貴州省貴陽(yáng)市高三物理上學(xué)期期末考試試題(含解析)

1、貴州省貴陽(yáng)市2018屆高三上學(xué)期期末考試物理試題一、選擇題(本題共 12小題，每小題4分.共48分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第18題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第912題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得 。分.請(qǐng)將符合題目要求選項(xiàng)前的字母填在答題卷對(duì)應(yīng)題 號(hào)下的空格中)1.下列說(shuō)法正確的是A.牛頓第一定律又稱慣性定律，所以慣性定律與慣性的實(shí)質(zhì)相同B.牛頓第一定律是牛頓第二定律的特殊情形，它們都可通過(guò)實(shí)驗(yàn)來(lái)驗(yàn)證C.牛頓運(yùn)動(dòng)定律和動(dòng)量守恒定律既適用于低速、宏觀的物體，也適用于高速、微觀的粒子D.伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，說(shuō)明物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持【答案】D【

2、解析】物體總有保持原有運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)，這種性質(zhì)叫做慣性.慣性定律就是牛頓第一運(yùn)動(dòng)定律，兩者不同，故 A錯(cuò)誤；牛頓第一定律揭示了物體不受力時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，是經(jīng)典 力學(xué)的基礎(chǔ)，它不是牛頓第二定律的特殊形式，牛頓第二定律可通過(guò)實(shí)驗(yàn)來(lái)驗(yàn)證，而牛頓第一定律不能通過(guò)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；牛頓運(yùn)動(dòng)定律適用于低速、宏觀的物體，不適用于高速、微觀的粒子；動(dòng)量守恒定律具有普適性，既適用于低速，也適用于高速運(yùn)動(dòng)的粒子；故C錯(cuò)誤；伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，說(shuō)明物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，D正確.故選D.2. 一物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)， 在4s內(nèi)的位移為16m,速度變?yōu)樵瓉?lái)的三分之一，方向不變.則該物體的加速度大小為A.

3、1m/s 2 B. 1.5m/s2 C. 2m/s 2 D. 0.75m/s2【答案】Av1V + V V【解析】由平均速度求位移得：3即：y 3解得：v=6m/s;根據(jù)加速度定義s =116 =x 422v式有： V 3 2V 26 - 1 ，故選 A. 3=m/s = Im/st 丸 a * 43.如國(guó)所示，假設(shè)甲、乙兩顆衛(wèi)星以相同的軌道半徑分別繞質(zhì)量為M和M(M1>M)的行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng).則下列說(shuō)法正確的是A.甲和乙的向心加速度相等B.甲和乙運(yùn)行的周期相等C.甲的角速度比乙的小D.甲的線速度比乙的大【答案】D【解析】衛(wèi)星由萬(wàn)有引力提供向心力有：G =ma = mr = mm7=m

4、,則得：ar2T2r_ _ IV 網(wǎng) 而一-一 T=2兀r Jqm , 3 = 一丁，v= J ,可見(jiàn)，中心天體的質(zhì)里 M越小，a、3、v越小，T越大，所以得：甲的向心加速度、角速度、線速度都比乙大，而甲的周期比乙小，故D正確，ABC錯(cuò)誤.故選D.4.如圖所示，用完全相同的輕質(zhì)彈簧1、2、3將兩個(gè)相同的小球連接并懋掛，小球靜止時(shí)，彈簧3水平，彈簧1與豎直方向的夾角 0 =30。，弓t簧l的彈力大小為F,則A.彈簧3的彈力大小為2FB.彈簧3的彈力大小為二2一一瓦C.每個(gè)小球重力大小為萬(wàn)FD.每個(gè)小球重力大小為有F【答案】B【解析】將兩球和彈簧 2看成一個(gè)整體，整體受到總重力G彈簧1和3的拉力，

5、如圖，設(shè)彈簧1、3的拉力分別為F1和F2.由平衡條件得知，F(xiàn)iGF2和G的合力與Fi大小相等、方向相反，則得：F2=FiSin30 ° =0.5F i=0.5F .選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；G = F1cos300 = yF,則每個(gè)球的重力為 5 = / = 與F,選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選B.5 . 一條水平放置的水管， 距地面高h(yuǎn)=1.8m,水管的橫截面積為 S=2X 10-4次水從管口處以v=2 m/s不變的速率源源不斷地沿水平方向射出，設(shè)出口處橫截面上各處水的速率都相等，假設(shè)水流在空中不散開(kāi).重力加速度 g取1Om/s2,不計(jì)空氣阻力，請(qǐng)估算水流穩(wěn)定后空中的水的體積A. 3.2 X10-4

6、miB. 4X10-4 03C. 2.4 XIO、 D. 2.4 X10-3mi【答案】C一， 一 1 2 區(qū) U x 1.8“一【解析】水從管口射出后做平拋運(yùn)動(dòng)，則由 h= gt2得，t=卜工=。.%，水流穩(wěn)定后 2心、10在空中水的體積為 V=vtS=2X 0.6X2X10 -4=2.4 X 10-4n3.故選 C.6 .如圖甲所示.在同一平面內(nèi)有兩個(gè)絕緣金屬細(xì)圓環(huán)A、B,兩環(huán)重疊部分的面積為圓環(huán) A面積的一半，圓環(huán) B中電流i隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，以甲圖圓環(huán)B中所示的電流方向?yàn)樨?fù)，則A環(huán)中A.沒(méi)有感應(yīng)電流B.有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流C.有順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流D.感應(yīng)電流先沿順時(shí)針?lè)?/p>

7、向，后沿逆時(shí)針?lè)较颉敬鸢浮緽【解析】由安培定則可知，環(huán) A產(chǎn)生的磁場(chǎng)分布，環(huán)內(nèi)垂直紙面向外，環(huán)外垂直紙面向里,由于內(nèi)部的磁場(chǎng)大于外部的磁場(chǎng)，由矢量的疊加原理可知A環(huán)總磁通量向外；當(dāng)導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度I逐步減小時(shí)，導(dǎo)致環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電流.根據(jù)楞次定律，則有感應(yīng)電流的方向逆時(shí)針；同理，當(dāng)導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度I反向逐步增大時(shí)，導(dǎo)致環(huán)產(chǎn)生感應(yīng)電流.根據(jù)楞次定律，則有感應(yīng)電流的方向逆時(shí)針.故B正確，ACD昔誤；故選B.點(diǎn)睛：考查安培定則、楞次定律的應(yīng)用，注意當(dāng)直導(dǎo)線的電流變化時(shí)，穿過(guò)環(huán)的磁通量如何變化是解題的關(guān)鍵.7 .如圖所示，豎直實(shí)線表示某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的一簇等勢(shì)面，具有一定初速度的帶電小球在電場(chǎng)中從A到B做直線

8、運(yùn)動(dòng)（如圖中虛線所示）.小球只受電場(chǎng)力和重力，則該帶電小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中A.做勻速直線運(yùn)動(dòng)8 .機(jī)械能守恒C.機(jī)械能逐漸增大，電勢(shì)能逐漸減小D.機(jī)械能逐漸減小，電勢(shì)能逐漸增大【答案】D【解析】根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直r知電場(chǎng)線應(yīng)水平,帶電微粒在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到豎直向下的重力和水 平方向的電場(chǎng)力作用，微粒做直線運(yùn)動(dòng)，合力與速度平行r可知微粒所受的電場(chǎng)力方向必定水平向左， 微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故也錯(cuò)誤；由于電場(chǎng)力對(duì)微粒做負(fù)功，所以微粒的機(jī)械能逐漸減小，電勢(shì)能逐 漸增大，故世錯(cuò)誤，D正確；故選D,點(diǎn)睛：本題要能根據(jù)其受力情況判斷微粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，抓住質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的條件：合力與 速度平行是關(guān)鍵.8

9、.如圖所示，兩個(gè)內(nèi)壁光滑、半徑為R （圖中未標(biāo)出）的半圓形軌道正對(duì)著固定在豎直平面內(nèi)，對(duì)應(yīng)端點(diǎn)（圖中虛線處）相距為 x,最高點(diǎn)A和最低點(diǎn)B的連線豎直.一個(gè)質(zhì)量為 m的小球交替著在兩軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)而不脫離軌道，己知小球通過(guò)最高點(diǎn)A時(shí)的速率“瓶，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為 g.則A.小球在A點(diǎn)的向心力小于 mgB.小球在B點(diǎn)的向心力等于 4mgC.小球在B、A兩點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小之差大于6mgD.小球在B、A兩點(diǎn)的動(dòng)能之差等 2mg( R+x)【答案】C2【解析】小球在 A點(diǎn)時(shí)的向心加速度人向二巾2Amg，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)Rmg , (2R + x) += -mvg ,可得 vh *45)：= 2gx

10、 , mg - QR x),小球在 B A 兩2點(diǎn)的動(dòng)能之差等 mg(2R+x),小球在B點(diǎn)的向心力Fd. =m>5me，選項(xiàng)BD昔誤；在A點(diǎn)對(duì)軌B叵r u道的壓力：=>在B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力：Fb = hi上十mg，則RRAF = Fr-F氣=-3 + 2mg = 2mg(2R_+ 2ng > 6nig, 選項(xiàng) C 正確； 故選 C. RR9.如圖所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為4:1 .原線圈接入一電壓瞬時(shí)值隨時(shí)間變化的規(guī)律為囪SsinlOMlCV)的交流電源，副線圈接一個(gè) R=27.5 Q的負(fù)載電阻，閉合開(kāi)關(guān)S.待電路穩(wěn)定后.下述結(jié)論正確的是A.副線圈中電流的周期為0

11、.02sB.副線圈中電壓的最大值為55VC.原線圈中電流的最大值為0.5AD.原線圈中的輸入功率為 110W【答案】AD【解析】變壓器不會(huì)改變電流的周期，則副線圈輸出電流的周期為 T = -=s = Q,02s,所以s IOOteA正確；原線圈電壓最大值為22陰V,則副線圈中電壓的最大值為 U2m = ；5巾=55企U,B錯(cuò)誤.副線圈中電流的最大值為I,=戾=過(guò)二=2應(yīng)總，則原線圈中電流的最大值為3tn R 2750.5A1 = = ?a = O,5J5a,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；原線圈電壓有效值為220V,電流有效值為0.5A ,44掌握變壓器輸入功率為 P=IiU=110W選項(xiàng)D正確；故選 AD.10

12、.如圖所示，位于水平面上的同一物體在恒力Fi的作用下，做速度為 vi的勻速直線運(yùn)動(dòng)；在恒力F2的作用下，做速度為 V2的勻速直線運(yùn)動(dòng).已知Fl與F2的功率相同，則可能有A. F i= F 2, v i<V2B. F i= F 2, v i>v2C. F i< F 2, v i<v2D. F i>F2, v i>v2【答案】BD【解析】物體都做勻速運(yùn)動(dòng)t受力平衡，則:Ficos6=p ftig-FiSlnei F2=pmg 解得：Fitosfi+psine）=電；根據(jù)Fi與F2功率相同得：F3v2=F1V1cose ,聯(lián)立解得：而*V| LUb 口 T p&#

13、177;iJl It7 ± T pLLdrit?所以，而Fl與0的關(guān)系無(wú)法確定，大于、等于、小于都可以.故選BD.ii.如圖所示.MNJ兩個(gè)方向相同且垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的分界面，兩磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小關(guān)系為B=2電一比荷值為k的帶電粒子（不計(jì)重力）.以定速率從O點(diǎn)垂直MNS入磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bi的磁場(chǎng).則粒子下一次到達(dá)。點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為Sf3北 A.: kB1【答案】qB'BC粒子垂直進(jìn)入磁場(chǎng),由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得:qvB=m解得:粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為:mniT =,由題意可知：Bi=2E2,則：2=21,丁2二2，11=二71qB阻根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知

14、，粒子下一次到達(dá)。點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間為1 =n。 +父'=凡2 kBj43r2兀kB：(n=0,1, 2, 3)則選項(xiàng) BC正確，CD昔誤；故選 BC.點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵在于根據(jù)半徑關(guān)系畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，然后確定時(shí)間與周期的關(guān)系，這也 是磁場(chǎng)中的軌跡問(wèn)題常用的思路。12.如圖所示，一固定光滑斜面與水平面間的夾角為0 ,輕質(zhì)彈簧的一端固定在斜面底端的擋板上，另一端與斜面上質(zhì)量為m的物塊連接.開(kāi)始時(shí)用手拉住物塊使彈簧伸長(zhǎng)xi,放手后物塊由靜止開(kāi)始下滑，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)彈簧壓縮了X2,重力加速度為go則在物塊下滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中.A.物塊的加速度先減小后增大B.物塊重力的功率先減小后增大C.彈簧的彈性勢(shì)

15、能變化了mg(xi+X2)sin 0D.物塊重力勢(shì)能與彈簧彈性勢(shì)能之和保持不變【答案】AC【解析】物塊由靜止向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，彈力先沿斜面向下，且大小減小，物塊的合外力減小，加速度減小.后來(lái)彈力反向增大，合外力先減小后增大，加速度先減小后增大，所以加速度先減小后增大.故A正確.物塊先向下加速，后向下減速，則重力的功率先增大后減小. 故B錯(cuò)誤.對(duì)整個(gè)過(guò)程，由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得彈簧的彈性勢(shì)能變化量等于物塊重力勢(shì)能的減少量，為mg(xi+X2)sin。.故C正確.對(duì)于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律知，物塊重力勢(shì)能、動(dòng)能與彈簧彈性勢(shì)能之和保持不變.故 D錯(cuò)誤.故選AC.點(diǎn)睛：本題屬于動(dòng)態(tài)分析類

16、型的題目，要注意通過(guò)受力分析與受力分析的方程來(lái)說(shuō)明物體受到的合力的變化，進(jìn)而說(shuō)明物體的加速度的變化與速度的變化關(guān)系.要注意機(jī)械能是針對(duì)物塊和彈簧組成的系統(tǒng)的，對(duì)物塊機(jī)械能并不守恒.二、實(shí)驗(yàn)題(本題共 2小題，共15分.把答案直接填寫(xiě)在答題卷的對(duì)應(yīng)位置處)13 .某同學(xué)為了測(cè)量 R的電阻值，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路.用到的器材有：電源(電動(dòng)勢(shì)未知.內(nèi)阻為r),理想電流表理想電壓表 ©,單刀雙擲開(kāi)關(guān)S.實(shí)驗(yàn)時(shí)他進(jìn)行了如下操 作:(1)在開(kāi)關(guān)處于斷開(kāi)狀態(tài)下連接好電路;(2)將開(kāi)關(guān)S向電壓表一側(cè)閉合，記錄下電壓表讀數(shù)U;將開(kāi)關(guān)S向R一側(cè)閉合，記錄下電流表讀數(shù)I 2； 根據(jù)已知條件和(2)中測(cè)量

17、數(shù)據(jù)，可得電源電動(dòng)勢(shì)E=,待測(cè)電阻的表達(dá)式RX=(4)根據(jù)圖甲電路，完成圖乙中各實(shí)物器材之間的連線5- 12r【答案】 (1). U 1 (2). (3).【解析】(3)當(dāng)將開(kāi)關(guān)S向電壓表一側(cè)閉合，電壓表讀數(shù)U,可知電源的電動(dòng)勢(shì) E=U;將開(kāi)I.關(guān)S向R一側(cè)閉合，電流表讀數(shù)I2,則E=I2(Rx+r),解得(4)實(shí)物連線如圖;14 .利用知圖1所示的裝置可以“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律”.將質(zhì)量為m的物塊1與質(zhì)量為R1的物塊2(mi<m2)通過(guò)輕繩懸掛在定滑輪上，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(用頻率為50Hz的交流電)固定在豎直方向上，物塊 l與穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連接.開(kāi)始時(shí)托住物塊2使兩物塊均處于靜止

18、狀態(tài)，之后將物塊2釋放。圖2所示為實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶.O是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的第一個(gè)點(diǎn)，相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出.(1)相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為 s ;(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)要在接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源之 釋放物塊2 (選填"前”或“后”)(3)將各計(jì)數(shù)點(diǎn)至 。點(diǎn)的距離依次記為 h1、h2、h3、h4,測(cè)得 h2=l.60cm, h 4=6.40cm,請(qǐng)計(jì)算打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下 C點(diǎn)時(shí)物塊的速度大小為 m/s；(4)根據(jù)測(cè)出物塊l上升的高度h與相應(yīng)的時(shí)間t,描繪出如圖3所示的h-t 2圖線，由此可以 求出物塊的加速度大小為 m/s 2;【答案】 (1). 0.1 (2).

19、后 (3). 0.24 (4). 0.80【解析】(1)相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為：T=0.02X5=0.1s；(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)要在接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之后釋放物體;(3) C點(diǎn)的瞬時(shí)的速度為 BD點(diǎn)的平均速度為：v =E = Q°J-°36 = 024tti/s c 2T 2x0.1(4)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 s= at 2,因此s-t 2圖線的斜率k=1,那么a=2k=2x =0.8m/s 2; 221點(diǎn)睛：考查計(jì)數(shù)點(diǎn)與實(shí)際打點(diǎn)的區(qū)別，注意先接通電源后，釋放紙帶，同時(shí)從紙帶上求解速 度和加速度是處理紙帶的兩個(gè)主要問(wèn)題，一定要熟練掌握.三、計(jì)算題(本大題共4小題，共37分.要求寫(xiě)出必要

20、的文字說(shuō)明、方程式和演算過(guò)程步驟)15 .質(zhì)量為m=4kg的小物塊靜止在水平地面上，現(xiàn)用水平恒力F拉動(dòng)物塊一段時(shí)間后撤去，物塊繼續(xù)滑動(dòng)一段位移停止運(yùn)動(dòng)，物塊整個(gè)過(guò)程中做直線運(yùn)動(dòng)，其 v-t圖象如圖所示，物塊 與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(1=0.2,重力加速度g取10m/s2,求：10捱(1)撤去拉力F后物塊繼續(xù)滑行的位移大小x;(2)水平恒力F的大小.【答案】(1) x 2=4m (2) F=10N【解析】(1)設(shè)撤去拉力F時(shí)的速度為v .撤去拉力后的加速為 a 2,滑行的位移為X2.由牛頓第二定律得：mg=ma由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 v 2=2ax2代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：X2=4m(2)設(shè)從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最后停止

21、過(guò)程的位移x,從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到撤去拉力過(guò)程中的位移為X1.由動(dòng)能定理有： Fx 1-mgx=0由v t圖象得：x = Xi=X-X 2代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：F=10N16 .如圖所示，一斜面光滑的直角三角形劈固定在水平地面上，劈高為 h=5m右端與水平面平滑連接.物塊B靜止在水平面上 P點(diǎn)，P點(diǎn)左側(cè)水平面光滑，右側(cè)粗糙.現(xiàn)讓物塊A從斜劈頂端由靜止沿斜面滑下，然后與物塊B發(fā)生正碰(碰撞時(shí)間極短)并粘連在一起，繼續(xù)運(yùn)動(dòng)=0.2 .重力加速4s停下，物塊 A B可視為質(zhì)點(diǎn)，與 P點(diǎn)右側(cè)水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為度g取10m/s2.求:(1)物塊A滑至斜劈底端時(shí)的速度大小；(2)物塊A與物塊B的質(zhì)量之比。【答案

22、】(1) v=10m/s (2) m a： m? = 4:1v,由機(jī)械能守恒定律得:【解析】(1)設(shè)物塊A滑到斜劈底端時(shí)的速度為1 2叫a=-niAv解得：v=10m/s(2)設(shè) A B碰撞后的共同速度為 v"由動(dòng)量守恒定律得： nAV =( m A+m v / 由動(dòng)量定理得一科(m A+m)gt =0 ( m a+htb) v /聯(lián)立解得：mA： mB = 4 ： 117 .如圖所示，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌置于水平面(紙面)內(nèi)，軌道間距為l ,左端連有阻值為R的電阻，一金屬桿置于導(dǎo)軌上靜止，金屬桿右側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，現(xiàn)給金屈桿施加一水平向右的恒力，使其進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域做初速度為零的變加 速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)圖中虛線位置(仍在磁場(chǎng)中)時(shí)速度達(dá)到最大，最大值為yvo,金屬桿與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，除左端所連電阻外，其他電阻忽略不計(jì).求：(1)給金屬桿施加的水平向右恒力的大小；(2)金屬桿達(dá)到最大速度時(shí)，電阻的熱功率。Hl3工【答案】(1) F =2R (2) p=12R【解析】(1)當(dāng)安培力等于水平恒力F時(shí)速度為最大，設(shè)此時(shí)的電流為I ,則F=F安F 安=BIlE=RE = Bl?。聯(lián)立解得：F=2R(2)設(shè)金屬桿達(dá)到最大速度時(shí)，電