2022屆湖北省部分重點中學(xué)高三（上）第二次聯(lián)考物理試題及答案

1、2022屆湖北省部分重點中學(xué)高三（上）第二次聯(lián)考物理試題及答案 絕密啟用前 湖北省部分重點中學(xué)2022屆高三第二次聯(lián)考高三物理試卷 注意事項：1、答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息 2、請將答案正確填寫在答題卡上 一、選擇題：本題共11小題，每題4分，共44分在每題給出的四個選項中，第17題只有一項符合題目要求，第811題有多項符合題目要求全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分 1. 以下物理量的“負(fù)號表示大小的是 A. 速度B. 力做功為 C. 重力勢能D. 電量 答案：C 解：A速度的符號表示方向，不表示大小，選項A錯誤； B功的符號表示動力功和阻力功，不表示大小，選項

2、B錯誤； C重力勢能的符號表示重力勢能是在零勢能點之上還是之下，表示大小，選項C正確； D電量的符號表示電性，不表示大小，選項D錯誤。 應(yīng)選C。 2. 一物體從空中自由下落至地面，假設(shè)其最后1s的位移是第1s位移的n倍，忽略空氣阻力，則物體下落時間是 A. (n+1) sB. (n-1) sC. D. 答案：C 解：自由落體運動第一秒下落的位移： 最后一秒下落的位移： 解得： A物體下落時間，A選項錯誤 B物體下落時間，B選項錯誤 C物體下落時間，C選項正確 D物體下落時間，D選項錯誤 3. 吊桶滅火是利用直升機(jī)外掛吊桶載水，從空中直接將水噴灑在火頭上，進(jìn)而撲滅火災(zāi)的方法。在一次滅火演練中，直

3、升機(jī)取水后在空中直線上升，其上升過程的圖像如圖乙所示，已知水與吊桶總質(zhì)量為，吊桶的直徑為，如圖示，四根長度均為的輕繩等間距的系在吊桶邊緣，重力加速度g取，以下說法正確的是 A. 內(nèi)輕繩的拉力大于內(nèi)輕繩的拉力B. 末每根輕繩的拉力均為 C. 第內(nèi)每根輕繩的拉力大小均為D. 內(nèi)每根輕繩的拉力大小均為 答案：C 解：A由v-t圖像可知，內(nèi)吊桶勻速上升，拉力等于重力；在內(nèi)吊桶加速上升，則輕繩的拉力大于重力，可知內(nèi)輕繩的拉力小于內(nèi)輕繩的拉力，故A錯誤； B由v-t圖像可知末時，拉力等于重力，因每根繩子與豎直方向的夾角為 設(shè)每根繩子的拉力為，則由平衡條件得 解得此時每根繩子的拉力為 故B錯誤； CD由圖可

4、得內(nèi)吊桶減速上升，加速度大小為 四根吊繩的合力為 設(shè)此時每根繩子拉力為，則 解得每根輕繩的拉力大小均為 故C正確，D錯誤。 應(yīng)選C。 4. 由波源S形成的簡諧橫波在均勻介質(zhì)中向左，右傳播，波源振動的頻率為。已知介質(zhì)中P質(zhì)點位于波源S的右側(cè)，P到S的距離不超過兩個波長。Q圖中未畫出質(zhì)點位于波源S的左側(cè)，P、Q和S的平衡位置在一條直線上。時波源開始振動的方向如圖所示，當(dāng)?shù)谝淮蔚竭_(dá)波峰時，波源S也恰好到達(dá)波峰，Q恰好第二次到達(dá)波谷，以下說法正確的是 A. 機(jī)械波在介質(zhì)中的波速為B. 機(jī)械波的波長為 C. Q點到波源S的距離為D. P與Q同時通過平衡位置，且振動方向相同 答案：C 解：AB依據(jù)題意可知

5、，P與S相距一個或兩個波長，因為SP=0.8m，所以波長可能為 或 t=0隨時S振動方向向上，Q恰好第二次到達(dá)波谷，Q質(zhì)點振動的時間為 所以SP間的距離有兩個波長，即，可得波速為 故AB錯誤； C由上分析可得 假設(shè)SQ為，則 SP間將超過兩個波長，所以 故C正確； D由以上分析可知QP相差兩個半波長，所以P與Q同時通過平衡位置，且振動方向相反，故D錯誤。 應(yīng)選C。 5. 2019年1月3日10時26分，“嫦娥四號探測器在月球背面成功軟著陸。發(fā)射后“嫦娥四號探測器經(jīng)過約110小時奔月飛行，到達(dá)月球四周成功實施近月制動，被月球逮住。如圖，其發(fā)射過程簡化如下：探測器從地球表面發(fā)射后，進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道

6、，經(jīng)過A點時變軌進(jìn)入距離月球表面高的圓形軌道I，在軌道上做勻速圓周運動，經(jīng)過B點時再次變軌進(jìn)入橢圓軌道，之后將變軌到近月圓軌道做勻速圓周運動，經(jīng)過一段時間最終在C點著陸，已知月球半徑為R。以下說法正確的是 A. 探測器在軌道、上運動周期之比為 B. 探測器在軌道、上的加速度之比為1：4 C. 探測器在軌道上運行速度小于在軌道上經(jīng)過B點時速度 D. 探測器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過A點時應(yīng)向后噴氣實施變軌 答案：A 解：A依據(jù)開普勒第三定律，探測器在軌道、上運動周期之比 故A正確； B依據(jù)萬有引力提供向心力 探測器在軌道、上的加速度之比 故B錯誤； C探測器在軌道上經(jīng)過B點時必須要減速做近心運動，才干

7、變軌到軌道，故探測器在軌道上運行速度大于在軌道上經(jīng)過B點時的速度，故C錯誤； D探測器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過A點時必須要減速做近心運動，應(yīng)向前噴氣實施變軌，故D錯誤。 應(yīng)選A。 6. 如圖，M和N是兩個帶有異種電荷的帶電體，M在N的正上方，圖示平面為豎直平面P和Q是M表面上的兩點，c是N表面上的一點。在M和N之間的電場中畫有三條等勢線?，F(xiàn)有一個帶正電的液滴從E點射入電場，它經(jīng)過了F點和W點，已知油滴在F點時的機(jī)械能大于在W點的機(jī)械能。E、W兩點在同一等勢面上，不計油滴對原電場的影響，不計空氣阻力則以下說法正確的是 A. P和Q兩點的電勢不相等 B. P點的電勢高于c點的電勢 C. 油滴在F點的電

8、勢能低于在E點的電勢能 D. 油滴在E、F、W三點“機(jī)械能和電勢能總和會改變 答案：C 解：A因為帶電導(dǎo)體表面是等勢面，所以P和Q兩點的電勢相等，故A錯誤； B由題意液滴在F點機(jī)械能大于在W點機(jī)械能，則液滴從F到W點，電場力做負(fù)功，則F點電勢低于W點電勢，則M帶負(fù)電荷，N帶正電荷，P點電勢低于c點電勢，故B錯誤； C因為正電荷在電勢高的地方電勢能大，故油滴在F點電勢能比在E點電勢能低，故C正確； D因為只有電場力和重力做功，所以機(jī)械能和電勢能總和不變，故D錯誤。 應(yīng)選C。 7. 手機(jī)無線充電技術(shù)越來越普及，其工作原理如圖所示，其中送電線圈和受電線圈匝數(shù)比，兩個線圈中所接電阻的阻值均為R。當(dāng)間接

9、上的正弦交變電源后，受電線圈中產(chǎn)生交變電流給手機(jī)快速充電，這時手機(jī)兩端的電壓為，充電電流為。假設(shè)把裝置線圈視為理想變壓器，以下說法正確的是 A. R的值為 B. 快速充電時，間電壓 C. 快速充電時，送電線圈的輸入電壓 D. 快速充電時，送電線圈的輸入功率為 答案：D 解：BC對送電線圈有 受電線圈有 由原副線圈電流和匝數(shù)關(guān)系得 聯(lián)立解得 故BC錯誤； A由歐姆定律可得 故A錯誤。 D變壓器原副線圈的功率相等，則送電線圈的輸入功率 故D正確。 應(yīng)選D。 8. 如圖所示，乒乓球先后兩次落臺后恰好在等高處水平越過球網(wǎng)，過網(wǎng)時速度方向均垂直于球網(wǎng)，把兩次落臺的乒乓球看成完全相同的球1和球2。不計乒乓

10、球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力。乒乓球自起跳到最高點的過程中，以下說法正確的是 A. 過網(wǎng)時球1的速度大于球2的速度B. 球1的速度變化率小于球2的速度變化率 C. 球1的飛行時間大于球2的飛行時間D. 起跳時，球1的重力功率等于球2的重力功率 答案：AD 解：AC把乒乓球的運動看作反向的平拋運動來處理，由 知，兩球運動時間相等。 因為乒乓球水平方向做勻速直線運動，由于球1水平位移大，故水平速度大，即過網(wǎng)時球1的速度大于球2的速度，故A正確，C錯誤； B兩球都做平拋運動，只受重力作用，故加速度相等，即速度變化率相等，故B錯誤； D乒乓球豎直方向上做自由落體運動，由 可知，落臺時兩球豎直方向速度相等，落在臺

11、上時，重力的瞬時功率為 又因為重力等大，故落在臺上時兩球的重力功率相等，故D正確。 應(yīng)選AD。 9. 如圖所示，在等腰三角形abc區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，d是ac上任意一點，e是bc上任意一點。大量質(zhì)量、電量相同的帶正電的粒子從a點以相同方向進(jìn)入磁場，由于速度大小不同，粒子從ac和bc上不同點離開磁場，不計粒子重力。設(shè)從d、c、e點離開的粒子在磁場中運動的時間分別為td、tc、te，進(jìn)入磁場時的速度分別為vd、vc、ve。以下推斷正確的是 A. td一定小于tc，vc一定小于vd B. td一定等于tc，vc一定大于vd C. tc一定小于te，vc一定大于ve D. tc一定大于te

12、，vc一定小于ve 答案：BD 解：如圖所示 假設(shè)粒子從ac邊射出，粒子依次從ac上射出時，半徑增大而圓心角相同，弧長等于半徑乘以圓心角，所以經(jīng)過的弧長越來越大，運動時間 td一定等于tc，依據(jù) 則vc一定大于vd 粒子從bc邊射出，粒子依次從bc上的f、e、c射出時，弧長越來越大，而圓心角越來越大，半徑越來越小，運動時間 tc一定大于te，依據(jù) 解得 質(zhì)量、電量相同，從c點射出的半徑最小，則vc一定小于ve 應(yīng)選BD。 10. 航空母艦艦載機(jī)在起飛的過程中，僅靠自身發(fā)動機(jī)噴氣不夠以在飛行甲板上達(dá)到起飛速度，如果安裝輔助起飛的電磁彈射系統(tǒng)如圖甲所示就能達(dá)到起飛速度電磁彈射系統(tǒng)的一種制定可簡化為

13、乙圖所示，圖中是光滑平行金屬直導(dǎo)軌電阻忽略不計，是電磁彈射車，回路中電流恒定，且可當(dāng)長直導(dǎo)線處理該電流產(chǎn)生的磁場對彈射車施加力的作用，從而帶動艦載機(jī)由靜止開始向右加速起飛，不計空氣阻力，關(guān)于該系統(tǒng)，以下說法正確的是 A. 間的磁場是勻強(qiáng)磁場 B. 彈射車的速度與運動的時間成正比 C. 彈射車所受的安培力與電流的大小成正比 D. 假設(shè)回路中通以交變電流，彈射車也能正常加速 答案：BD 解：A依據(jù)左手定則可知，MN、PQ間有豎直向上的磁場，且通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場為環(huán)形磁場，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場越弱，故不是勻強(qiáng)磁場，故A錯誤； B沿導(dǎo)軌方向磁場不變，且回路PBAM中電流恒定， 導(dǎo)軌間距不變，由 可知，安培

14、力大小不變，由牛頓第二定律 可知，加速度不變，由 可知彈射車的速度與運動的時間成正比，故B正確； C安培力 當(dāng)電流增大時，磁感應(yīng)強(qiáng)度也增大，故彈射車所受的安培力與電流的大小不是正比關(guān)系，故C錯誤； D依據(jù)右手螺旋法則可知電流方向沿回路PBAM時，導(dǎo)軌之間產(chǎn)生豎直向上的磁場，結(jié)合左手定則可知電磁彈射車所受安培力方向向右；當(dāng)電流方向沿回路MABP時，依據(jù)右手螺旋法則導(dǎo)軌之間產(chǎn)生豎直向下的磁場，結(jié)合左手定則可知電磁彈射車所受安培力方向依舊向右，故電流的變化不改變電磁彈射車所受安培力的方向，即假設(shè)回路中通以交變電流，彈射車也能正常加速，故D正確。 應(yīng)選BD。 11. 如圖所示，一彈性輕繩繩的彈力與其伸

15、長量成正比穿過固定的光滑圓環(huán)B，左端固定在A點，右端連接一個質(zhì)量為m的小球，A、B、C在一條水平線上，彈性繩自然長度為。小球穿過豎直固定的桿，從C點由靜止釋放，到D點時速度為零，C、D兩點間距離為h。已知小球在C點時彈性繩的拉力為，g為重力加速度，小球和桿之間的動摩擦因數(shù)為0.8，彈性繩始終處在彈性限度內(nèi)，以下說法正確的是 A. 小球從C點到D點的過程中，小球受到桿的彈力不變 B. 小球從C點到D點的過程中，小球的加速度不斷減小 C. 小球從C點到D點的過程中，繩的最大彈性勢能為 D. 假設(shè)僅把小球質(zhì)量變?yōu)?，則小球到達(dá)D點時的動能為 答案：AD 解：A設(shè)BC的長度為L，依據(jù)胡克定律，有 BD與

16、豎直方向的夾角為時，到D點時伸長量為，故彈力為 球受重力、彈性繩的彈力、摩擦力，桿的彈力，水平方向平衡，故 即小球從C點到D點的過程中，小球受到桿的彈力不變，故A正確； B小球受到的摩擦力 則小球下滑過程中有 則 下滑過程中減小，隨著減小加速度a先減小后增大，故B錯誤； C小球從C點到D點的過程中，由動能定理可得 則 即克服彈力做功0.2mgh，彈性勢能增加0.2mgh，因為最初繩子也具有彈性勢能，所以，繩子最大的彈性勢能大于0.2mgh，故C錯誤； D假設(shè)僅把小球的質(zhì)量變成2m，小球從C到D過程，依據(jù)動能定理，有 解得 故D正確。 應(yīng)選AD。 二、實驗題：本題共2小題，12題6分，13題10

17、分，共16分 12. 某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置測量滑塊運動的加速度，采納如下步驟完成實驗： 用游標(biāo)卡尺測量擋光片的寬度d； 用毫米刻度尺測量擋光片到光電門的距離x； 由靜止釋放滑塊，記錄數(shù)字計時器顯示擋光片擋光時間t； 多次改變x，測出所對應(yīng)的擋光時間t； 以為縱坐標(biāo)x為橫坐標(biāo)，作圖象，得出一條過坐標(biāo)原點的直線如圖乙所示，測得其斜率為k； 依據(jù)實驗數(shù)據(jù)和圖象，計算滑塊運動的加速度a。 依據(jù)上述的實驗步驟，請回答： 1用游標(biāo)卡尺測量擋光片寬度時，示數(shù)如圖丙所示，則擋光片的寬度_ ； 2滑塊通過光電門時的速度大小_用實驗中所測物理量符號表示； 3滑塊運動的加速度_用k、d表示。 答案：. 2.4

18、. . 解：11擋光片的寬度為 22由于滑塊運動的速度較快，且d較小，所以t也較小，則可近似認(rèn)為v等于t時間內(nèi)的平均速度，即 33依據(jù)勻變速運動速度與位移關(guān)系有 聯(lián)立以上兩式可得 由題意知 解得 13. 現(xiàn)要組裝一個酒精測試儀，它利用的是一種二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器，此傳感器的電阻R隨酒精氣體濃度的變化而變化，規(guī)律如圖甲所示。目前國際公認(rèn)的酒駕標(biāo)準(zhǔn)是“0.2mg/mL酒精氣體濃度0.8mg/mL，醉駕標(biāo)準(zhǔn)是“酒精氣體濃度0.8 mg/mL。提供的器材有： A二氧化錫半導(dǎo)體型酒精傳感器Rx B直流電源電動勢為4V，內(nèi)阻不計 C電壓表量程為3V，內(nèi)阻非常大，作為濃度表使用 D電阻箱最大阻值為

19、999.9 E定值電阻R1阻值為50 F定值電阻R2阻值為10 G單刀雙挪開關(guān)一個，導(dǎo)線假設(shè)干 (1)圖乙是酒精測試儀電路圖，請在圖丙中完成實物連線_； (2)電路中R應(yīng)選用定值電阻_填R1或R2； (3)為便于識別，按照以下步驟調(diào)節(jié)此測試儀： 電路接通前，先將電阻箱調(diào)為30.0，然后開關(guān)向_填“c或“d端閉合，將電壓表此時指針對應(yīng)的刻度線標(biāo)記為_mg/mL； 逐步減小電阻箱的阻值，電壓表的示數(shù)不斷變大按照甲圖數(shù)據(jù)將電壓表上“電壓刻度線標(biāo)為“酒精濃度； 將開關(guān)向另一端閉合，測試儀即可正常使用。 (4)某同學(xué)將調(diào)適好的酒精測試儀靠近酒精瓶口，發(fā)現(xiàn)該表顯示為醉駕，則電壓表的實際電壓為_。 答案：.

20、 . R2. c. 0.2. 大于等于2V或大于等于2V小于等于3V 解：(1)1實物連續(xù)如圖所示 (2)2在乙圖中，依據(jù)閉合電路歐姆定律，電壓表的讀數(shù)為 因為電壓表的量程為3V，所以 依據(jù)圖甲 解得 應(yīng)選R2。 (3)34為便于識別，按照以下步驟調(diào)節(jié)此測試儀： 電路接通前，先將電阻箱調(diào)為30.0，然后開關(guān)向c端閉合，將電壓表此時指針對應(yīng)的刻度線標(biāo)記為0.2mg/mL； (4)5某同學(xué)將調(diào)適好的酒精測試儀靠近酒精瓶口，發(fā)現(xiàn)該表顯示為醉駕，依據(jù)規(guī)定，醉駕時的酒精氣體濃度為0.8 mg/mL，依據(jù)圖乙查得與0.8 mg/mL對應(yīng)的電阻值是 10，則電壓表的實際電壓為 所以，醉駕時電壓表的電壓大于等

21、于2V。 三、計算題：本題共3小題，14題10分，15題14分，16題16分，共40分 14. 有一質(zhì)量m=2kg的物體在水平面上沿直線運動，0隨時起受到與運動方向在一條直線上的力F作用，其F-t圖像如圖a所示，物體在第2s末至第4s末的速度時間關(guān)系圖像vt圖如圖b所示 1依據(jù)圖像計算第2s末到第4s末物體運動過程中加速度大?。?2計算第2s末到第4s末的時間內(nèi)物體克服摩擦力所做的功； 3已知兩圖像所取正方向一致，通過定量計算在圖b中完成06s內(nèi)的全部vt圖 答案：(1)4m/s2 216J 3見解析 解：1物體在第2s末至第4s加速度 2由圖a可得04s內(nèi)拉力F1=10N； 依據(jù)牛頓第二定律

22、有 F1-f=ma2 解得f=2N 由圖a可得： 第2s末到第4s末的時間內(nèi)物體克服摩擦力所做的功 3物體在0-2s時間內(nèi)，由F1+f=ma1得a1=6m/s2； 所以t=0時 v0=-a1t1=-6×2m/s=-12m/s 在4-6s時間內(nèi)，由F2-f=ma3得a3=-4m/s2； 所以物體速度減為0經(jīng)歷的時間為 06s內(nèi)的全部vt圖如圖所示： 15. 如圖所示，半徑為L的金屬圓環(huán)內(nèi)部等分為兩部分，兩部分各有垂直于圓環(huán)平面、方向相反的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為，與圓環(huán)接觸優(yōu)良的導(dǎo)體棒繞圓環(huán)中心O勻速轉(zhuǎn)動圓環(huán)中心和圓周用導(dǎo)線分別與兩個半徑為R的D形金屬盒相連，D形盒處于真空環(huán)境且內(nèi)

23、部存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，其方向垂直于紙面向里隨時導(dǎo)體棒從如圖所示位置開始運動，在導(dǎo)體棒開始轉(zhuǎn)動的半周內(nèi)有一束相同粒子從D形盒內(nèi)中心四周A處均勻飄人可忽略粒子的初速度寬度為d的狹縫，粒子質(zhì)量為m，電荷量為，粒子每次通過狹縫都能得到加速，最后恰好從D形盒邊緣出口射出不計粒子重力及粒子間的互相作用，導(dǎo)體棒始終以最小角速度未知勻速轉(zhuǎn)動： 1假設(shè)忽略粒子在狹縫中運動的時間，求的大小和導(dǎo)體棒繞圓環(huán)中心O勻速轉(zhuǎn)動的電動勢U； 2合計實際狀況，粒子在狹縫中運動的時間不能忽略，求粒子從飄入狹縫到從出口射出，粒子在狹縫中加速的總時間。 答案：1；2 解：1依據(jù)洛倫茲力提供向心力 棒的最小角速度 解得 導(dǎo)體棒繞圓環(huán)中心