廣西貴港市高二（下）期中物理試卷（理科）（解析版）

1、.2019-2019學(xué)年廣西貴港市高二下期中物理試卷理科一、選擇題共12小題，每題4分，總分值48分，在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分14分跳水是我國的傳統(tǒng)優(yōu)勢(shì)體育工程，近年來，我國跳水運(yùn)發(fā)動(dòng)在重大的國際比賽中奪得了幾乎所有的金牌，為國家爭(zhēng)得榮譽(yù)。如圖為某運(yùn)發(fā)動(dòng)可看做質(zhì)點(diǎn)參加跳板跳水比賽時(shí)，其豎直速度與時(shí)間的關(guān)系圖象，以其分開跳板時(shí)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，那么At1時(shí)刻開場(chǎng)進(jìn)入水面Bt2時(shí)刻開場(chǎng)進(jìn)入水面Ct2時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)Dt1、t2時(shí)間段速度方向豎直向上24分如下圖面積為S矩形線圈在磁

2、感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞軸OO勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為，假設(shè)從圖示位置開場(chǎng)計(jì)時(shí)，那么穿過線圈的磁通量隨時(shí)間變化的關(guān)系是A=BSsintB=BScostC=BSD=034分以下說法正確的選項(xiàng)是A氡的半衰期為3.8天，假設(shè)取4個(gè)氡原子核，經(jīng)7.6天后就一定剩下1個(gè)原子核了B結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定C光子的能量由光的頻率所決定D按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，原子的總能量減小44分如下圖，在同一平臺(tái)上的O點(diǎn)程度拋出的三個(gè)物體，分別落到a、b、c三點(diǎn)，那么三個(gè)物體運(yùn)動(dòng)的初速度va，vb，vc的關(guān)系和三個(gè)物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間ta，tb，tc的關(guān)系分別是

3、Avavbvc，tatbtcBvavbvc，ta=tb=tcCvavbvc，tatbtcDvavbvc，tatbtc54分如圖，兩回路中各有一開關(guān)S1、S2，且內(nèi)回路中接有電源，外回路中接有靈敏電流計(jì)，以下操作及相應(yīng)的結(jié)果可能實(shí)現(xiàn)的是先閉合S2，后閉合S1的瞬間，電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)S1、S2閉合后，在斷開S2的瞬間，電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)先閉合S1，后閉合S2的瞬間，電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)S1、S2閉合后，在斷開S1的瞬間，電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)ABCD64分如下圖，截面積為矩形的金屬導(dǎo)體，放在磁場(chǎng)中，當(dāng)導(dǎo)體中通有電流時(shí)，導(dǎo)體上下外表的電勢(shì)UM和UN的關(guān)系是AUMUNBUM=UNCUMUND無法判斷74分如下圖為氫原子的

4、能級(jí)圖，用某種頻率的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，結(jié)果受到激發(fā)后的氫原子能輻射出三種不同頻率的光子，讓輻射出的光子照射某種金屬，結(jié)果有兩種頻率的光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，其中一種光子恰好能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，那么打出的光電子的最大初動(dòng)能為A0B1.89eVC10.2eVD12.09eV84分如下圖，固定在程度桌面上的光滑金屬導(dǎo)軌cd、eg處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬桿ab與導(dǎo)軌接觸良好在兩根導(dǎo)軌的端點(diǎn)d、e之間連接一電阻，其它部分電阻忽略不計(jì)現(xiàn)用一程度向右的外力F1作用在金屬桿ab上，使金屬桿由靜止開場(chǎng)向右沿導(dǎo)軌滑動(dòng)，滑動(dòng)中桿ab始終垂直于導(dǎo)軌金屬桿受到的安培力用Ff表示，那么關(guān)于圖乙

5、中F1與Ff隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖象可能的是ABCD94分兩質(zhì)量之比為m1：m2=2：1的衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比R1：R2=1：2，那么以下關(guān)于兩顆衛(wèi)星的說法中正確的選項(xiàng)是A線速度大小之比為v1：v2=2：1B向心加速度大小之比為a1：a2=1：2C運(yùn)動(dòng)的周期之比為T1：T2=1：2D動(dòng)能之比為Ek1：Ek2=4：1104分圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷一帶電粒子以一定初速度射入電場(chǎng)，實(shí)線為粒子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)那么該粒子A帶負(fù)電B在c點(diǎn)受力最大C在b點(diǎn)的電勢(shì)能小于在c點(diǎn)的電勢(shì)能D由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化大

6、于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化114分圖甲為理想變壓器的示意圖，其原、副線圈的匝數(shù)之比為4：1，電壓表和電流表均為理想電表。假設(shè)發(fā)電機(jī)向原線圈輸入圖乙所示的正弦交流電，圖中Rt為NTC型熱敏電阻阻值隨溫度升高而變小，R1為定值電阻。以下說法中正確的選項(xiàng)是At=0.01 s時(shí)，發(fā)電機(jī)線圈中穿過的磁通量最大B交流電壓u的表達(dá)式為u=36sin 50t VCRt溫度升高時(shí)，變壓器的輸入功率變大DRt溫度升高時(shí)，電壓表的示數(shù)不變、電流表的示數(shù)變小124分如下圖，垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在正方形abcd區(qū)域內(nèi)，O點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn)。一個(gè)帶正電的粒子僅在磁場(chǎng)力的作用下，從O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方

7、形內(nèi)，經(jīng)過時(shí)間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng)。現(xiàn)設(shè)法使該帶電粒子從O點(diǎn)沿紙面以與Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形內(nèi)，粒子重力不計(jì)，那么以下說法中正確的選項(xiàng)是A假設(shè)該帶電粒子從ab邊射出，它經(jīng)歷的時(shí)間可能為t0B假設(shè)該帶電粒子從bc邊射出，它經(jīng)歷的時(shí)間可能為t0C假設(shè)該帶電粒子從cd邊射出，它經(jīng)歷的時(shí)間為t0D假設(shè)該帶電粒子從ad邊射出，它經(jīng)歷的時(shí)間可能為t0二、非選擇題總分值52分，解答題要寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不得分，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位136分在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量m=1kg的重錘自由下落，在紙帶上打出了一系列的點(diǎn)，

8、如下圖，相鄰記數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02s，長(zhǎng)度單位是cm，g取9.8m/s2求：1打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下記數(shù)點(diǎn)B時(shí)，物體的速度VB= 保存兩位有效數(shù)字；2從點(diǎn)O到打下記數(shù)點(diǎn)B的過程中，物體重力勢(shì)能的減小量EP= ，動(dòng)能的增加量EK= 保存三位有效數(shù)字。149分1某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量一導(dǎo)體的長(zhǎng)度如下圖，可知其長(zhǎng)度為 mm；2假設(shè)用多用電表測(cè)得該導(dǎo)體的電阻Rx約為6000，現(xiàn)該同學(xué)想通過伏安法測(cè)定該導(dǎo)線的阻值Rx現(xiàn)有電源3V，內(nèi)阻可不計(jì)，滑動(dòng)變阻器010，額定電流2A，開關(guān)和導(dǎo)線假設(shè)干以及以下電表：A電流表06mA，內(nèi)阻約0.125B電流表0600A，內(nèi)阻約0.025C電壓表03V，內(nèi)阻約3kD電壓表015

9、V，內(nèi)阻約15k為減小測(cè)量誤差，在實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)選用 ，電壓表應(yīng)選用 選填器材前的字母；實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用圖2中的 選填“甲、“乙、“丙、或“丁。1510分靜止在粗糙程度面上的物體，受到程度力F的作用，在F從0開場(chǎng)逐漸增多的過程中，加速度a隨力F變化的圖象如下圖，當(dāng)F為14N時(shí)物體的速度為8m/s，此時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)的位移大小為6m，g=10m/s2，求：1物體與程度面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；2在F從0增加到14N的過程中，外力F所做的功。1612分如下圖，在光滑的程度面上停放著一輛質(zhì)量為2m的平板車C，在車上的左端放有一質(zhì)量為m的小木塊B，在小車的左邊緊靠著一個(gè)固定在豎直平面內(nèi)，半徑為r的光滑圓形軌道，軌

10、道底端的切線程度且與小車的上外表相平，現(xiàn)有一質(zhì)量也為m的小木塊A從圖中圓形軌道的位置處由靜止釋放，然后，滑行到車上立即與小木塊B發(fā)生碰撞，兩木塊立即粘在一起向右在動(dòng)摩擦因數(shù)為的平板車上滑行，并與固定在平板車上的程度輕質(zhì)小彈簧發(fā)生作用而被彈簧，最后兩個(gè)木塊又回到小車的最左端與車保持相對(duì)靜止。重力加速度為g，求1小木塊A滑到軌道最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)圓形軌道的壓力；2A、B兩小木塊在平板車上滑行的總路程。1715分平行金屬導(dǎo)軌在程度面內(nèi)固定，導(dǎo)軌間距L=0.5m，導(dǎo)軌右端接有電阻RL=9的小燈泡，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，如圖甲所示。在導(dǎo)軌的MNQP矩形區(qū)城內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN、PQ間距d=4m，此區(qū)城磁感應(yīng)強(qiáng)

11、度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，垂直導(dǎo)軌跨接一電阻r=1的金屬樓GH，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5在t=0時(shí)刻，給金屬棒施加一向右的恒力FF未知，使金屬棒從靜止開場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，t=2s時(shí)恰好到達(dá)MN處。在04s內(nèi)小燈泡發(fā)光亮度始終設(shè)變化g取10m/s2，求：1此段時(shí)間內(nèi)流過燈泡的電流；2導(dǎo)體棒的質(zhì)量；304s內(nèi)整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量。2019-2019學(xué)年廣西貴港市高二下期中物理試卷理科參考答案與試題解析一、選擇題共12小題，每題4分，總分值48分，在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0

12、分1【分析】在vt圖象中，直線的斜率表示加速度的大小，速度的正負(fù)代表運(yùn)動(dòng)的方向，根據(jù)vt圖象可以分析人的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)?！窘獯稹拷猓篈、運(yùn)發(fā)動(dòng)起跳時(shí)的速度方向向上，可知，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，故A錯(cuò)誤。BC、vt圖象為直線，加速度不變，所以在0t2時(shí)間內(nèi)人在空中，t2之后進(jìn)入水中，故B正確，C錯(cuò)誤；D、0t1時(shí)間內(nèi)，速度方向豎直向上，t1t2時(shí)間段速度方向豎直向下，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：B?！军c(diǎn)評(píng)】此題考察對(duì)速度時(shí)間圖象的理解，要知道在速度時(shí)間的圖象中，直線的斜率代表的是加速度，速度的符號(hào)表示速度的方向。2【分析】穿過線圈的最大磁通量為BS，根據(jù)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的位移即可寫出磁通量的表達(dá)式即可?！窘獯稹拷猓捍┻^線圈

13、的磁通量的最大值為：m=BS開場(chǎng)時(shí)磁場(chǎng)的方向與線圈平面平行，那么穿過線圈的磁通量隨時(shí)間的變化的表達(dá)式為：=msint故A正確，BCD錯(cuò)誤應(yīng)選：A?！军c(diǎn)評(píng)】該題考察磁通量的計(jì)算，牢記磁通量與磁場(chǎng)強(qiáng)度、線圈面積以及線圈與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向之間的夾角的關(guān)系公式是關(guān)鍵。3【分析】半衰期是大量放射性元素的原子衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律；比結(jié)合能的大小反響原子核的穩(wěn)定程度；光子的能量與頻率成正比；根據(jù)玻爾理論分析?！窘獯稹拷猓篈、半衰期是大量放射性元素的原子衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)個(gè)別的原子沒有意義。故A錯(cuò)誤；B、比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定。故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)：E=h可知，光子的能量由光的頻

14、率所決定。故C正確；D、根據(jù)玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，氫原子要吸收一定的能量，所以原子的總能量增大；由可知電子的動(dòng)能減?。唤Y(jié)合能量的變化可知，電子的電勢(shì)能增大。故D錯(cuò)誤應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評(píng)】此題考察了放射性元素的半衰期的本質(zhì)、結(jié)合能與比結(jié)合能、玻爾理論等根底知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些根底知識(shí)點(diǎn)。4【分析】平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為在程度方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)，分別根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)和自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析即可【解答】解：三個(gè)物體都做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上是自由落體運(yùn)動(dòng)，由h=gt2可知下落的間隔 最大的物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間

15、的關(guān)系為tatbtc，以C點(diǎn)所在的平面為程度面，畫一條程度線，如下圖，從圖中可以看出三個(gè)球的豎直位移一樣，所以它們的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t一樣，由X=V0t可知，程度位移大的物體的初速度大，所以初速度的關(guān)系為vcvbva。應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評(píng)】利用平拋運(yùn)動(dòng)在程度和豎直分析上的規(guī)律來分析問題，但是在比較它們的關(guān)系是會(huì)發(fā)現(xiàn)，下落的高度和程度分析上的位移全不一樣，這就要采用控制變量法，找出它們一樣的量，在判斷其它的量之間的關(guān)系5【分析】當(dāng)閉合電路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，線圈中出現(xiàn)感應(yīng)電流，從而會(huì)導(dǎo)致指針偏轉(zhuǎn)?！窘獯稹拷猓?、先閉合S2，構(gòu)成閉合電路，當(dāng)后閉合S1的瞬間時(shí)，通過線圈A的電流增大，導(dǎo)致穿過線圈B的磁通量發(fā)生變

16、化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，那么指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故正確；、當(dāng)S1、S2閉合后，穩(wěn)定后線圈B中沒有磁通量的變化，因此線圈B中沒有感應(yīng)電流，在斷開S2的瞬間，當(dāng)然指針也不偏轉(zhuǎn)，故錯(cuò)誤；、先閉合S1，后閉合S2的瞬間，穿過線圈B的磁通量沒有變化，那么不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故錯(cuò)誤；、當(dāng)S1、S2閉合后，在斷開S1的瞬間，導(dǎo)致穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，因此出現(xiàn)感應(yīng)電流，故正確，故ABC錯(cuò)誤，D正確應(yīng)選：D?！军c(diǎn)評(píng)】該題考察產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件及掌握斷定磁通量如何變化，抓住：閉合回路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，才能產(chǎn)生感應(yīng)電流這一條件即可。6【分析】根據(jù)左手定那么，讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方

17、向就是洛倫茲力的方向根據(jù)左手定那么來判斷洛倫茲力即可從而可以判斷MN的帶電的情況，就可以得到電勢(shì)的上下【解答】解：電流向右，電子向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定那么可得到，電子受到的洛倫茲力的方向是向下的，所以N板上聚集了電子，M板就出現(xiàn)正電荷，所以M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，所以A正確，BCD錯(cuò)誤。應(yīng)選：A?！军c(diǎn)評(píng)】此題就是對(duì)左手定那么的直接考察，注意四指指向電流方向，即正電荷運(yùn)動(dòng)的方向，比較簡(jiǎn)單7【分析】抓住用某種頻率的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，結(jié)果受到激發(fā)后的氫原子能輻射出三種不同頻率的光子，確定出氫原子處于第幾能級(jí)，根據(jù)輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差求出輻射的光子能量，得出逸出功，結(jié)合光電效應(yīng)

18、方程求出光電子的最大初動(dòng)能?！窘獯稹拷猓河深}可知，某種頻率的光照射處于基態(tài)的氫原子后，處于激發(fā)態(tài)的氫原子能輻射出三種不同頻率的光子，外表氫原子激發(fā)后處于n=3的激發(fā)態(tài)，輻射出的光子中，兩種頻率較高的光子能量為hv1=E3E1=12.09eV，hv2=E2E1=10.2eV，由于這兩種光子中有一種光子恰好能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，由此可知，該金屬的逸出功為10.2 eV，那么打出的光電子的最大初動(dòng)能為Ek=12.09 eV10.2 eV=1.89 eV，故B正確，ACD錯(cuò)誤。應(yīng)選：B?！军c(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵知道能級(jí)間吸收或輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，掌握光電效應(yīng)方程，并能靈敏運(yùn)用。8【分析

19、】根據(jù)安培力大小表達(dá)式Ff=，可知安培力與速率成正比，安培力均勻增大，速度均勻增大，可分析出導(dǎo)體棒應(yīng)做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)出外力F1與速度的關(guān)系式，再選擇圖象【解答】解：根據(jù)安培力大小表達(dá)式Ff=，可知安培力與速率成正比。圖中安培力隨時(shí)間均勻增大，那么速度隨時(shí)間均勻增大，說明導(dǎo)體棒應(yīng)做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度a一定，根據(jù)牛頓第二定律得：F1Ff=ma，得F1=+ma，可見外力F1與速度是線性關(guān)系，速度隨時(shí)間均勻增大，那么外力F1也隨時(shí)間均勻增大，故B正確。應(yīng)選：B?！军c(diǎn)評(píng)】此題關(guān)鍵要掌握安培力大小表達(dá)式Ff=，并根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)出外力F1的表達(dá)式，即可作出判斷9【分析】由質(zhì)量和軌道半

20、徑，可以由萬有引力提供向心力分析線速度，向心加速度，周期，動(dòng)能等的關(guān)系【解答】解：A、根據(jù)月球?qū)︽隙鹦l(wèi)星的萬有引力提供向心力得：，解得：，故兩顆衛(wèi)星線速度之比為：故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)月球?qū)︽隙鹦l(wèi)星的萬有引力提供向心力得：，解得：，故兩顆衛(wèi)星的向心加速度之比為：，故B錯(cuò)誤。C、根據(jù)月球?qū)︽隙鹦l(wèi)星的萬有引力提供向心力得：，解得：，故兩顆衛(wèi)星周期之比為：，故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)月球?qū)︽隙鹦l(wèi)星的萬有引力提供向心力得：，變化得到：，故兩顆衛(wèi)星動(dòng)能之比為：EK1：EK2=m1R2：m2R1=4：1，故D正確。應(yīng)選：D?！军c(diǎn)評(píng)】此題重點(diǎn)是掌握萬有引力提供向心力的各種表達(dá)形式，進(jìn)而才能靈敏分析各個(gè)量與半徑的關(guān)系10

21、【分析】電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加【解答】解：A：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在abc的過程中，一直受靜電斥力作用，根據(jù)同性電荷互相排斥，故粒子帶正電荷，A錯(cuò)誤；B：點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的特點(diǎn)是分開場(chǎng)源電荷間隔 越大，場(chǎng)強(qiáng)越小，粒子在C點(diǎn)受到的電場(chǎng)力最小，故B錯(cuò)誤；C：根據(jù)動(dòng)能定理，粒子由b到c，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增加，故粒子在b點(diǎn)電勢(shì)能一定大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；D：a點(diǎn)到b點(diǎn)和b點(diǎn)到c點(diǎn)相比，由于點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的特點(diǎn)是分開場(chǎng)源電荷間隔 越大，場(chǎng)強(qiáng)越小，故a到b電場(chǎng)

22、力做功為多，動(dòng)能變化也大，故D正確。應(yīng)選：D?！军c(diǎn)評(píng)】此題中，點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的特點(diǎn)是分開場(chǎng)源電荷間隔 越大，場(chǎng)強(qiáng)越小，掌握住電場(chǎng)線和等勢(shì)面的特點(diǎn)，即可解決此題屬于根底題目11【分析】由圖乙可知交流電壓最大值Um，周期T=0.02秒，可由周期求出角速度的值，那么可得交流電壓u的表達(dá)式 u=UmsintV，由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比，NTC是指隨溫度上升電阻呈指數(shù)關(guān)系減小、具有負(fù)溫度系數(shù)的熱敏電阻，Rt處溫度升高時(shí)，阻值減小，根據(jù)負(fù)載電阻的變化，可知電流、電壓變化?！窘獯稹拷猓篈、t=0.01s時(shí)，代入A選項(xiàng)中電壓瞬時(shí)表達(dá)式，那么有電壓值為零，那么發(fā)電機(jī)中線

23、圈與磁場(chǎng)垂直，發(fā)電機(jī)線圈中穿過的磁通量最大，故A正確。B、原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓36v，周期0.02S，故角速度是=100，u=36sin100tV，故B錯(cuò)誤。C、R1溫度升高時(shí)，阻值減小，電流表的示數(shù)變大，但不會(huì)影響輸入電壓值，變壓器的輸入功率等于輸出功率變大，故C正確。D、Rt溫度升高時(shí)，阻值減小，電流表的示數(shù)變大，但不會(huì)影響輸入電壓值，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出量，是對(duì)學(xué)生認(rèn)圖的根本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決此題的關(guān)鍵。12【分析】根據(jù)幾何關(guān)系確定帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡并確定其圓心角，根據(jù)其從各邊穿出

24、時(shí)的角度及時(shí)間確定能否從各邊穿出?！窘獯稹拷猓河深}，帶電粒子以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過時(shí)間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng)，那么知帶電粒子的運(yùn)動(dòng)周期為T=2t0。A、假設(shè)該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是t0=，那么得到軌跡的圓心角為，而粒子從ab邊射出磁場(chǎng)時(shí)最大的偏向角等于60°+90°=150°=，故不一定從ab邊射出磁場(chǎng)，故A錯(cuò)誤。B、假設(shè)該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是=，那么得到軌跡的圓心角為，那么它一定從bc邊射出磁場(chǎng)，故B正確。C、假設(shè)該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是，那么粒子軌跡的圓心角為=，速度的偏向角也為，根據(jù)幾何知識(shí)得知，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與磁場(chǎng)邊界的

25、夾角為30°，必定從cd射出磁場(chǎng)，故C正確。D、當(dāng)帶電粒子的軌跡與ad邊相切時(shí)，軌跡的圓心角為60°，粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=，在所有從ad邊射出的粒子中最長(zhǎng)時(shí)間為，故假設(shè)該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是，一定不是從ad邊射出磁場(chǎng)，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：BC。【點(diǎn)評(píng)】此題是帶電粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)類型，抓住粒子的周期一定，根據(jù)速度的偏向角等于軌跡的圓心角，由圓心角確定粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。二、非選擇題總分值52分，解答題要寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不得分，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13【分析】1利用在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過程中的

26、平均速度來求B的速度大小，然后根據(jù)動(dòng)能、勢(shì)能定義進(jìn)一步求得動(dòng)能和勢(shì)能的變化情況。2動(dòng)能的增加量： mv2，勢(shì)能的減小量：mgh；由于物體下落過程中存在摩擦阻力，因此動(dòng)能的增加量小于勢(shì)能的減小量。【解答】解：1中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過程中的平均速度來求B的速度大?。簐B=m/s=0.98m/s2物體重力勢(shì)能減小量為：EP=mgh=1×9.8×0.0492=0.482J動(dòng)能的增加量為：Ek=m=×1×0.982=0.480J故答案為：10.98m/s；20.482J，0.480J?！军c(diǎn)評(píng)】正確解答實(shí)驗(yàn)問題的前提是明確實(shí)驗(yàn)原理，從實(shí)驗(yàn)原理出發(fā)進(jìn)展分析所需實(shí)驗(yàn)

27、器材、實(shí)驗(yàn)步驟、所測(cè)數(shù)據(jù)等，會(huì)起到事半功倍的效果。14【分析】1游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺讀數(shù)，根據(jù)圖示游標(biāo)卡尺讀出其示數(shù)。2根據(jù)通過待測(cè)電阻的最大電流選擇電流表，根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)選擇電壓表；根據(jù)題意確定電流表與滑動(dòng)變阻器的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路?！窘獯稹拷猓?由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：13mm+11×0.05mm=13.55mm；2通過待測(cè)電阻的最大電流約為：I=5×104A=500A，電流表應(yīng)選擇B；電源電動(dòng)勢(shì)為3V，電壓表應(yīng)選擇C；由題意可知，待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器最大阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變

28、阻器應(yīng)采用分壓接法，應(yīng)選擇圖丁所示電路。故答案為：113.55；2B；C；丁。【點(diǎn)評(píng)】游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺讀數(shù)，根據(jù)圖示游標(biāo)卡尺讀出其示數(shù)，游標(biāo)卡尺不需要估讀，對(duì)游標(biāo)卡尺讀數(shù)時(shí)要注意游標(biāo)尺的精度；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原那么：平安性原那么、準(zhǔn)確性原那么、方便實(shí)驗(yàn)操作原那么。15【分析】1對(duì)物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得出力F與加速度a的函數(shù)關(guān)系，然后結(jié)合圖象得出相關(guān)信息即可求解；2根據(jù)動(dòng)能定理求解外力做的功?！窘獯稹拷猓?物體受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律得：F1mg=ma1，F(xiàn)2mg=ma2，解得m=2kg，=0.3；2由動(dòng)能定理可得，解得

29、WF=100J。答：1物體與程度面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3；2在F從0增加到14N的過程中，外力F所做的功為100J。【點(diǎn)評(píng)】此題關(guān)鍵是對(duì)滑塊受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列方程求解出加速度與推力F的關(guān)系式，由此得到動(dòng)摩擦因數(shù)，最后結(jié)合a與F關(guān)系圖象得到待求量。16【分析】1A下滑過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律求出A到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度，在最低點(diǎn)應(yīng)用牛頓第二定律求出支持力，然后由牛頓第三定律求出壓力。2系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出最終的速度，然后由能量守恒定律求出總路程。【解答】解：1木塊A從軌道圖中位置滑到最低點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：，在最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)A由牛頓第二定律得：解得：F=2mg，根據(jù)牛頓第三定律可得木塊對(duì)軌道的壓力：F=F=2mg，方向：豎直向下