江蘇省泰州市2021屆新高考模擬物理試題(校模擬卷)含解析

1、江蘇省泰州市2021屆新高考模擬物理試題（校模擬卷）一、單項選擇題：本題共 6小題，每小題 5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合 題目要求的1 .如圖所示，a、b、c為三根與紙面垂直的固定長直導(dǎo)線，其截面位于等邊三角形的三個頂點上，bc連線沿水平方向，導(dǎo)線中通有恒定電流，且Ia Ib 2%,電流方向如圖中所示。點為三角形的中心（O點到三個頂點的距離相等），其中通電導(dǎo)線c在。點產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B0,已知通電長直導(dǎo)線在周圍空間某點產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B=k_，其中I為通中導(dǎo)線的中流強(qiáng)度，r為該點到通r中導(dǎo)線的垂直距離，k為常數(shù)，則下列說法正確的是（）A .

2、O點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 3B0B. O點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 5 B0C.質(zhì)子垂直紙面向里通過 O點時所受洛倫茲力的方向由 O點指向cD.電子垂直紙面向里通過。點時所受洛倫茲力的方向垂直 Oc連線向下 【答案】A 【解析】 【分析】 【詳解】AB.根據(jù)右手螺旋定則，通電導(dǎo)線 a在O點處產(chǎn)生的磁場平行于 bc指向左方，通電導(dǎo)線 b在O點處產(chǎn)生 kI的磁場平行于ac指向右下萬，通電導(dǎo)線c在O點處廣生的磁場平行于 ab指向左下萬；根據(jù)公式B 可 r得Ba Bb 2Bc 2B0根據(jù)平行四邊形定則，則 O點的合場強(qiáng)的方向平行于 ab指向左下方，大小為 3B。，故A正確，B錯誤；C.根據(jù)左手定則，質(zhì)

3、子垂直紙面向里通過O點時所受洛倫茲力的方向垂直 ab連線由c點指向O,故C錯誤；D.根據(jù)左手定則，電子垂直紙面向里通過O點時所受洛倫茲力的方向垂直 ab連線由O點指向c,故D錯誤； 故選Ao2 .如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1 500匝，副線圈匝數(shù)n2 100匝，原線圈中接一交變電源，交變電電壓u 220j2sin100 t（V）。副線圈中接一電動機(jī)，電阻為 11 ,電流表2示數(shù)為1A。電表對電路的影響忽略不計，則（)A .此交流電的頻率為 100HzB.電壓表示數(shù)為 220，2VC.電流表1示數(shù)為0.2AD.此電動機(jī)輸出功率為 30W【答案】C【解析】【分析】A.由交流電的公式知頻率1

4、00250Hz故A錯誤;B.原線圈電壓有效值為220V,故電壓表的示數(shù)為 220V,故B錯誤;C.根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知，電流表 Ai示數(shù)為0.2A,故C正確；D.根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知副線圈電壓為44VP2=U2l2=44MW=44W電動機(jī)內(nèi)阻消耗的功率為 P=|22R=12X11W=11W此電動機(jī)輸出功率為P 出=P2-=44-11=33亞故D錯誤；故選Co3 .在一場足球比賽中，質(zhì)量為 0.4kg的足球以15m/s的速率飛向球門，被守門員撲出后足球的速率變?yōu)?0m/s ,方向和原來的運動方向相反，在守門員將球撲出的過程中足球所受合外力的沖量為（）A . 2kg m/s,方向與足球原來的運

5、動方向相同B. 2kg m/s,方向與足球原來的運動方向相反C. 14kg m/s ,方向與足球原來的運動方向相同D. 14kg m/s ,方向與足球原來的運動方向相反【答案】D【解析】設(shè)球飛向球門的方向為正方向，被守門員撲出后足球的速度為 v 20m/s則由動量定理可得I mv mv 0.4 20 0.4 15kg ?m/s 14kg ?m/s負(fù)號說明合外力沖量的方向與足球原來的運動方向相反，故A、B、C錯誤,故選DoD正確;S,水流以速v垂直射到墻面上，之后水速減為零，已知水的密度為p,則水對墻面的沖力為（【答案】B_ 2B. SvD.Sv24 .某城市創(chuàng)衛(wèi)工人用高壓水槍沖洗墻面上的廣告，

6、如圖所示，若水柱截面為【解析】【詳解】設(shè)t時間內(nèi)有V體積的水打在鋼板上，則這些水的質(zhì)量為：m=p V= p Svt由動量定理有:水對鋼板的沖擊力大小也為以這部分水為研究對象，它受到鋼板的作用力為F,以水運動的方向為正方向,Ft=0-mv ,即：mv 1F=-=- p Sv>負(fù)號表示水受到的作用力的方向與水運動的方向相反；由牛頓第三定律可知，p sv.A. Sv,與結(jié)論不相符，選項 A錯誤；B. Sv2,與結(jié)論相符，選項 B正確；Sv2C. -v-,與結(jié)論不相符，選項 C錯誤；D. Sv,與結(jié)論不相符，選項 D錯誤。5 .某彈簧振子沿 x軸的簡諧運動圖象如圖所示，下列描述正確的是（A. t

7、 =1 s時，振子的速度為零，加速度為負(fù)的最大值B. t =2 s時，振子的速度為負(fù)，加速度為正的最大值C. t =3 s時，振子的速度為負(fù)的最大值，加速度為零D. t =4 s時，振子的速度為正，加速度為負(fù)的最大值【答案】A【解析】【分析】根據(jù)振動圖象判斷質(zhì)點振動方向的方法：沿著時間軸看去，上坡”段質(zhì)點向上振動，下坡”段質(zhì)點向下振動.【詳解】AC.在t=1 s和t=3 s時，振子偏離平衡位置最遠(yuǎn)，速度為零，回復(fù)力最大，加速度最大，方向指向平衡位置，A正確，C錯誤；BD.在t=2 s和t=4 s時，振子位于平衡位置，速度最大，回復(fù)力和加速度均為零，BD錯誤.6 .如圖所示，圖中曲線為兩段完全相

8、同的六分之一圓弧連接而成的金屬線框（金屬線框處于紙面內(nèi)），每段圓弧的長度均為 L ,固定于垂直紙面向外、大小為 B的勻強(qiáng)磁場中。若給金屬線框通以由A到C、大小為I的恒定電流，則金屬線框所受安培力的大小和方向為（）A. ILB ,垂直于AC向左B. 2ILB ,垂直于AC向右C. 6LB ,垂直于AC向左D. 3LB ,垂直于AC向左由左手定則可知，導(dǎo)線所受安培力垂直于AC向左；設(shè)圓弧半徑為 R,則解得則所受安培力故選D。二、多項選擇題：本題共 6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目 要求.全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得0分7 .某磁敏電阻的

9、阻值 R隨外加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B變化圖線如圖甲所示。學(xué)習(xí)小組使用該磁敏電阻設(shè)計了保護(hù)負(fù)載的電路如圖乙所示，U為直流電壓，下列說法正確的有（）國敏電阻A.增大電壓U,負(fù)載電流不變B.增大電壓U,電路的總功率變大C.抽去線圈鐵芯，磁敏電阻的阻值變小D.抽去線圈鐵芯，負(fù)載兩端電壓變小【答案】BC【解析】【分析】【詳解】AB.增大電壓U,為保護(hù)負(fù)載，則磁敏電阻兩端需要分壓，即電壓增大，則磁敏電阻的阻值增大，根據(jù) 甲圖可知磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，所以通過線圈的電流增大，根據(jù)P=UI可知電路的總功率 P變大，故A錯誤，B正確；CD .抽去線圈鐵芯，線圈產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，故磁敏電阻的阻值變小，則磁敏電阻兩端的

10、電壓變小，而U不變，所以負(fù)載兩端電壓變大，故C正確，D錯誤。故選BC。8 .下列說法中正確的是（）A.物體速度增大，則分子動能增大，內(nèi)能也增大B. 一定質(zhì)量氣體的體積增大，但既不吸熱也不放熱，內(nèi)能減小C.相同質(zhì)量的兩種物體，提高相同的溫度，內(nèi)能的增量一定相同D.物體的內(nèi)能與物體的溫度和體積都有關(guān)系E.凡是與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程都具有方向性【答案】BDE【解析】【分析】【詳解】A.速度增大，不會改變物體的分子的動能，故 A錯誤；8 .體積增大時，氣體對外做功，不吸熱也不放熱時，內(nèi)能減小，故 B正確；C.質(zhì)量相同，但物體的物質(zhì)的量不同，故溫度提高相同的溫度時，內(nèi)能的增量不一定相同，故C錯誤;D.物

11、體的內(nèi)能與物體的溫度和體積都有關(guān)系，故 D正確；E.由熱力學(xué)第二定律可知，凡是與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程都具有方向性，故E正確。故選BDE。9 .如圖所示，勁度數(shù)為 k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體接觸（未連接），彈簧水平且無形變.用水平力F緩慢推動物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長度被壓縮了xo,此時物體靜止.撤去F后，物體開始向左運動，運動的最大距離為4xo.物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g .則（）kx0mg maA.撤去F后，物體先做勻加速運動，再做勻減速運動B.撤去F后，物體剛運動時的加速度大小為0gm/ mgmg(x0 -)c.物體做勻減速運動的時間為2

12、，xgD.物體開始向左運動到速度最大的過程中克服摩擦力做的功為【答案】BD【解析】【分析】【詳解】A.撤去F后，物體水平方向上受到彈簧的彈力和滑動摩擦力，滑動摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮 量的減小而減小，彈力先大于滑動摩擦力，后小于滑動摩擦力，則物體向左先做加速運動后做減速運動， 隨著彈力的減小，合外力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故物體先做變加速運動，再做變減速運 動，最后物體離開彈簧后做勻減速運動，A錯誤；B.剛開始時，由牛頓第二定律有：解得：akxomB正確;C.由題意知，物體離開彈簧后通過的最大距離為3x0,由牛頓第二定律得:將此運動看成向右的初速度為零的勻加速運動，則:3x

13、01.22聯(lián)立解得：tD.當(dāng)彈簧的彈力與滑動摩擦力大小相等、方向相反時，速度速度最大時合力為零，則有F mg kx解得x g,所以物體開始向左運動到速度最大的過程中克服摩擦力做的功為: kWfmg x0 xmg (x0mg kD正確。故選BDo10.如圖所示，虛線 a、b、c、d代表勻強(qiáng)電場中間距相等的一組等勢面。一電子僅在電場力作用下做直線運動，經(jīng)過a時的動能為9eV,從a到c過程其動能減少了 6eV。已知等勢面c的電勢為3V。下列說法正確的是（）abedA.等勢面a的電勢為0B.該電子到達(dá)d等勢面時的動能為 0C.該電子從a至ij c其電勢能減少了 6eVD.該電子經(jīng)過 a時的速率是經(jīng)過

14、c時的 石倍【答案】BD【解析】【分析】【詳解】a時的動能為9eV,從a至ij c的AC.虛線a、b、c、d代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，電子經(jīng)過過程中動能減小 6eV,由能量守恒可知，電勢能增加6eV,則Uac 6V ac所以等勢面a的電勢為9V,故AC錯誤；B.勻強(qiáng)電場中間距相等的相鄰等勢面間的電勢差相等，電場力做功相等，動能變化相等，a到c動能減小6eV,則a到d動能減小9eV,所以該電子到達(dá) d等勢面時的動能為 0,故B正確；12.3D.經(jīng)過a時的動能為9eV, a到c動能減小6eV,則經(jīng)過c時的動能為3eV,由公式Ek mv可得2則速率之比等動能之比再開方，即電子經(jīng)過a時的速率

15、是經(jīng)過c時的J3倍，故D正確。故選BD。11.如圖所示，空間中存在一勻強(qiáng)磁場區(qū)域，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B磁場方向與豎直面垂直，磁場的上、下邊界均為水平面且間距為 L ,紙面（豎直平面）內(nèi)磁場上邊界的上方有一質(zhì)量為m、電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd,其邊長為L上下兩邊均與磁場邊界平行。將線框以初速度v0水平拋出，線框恰能勻速進(jìn)入磁場，重力加速度為g ,不計空氣阻力，則（）A.線框拋出時ab邊距離磁場上邊界的高度為“2 2m gRc r 4, 42B LBL22RB.線框進(jìn)入磁場的過程中通過線框某橫截面的電荷量2B2L3V0C.線框通過磁場的過程中水平位移為 0mgRD.線框通過磁場的過程中

16、 cd邊產(chǎn)生的熱量為 2mgL【答案】AC【解析】【詳解】A .線框下邊界進(jìn)入磁場時 mg BIL根據(jù)閉合電路歐姆定律BLvI y R在豎直方向上，根據(jù)運動學(xué)公式2Vy 2gh 解得m gR4 , 42B LA正確;B .線框進(jìn)入磁場的過程中通過線框某橫截面的電荷量BL2B錯誤;C.線框在磁場中勻速運動的時間t生 vy水平位移X V0t解得2B2 L3v0 x mgRC正確；D.線框進(jìn)入磁場后做勻速直線運動，減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為電能，根據(jù)能量守恒定律Q 2mgL則cd邊產(chǎn)生的熱量q Q mgL42D錯誤。故選AC。t=0時，將質(zhì)量m=1kg的設(shè)沿傳送帶向下為正方向，12.如圖所示，傾角為 。的

17、足夠長傳送帶以恒定的速率 V0沿逆時針方向運行.小物塊（可視為質(zhì)點）輕放在傳送帶上，物塊速度隨時間變化的圖象如圖所示.取重力加速度g=10m/s1.則A.摩擦力的方向始終沿傳送帶向下8. 17s內(nèi)，物塊的加速度為 1m/s1C.傳送帶的傾角0 =30D.物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.5【答案】BD【解析】【分析】【詳解】開始物塊相對于傳送帶向后滑動，物塊受到的摩擦力平行于傳送帶向下，當(dāng)物塊受到大于傳送帶速度后，物塊受到的摩擦力方向平行于傳送帶向上，故A錯誤；由圖1所示圖象可知，11s內(nèi)，物塊的加速度_ .一一一，故B正確；由圖1所示圖象可知，在 。1s內(nèi)物塊的加速度=三=匚/丁 = 口/匚

18、 uLi LU .1_ .,由牛頓第二定律得：mgsin 0+（1 mgcosQ =ma在11s內(nèi)，由牛頓第二定口 二不二ni/EJ =律得：mgsin 0-mgcos。=ma,解得：科=0.5 0=37；故 C 錯誤，D 正確。故選BD正確。三、實驗題：共2小題，每題8分，共16分13.某興趣小組要精確測定額定電壓為3V的白熾燈正常工作時的電阻，已知該燈正常工作時電阻約500,實驗室提供的器材有：A.電流表A （量程：03mA,內(nèi)阻Ra 15 ）B,定值電阻R1 1985C.滑動變阻器R （010）D.電壓表V （量程：010V,內(nèi)阻Rv 1k ）E.蓄電池E （電動勢為12V,內(nèi)阻r很小）

19、F.開關(guān)S一個G.導(dǎo)線若干（1）要精確測定白熾燈正常工作時的電阻應(yīng)采用下面電路圖中的 的表達(dá)式Rx=(用題目中給的相應(yīng)字母表示)，當(dāng)電流表中的電流強(qiáng)度 1=mA時，記下電壓表的讀數(shù)U并代入表達(dá)式，其計算結(jié)果即為白熾燈正常工作時的電阻。I(R Ra)【答案】(1) C(2)u I(3) 1.5RV【解析】【詳解】(1) 1要精確測定額定電壓為 3V的白熾燈正常工作時的電阻，需測量白熾燈燈兩端的電壓和通過白熾燈燈的電流，由于電壓表的量程較大，測量誤差較大，不能用已知的電壓表測量白熾燈兩端的電壓，可以將電流表A與定值電阻串聯(lián)改裝為電壓表測量電壓；白熾燈正常工作時的電流約為U 3I Q 6mAR 50

20、0左右，電流表的量程較小，電流表不能精確測量電流，可以用電壓表測量總電流，約：I UV -0- Q 10mA -RV 1000'因為滑動變阻器阻值遠(yuǎn)小于白熾燈的電阻，所以滑動變阻器采用分壓式接法。所以電路圖選取C.(2) 2根據(jù)歐姆定律知，燈泡兩端的電壓U=I(R 1+Ra),通過燈泡的電流為：所以白熾燈正常工作時的電阻為:UI(R1 Ra)R -I 燈U I ;Rv3改裝后的電壓表內(nèi)阻為：Rv=1985+15 =2000 0則當(dāng)I=1.5mA時，白熾燈兩端的電壓為3V ,達(dá)到額定電壓，測出來的電阻為正常工作時的電阻。14.為制作電子吊秤，物理小組找到一根拉力敏感電阻絲，拉力敏感電阻絲

21、在拉力作用下發(fā)生微小形變(宏觀上可認(rèn)為形狀不變)，它的電阻也隨之發(fā)生變化，其阻值 R隨拉力F變化的圖象如圖(a)所示，小組按圖(b)所示電路制作了一個簡易吊秤”。電路中電源電動勢 E = 3V,內(nèi)阻r =1靈敏毫安表量程為10mA ,內(nèi)阻Rg=50Q; Ri是可變電阻器，A、B兩接線柱等高且固定?，F(xiàn)將這根拉力敏感電阻絲套上輕質(zhì)光滑絕 緣環(huán)，將其兩端接在 A、B兩接線柱上。通過光滑絕緣滑環(huán)可將重物吊起，不計敏感電阻絲重力，具體步 驟如下：步驟a：滑環(huán)下不吊重物時，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)可變電阻Ri,使毫安表指針滿偏;步驟b：滑環(huán)下吊已知重力的重物G,測出電阻絲與豎直方向的夾角為0;步驟c：保持可變電阻

22、Ri接入電路電阻不變，讀出此時毫安表示數(shù)I;步驟d ：換用不同已知重力的重物，掛在滑環(huán)上記錄每一個重力值對應(yīng)的電流值；步驟e：將電流表刻度盤改裝為重力刻度盤。(1)寫出敏感電阻絲上的拉力F與重物重力G的關(guān)系式F=G=(2)若圖(a)中Ro=100 ，圖象斜率 k = 0.5 Q/N測得。=60；毫安表指針半偏，則待測重物重力N ;(填零刻度”或滿刻度”處，刻度線(3)改裝后的重力刻度盤，其零刻度線在電流表填均勻”或不均勻”)。(4)若電源電動勢不變，內(nèi)阻變大，其他條件不變，用這臺吊秤”稱重前，進(jìn)行了步驟 a操作，則測量結(jié)果 (填褊大"、偏小“或不變”)?！敬鸢浮?600N 滿刻度 不

23、均勻 不變【解析】【詳解】(1)由受力情況及平行四邊形定則可知，二二二二ms匚，解得：口 二言；(2)實驗步驟中可知，當(dāng)沒有掛重物時,電流為滿偏電流，即:U =二式口+ 口+憶/，由歐姆定律得:_口-=彘7G1一，電流是半偏的，代入數(shù)據(jù)解得：G=600N;（3）由實驗步驟可知，當(dāng)拉力為F時，電流為I,因此根據(jù)閉合電路的歐姆定律得: = nffl+n： +由圖乙可知，拉力與電阻的關(guān)系式：口（ = 口匚+ 口總,解得：口二:：: 二3-Y 電流值i與壓力g不成正比，刻度盤不均勻；該秤的重力越小，電阻越小，則電：）+口二三三1流表示數(shù)越大，故重力的零刻度應(yīng)在靠近電流表滿刻度處；（4）根據(jù)操作過程a可

24、知，當(dāng)內(nèi)阻增大，仍會使得電流表滿偏，則電阻 Ri會變小，即r+Ri之和仍舊會不 變，也就是說測量結(jié)果也不變。四、解答題：本題共 3題，每題8分，共24分15 .如圖所示，一圓柱形絕熱氣缸開口向上豎直放置，通過絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體?；钊馁|(zhì)量為m、橫截面積為s,與容器底部相距 ho現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體吸收熱量Q時停止加熱，活塞上升了 2h并穩(wěn)定，此時氣體的熱力學(xué)溫度為Ti,已知大氣壓強(qiáng)為 P。，重力加速度為g,活塞與氣缸間無摩擦且不漏氣。求：加熱過程中氣體的內(nèi)能增加量;m。時，活塞恰好下降了 ho求此停止對氣體加熱后，在活塞上緩緩。添加砂粒，當(dāng)添加砂粒的質(zhì)量為 時氣體的溫

25、度。-2“mog【答案】（1）U Q2（poSmg）h （2）二（1o）Ti3PoS mg【解析】等壓過程氣體的壓強(qiáng)為p1 p0 mg ,S則氣體對外做功為 W ps（2h） 2（p0S mg）h由熱力學(xué)第一定律得U Q W,解得 U Q 2（poS mg）h ； 停止對氣體加熱后，活塞恰好下降了 h,氣體的溫度為T2則初態(tài)p1 p。 吧，V 3hS ,熱力學(xué)溫度為Ti , S末態(tài)p2 P。 （m。m）g ， v2 2hS,熱力學(xué)溫度為T2 ?, Sp1Vlp2V22m0g由氣態(tài)方程 上 上2上，解得T2 -（1 一咚一）Ti.TiT23PoS mg【點睛】解答本題關(guān)鍵要注意：（1）確做功與熱量的正負(fù)的確定是解題的關(guān)鍵；（2）對氣體正確地進(jìn)行受力分析，求得兩個狀態(tài)的壓強(qiáng)是解題的關(guān)鍵.屬于中檔題.16 .有一個容積 V=30L的瓶內(nèi)裝有質(zhì)量為 m的某種氣體，由于用氣，瓶中的壓強(qiáng)由pi = 50atm降到p2= 30atm,溫度始終保持 0C,已知標(biāo)準(zhǔn)狀況下 1mol氣體的體積是22.4L ,求：使用掉的氣體的質(zhì)量 Am;使用掉的氣體的分子數(shù).（阿伏加德羅常數(shù) Na=6.0 1023mo11,保留兩位有效數(shù)字）【答案】 Am = 0.4