安徽省馬鞍山市和縣202X屆中考物理一模試卷（解析版）

1、教育精選2017年安徽省馬鞍山市和縣中考物理一模試卷一、填空題（共10小題，每小題2分，滿分26分）【17·馬鞍山·一模·機(jī)械運(yùn)動(dòng)】12016年11月19日，“神州十一號(hào)”載人飛船與“天宮二號(hào)”目標(biāo)飛行器成功實(shí)現(xiàn)自動(dòng)交會(huì)對(duì)接，如圖所示，對(duì)接后，“神州十一號(hào)”相對(duì)于“天宮二號(hào)”是靜止的（選填“運(yùn)動(dòng)的”或“靜止的”）【考點(diǎn)】52：參照物及其選擇【分析】研究物體的運(yùn)動(dòng)情況時(shí)，首先要選取一個(gè)物體作為參照物研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)情況是怎樣的，就看它與參照物的相對(duì)位置是否變化【解答】解：“神州十一號(hào)”載人飛船與“天宮二號(hào)”目標(biāo)飛行器成功實(shí)現(xiàn)自動(dòng)交會(huì)對(duì)接，對(duì)接后，“神州十一號(hào)”相對(duì)于“

2、天宮二號(hào)”沒有發(fā)生位置的改變，所以是靜止的故答案為：靜止的【點(diǎn)評(píng)】一個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的確定，關(guān)鍵取決于所選取的參照物，所選取的參照物不同，得到的結(jié)論也不一定相同，這就是運(yùn)動(dòng)和靜止的相對(duì)性【17·馬鞍山·一模·聲現(xiàn)象】2聲波可以在示波器上展現(xiàn)出來(lái)先將話筒接在示波器的輸入端，再將敲響的甲、乙兩個(gè)音叉分別對(duì)著話筒發(fā)出聲音，在示波器上出現(xiàn)了如圖所示的波形，通過對(duì)波形的分析，可知乙 音叉的音調(diào)高【考點(diǎn)】9G：響度與振幅的關(guān)系【分析】根據(jù)圖形判斷甲乙的頻率，比較相同時(shí)間內(nèi)物體振動(dòng)的次數(shù)可以比較頻率大小頻率越大，音調(diào)越高【解答】解：如圖，相同時(shí)間內(nèi)，甲圖物體振動(dòng)了3次，乙圖物體

3、振動(dòng)了9次，甲的頻率小于乙的頻率，乙的音調(diào)比甲的音調(diào)高故答案為：乙【點(diǎn)評(píng)】通過物體振動(dòng)的波形圖，判斷物體振動(dòng)頻率的大小，從而判斷音調(diào)【17·馬鞍山·一模·聲現(xiàn)象】3生活中的一些光現(xiàn)象：水面波光粼粼；岸上的人覺得水中的游泳運(yùn)動(dòng)員“腿變短了”；海市蜃樓；演員對(duì)著鏡子畫臉譜其中能用光的折射知識(shí)解釋的是 （填序號(hào)）【考點(diǎn)】A6：光的反射；AI：平面鏡的應(yīng)用；AM：光的折射現(xiàn)象及其應(yīng)用【分析】光在自然界中存在三種光現(xiàn)象：光在同種均勻物質(zhì)中沿直線傳播，在日常生活中，激光準(zhǔn)直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一種均勻介質(zhì)中是沿直線傳播的；當(dāng)光照射到物體界面上時(shí)，有一部分光被反

4、射回來(lái)發(fā)生反射現(xiàn)象，例如：平面鏡成像、水中倒影等；當(dāng)光從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時(shí)，傳播方向的會(huì)偏折，發(fā)生折射現(xiàn)象，如：看水里的魚比實(shí)際位置淺等【解答】解：水面波光粼粼是光射到水面發(fā)生了反射現(xiàn)象，不符合題意；岸上的人覺得水中的游泳運(yùn)動(dòng)員“腿變短了”；是因?yàn)楣鈴乃袀鞑サ娇諝庵邪l(fā)生了光的折射的緣故，符合題意；海市蜃樓是光在不均勻的空氣中傳播時(shí)，發(fā)生了光的折射的緣故，主要發(fā)生在海邊和沙漠地區(qū)，符合題意；演員對(duì)著鏡子畫臉譜是光的反射現(xiàn)象，不符合題意故答案為：【點(diǎn)評(píng)】光現(xiàn)象包括光的直線傳播、光的折射和光的反射，光的折射與其他二者的主要區(qū)別在于光的反射發(fā)生在了一種物質(zhì)中，而光的折射則是在兩種不同的物質(zhì)表

5、面發(fā)生的【17·馬鞍山·一模·機(jī)械運(yùn)動(dòng)、內(nèi)能】4唐代詩(shī)人高駢的詩(shī)作山亭夏日：“綠樹陰濃夏日長(zhǎng)，樓臺(tái)倒影人池塘水晶簾動(dòng)微風(fēng)起，滿架薔薇一院香”堪稱文學(xué)與科學(xué)完美結(jié)合的典范，全詩(shī)四句皆與物理知識(shí)有關(guān)其中“水晶簾動(dòng)微風(fēng)起”用到的物理知識(shí)是力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，“滿架薔薇一院香”用到的物理知識(shí)是分子在（永不停息地）運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】6F：力的作用效果；GW：擴(kuò)散現(xiàn)象【分析】（1）力的作用效果有兩個(gè)：一是改變物體的形狀，二是改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；（2）物質(zhì)是由分子組成的，組成物質(zhì)的分子在不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)【解答】解：（1）水晶簾動(dòng)微風(fēng)起，簾子原來(lái)是靜止的，風(fēng)把它吹動(dòng)了，說(shuō)明力改

6、變了水晶簾的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；（2）滿架薔薇一院香，整個(gè)院子里都能聞到薔薇花的香味，是氣體分子運(yùn)動(dòng)的結(jié)果故答案為：力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；分子在（永不停息地）運(yùn)動(dòng)【點(diǎn)評(píng)】認(rèn)真審題，從題目的文字中發(fā)現(xiàn)提示性的信息，考查了學(xué)生的閱讀分析能力【17·馬鞍山·一模·物態(tài)變化】52017年春節(jié)前我國(guó)北方呼倫貝爾林區(qū)、牧區(qū)多次出現(xiàn)“極寒”“冰霧”天氣，經(jīng)歷了有氣象記錄以來(lái)最冷的一個(gè)春節(jié)，據(jù)氣象局的專家介紹，冰霧是氣溫達(dá)到了36以下，空氣中的水蒸氣凝華而形成的（填物態(tài)變化名稱）【考點(diǎn)】1R：生活中的凝華現(xiàn)象【分析】物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質(zhì)由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)?/p>

7、液態(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固【解答】解：“冰霧”中有大量固態(tài)小冰晶，是由空氣中的水蒸氣快速放熱后凝華形成的故答案為：凝華【點(diǎn)評(píng)】此題考查的是我們生活中的物態(tài)變化現(xiàn)象，看物質(zhì)由什么狀態(tài)變?yōu)榱耸裁礌顟B(tài)，根據(jù)物態(tài)變化的定義來(lái)判斷【17·馬鞍山·一模·壓強(qiáng)】6我國(guó)自行研制的登月探測(cè)器“嫦娥三號(hào)”成功在月球著陸，“嫦娥三號(hào)”月球探測(cè)器總質(zhì)量近3.8噸，如圖所示，“嫦娥三號(hào)”在月球上對(duì)月球表面的壓強(qiáng)小于其在地球上對(duì)地面的壓強(qiáng)（選填“大于”“等于”或“小于”）【考點(diǎn)】81：壓力及重力與壓力的區(qū)別【分析】影響壓強(qiáng)大小的因素有壓力和受

8、力面積，在壓力一定時(shí)，增大受力面積可減小壓強(qiáng)同時(shí)，還要知道，物體在月球上的重力是地球上重力的六分之一【解答】解：因?yàn)槲矬w在月球上的重力是地球上重力的六分之一，而在水平面上，物體對(duì)地面的壓力就等于重力，所以，“嫦娥三號(hào)”在月球上對(duì)月球表面的壓力變小，在受力面積一定時(shí)，其對(duì)月球表面的壓強(qiáng)小于其在地球上對(duì)地面的壓強(qiáng)故答案為：小于【點(diǎn)評(píng)】此題考查減小壓強(qiáng)的方法，明確物體在月球上的重力小于在地球上的重力是解答此題的關(guān)鍵【17·馬鞍山·一模·浮力】7將一小物塊A輕輕放入盛滿水的大燒杯中，A靜止后，有81g的水溢出，再將其輕輕放入盛滿酒精的大燒杯中，A靜止后，有72g的酒精溢出

9、，則A在水中靜止時(shí)受到的浮力為0.81N，A的密度是0.9g/cm3（酒精的密度是0.8×103kg/m3，g取10N/）【考點(diǎn)】8O：阿基米德原理；8S：物體的浮沉條件及其應(yīng)用【分析】（1）知道物塊A靜止時(shí)燒杯溢出水和酒精的質(zhì)量，根據(jù)阿基米德原理求出受到的浮力，然后求出兩者浮力之比；（2）假設(shè)物塊A在水中和酒精中都漂浮時(shí)，受到的浮力等于自身重力，浮力之比應(yīng)是1：1，所以假設(shè)不正確；假設(shè)物塊A都浸沒，則V排=V物，F(xiàn)浮水=水gV，F(xiàn)浮酒=酒gV，得浮力比為5：4，所以假設(shè)不正確；根據(jù)物體浮沉條件判斷出物體在水中漂浮，在酒精中浸沒，根據(jù)物體的浮沉條件和漂浮條件得出兩者受到的浮力之比，然

10、后求出物塊A的密度【解答】解：（1）由阿基米德原理可得，物體A受到的浮力：F浮=G排=m排g=m溢g，則物塊A在水中和酒精中受到的浮力分別為：F浮水=m溢水g=81×103kg×10N/kg=0.81N，F(xiàn)浮酒=m溢酒g=72×103kg×10N/kg=0.72N，則F浮水：F浮酒=0.81N：0.72N=9：8；（2）物體A在水中和酒精中都漂浮時(shí)，因漂浮時(shí)物體受到的浮力和自身的重力相等，且物體A的質(zhì)量不變、重力不變，所以，物體受到水和酒精的浮力相等，即F浮水：F浮酒=1：1，與題意不符；物體A在水中和酒精中都浸沒時(shí)，則物體排開液體的體積和自身的體積相等

11、，由F浮=gV排可知，它們受到的浮力之比：F浮甲：F浮乙=水：酒精=1.0×103kg/m3：0.8×103kg/m3=5：49：8，與題意不符；因水的密度大于酒精的密度，所以，由可知，只能是A在水中漂浮，在酒精中浸沒，A受到水的浮力F浮水=GA=mAg=AVg，在酒精中受到的浮力F浮酒=酒gV，所以， =，解得：A=酒=×0.8g/cm3=0.9g/cm3故答案為：0.81；0.9【點(diǎn)評(píng)】本題考查了阿基米德原理和物體浮沉條件以及密度公式、重力公式的應(yīng)用，會(huì)判斷物塊在酒精和水中的狀態(tài)是解題的關(guān)鍵【17·馬鞍山·一模·浮力】8城市的潔凈

12、離不開環(huán)衛(wèi)工人的辛勞，如圖所示是環(huán)衛(wèi)工人手推車的示意圖若小車與廢棄物總重600N，重心離車輪軸心O的水平距離為0.6m，手離車輪軸心的水平距離為1.8m，則工人師傅至少需用200N的力將小車抬起【考點(diǎn)】7N：杠桿的平衡條件【分析】由杠桿的平衡條件：F1L1=F2L2可求得工人師傅需用的力【解答】解：B、小云由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，速度減小，高度增大，是動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，故B錯(cuò)誤；C、小云運(yùn)動(dòng)到最低處C點(diǎn)時(shí)，由于慣性繼續(xù)擺動(dòng)，不會(huì)立即停下來(lái)，故C正由杠桿的平衡條件可得：GLG=FL；即：600N×0.6m=F×1.8mF=200N；故答案為：200【點(diǎn)評(píng)】本題考查了學(xué)生對(duì)杠桿平

13、衡條件的掌握和運(yùn)用，學(xué)以致用，解決實(shí)際問題，符合新課標(biāo)的要求，是道好題！【17·馬鞍山·一模·電壓 電阻】9如圖所示，電源電壓是5V且不變，S閉合后電壓表示數(shù)為1V，兩燈L1、L2的電阻之比R1：R2=4：1【考點(diǎn)】IH：歐姆定律的應(yīng)用【分析】由電路圖可知，L1與L2串聯(lián)，電壓表測(cè)L2兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出L1兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律求出兩燈泡的電阻之比【解答】解：由電路圖可知，L1與L2串聯(lián)，電壓表測(cè)L2兩端的電壓，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，L1兩端的電壓：U1=UU2=5V1V=4V，因串聯(lián)電路中各處的電流相

14、等，所以，由I=可得，兩燈泡的電阻之比：=故答案為：4：1【點(diǎn)評(píng)】本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，要注意電壓表不測(cè)帶電源用電器兩端的電壓【17·馬鞍山·一模·歐姆定律、電功】10如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)S1、S2，電壓表示數(shù)為6V，電流表示數(shù)為0.6A，斷開S2后，電壓表示數(shù)變?yōu)?V，求R2的電阻為20，此時(shí)該電路的電功率為1.2W【考點(diǎn)】IH：歐姆定律的應(yīng)用；JA：電功率的計(jì)算【分析】（1）當(dāng)閉合開關(guān)S1、S2時(shí)，電路為R1的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)歐姆定律求出R1的阻值；當(dāng)斷開S2時(shí)，兩電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)R

15、1兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出R2兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出R2的電阻值（2）利用P=UI即可求出該電路的電功率【解答】解：（1）當(dāng)閉合開關(guān)S1、S2時(shí)，等效電路圖如圖所示：因電壓表測(cè)電源的電壓；所以電源的電壓U=6V，R1=10；當(dāng)斷開S2時(shí)，兩電阻串聯(lián)，等效電路圖如圖所示：所以R2兩端的電壓U2=UU1=6V2V=4V，因串聯(lián)電路各處的電流相等，所以I=0.2A，由I=得：R2=20（2）總功率P=UI=6V×0.2A=1.2W故答案為：20；1.2【點(diǎn)評(píng)】本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的計(jì)算，關(guān)鍵是開關(guān)斷開前后電路連接方

16、式的辨別和電壓表所測(cè)電路元件的判斷二、選擇題（共7小題，每小題3分，滿分21分）【17·馬鞍山·一模·內(nèi)能及其應(yīng)用】11下列關(guān)于熱量、內(nèi)能的說(shuō)法中正確的是（）A0的冰水沒有內(nèi)能B物體的機(jī)械能增加，其內(nèi)能也一定增加C0的冰熔化成0的水，由于溫度不變，所以它的內(nèi)能不變D熱量是物體內(nèi)能改變多少的量度【考點(diǎn)】G6：溫度、熱量與內(nèi)能的關(guān)系【分析】（1）一切物體在任何溫度下都有內(nèi)能；（2）機(jī)械能和內(nèi)能沒有必然的聯(lián)系；（3）內(nèi)能的大小與物體的質(zhì)量、溫度和狀態(tài)有關(guān)；（4）熱量是物體內(nèi)能改變多少的量度；【解答】解：A、一切物體在任何溫度下都有內(nèi)能，故A錯(cuò)誤；B、機(jī)械能和內(nèi)能沒有必然

17、的聯(lián)系，故物體的機(jī)械能增加，其內(nèi)能不一定增加，故B錯(cuò)誤；C、0的冰熔化成0的水，雖然溫度不變，但需要吸熱，所以內(nèi)能增加，故C錯(cuò)誤；D、熱量是物體內(nèi)能改變多少的量度，故D正確；故選D【點(diǎn)評(píng)】此題考查了物體具有內(nèi)能的條件、內(nèi)能和機(jī)械能的區(qū)別、內(nèi)能大小的影響因素等知識(shí)點(diǎn)，是一道綜合題【17·馬鞍山·一模·內(nèi)能及其應(yīng)用】12電冰箱的壓縮機(jī)（電動(dòng)機(jī)）是由溫控開關(guān)S1控制，冷藏室中的照明燈是由門控開關(guān)S2控制，壓縮機(jī)和照明燈既能單獨(dú)工作又能同時(shí)工作，下列電路中，符合上述特點(diǎn)的是（）ABCD【考點(diǎn)】HU：串、并聯(lián)電路的設(shè)計(jì)【分析】壓縮機(jī)和照明燈既能單獨(dú)工作又能同時(shí)工作，說(shuō)明電動(dòng)

18、機(jī)和照明燈并聯(lián)，電動(dòng)機(jī)由溫控開關(guān)S1控制說(shuō)明電動(dòng)機(jī)與開關(guān)S1串聯(lián)，冷藏室中的照明燈是由門控開關(guān)S2控制說(shuō)明照明燈與門控開關(guān)S2串聯(lián)【解答】解：經(jīng)分析可知，燈泡與電動(dòng)機(jī)并聯(lián)，且電動(dòng)機(jī)與開關(guān)S1串聯(lián)，照明燈與門控開關(guān)S2串聯(lián)，所以ABC不符合，D符合故選D【點(diǎn)評(píng)】本題考查了并聯(lián)電路的特點(diǎn)和開關(guān)的作用，明確串并聯(lián)電路的特點(diǎn)是關(guān)鍵【17·馬鞍山·一模·運(yùn)動(dòng)和力、簡(jiǎn)單機(jī)械】13如圖所示，小明用一動(dòng)滑輪將一袋重物勻速提升2m，分析正確的是（）A手拉繩子的力和繩子拉手的力是一對(duì)平衡力B手拉繩子的力和重物受到的重力相等C重物受到的重力和動(dòng)滑輪對(duì)重物的拉力是一對(duì)平衡力D重物對(duì)動(dòng)滑輪

19、的拉力小于動(dòng)滑輪對(duì)重物的拉力【考點(diǎn)】6R：平衡力的辨別【分析】一對(duì)平衡力必須符合四個(gè)條件：大小相等、方向相反、作用在同一物體上、作用在一條直線上；同時(shí)要知道動(dòng)滑輪的特點(diǎn)是可以省一半的力【解答】解：A、手拉繩子的力和繩子拉手的力作用在兩個(gè)不同物體上，是一對(duì)相互作用力，不是一對(duì)平衡力，故A錯(cuò)誤；B、動(dòng)滑輪可以省一半的力，手拉繩子的力和重物受到的重力不相等，故B錯(cuò)誤；C、重物受到的重力和動(dòng)滑輪對(duì)重物的拉力大小相等、方向相反、作用在同一物體上、作用在一條直線上，是一對(duì)平衡力，故C正確；D、重物對(duì)動(dòng)滑輪的拉力和動(dòng)滑輪對(duì)重物的拉力是一對(duì)相互作用力，大小相等，故D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】熟練掌握二力平衡的條件，并

20、知道動(dòng)滑輪的特點(diǎn)，對(duì)各個(gè)力進(jìn)行分析，可做出判斷【17·馬鞍山·一模·功和機(jī)械能】14蕩秋千簡(jiǎn)單易學(xué)，深受人們喜愛圖甲是小云蕩秋千時(shí)的情景，小張看到后，聯(lián)想到自己學(xué)的物理知識(shí)，他畫出了簡(jiǎn)化的蕩秋千示意圖如圖乙所示下列說(shuō)法中正確的是（考慮空氣阻力）（）A小云由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能B小云由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能C小云運(yùn)動(dòng)到最低處C點(diǎn)時(shí)，由于慣性繼續(xù)擺動(dòng)，不會(huì)立即停下來(lái)D小云左右運(yùn)動(dòng)是由于力的作用是相互的【考點(diǎn)】FU：動(dòng)能和勢(shì)能的轉(zhuǎn)化與守恒【分析】（1）動(dòng)能大小的影響因素：質(zhì)量和速度，質(zhì)量越大，速度越大，動(dòng)能越大重力勢(shì)能大小的影響因素：質(zhì)量和

21、高度，質(zhì)量越大，高度越高，重力勢(shì)能越大；動(dòng)能和勢(shì)能可以相互轉(zhuǎn)化（2）一切物體都有保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)，叫慣性，據(jù)此判斷【解答】解：A、小云由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，高度降低，速度增大，是重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故A錯(cuò)誤；確；D、小云左右運(yùn)動(dòng)是由于動(dòng)能和重力勢(shì)能的相互轉(zhuǎn)化，而不是因?yàn)榱Φ淖饔檬窍嗷サ?，故D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了動(dòng)能與勢(shì)能的轉(zhuǎn)化實(shí)例的分析，以及對(duì)慣性現(xiàn)象的認(rèn)識(shí)，難度不大【17·馬鞍山·一模·光現(xiàn)象】15在探究光的反射規(guī)律時(shí)，老師把一塊平面鏡CD豎立在講臺(tái)上，坐在A點(diǎn)的甲同學(xué)通過平面鏡看到坐在B點(diǎn)的乙同學(xué)（如圖）在這一現(xiàn)象中，光的反射角是（）A1B

22、2C3D4【考點(diǎn)】A7：光的反射定律【分析】入射光線與法線間的夾角是入射角，根據(jù)入射角的概念，分析圖示現(xiàn)象，確定反射角【解答】解：由圖可知，NN1是法線，CD為平面鏡，BO是入射光線，則3是反射角故選C【點(diǎn)評(píng)】本題考查了確定反射角的問題，知道反射角的概念，分析圖示情景即可正確解題【17·馬鞍山·一模·電與磁】16下列與電動(dòng)機(jī)工作原理相同的實(shí)驗(yàn)室（）ABCD【考點(diǎn)】CJ：磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)線的作用【分析】發(fā)電機(jī)的工作原理是電磁感應(yīng)：閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體中就會(huì)產(chǎn)生電流電動(dòng)機(jī)是利用通電線圈在磁場(chǎng)里受力轉(zhuǎn)動(dòng)的原理制成的【解答】解：A、此題是電磁繼

23、電器，即是利用電流的磁效應(yīng)的原理制成的，故A錯(cuò)誤；B、此題是揚(yáng)聲器，所以是利用通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受力的作用的原理，故B正確；C、此題中沒有電源，即是電磁感應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，故C錯(cuò)誤；D、此題是奧斯特實(shí)驗(yàn)，即說(shuō)明通電導(dǎo)線周圍有磁場(chǎng)，故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)評(píng)】此題考查各個(gè)裝置圖的原理，電動(dòng)機(jī)的原理是通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受力或通電線圈在磁場(chǎng)中受力轉(zhuǎn)動(dòng)，發(fā)電機(jī)的原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象【17·馬鞍山·一模·歐姆定律】17如圖所示，電源電壓和電燈L的電阻均保持不變當(dāng)開關(guān)S閉合后，在變阻器滑片P從中點(diǎn)向下滑動(dòng)的過程中，下列說(shuō)法正確的是（）A電壓表的示數(shù)變大B電燈L的亮度變暗C電流表A1的示數(shù)變

24、小D電流表A2的示數(shù)不變【考點(diǎn)】IH：歐姆定律的應(yīng)用【分析】燈泡與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，電壓表測(cè)量電源電壓，電流表A1測(cè)量干路電流，A2測(cè)量通過滑動(dòng)變阻器的電流；根據(jù)并聯(lián)電路電流、電壓特點(diǎn)和歐姆定律分析滑片P從中點(diǎn)向下滑動(dòng)的過程中電流表示數(shù)的變化【解答】解：因?yàn)殡妷罕頊y(cè)的是電源電壓，且電源電壓不變，所以電壓表示數(shù)不變；當(dāng)滑片從中點(diǎn)向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，根據(jù)I=可知，通過滑動(dòng)變阻器的電流變小，而電流表A2與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，故電流表A2的示數(shù)變??；又因?yàn)闊襞輧啥说碾妷汉碗娮杈蛔?，所以通過燈泡的電流不變，燈泡的亮暗不變；根據(jù)并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和可知，滑片從中點(diǎn)向下滑動(dòng)

25、時(shí)，干路電流減小，電流表A1的示數(shù)減小故選C【點(diǎn)評(píng)】本題考查的是由滑動(dòng)變阻器引起的變化電路的分析，分析的前提是先搞清楚電路的連接情況，然后再根據(jù)歐姆定律進(jìn)行判斷三、解答題（共3小題，滿分21分）【17·馬鞍山·一模·質(zhì)量和密度】18小明在實(shí)驗(yàn)室測(cè)量某金屬塊的密度實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）小明先把金屬塊放入裝有適量水的量筒中，量筒內(nèi)水面的位置如圖甲所示然后他將金屬塊從量筒中取出，直接放在已調(diào)節(jié)好的托盤天平上，天平平衡時(shí)游碼在標(biāo)尺上的位置和右盤砝碼如圖乙所示，計(jì)算金屬塊的密度為2.6×103kg/m3（2）小明這種測(cè)量方法測(cè)出的金屬塊密度值偏大（選填“偏大”、“偏

26、小”或“不變”）（3）小明接著又測(cè)定某液體密度他根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制了液體和容器的總質(zhì)量m總跟液體的體積V之間的關(guān)系圖象，如圖丙所示，根據(jù)圖象可計(jì)算液體的密度為1×103kg/m3【考點(diǎn)】2M：固體的密度測(cè)量實(shí)驗(yàn)【分析】（1）天平平衡后，左盤物體的質(zhì)量等于右盤砝碼的質(zhì)量和標(biāo)尺所對(duì)應(yīng)的刻度值的和；測(cè)出質(zhì)量和密度后，根據(jù)=就可以計(jì)算出物體的密度（2）本題中先用量筒測(cè)量的金屬塊的體積，然后將金屬塊從量筒中取出，直接放在托盤天平的左盤，這樣導(dǎo)致質(zhì)量的測(cè)量存在誤差（3）圖象中的質(zhì)量不是液體的質(zhì)量，而是液體和燒杯的總質(zhì)量，所以圖象不過原點(diǎn)從圖上讀出容器質(zhì)量和容器與液體的總質(zhì)量，求出被測(cè)液體的質(zhì)量讀出

27、被測(cè)液體的體積知道被測(cè)液體的質(zhì)量和體積，根據(jù)密度公式求出液體的密度【解答】解：（1）由圖可知小金屬塊的質(zhì)量是50g+2g=52g金屬塊的體積為80cm360cm3=20cm3，因此金屬塊的密度為：=2.6g/cm3=2.6×103kg/m3（2）本題中先測(cè)量的是金屬塊的體積，然后他將金屬塊從量筒中取出，直接放在托盤天平的左盤，這樣金屬塊上沾有水，導(dǎo)致質(zhì)量的測(cè)量值偏大，根據(jù)密度的計(jì)算公式=，因此這種測(cè)量方法使測(cè)量的金屬塊密度值偏大（3）圖象中的質(zhì)量不是液體的質(zhì)量，而是液體和燒杯的總質(zhì)量，即便液體的體積為零時(shí)，質(zhì)量是不為零的，這個(gè)質(zhì)量就是燒杯的質(zhì)量，由圖可知，燒杯的質(zhì)量是10g容器和液體

28、的質(zhì)量是30g，所以液體的質(zhì)量是：m=30g10g=20g，液體的體積是20cm3，所以液體的密度是：=1g/cm3=1×103kg/m3故答案為：（1）2.6×103；（2）偏大；（3）1×103【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于密度測(cè)量值和真實(shí)值大小分析的問題，一定要明確，質(zhì)量和體積測(cè)量量，哪個(gè)測(cè)量量是準(zhǔn)確的，哪個(gè)測(cè)量量是不準(zhǔn)確的，根據(jù)密度公式進(jìn)行判斷，這個(gè)類型的習(xí)題很容易迷糊，學(xué)會(huì)這種方法【17·馬鞍山·一模·簡(jiǎn)單機(jī)械】19某同學(xué)在做“測(cè)滑輪組機(jī)械效率”的實(shí)驗(yàn)中用圖甲所示的裝置勻速提起重物，并做了如下實(shí)驗(yàn)記錄：鉤碼重G（N）鉤碼上升高度h（m）測(cè)力計(jì)

29、拉力F（N）測(cè)力計(jì)移動(dòng)距離s（m）20.10.40.3（1）如果你對(duì)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)記錄進(jìn)行有關(guān)分析，就會(huì)發(fā)現(xiàn)他的實(shí)驗(yàn)結(jié)果是違背物理規(guī)律的，其表現(xiàn)在于：GhFs（2）結(jié)合圖乙住會(huì)發(fā)現(xiàn)導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)結(jié)果違背物理規(guī)律的原因其原因是拉力F讀錯(cuò)（3）該同學(xué)糾正了錯(cuò)誤繼續(xù)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)得到下列一組數(shù)據(jù)：實(shí)驗(yàn)次數(shù)鉤碼重G（N）鉤碼上升高度h（m）測(cè)力計(jì)拉力F（N）測(cè)力計(jì)移動(dòng)距離s（m）機(jī)械效率%140.11.80.374260.12.40.383380.13.10.386在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，請(qǐng)你幫助他分析一下實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)：得出結(jié)論：同一滑輪組，提升鉤碼越重，機(jī)械效率越高【考點(diǎn)】F8：滑輪（組）機(jī)械效率的測(cè)量實(shí)驗(yàn)【分析】（

30、1）要解決此題，需要會(huì)計(jì)算總功和有用功知道W有用=Gh，W總=Fs知道在使用滑輪組時(shí)需要克服動(dòng)滑輪的重力和摩擦做額外功，所以總功總小于額外功通過計(jì)算總功和額外功進(jìn)行實(shí)際分析（2）要解決此題，需要進(jìn)行測(cè)力計(jì)的讀數(shù)，在讀數(shù)前一定要認(rèn)清測(cè)力計(jì)的分度值（3）要解決此題需要了解滑輪組機(jī)械效率與物重的關(guān)系，同一滑輪組，所做的額外功相同，物體越重，所做的有用功越多，因此有用功在總功中所占的比值越大，機(jī)械效率越高【解答】解：（1）W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J；W總=Fs=0.4N×0.3m=0.12J而有用功應(yīng)小于總功，所以這一點(diǎn)是違背規(guī)律的故答案為：GhFs（2）從圖中可以得知

31、，測(cè)力計(jì)的分度值是0.2N，所以測(cè)力計(jì)的讀數(shù)應(yīng)為0.8N而表格中數(shù)據(jù)是0.4N，所以測(cè)力計(jì)讀數(shù)出現(xiàn)了錯(cuò)誤故答案為：拉力F讀錯(cuò)（3）從表格中數(shù)據(jù)可以看出，三次用同一滑輪組，提升的物重不斷增大，機(jī)械效率也不斷增高所以可以得出同一滑輪組，提升鉤碼越重，機(jī)械效率越高故答案為：同一滑輪組，提升鉤碼越重，機(jī)械效率越高【點(diǎn)評(píng)】此題是測(cè)量滑輪組的機(jī)械效率，在此實(shí)驗(yàn)中需要用測(cè)力計(jì)測(cè)量物重和繩端拉力，所以要會(huì)使用測(cè)力計(jì)在讀數(shù)時(shí)，要認(rèn)清量程同時(shí)還考查了有用功與總功的計(jì)算及機(jī)械效率與物重之間的關(guān)系【17·馬鞍山·一模·電功率】20在“測(cè)量小燈泡的額定功率”實(shí)驗(yàn)中，小燈泡標(biāo)有“2.5V”字

32、樣（1）請(qǐng)你用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖甲中的實(shí)物電路連接完整（2）連接電路前，開關(guān)必須是斷開的；滑動(dòng)變阻器的滑片要調(diào)節(jié)到最大值的位置（選填“最大值”或“最小值”）；（3）閉合開關(guān)，移動(dòng)滑片至某一位置時(shí)，電壓表示數(shù)（如圖乙所示）為2.2V，若想測(cè)出小燈泡的額定功率，接下來(lái)的操作是向右端移動(dòng)滑片，使電壓表的示數(shù)為2.5V為止（4）改變滑片的位置，獲得多組對(duì)應(yīng)的電壓值和電流值，繪制成如圖丙所示的圖象，由圖象可知該燈泡的額定功率是0.75W【考點(diǎn)】JF：電功率的測(cè)量【分析】（1）本實(shí)驗(yàn)中，電流表、燈泡、滑動(dòng)變阻器應(yīng)串聯(lián)，根據(jù)燈泡額定電壓確定電壓表量程；（2）連接電路前，開關(guān)應(yīng)斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片要調(diào)節(jié)到

33、最大值處；（3）根據(jù)電壓表所選量程，確定其分度值，然后即可讀數(shù)，由電路特點(diǎn)和歐姆定律分析如何移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片使燈泡電壓為額定電壓2.5V；（4）根據(jù)圖象讀出燈泡正常發(fā)光時(shí)電流表示數(shù)；由功率公式P=UI可求出燈泡的額定功率【解答】解：（1）由題意知，小燈泡的額定電壓為2.5V，所以小燈泡的電流不會(huì)很大，電流表可選擇00.6A的量程，電流要從電流表的正接線柱流入，從負(fù)接線柱流出，實(shí)物連接如圖所示：（2）為了保護(hù)電路，連接電路前，開關(guān)應(yīng)斷開，滑動(dòng)變阻器的滑片要調(diào)節(jié)到最大值的位置；（3）由乙圖可知，電壓表的量程為03V，分度值為0.1V，由指針位置可知，電壓表示數(shù)為2.2V，小于額定電壓，要使燈泡正

34、常工作，燈泡兩端電壓應(yīng)增大到2.5V，電路中電流要增大，總電阻要減小，滑動(dòng)變阻器接入的阻值要減小，所以應(yīng)向右端移動(dòng)滑片，使電壓表的示數(shù)為2.5V為止；（4）由圖象知，燈泡在額定電壓2.5V時(shí)，通過燈泡的電流為0.3A，燈泡的額定功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W故答案為：（1）見上圖；（2）斷開；最大值；（3）向右端移動(dòng)滑片，使電壓表的示數(shù)為2.5V為止；（4）0.75【點(diǎn)評(píng)】本題是測(cè)燈泡額定功率的實(shí)驗(yàn)，考查了實(shí)物電路的連接、注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)的操作、電表讀數(shù)以及電功率的計(jì)算，都是一些常考問題，應(yīng)掌握好四、解答題（共3小題，滿分22分）【17·馬鞍山·一模

35、·運(yùn)動(dòng)和力、內(nèi)能及其利用】212016年9月30日，國(guó)內(nèi)首條新能源懸掛式空中軌道交通試驗(yàn)線在成都亮相，如圖所示，該試驗(yàn)線全長(zhǎng)為1.25km，列車設(shè)計(jì)時(shí)速為60km/h，該系統(tǒng)創(chuàng)造性地將鋰電池包代替高壓電用于提供列車的牽引動(dòng)力，在世界上屬于首創(chuàng)（1）該列車以設(shè)計(jì)時(shí)速行駛完試驗(yàn)線全程，需要多少分鐘？（2）若列車總質(zhì)量為6t，列車所受摩擦力與列車對(duì)軌道壓力的比值=0.08則列車在水平軌道上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的牽引力為多大？（3）若列車正常行駛時(shí)，每千米耗電量為2.5kWh，與每千米消耗汽油0.4kg的公交汽車相比，哪一個(gè)更節(jié)能？（汽油的熱值q=4.6×107J/kg）【考點(diǎn)】6T：二力平

36、衡條件的應(yīng)用；69：速度公式及其應(yīng)用【分析】（1）已知路程和速度，利用v=計(jì)算試驗(yàn)時(shí)間；（2）知道列車的質(zhì)量，根據(jù)G=mg求出列車所受重力的大?。涣熊噭蛩傩旭偺幱谄胶鉅顟B(tài)，受到的牽引力和阻力是一對(duì)平衡力，根據(jù)F=f=0.08G求出其大?。唬?）根據(jù)Q=mq求出0.4kg汽油完全燃燒放出的熱量；然后與2.5kWh電能進(jìn)行比較【解答】解：（1）根據(jù)公式v=可知；需要的時(shí)間：t=1.25min；（2）列車的重力：G=mg=6×103kg×10N/kg=6×104N；因列車勻速行駛處于平衡狀態(tài)，受到的牽引力和阻力是一對(duì)平衡力，所以，列車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)牽引力大?。篎=f=G=0.08×6×104N=4.8×103N；（3）完全燃燒0.4kg汽油放出的熱量：Q=mq=0.4kg×4.6×107J/kg=1.84×107J；列車消耗的電能W=2.5kWh=2.5×3.6×106J=9×106J；因?yàn)镼W，所以列車節(jié)能答：（1）該列車以設(shè)計(jì)時(shí)速形式完試驗(yàn)線全程，需要1.25min；（2）列車在水平軌