2016屆廣西柳州市高考物理模擬試卷(4月份)(解析版)解析

1、第1頁（共 30 頁）2016 年廣西柳州市高考物理模擬試卷（4 月份）一、選擇題（共 8 小題，每小題 6 分，滿分 48 分）1 下列關(guān)于物理學(xué)史的說法正確的是（）A. 奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，并提出分子電流假說解釋磁現(xiàn)象B. 牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許用扭秤實驗測出了萬有引力常量的數(shù)值, 從而使萬有引力定律有了真正的使用價值C胡克指出，在任何情況下，彈簧的彈力都跟伸長量成正比D.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并提出了判斷感應(yīng)電流方向的方法2某運動員（可看做質(zhì)點）參加跳臺跳水比賽，其豎直方向的速度與時間關(guān)系 圖象如圖所示，t=0 是其向上起跳離開跳臺瞬間，則（）A. ti- t2時間

2、內(nèi)，運動員在水中正在下沉B. t2- t3時間內(nèi)，運動員在水中正在上浮C. 由圖象可知，運動員剛?cè)胨畷r的加速度最大D. 由圖象可知，運動員在水中最深處時加速度為 03.用發(fā)電機和理想變壓器給一個燈泡供電，電路如圖，當(dāng)線圈以角速度勻速轉(zhuǎn)動時，電流表示數(shù)是 I,額定電壓為 U 的燈泡正常發(fā)光，燈泡正常發(fā)光時電功 率為 P,發(fā)電機的線圈電阻是 r，則有（）pB變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是U:PC.從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值u= .：sin3t第2頁（共 30 頁）D發(fā)電機的線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是Em=74中國準(zhǔn)備在 2020 年發(fā)射火星探測器，并同時實現(xiàn) 繞” 落”或巡”已知火

3、星的直徑約是地球的一半，質(zhì)量為 11%,公轉(zhuǎn)周期為 2 倍，自轉(zhuǎn)周期為 24.6h.由 此可知（ ）A. 火星的同步軌道半徑比地球的小B. 火星的第一宇宙速度比地球的大C. 火星表面的重力加速度比地球的大D. 火星距太陽的距離為地球距太陽距離的 2 倍5.如圖所示， 在光滑絕緣水平面上有一半徑為 R 的圓，O 點為圓心，AB 是一條 直徑，空間有勻強電場，電場強度大小為 E，方向與水平面平行，在圓上 A 點有 一發(fā)射器，以相同的動能平行于水平面沿不同方向發(fā)射帶電量為 +q 的小球，小 球會經(jīng)過圓周上不同的點，在這些點中，經(jīng)過 C 點的小球動能最大，且/a=45；由于發(fā)射時刻不同時，小球間無相互

4、作用，下列說法正確的是（）A. 電場的方向沿 OC 方向B. 在圓周上 AC 兩點的電勢差最大C. 小球在 A 點垂直電場方向發(fā)射，若恰能落到 C 點，則初動能為 D. 小球在 A 點垂直電場方向發(fā)射，若恰能落到 C 點，則初動能為于6.如圖所示，質(zhì)量為 3m 的豎直光滑圓環(huán) A 的半徑為 R,固定在質(zhì)量為2m 的木 板 B 上，木板 B 的左右兩側(cè)各有一豎直擋板固定在地面上， B 不能左右運動，在 環(huán)的最低點靜止放有一質(zhì)量為 m 的小球 C,現(xiàn)給小球一水平向右的瞬時速度 vo=二，小球會在圓環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運動，則關(guān)于木板 B 對地面的壓力，下列說 法正確的是（）A. 小球無法到達(dá)最高點 A 點

5、B. 球通過最高點 A 點時，木板對地面的壓力為 5mgC. 小球通過 A 點時，左側(cè)擋板受到擠壓第3頁（共 30 頁）D. 地面受到木板的最大壓力為 14mg7.如圖所示，平行虛線之間有垂直于紙面向里的勻強磁場，磁場左右寬度為 L, 磁感應(yīng)強度大小為 B. 正三角形線圈 ABC 所在平面與磁場垂直，頂點 A 剛好與 磁場右邊界重合，BC 邊與磁場邊界平行，已知正三角形的高為 2L，線圈的電阻 為 R,現(xiàn)讓線圈向右以恒定速度 v 勻速運動，從線圈開始運動到 BC 邊剛好要進 入磁場的過程中（ ） M11lit p W. FA. 線圈中感應(yīng)電流沿順時針方向B. 線圈中感應(yīng)電動勢大小為 BLvC.

6、 通過線圈截面的電荷量為3R2 3D. 克服安培力做的功為3K8. 如圖所示，一長木板放置在水平地面上，一根輕彈簧右端固定在長木板上， 左端連接一個質(zhì)量為 m 的小物塊，小物塊可以在木板上無摩擦滑動，現(xiàn)在用手 固定長木板，把小物塊向左移動，彈簧的形變量為 &，然后，同時釋放小物塊和 木板，木板在水平地面上滑動，小物塊在木板上滑動；經(jīng)過一段時間后，長木板達(dá)到靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊在長木板上繼續(xù)往復(fù)運動. 長木板靜止后，彈簧的最大形 變量為 X2.已知地面對長木板的滑動摩擦力大小為 f.當(dāng)彈簧的形變量為 X 時， 彈性勢能 Ep=kx2,式中 k 為彈簧的勁度系數(shù).由上述信息可以判斷（）EJWW

7、WWWWfcA.整個過程中小物塊的速度可以達(dá)到-xiB.整個過程中木板在地面上運動的路程為（xi2- X22）第4頁（共 30 頁）C. 長木板靜止后，木板所受的靜摩擦力的大小不變D.長木板靜止后，小物塊的速度可以達(dá)到X2二、解答題（共 4 小題，滿分 47 分）9.某同學(xué)利用如圖所示的裝置驗證動能定理，將木板豎直放置在斜槽末端的前 方某一固定位置，在木板上依次固定好白紙、復(fù)寫紙.將小球從不同的標(biāo)記點由 靜止釋放，記錄小球到達(dá)斜槽底端時下落的高度 H，并根據(jù)落點位置測量出小球離開斜槽后的豎直位移 y.改變小球在斜槽上的釋放位置，進行多次測量，記錄 數(shù)據(jù)如下：高度 H （ h 為單位長度）h2h

8、3h4h5h6h7h8h9h豎直位移 y/cm30.015.010.07.56.0（1）表格中空缺的數(shù)據(jù)應(yīng)為（2） 已知木板與斜槽末端的水平距離為 X，小球在離開斜槽后的豎直位移為 y， 不計小球與水平槽之間的摩擦，小球從斜槽上滑下的過程中，若動能定理成立則 應(yīng)滿足的關(guān)系式是（3） 若僅僅換一形狀完全相同，但摩擦不能忽略的斜槽（其余裝置，位置均不 變），表格中豎直位移 y 的數(shù)值與上表相比會（填 變大” 變小”或 不變” :J M X HK*：M：J * K M MHi2.某運動員做跳傘訓(xùn)練，他從懸停在空中的直升飛機上由靜止跳下，做自由落體運動，跳離飛機一段時間后打開降落傘做

9、減速下落， 然后做勻速運動落到地面，他打開降落傘的速度圖線如圖 a降落傘用 8 根對稱的繩懸掛運動員，每根繩與 中軸線，得到了小燈泡Li的 U- I 圖象如圖（a）中的Li,則可知小燈泡 Li的電阻隨電壓增大而（選填增大”減小”或不(2)圖線第6頁（共 30 頁）的夾角均為 37如圖 b.已知他打開降落傘落到地面所用時間為 t=20s， 人的質(zhì)量為mi=60kg，降落傘質(zhì)量為 m2=10kg，不計人所受的阻力，打開傘后所受阻力 f 與速度v成正比，即 f=kv （g 取 10m/s2, sin372=0.6, cos37=0.8）,求:（1） 阻力系數(shù) k 和打開傘瞬間的加速度 a 的大小和方

10、向？（2）懸繩能夠承受的拉力至少為多少？（3）人下落的距離為多大？物理-選修 3-313下列說法正確的是（）A. 布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運動B. 定量 100C的水變成 100C的水蒸氣，其分子之間的勢能增加C將大顆粒的鹽磨成細(xì)鹽，就變成了非晶體D只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低E 空調(diào)機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外， 所以制冷機的工作不遵守?zé)崃W(xué)第二定律14. 如圖所示，豎直放置的氣缸開口向下，活塞 a 和活塞 b 將長為 L 的氣室中 的氣體分成體積比為 1: 2 的 A、B 兩部分，溫度均為 127 C,系統(tǒng)處于平衡

11、狀態(tài).當(dāng) 氣體溫度都緩慢地降到 27C時系統(tǒng)達(dá)到新的平衡，不計活塞 a 的厚度及活塞與 氣缸間的摩擦.求活塞 a、b 移動的距離.（設(shè)外界大氣壓強不變）物理-選修 3-415.位于坐標(biāo)原點的波源振動，產(chǎn)生一列沿 x 軸正方向傳播的間諧橫波，t=0 時 刻第一次形成的波形如圖第7頁（共 30 頁）所示，t=0.2s 時質(zhì)點 C 開始振動，則（）| 卜Ar X |A. 產(chǎn)生這列波的波源的起振方向是向下的B. 這列波的波速為 10m/sC. 到 t=0 時刻質(zhì)點 B 已經(jīng)振動了 0.3sD. t=0.45s 時，質(zhì)點 C 的速度方向向上E. t=0.4s 時，波向前傳播了 4m,質(zhì)點 A 將到達(dá)質(zhì)點

12、 C 的位置16.發(fā)光二極管廣泛應(yīng)用與電子顯示屏和新型照明光源等領(lǐng)域，通常發(fā)光二極管的成品是將發(fā)光二級管的管芯封裝在一個半球形的透明介質(zhì)中的（如圖所示），有一種用于電子顯示屏的發(fā)光二極管，其管芯的發(fā)光區(qū)域為直徑等于2mm 的圓盤，封裝用的透明介質(zhì)的折射率為1.7，為了使人們能在更大的角度范圍內(nèi)最清晰的看到發(fā)光二極管發(fā)出的光，即要求管芯發(fā)光面上每一個發(fā)光點發(fā)出的光都能 從整個半球面射出，試分析在制作發(fā)光管時半球形介質(zhì)的半徑R 應(yīng)滿足是什么條件.逾丸fl內(nèi) M物理-選修 3-517.在下列敘述中，正確的是（ ）A. 光電效應(yīng)現(xiàn)象說明光具有粒子性B. 重核裂變和輕核聚變都會產(chǎn)生質(zhì)量虧損C. 瑪麗居里

13、最早發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象D. 若黃光照射某金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，用紫光照射該金屬一定能發(fā)生光電效應(yīng)E. 根據(jù)波爾理論，氫原子從高能態(tài)躍遷到低能態(tài)時，原子向外釋放光子，原子電勢能和核外電子的動能均減小第8頁（共 30 頁）18. 在粗糙的水平面上，質(zhì)量為 mi的小球甲向右運動.以速率u和靜止于前方 A 點處的、質(zhì)量為 m2的小球乙碰撞，如圖所示.甲與乙發(fā)生正碰后均向右運動.乙 被墻壁 C 彈回后與甲均靜止在 B 點，門.已知小球間的碰撞及小球與墻壁之間的碰撞均無機械能損失，求甲、乙兩球的質(zhì)量之比第9頁（共 30 頁）第10頁（共 30 頁）2016 年廣西柳州市高考物理模擬試卷（4 月份）參考答案與

14、試題解析一、選擇題（共 8 小題，每小題 6 分，滿分 48 分）1 下列關(guān)于物理學(xué)史的說法正確的是（）A. 奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，并提出分子電流假說解釋磁現(xiàn)象B. 牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律， 卡文迪許用扭秤實驗測出了萬有引力常量的數(shù)值, 從而使萬有引力定律有了真正的使用價值C. 胡克指出，在任何情況下，彈簧的彈力都跟伸長量成正比D. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并提出了判斷感應(yīng)電流方向的方法【考點】物理學(xué)史.【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可.【解答】解：A、奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，安培提出分子電流假說解釋磁 現(xiàn)象，故 A 錯誤；B、 牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律

15、，卡文迪許用扭秤實驗測出了萬有引力常量的數(shù)值, 從而使萬有引力定律有了真正的使用價值，故 B 正確；C、 胡克指出，在彈性范圍內(nèi)，彈簧的彈力都跟伸長量成正比，故C 錯誤；D、 法拉第通過實驗發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，楞次總結(jié)出了感應(yīng)電流方向的判斷方 法，故D 錯誤；故選：B2某運動員（可看做質(zhì)點）參加跳臺跳水比賽，其豎直方向的速度與時間關(guān)系 圖象如圖所示，t=0 是其向上起跳離開跳臺瞬間，則（）A. ti- t2時間內(nèi)，運動員在水中正在下沉B. t2-t3時間內(nèi)，運動員在水中正在上浮第11頁（共 30 頁）C. 由圖象可知，運動員剛?cè)胨畷r的加速度最大D. 由圖象可知，運動員在水中最深處時加速度為 0

16、【考點】勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系.【分析】在 v-t 圖象中，直線的斜率表示加速度的大小，速度的正負(fù)代表運動 的方向，根據(jù) v-t 圖象可以分析人的運動的情況，即可進行選擇.【解答】解：A、B、D 從開始到 t2時刻，V-t 圖象為直線，說明該過程中的加 速度是相同的，說明該過程中運動員在做自由落體運動； t3時，物體開始減速， 故此時人開始入水；故 A 錯誤；B、 t2-t3時間內(nèi)，運動員的速度方向仍然向下，故仍在下降；故 B 錯誤；C、 圖象的斜率表示加速度；則由圖可知，運動員剛?cè)胨畷r的加速度最大；故 C 正確；D、 人在最深處時速度為零，但此時一定受向上的合

17、力，故加速度不為零；故D錯誤；故選：C.3.用發(fā)電機和理想變壓器給一個燈泡供電，電路如圖，當(dāng)線圈以角速度勻速轉(zhuǎn)動時，電流表示數(shù)是 I,額定電壓為 U 的燈泡正常發(fā)光，燈泡正常發(fā)光時電功 率為 P,發(fā)電機的線圈電阻是 r，則有（）PB變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是 U:C. 從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值 u=.isin3tD. 發(fā)電機的線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是 Em=-【考點】變壓器的構(gòu)造和原理；交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理.【分析】理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等， 電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝 數(shù)成反比.并利用燈泡正常發(fā)光的電壓與電流的值來構(gòu)建原副線圈的電壓與電流 的關(guān)系

18、.第12頁（共 30 頁）【解答】解：A、根據(jù)輸入功率等于輸出功率，F(xiàn)-二，原線圈的電壓U -y，故A 錯誤；B、 變壓器原副線圈的匝數(shù)比門.：1.、一：.，故 B 錯誤；C、圖示位置，線圈處于中性面，變壓器輸入電壓的最大值為：U.廠-，變壓器輸入電壓的瞬時值表達(dá)式為：:.，故 C 正確；D、 根據(jù)閉合電路的歐姆定律 E=l+lr，發(fā)電機線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值為： 亠=.匚曠；1-1二，故 D 錯誤；故選：C4中國準(zhǔn)備在 2020 年發(fā)射火星探測器，并同時實現(xiàn) 繞” 落”或巡”已知火 星的直徑約是地球的一半，質(zhì)量為 11%,公轉(zhuǎn)周期為 2 倍，自轉(zhuǎn)周期為 24.6h.由 此可知（ ）A. 火

19、星的同步軌道半徑比地球的小B. 火星的第一宇宙速度比地球的大C. 火星表面的重力加速度比地球的大D. 火星距太陽的距離為地球距太陽距離的 2 倍【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】火星和地球都繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律列式判斷；根 據(jù)萬有引力等于重力表示出重力加速度求解，根據(jù)求解火星的第一宇宙速 度和地球的第一宇宙速度之比【解答】解：A 根據(jù)萬有引力提供向心力得伽4衛(wèi):,所以火星的同步軌道比地球的小， 故 A 正確.100 梓第13頁（共 30 頁）-，所以火星的第一宇宙速度比地球的小，故 B 錯誤.% ”地尺火v1001KmC根據(jù) y _所以火星表面的重力加速度比地球小，故C錯

20、誤.蜒H地R齊1001H丈ID行4 TT D、根據(jù)-.-,I- （T 為公轉(zhuǎn)周期）rT丄故 D 錯誤工地曰故選：A5.如圖所示，在光滑絕緣水平面上有一半徑為 R 的圓，O 點為圓心，AB 是一條 直徑，空間有勻強電場，電場強度大小為 E，方向與水平面平行，在圓上 A 點有 一發(fā)射器，以相同的動能平行于水平面沿不同方向發(fā)射帶電量為 +q 的小球，小 球會經(jīng)過圓周上不同的點，在這些點中，經(jīng)過 C 點的小球動能最大，且/a=45；由于發(fā)射時刻不同時，小球間無相互作用，下列說法正確的是（）A. 電場的方向沿 OC 方向B. 在圓周上 AC 兩點的電勢差最大C. 小球在 A 點垂直電場方向發(fā)射，若恰能落

21、到 C 點，則初動能為衛(wèi)蘭B、根據(jù)第一宇宙速度公式GMT-第14頁（共 30 頁）D. 小球在 A 點垂直電場方向發(fā)射，若恰能落到 C 點，則初動能為亠-【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系；電勢；電勢能.【分析】小球在勻強電場中，從 A 點運動到 C 點，根據(jù)動能定理 qUAC=&，因為 到達(dá)C 點時的小球的動能最大，所以UAC最大，即在圓周上找不到與 C 電勢相等 的點.所以與 C 點電勢相等的點在過 C 點的切線上.再根據(jù)電場線與等勢線垂直， 可以畫出電場線，即可確定電場的方向.小球做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的知 識分析小球的運動情況，分別在水平方向和豎直方向上列式求解初動能

22、.【解答】解：A、小球在勻強電場中，從 a 點運動到 c 點，根據(jù)動能定理 qUAc=Eo 因為到達(dá) C 點時的小球的動能最大，所以UAC最大，則在圓周上找不到與 C 電勢 相等的點.且由 A 到 C 電場力對小球做正功.過 C 點作切線，則 CF 為等勢線.過 C 點作 CF 的垂線，貝 U 該線為電場線，場強方向如圖示.故電場線沿0C 方向，故 A 正確；B、 由圖可知，沿 0C 直徑上的兩點電勢差最大，故 B 錯誤；C、 D、小球只受電場力，做類平拋運動.垂直電場方向上：x=R=vt，沿電場方向上：y=R= T，2D由以上兩式得：EVo，所以小球能到達(dá)最高點 A 點.故 A 錯誤.B、

23、球通過最高點 A 點時，由牛頓第二定律得：mg+N=m，解得 N=3mg由牛頓第三定律得，球能對圓環(huán)的壓力大小為N=N=3m，方向向上，則木板對地面的壓力為 FN=5mg-N =2mg 故 B 錯誤.C、 小球通過 A 點時，球能圓環(huán)只有向上的壓力，所以左側(cè)擋板不受擠壓，故C 錯誤.D、 小球通過最低點時，木板對地面的壓力最大.以小球C 為研究對象，根據(jù)牛 頓第二定律得2Ni- mg=m ，解得 Ni=9mg由牛頓第三定律知，球?qū)A環(huán)的壓力大小為Ni =Nmg，方向向下，則地面受到守恒得:2 Omv122廿法正確的是（)A 點第16頁（共 30 頁）木板的最大壓力為 FNmax=5mg+Ni

24、=14mg 故 D 正確.故選：D7.如圖所示，平行虛線之間有垂直于紙面向里的勻強磁場，磁場左右寬度為 L, 磁感應(yīng)強度大小為 B. 正三角形線圈 ABC 所在平面與磁場垂直，頂點A 剛好與 磁場右邊界重合，BC 邊與磁場邊界平行，已知正三角形的高為 2L,線圈的電阻 為 R,現(xiàn)讓線圈向右以恒定速度 v 勻速運動，從線圈開始運動到 BC 邊剛好要進 入磁場的過程中（） IA. 線圈中感應(yīng)電流沿順時針方向B. 線圈中感應(yīng)電動勢大小為 BLvC. 通過線圈截面的電荷量為3R2 3D. 克服安培力做的功為3K【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電功、電功率；楞次定律.【分析】當(dāng)線圈向右運動時穿過線

25、圈的磁通量增加， 根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流 的方向.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解平均感應(yīng)電動勢； 克服安培力做的功等于 線圈產(chǎn)生的焦耳熱.【解答】解：A、當(dāng)線圈向右運動時穿過線圈的磁通量在增加，根據(jù)楞次定律判 斷知，感應(yīng)電流沿逆時針方向，故 A 錯誤.9T 4LB、正三角形的邊長為 a=.=，從線圈開始運動到 BC 邊剛好要進入磁場的過程中，面積的變化為： S=-.= ，根22 2473 V3 V321?2據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得：- = ：-T：，B 錯誤；C、通過線圈截面的電量為：q= =“，故第17頁（共 30 頁）C 正確.R 3RD、 由 B 項分析知線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢不變，克服安培

26、力做的功等于線圈產(chǎn)生2浮 3）223的焦耳熱，則克服安培力做的功為：W=：= 故 D 正確.R V究故選：CD.8.如圖所示，一長木板放置在水平地面上，一根輕彈簧右端固定在長木板上，左端連接一個質(zhì)量為 m 的小物塊，小物塊可以在木板上無摩擦滑動，現(xiàn)在用手 固定長木板，把小物塊向左移動，彈簧的形變量為 X1,然后，同時釋放小物塊和 木板，木板在水平地面上滑動，小物塊在木板上滑動；經(jīng)過一段時間后，長木板 達(dá)到靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊在長木板上繼續(xù)往復(fù)運動. 長木板靜止后，彈簧的最大形 變量為 X2.已知地面對長木板的滑動摩擦力大小為 f.當(dāng)彈簧的形變量為 X 時， 彈性勢能 Ep=-kx2,式中 k 為彈

27、簧的勁度系數(shù).由上述信息可以判斷（）A. 整個過程中小物塊的速度可以達(dá)到；j-xiB. 整個過程中木板在地面上運動的路程為 沽（xi2- X22）C. 長木板靜止后，木板所受的靜摩擦力的大小不變D.長木板靜止后， 小物塊的速度可以達(dá)到：X2【考點】功能關(guān)系；彈性勢能.【分析】同時釋放小物塊和木板后，彈簧彈力和地面對木板的摩擦力對系統(tǒng)做功， 系統(tǒng)機械能不守恒，當(dāng)長木板達(dá)到靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊在長木板上繼續(xù)往復(fù)運動時，只有彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒.【解答】解：A、整個過程根據(jù)動能定理得：mvm2= . kXi2- Wf，所以速度不能達(dá)到二 Xi，故 A 錯誤；第18頁（共 30 頁）B、當(dāng)木板靜止

28、時，小物塊在長木板上繼續(xù)往復(fù)運動時，只有彈簧彈力做功，系 統(tǒng)機械能守恒，所以當(dāng)木板剛靜止時，系統(tǒng)具有的機械能為kX22，第仃頁（共 30 頁）從開始到木板剛靜止的過程中，根據(jù)能量守恒得：kxi1 2- . kx22=Wf=fs解得：S 韋（Xi2- X22）,故 B 正確；C 長木板靜止后，對木板進行受力分析，水平方向受地面的靜摩擦力和彈簧彈 力，彈簧彈力隨木塊的運動而發(fā)生改變，所以木板受的靜摩擦力也發(fā)生改變， 故C 錯誤;D、 長木板靜止后， 小物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒， 則當(dāng)彈簧為原長時, 有一 kX22=】L，得 vmpxz，故D正確. m故選：BD二、解答題（共 4 小題，滿分

29、47 分）9某同學(xué)利用如圖所示的裝置驗證動能定理， 將木板豎直放置在斜槽末端的前 方某一固定位置，在木板上依次固定好白紙、復(fù)寫紙將小球從不同的標(biāo)記點由 靜止釋放，記錄小球到達(dá)斜槽底端時下落的高度 H，并根據(jù)落點位置測量出小球離開斜槽后的豎直位移 y.改變小球在斜槽上的釋放位置，進行多次測量，記錄 數(shù)據(jù)如下：高度 H （h 為單位長度）h2h3h4h5h6h7h8h9h豎直位移 y/cm30.015.010.07.56.0【考點】探究功與速度變化的關(guān)系.【分析】（1）根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)規(guī)律可以發(fā)現(xiàn)， Hy=30h,是個定值，從而求出表格中空缺的數(shù)據(jù)；（2） 若不計小球與水平槽之間

30、的摩擦，只有重力做功，根據(jù)平拋運動的規(guī)律求 出小1 表格中空缺的數(shù)據(jù)應(yīng)為5.02 已知木板與斜槽末端的水平距離為X，小球在離開斜槽后的豎直位移為y，不計小球與水平槽之間的摩擦，小球從斜槽上滑下的過程中，若動能定理成立則 應(yīng)滿足的關(guān)系式是（3）若僅僅換一形狀完全相同，但摩擦不能忽略的斜槽（其余裝置，位置均不變），表格中豎直位移 y 的數(shù)值與上表相比會 變大 （填 變大” 變小”或 不 變”第20頁（共 30 頁）球離開斜槽時的速度，得到動能的變化，根據(jù)重力做功表達(dá)式求出合力做功，進而求出若動能定理成立則應(yīng)滿足的關(guān)系式；（3） 若摩擦不能忽略，小球在斜槽上滑下過程中，重力和摩擦力做功，寫出合力做的

31、功，再寫出動能定理的關(guān)系式，比較兩個表達(dá)式即可求解.【解答】解：（1）根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)規(guī)律可以發(fā)現(xiàn)，Hy=30h,是個定值，則當(dāng)=6h 時，y=5.0cm（2）設(shè)小球離開斜槽時的速度為 v,根據(jù)平拋運動的規(guī)律得：+ 1x=vt，y=v-廠小球在斜槽上滑下過程中，不計小球與水平槽之間的摩擦，中有重力做功，則有:IOgH二寺Hi /2解得：H=,（3）若摩擦不能忽略，則有：H|1W=mgH-卩 mgcosO?.=mgH(1-)LII若動能定理成立，則有：mgH (1 - )= .： -由于；：一，即 J-卩，所以表格中豎直位移 y 的數(shù)值與上表相比會變大.第21頁（共 30 頁）2故答案為：（1）

32、5.0； （2）H= ； （3）變大10某同學(xué)通過實驗研究小燈泡的電流與電壓的關(guān)系可用的器材如下：電源、不同規(guī)格的小燈泡兩個、電鍵、導(dǎo)線若干.實驗中移動滑動變阻器滑片，得到了小燈泡 Li的 U-I 圖象如圖（a）中的Li,則可知小燈泡 Li的電阻隨電壓增大而 增大 （選填 增大” 減小” 或不變”.（2）為了得到圖（a）中的圖線，請將圖（b）中缺少的兩根導(dǎo)線補全，連接成實驗的電路（其中電流表和電壓表分別測量小燈泡的電流和電壓）（3）換小燈泡 L?重做實驗，得到其 U - I 圖象如圖（a）中的圖線 L2,現(xiàn)將這兩 個小燈泡并聯(lián)連接在電動勢 3V、內(nèi)阻 6Q的電源兩端，則此時電源兩端的電壓為 0

33、.6 V:燈泡L2消耗的功率為 0.09 W.【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線.【分析】在小燈泡的 U- I 圖象中，圖象上的與原點連線的斜率表示小燈泡電阻 的大小，所以小燈泡電阻隨電流的最大而增大；本題的難點是當(dāng)把AB 間的導(dǎo)線誤接在 AC 之間時，滑動變阻器的連接情況：的滑動觸頭打到最左端或最右端時 變阻器均短路，此時小燈泡功率最大，的滑動觸頭在中間時，變阻器的有效電阻 最大.【解答】解：（1）由圖象根據(jù)歐姆定律 R=.知，小燈泡的電阻隨電壓增大而增 大.（2）由于小燈泡的電阻遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，電流表應(yīng)用外接法；又電流與電圖線滑動變阻器、電流表、電壓表、(1)第 20 頁(共 30 頁)

34、壓從零逐漸增大，故滑動變阻器應(yīng)用分壓式接法，實物圖如圖,m (b)(3)電動勢為 3V,內(nèi)阻為 6Q,貝U短路電流-=0.5A，在小燈泡的 U-P 圖辰0象中，連接 U=3V 與 l=0.5A 兩點，畫出表示電源的 U- I 圖象，如圖所示；要使 兩燈泡并聯(lián)后接在電源兩端， 應(yīng)符合閉合電路歐姆定律， 則電源的輸出電壓與兩 燈泡電壓相等，且路端電壓與內(nèi)壓之和等于電動勢；由圖可知，輸出電壓應(yīng)為0.6V，此時燈泡 L2的電流為 0.15A，則其功率 P=UI=0.6x0.15=0.09W；故答案為(1)增大(2)如圖(3)0.6; 0.09.11 如圖所示，N、M、P 為很長的平行界面，N、M 與

35、M、P 間距分別為 li、12, 其間分別有磁感應(yīng)強度為 Bi和 B2的勻強磁場區(qū)，I和U磁場方向垂直紙面向里，BiMB2，有一帶正電粒子的電量為 q，質(zhì)量為 m，以某一初速度垂直邊界 N 及磁 場方向射入 MN 間的磁場區(qū)域，不計粒子的重力，求：(1)要使粒子能穿過I磁場進入U磁場，粒子的初速度v 至少應(yīng)為多少？(2) 粒子初速度 v 為多少時，才能恰好穿過兩個磁場區(qū)域.第23頁（共 30 頁）【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動.【分析】（1）粒子的初速度為 Vo 時恰好能進入 U 磁場，則進入 U 磁場時速度恰 好沿 M 邊界，根據(jù)洛倫茲力提供向心力公式即可求解；（2）設(shè)粒子速度為 v 時

36、，粒子在 B2 磁場中的軌跡恰好與 P 邊界相切，畫出粒子 運動的軌跡圖，根據(jù)半徑公式結(jié)合幾何關(guān)系即可求解.【解答】解：（1）粒子的初速度為 v 時恰好能進入 U 磁場，則進入 U 磁場時速度 恰好沿 M 邊界，所以半徑為 r=li，則有：B /Biqv= I屮1V=-m（2）設(shè)粒子速度為 v 時，粒子在，磁場中的軌跡恰好與 P 邊界相切，軌跡如圖V2口 耐p耐由可得：i ，由幾何關(guān)系有：二丄1=：rnv粒子在中運動有：: - r L.L：. -1 :解得:I M M K snDC b “ X * M K k iX. Mt * ： X所示，MEW第24頁（共 30 頁）解得：- 1- 2VID

37、答：（1）要使粒子能穿過 I 磁場進入 U 磁場，粒子的初速度v 至少應(yīng)為二m（2）粒子初速度v為MJ 廠山時，才能恰好穿過兩個磁場區(qū)域IT12.某運動員做跳傘訓(xùn)練，他從懸停在空中的直升飛機上由靜止跳下，做自由落體運動，跳離飛機一段時間后打開降落傘做減速下落， 然后做勻速運動落到地面，他打開降落傘的速度圖線如圖 a.降落傘用 8 根對稱的繩懸掛運動員，每根繩與 中軸線的夾角均為 37如圖 b.已知他打開降落傘落到地面所用時間為 t=20s， 人的質(zhì)量為mi=60kg，降落傘質(zhì)量為 m2=10kg，不計人所受的阻力，打開傘后所 受阻力 f 與速度v成正比，即 f=kv （g 取 10m/s2，s

38、in37=0.6，cos37=0.8），求:（1）阻力系數(shù) k 和打開傘瞬間的加速度 a 的大小和方向？（2） 懸繩能夠承受的拉力至少為多少？（3） 人下落的距離為多大？【考點】牛頓運動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用.【分析】（1）抓住平衡，根據(jù) kv= （m+m2）g 求出阻力系數(shù)，根據(jù)牛頓第二定 律求出加速度的大小；（2）對人分析，根據(jù)牛頓第二定律求出拉力的大小；（3）根據(jù)速度位移公式求出打開降落傘前人下落的高度，然后根據(jù)運動學(xué)公式和牛頓第二定律求出打開降落傘后人做變加速運動下落的高度，二者相加即為人下落的距離.【解答】解：（1）由圖 a 可知，當(dāng)速度 v=5m/s 時，物體

39、做勻速運動，受力平衡， 則有：kv= （m+m2）g，第25頁（共 30 頁）,（Wi+m J g ，-,k=140N?s/m.v打開傘瞬間對整體，根據(jù)牛頓第二定律可得,kvo（ m 什 m2） g= （mi+m2）akvQ解得：a=IFl | ID 2（2） 設(shè)每根繩拉力為 T,以運動員為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得,則有：8Tcos37 mig=mia,解得：T=1 =375N,8cos37&由牛頓第三定律得，懸繩能承受的拉力為至少為375N.（3） 由 v-t 圖知，人打開降落傘時速度 vo=2Om/s,則打開降落傘前人下落的距離為：2ho=20m,2g設(shè)人和傘的總質(zhì)量為 m,

40、打開降落傘后人做變加速運動，任意取無限小的一段時間厶 t,則有： h=vAt-又因為 v=-k根據(jù)牛頓第二定律可得，mg - f=ma-聯(lián)立可解得： h=t,k由于 at=Av,解得：h1=107.5m,則人下落的距離 h=h+h1=127.5m.答：（1）阻力系數(shù) k 為 140N?s/m；打開傘瞬間的加速度 a 的大小為 30m/s2,方 向豎g=30m/s2，方向豎直向上.則有： h=mgT兩邊求和:(V1- vo) + (V2 vi) +(% Vn-1),tI.mg第26頁（共 30 頁）直向上;第 27 頁（共 30 頁）（ 2）懸繩能夠承受的拉力至少為 375N；（ 3）人下落的距

41、離為 127.5m 物理 -選修 3-313下列說法正確的是（）A. 布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運動B. 定量 100C的水變成 100C的水蒸氣，其分子之間的勢能增加C. 將大顆粒的鹽磨成細(xì)鹽，就變成了非晶體D只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低E.空調(diào)機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，所以制冷機的工作不遵守?zé)崃W(xué)第二定律【考點】 * 晶體和非晶體；布朗運動；熱力學(xué)第二定律.【分析】正確解答本題要掌握： 溫度是分子平均動能的標(biāo)志； 布朗運動是指液體 或氣體中懸浮微粒的運動；物體的內(nèi)能；正確理解好應(yīng)用熱力學(xué)第二定律【解答】解：A、布

42、朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的運動，反映了液體或氣 體分子的無規(guī)則運動.故 A 正確.B、 一定量 100C的水變成 100C的水蒸汽，溫度沒有變化，分子的平均動能不變， 但是在這個過程中要吸熱，內(nèi)能增加，所以分子之間的勢能必定增加.故 C 正確.C、 鹽顆粒大小變化不改變晶體的結(jié)構(gòu).故 B 錯誤.D、 溫度是分子平均動能的標(biāo)志，只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體 的溫度就可以降低.故 D 正確；E 將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，產(chǎn)生了其它影響，即消耗了 電能，所以不違背熱力學(xué)第二定律.故 E 錯誤.故選： ABD14. 如圖所示，豎直放置的氣缸開口向下，活塞 a 和活塞

43、b 將長為 L 的氣室中 的氣體分成體積比為 1:2 的 A、B 兩部分，溫度均為 127C,系統(tǒng)處于平衡狀態(tài).當(dāng) 氣體溫度都緩慢地降到 27C時系統(tǒng)達(dá)到新的平衡，不計活塞 a 的厚度及活塞與 氣缸間的摩擦.求活塞a、 b 移動的距離.（設(shè)外界大氣壓強不變）第28頁（共 30 頁）【考點】理想氣體的狀態(tài)方程.【分析】將 AB 兩部分氣體，獨立的運用理性氣體狀態(tài)方程，聯(lián)立求出氣體變化 的距離.【解答】解：設(shè) b 向上移動 y, a 向上移動 x,兩部分氣體都做等壓變化，設(shè)變化前后氣體溫度分別為 Ti和 T2物理-選修 3-415.位于坐標(biāo)原點的波源振動，產(chǎn)生一列沿x 軸正方向傳播的間諧橫波，t=

44、0 時刻第一次形成的波形如圖所示，t=0.2s 時質(zhì)點 C 開始振動，則（）A.產(chǎn)生這列波的波源的起振方向是向下的B這列波的波速為 10m/sC. 到 t=0 時刻質(zhì)點 B 已經(jīng)振動了 0.3sD. t=0.45s 時，質(zhì)點 C 的速度方向向上E. t=0.4s 時，波向前傳播了 4m，質(zhì)點 A 將到達(dá)質(zhì)點 C 的位置【考點】簡諧運動的振動圖象.-?Tl_T299對 B 部分氣體：丄二代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得： -7；, .答：活塞 a 移動的距離為厶，活塞 b 移動的距離為計.由蓋呂薩克定律有：對 A 部分氣體：1叩Ti12，第29頁（共 30 頁）【分析】簡諧波在傳播過程中，介質(zhì)中各質(zhì)點的起振方向

45、與波源的起振方向相同, 由圖中 x=4m 處質(zhì)點的振動方向讀出各質(zhì)點的起振方向， 即可判斷出波源開始振 動時的方向讀出波長，由振動從 x=4m 處傳到 C 點的距離，求出波速再由波 速公式求出周期，根據(jù)時間與周期的關(guān)系，求出質(zhì)點 A 的運動情況.【解答】解：A、由波向右傳播，可知此時 x=4m 處的質(zhì)點正沿向下運動，則波 源開始振動時方向是向下的，故 A 正確；B、 波從 x=4m 處傳到 C 點的距離是半個波長，所用時間為半個周期，則得周期T=2t=0.4s 由圖知，波長 入=4m 所以波速為 v=+=F=10m/s，故 B 正確.C、 到 t=0 時刻質(zhì)點 B 已經(jīng)振動了 .T=0.1s 故 C 錯誤.4D、 t=0.45s 時，質(zhì)點 C 已經(jīng)振動的時間為 0.45s- 0.2s=0.25s=0.625T C 點開始是 向下振動的，所以 t=0.45s 時，質(zhì)點 C 的速度方向向上.故 D 正確.E、 t=0.4s 時，波向前傳播的距離 x=vt=10X0.4m=4m，但質(zhì)點 A 只上下振動，不 會傳到 B 點.故 E 錯誤.故選：ABD16.發(fā)光二極管廣泛應(yīng)用與電子顯示屏和新型照明光源等領(lǐng)域，通常發(fā)光二極管的成品是將發(fā)光二級管的管芯封裝在一個半球形的透明介質(zhì)中的（如圖所示），有一種用于電子顯示屏的發(fā)光二極管，其管芯的發(fā)光區(qū)域為直徑等于2mm 的圓盤，封裝用