，再讓該質(zhì)點(diǎn)從N 點(diǎn)以水平速度 v0 射入板間，質(zhì)點(diǎn)依然會垂直打在光 屏上【答案】BCD【解析】試卷第15頁共 17 頁試題分析：由題意知，粒子在板間做類平拋運(yùn)動，要使最后垂直打在M 屏上，離開板間后豎直方向做減速運(yùn)動，到達(dá) M 板時豎直速度減為零，而水平方向一直做勻速運(yùn)動，設(shè)離開板時豎直速度為vy，質(zhì)點(diǎn)在板間試卷第16頁共 17 頁運(yùn)動的過程中速度變化為vy，從板的右端運(yùn)動到光屏的過程中速度變化為 -vy，故 A 錯誤；粒

20、子從板的右 =聯(lián)立解得：，故 B 錯誤；若僅將滑片 P 向下滑動一段后，電阻 R 的電壓減小，電容器電壓減小，電容器放電，由于二極管的特性，電容器放不出去電，故電容器電壓不變，板間電場強(qiáng)度不變，質(zhì)點(diǎn)依然C=-會垂直打在光屏上，故 C 正確；若僅將兩平行板的間距變大一些，由知，電容減小，由 Q=CU電容器放電，由于二極管的特性，電容器放不出去電，故電容器電壓不變，板間電場強(qiáng)度不變，質(zhì)點(diǎn)依然會垂直打在光屏上，故 D 正確考點(diǎn)：本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動氣象衛(wèi)星是用來拍攝云層照片、觀測氣象資料和測量氣象數(shù)據(jù)的。我國先后自行成功研制和發(fā)射了 “風(fēng)云I號”和“風(fēng)云n號”兩顆氣象衛(wèi)星，“風(fēng)云I號”衛(wèi)

21、星軌道（極地圓軌道）與赤道平面垂直并且通過兩極，繞地做勻速圓周運(yùn)動的周期為12 h?！帮L(fēng)云n號”氣象衛(wèi)星軌道（地球同步軌道）平面在赤道平面內(nèi)，繞地做勻速圓周運(yùn)動的周期為 24 h，則“風(fēng)云n號”衛(wèi)星比“風(fēng)云I號”衛(wèi)星（）A.軌道半徑小 B.線速度小C.角速度大 D.向心加速度大【答案】B【解析】小Mw4/rG三tn r試題分析：由題意知，“風(fēng)云n號”氣象衛(wèi)星的周期大于“風(fēng)云I號”衛(wèi)星的周期，根據(jù)廠MM4貳V*飛G =腳一一=m =廠廠子可得:的線速度小，角速度小，向心加速度小，故B 正確；A C、D 錯誤?？键c(diǎn)：本題考查天體運(yùn)動如圖所示，質(zhì)量為 M 半徑為 R 的半球形物體 A 放在水平地面上

22、，通過最高點(diǎn)處的釘子用水平輕質(zhì)細(xì)線拉住端運(yùn)動到光屏的過程中用時2Z廠，所以片，在板間，豎直方向知“風(fēng)云n號”衛(wèi)星的軌道半徑大，又“風(fēng)云n號”衛(wèi)星試卷第17頁共 17 頁A. B 對 A 的壓力大小為試卷第18頁共 17 頁根據(jù)幾何關(guān)系： ，可得，故 A 錯誤；繩上拉力 T：B 錯誤；把 AB 視為一整體為研究對象，受重力和地面的支持力，由平衡條件知，地面對整體的重力（M+m g,不受地面的摩擦力，所以C 正確，D 錯誤?？键c(diǎn)：本題考查物體的平衡從地面豎直上拋一物體 A 的同時，在離地面高 H 處有相同質(zhì)量的另一物體 B 開始做自由落體運(yùn)動，兩物體 在空中同時到達(dá)距地面高h(yuǎn) 時速率都為 v （兩

23、物體不會相碰），則下列說法正確的是（）A. H = 2 hB.物體 A 豎直上拋的初速度大小是物體B 落地時速度大小的 2 倍C. 物體 A B 在空中運(yùn)動的時間相等D. 兩物體落地前各自的機(jī)械能都守恒且兩者機(jī)械能相等【答案】D【解析】試題分析：由題意知，A、B 運(yùn)動的時間相同，又加速度都等于 g,所以速度的變化量大小也相同，都等于 v,對 A:Av=v-vO=-v，上升高度 hA=h,對 B:Av=v-O=v，下落高度 hB=H-h，由- ，可知 hA=3hB,可得： H=4h/3 , A的初速度 v0=2v，根據(jù)對稱性知，B 落地的速度也是 2v，故 A 錯誤；B 錯誤；A 上升的時間與

24、B 下落的時間相同，設(shè)為 t，故 A 在空中運(yùn)動的時間為 2t，所以 C 錯誤；兩物體落地前，只有重力做功，所 以各自的機(jī)械能都守恒，AB在地面處的速度大小相等，所以兩者機(jī)械能相等，故D 正確。考點(diǎn)：本題考查自由落體運(yùn)動如圖所示是放置于水平地面上的簡易滑梯示意圖，一小孩從滑梯斜面頂點(diǎn)A 開始無初速度下滑，在 AB 段勻加速下滑，在 BC 段勻減速下滑，滑到 C 點(diǎn)恰好速度為零（B 點(diǎn)為 AC 的中點(diǎn)），整個過程中滑梯保持靜止?fàn)?態(tài)。假設(shè)R + r-B.細(xì)線對小球的拉力大小為RC. A 對地面的壓力大小為（M + m ） gD. 地面對 A 的摩擦力大小為【答案】C【解析】試題分析：以 B 為研

25、究對象，受力分析如圖所示，由平衡條件知,B 對 A 的壓力等于 A 對 B 的支持力 F,，故A 的支持力等試卷第19頁共 17 頁該小孩在 AB 段和 BC 段滑動時與斜面間的動摩擦因數(shù)分別為卩1和卩 2,斜面傾角為B,則（）試卷第20頁共 17 頁A1A. 整個過程中地面對滑梯的支持力始終等于該小孩和滑梯的總重力，地面對滑梯始終無摩擦力作用B. 動摩擦因數(shù)滿足 卩 1 +卩 2 = 2 tan0C. 該小孩在 AB 和 BC 兩段運(yùn)動的時間相等，平均速度也相等D. AB 段與 BC 段小孩受的摩擦力做功的平均功率相等【答案】BC【解析】試題分析：由題意知，小孩在 AB 段加速下滑，有沿斜面

26、向下的加速度al，有豎直向下的分加速度，處于失重狀態(tài)，故此過程地面對斜面的支持力小于整體的重力，所以 A 錯誤；設(shè)小孩在 B 點(diǎn)的速度為 v,由于 AB=BC再根據(jù)八乳戰(zhàn),可得在 AB BC 段加速度大小相等，根據(jù)牛頓第二定律：AB 段八；可得：小孩在 AB 和 BC 兩段運(yùn)動的時間相等，平均速度也相等，所以C 正確；由上述分析知， AB 段、BC 段的摩擦力不同，而平均速度相同，根據(jù)功率，可得：AB 段與 BC 段小孩受的摩擦力做功的平均功率 不相等，所以 D 錯誤?？键c(diǎn)：本題考查牛頓第二定律、功率如圖所示電路中，滑片P 位于滑動變阻器 R2 正中間，電源內(nèi)阻不能忽略，兩個電壓表均為理想電表

27、。當(dāng)滑動變阻器 R2 的滑片 P 滑動時，關(guān)于兩個電壓表V1 與 V2 的示數(shù)，下列判斷正確的是（）V1 的示數(shù)逐漸增大、V2 的示數(shù)逐漸減小R2 消耗的功率一定逐漸減小V1 示數(shù)改變量的絕對值小于V2 示數(shù)改變量的絕對值V2 示數(shù)改變量與流過 R2 的電流改變量的比值保持不變【答案】ACDBC 段込:皿必陀恥斤礙，聯(lián)立解得1 +2 = 2 tan0,所以 B 正確;由 v=at ,A.P 向 a 端滑動的過程中,B. P 向 a 端滑動的過程中,C. P 向 b 端滑動的過程中,D. P 向 b 端滑動的過程中,試卷第21頁共 17 頁【解析】試題分析：P 向 a 端滑動的過程中，R2 的阻

28、值減小，電路電流 1 增大，所以 V1 的示數(shù) U1=IR1 增大，電源試卷第22頁共 17 頁內(nèi)電壓 Ur=lr 也增大，再由一 亠一 ，可得 V2 的示數(shù) U2 減小，所以 A 正確；R2 消耗的功率匕況=-（鳥+廣 4&丿 ，由于不知 R2 與 R1+r 的大小關(guān)系，所以不能確定功率 p2 的變化，故 B 錯 誤；P 向 b端滑動的過程中，R2 的阻值增大，電流減小，所以 R1+r 的電壓減小，由乩打冷，所 以 R2 的電壓變化量 -大于 V1 示數(shù)改變量的絕對值，所以 C 正確；可得竺也 S 卄保持不變，故 D 正確。考點(diǎn)：本題考查閉合電路歐姆定律如圖所示為一種獲得高能粒子的裝

29、置，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)的勻強(qiáng)磁場（環(huán)形區(qū)域的寬度非常?。?。質(zhì)量為m 電荷量為 q 的帶正電粒子可在環(huán)中做半徑為R 的圓周運(yùn)動。A、B 為兩塊中心開有小孔的距離很近的平行極板，原來電勢均為零，每當(dāng)帶電粒子經(jīng)過A 板剛進(jìn)入 AB 之間時，A 板電勢升高到+ U , B 板電勢仍保持為零，粒子在兩板間的電場中得到加速。每當(dāng)粒子離開B 板時，A 板電勢又降為零。粒子在電場中一次次加速使得動能不斷增大，而在環(huán)形區(qū)域內(nèi)，通過調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可使 繞行半徑 R 不變。已知極板間距遠(yuǎn)小于 R,則下列說法正確的是（）粒子繞行第 N 圈時，環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為【答案】BD【

30、解析】試題分析：由題意知粒子在軌道內(nèi)做順時針圓周運(yùn)動，根據(jù)左手定則可判斷勻強(qiáng)磁場的磁場方向垂直于紙 面向外，所以A 錯誤；由于粒子在做圓周運(yùn)動的過程中洛倫茲力不做功，在AB 板間電場力做功 W=qU 所以粒子繞行 N 圈后回到 A 板時獲得的總動能為 NqU,故 B 正確；由于粒子的軌道半徑 R 不變，而粒子做圓周運(yùn)A.B.C.環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁場方向垂直于紙面向里粒子從 A 板小孔處由靜止開始在電場力作用下加速， 繞行 粒子在繞行的整個過程中，A 板電勢變化周期不變N 圈后回到 A 板時獲得的總動能為 NqUD.試卷第23頁共 17 頁nqU 動第 n 圈的速度為 vn,根據(jù)，可得粒子圓

31、周運(yùn)動的速度增大，根據(jù),試卷第24頁共 17 頁率，竺”丄単E所以k ，又.，聯(lián)立得：” ，所以 D 正確?？键c(diǎn)：本題考查帶電粒子在磁場中的圓周運(yùn)動如圖甲所示，為一列沿 x 軸傳播的簡諧橫波在 t = 0 時刻的波形圖。圖乙表示該波傳播的介質(zhì)中x = 2m處的質(zhì)點(diǎn) a 從 t = 0 時起的振動圖象。則下列說法正確的是(選對一個給 3 分，選對兩個給 4 分,選對三個給 6 分。每錯選一個扣 3 分，最低得分為 0 分)。A. 波傳播的速度為 20 m/sB. 波沿 x 軸負(fù)方向傳播C.t = 0.25 s時，質(zhì)點(diǎn) a 的位移沿 y 軸負(fù)方向D.t = 0.25 s時，x = 4 m 處的質(zhì)點(diǎn)

32、 b 的加速度沿 y 軸負(fù)方向E. 從 t = 0 開始，經(jīng) 0.3 s，質(zhì)點(diǎn) b 通過的路程是 6 m【答案】ACD【解析】v = = 20JH/J試題分析：甲圖知，波長為 4m,乙圖知，周期為 0.2s，所以波速，故 A 正確；由乙圖知t=0 時刻，質(zhì)點(diǎn) a 向下振動，結(jié)合甲圖由上下波法可得：波的傳播方向?yàn)閤 軸正方向，所以 B 錯誤；到達(dá)波峰位置，所以加速度沿y 軸負(fù)方向，故 D 正確；0.3=3T/2，所以 0.3s 時間內(nèi)質(zhì)點(diǎn) b 通過的路程為6A=1.2m,所以 E 錯誤?？键c(diǎn)：本題考查機(jī)械波在物理學(xué)理論建立的過程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)。關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說法正

33、確的是()A. 伽利略把斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)果合理外推，發(fā)現(xiàn)了自由落體運(yùn)動規(guī)律和行星運(yùn)動的規(guī)律純 2砌v，所以周期減小，故 A 板電勢變化周期變小,故 C 錯誤；粒子繞行第N圈時，故 0.25s 后質(zhì)點(diǎn)處于波谷位置，所以C 正確；由甲圖知 t=0 時刻質(zhì)點(diǎn) b 向上振動，0.25s 后試卷第25頁共 17 頁B. 牛頓通過實(shí)驗(yàn)測出了引力常量并進(jìn)行了著名的“月一地檢驗(yàn)”C. 牛頓最早指出力不是維持物體運(yùn)動的原因并提出了慣性定律D. 安培提出了分子電流假說，并在磁場與電流的相互作用方面做出了杰出的貢獻(xiàn)【答案】D【解析】試題分析：伽利略由斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)果合理外推，發(fā)現(xiàn)了自由落體運(yùn)動規(guī)律，所以A 錯誤；牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，但沒有測出引力常數(shù)，所以B 錯誤；伽利略最早指出力不是維持物體運(yùn)動的原因，故C 錯誤；安培提出了分子電流假說，并在磁場與電流的相互作用