湖北省襄陽市棗陽一中2015-2016學(xué)年高二上學(xué)期段測物理試卷

1、2015-2016學(xué)年湖北省襄陽市棗陽一中高二（上）段測物理試卷一、選擇題（1-10題單選，11-1題4多選每小題4分）1關(guān)于同一電場的電場線，下列表述正確的是( )A電場線是客觀存在的B電場線越密，電場強(qiáng)度越小C沿著電場線方向，電勢越來越低D電荷在沿電場線方向移動(dòng)時(shí)，電勢能減小2用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法下面四個(gè)物理量表達(dá)式中屬于比值法定義式的是( )A導(dǎo)體的電阻R=B加速度a=C電場強(qiáng)度E=kD電容器的電容C=3一個(gè)T形電路如圖所示，電路中的電阻R1=30，R2=R3=20另有一測試電源，所提供電壓恒為10V以下說法正確的是( )A若將cd端短路，ab之間的等效電阻是50B

2、若將ab端短路，cd之間的等效電阻是40C當(dāng)ab兩端接上測試電源時(shí)，cd兩端的電壓為4VD當(dāng)cd兩端接通測試電源時(shí)，ab兩端的電壓為6V4在真空中的一個(gè)點(diǎn)電荷的電場中，離該點(diǎn)電荷距離為r0的一點(diǎn)引入電荷量為q的檢驗(yàn)電荷，所受靜電力為F，則離該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)為( )ABCD5一帶電油滴在場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向下若不計(jì)空氣阻力，此帶電油滴從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，能量變化情況為( )A動(dòng)能減小B電勢能增加C動(dòng)能和電勢能之和減小D重力勢能和電勢能之和增加6真空中A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷，分別帶有+2Q和Q的電量，直線MN是AB連線的中垂線，如圖所示C、D在直線MN上且D

3、為MN與AB的交點(diǎn)，則關(guān)于C、D兩點(diǎn)的場強(qiáng)EC、ED和電勢C、D的大小關(guān)系，下列說法中正確的是( )AECED CDBEC=ED CDCECED C=DDECED CD7如圖1所示連接電路，電源電動(dòng)勢為6V先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，這個(gè)過程可在瞬間完成然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電，電流傳感器將測得的電流信息傳人計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時(shí)間變化的It 曲線如圖2所示據(jù)此圖可估算出電容器釋放的電荷量，并進(jìn)而估算出電容器的電容為( )A2.0×101FB1.3×102FC4.5×103FD5.5×104F8如圖甲所示，在兩距離足夠

4、大的平行金屬板中央有一個(gè)靜止的電子（不計(jì)重力），當(dāng)兩板間加上如圖乙所示的交變電壓后，下列圖象中能正確反映電子速度v、位移x、加速度a和動(dòng)能Ek四個(gè)物理量隨時(shí)間變化規(guī)律的是( )ABCD9如圖所示，Q是真空中固定的點(diǎn)電荷，a、b、c是以Q所在位置為圓心、半徑分別為r和2r的球面上的三點(diǎn)將電荷量為q1、q2的檢驗(yàn)正電荷分別從a、c兩點(diǎn)移至無窮遠(yuǎn)處，已知兩電荷的電勢能均增大且增量相同不計(jì)q1、q2的相互作用，下列判斷正確的是( )AQ帶負(fù)電Bb、c兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同Ca、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小之比為1：4Dq1q210如圖是一個(gè)說明示波管工作的原理圖，電子經(jīng)加速電場（加速電壓為U1）加速后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)

5、電場，離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電壓為U2，板長為l，每單位電壓引起的偏移，叫做示波管的靈敏度，為了提高靈敏度，可采用下列哪些方法( )A增大U2B減小lC減小dD增大U111鉛蓄電池的電動(dòng)勢為2V，這表示( )A電路中每通過1C電量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹷蓄電池兩極間的電壓為2VC蓄電池能在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能D蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢為1.5V）的大12如圖所示，一個(gè)絕緣光滑半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻強(qiáng)電場E中，在環(huán)與環(huán)圓心等高處有一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球由靜止開始沿軌道運(yùn)動(dòng)，則( )A小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒B小球

6、經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)速度最大C在最低點(diǎn)時(shí)球?qū)Νh(huán)的壓力為（mg+qE）D在最低點(diǎn)時(shí)球?qū)Νh(huán)的壓力為3（mg+qE）13如圖所示，一根絕緣桿長為L，兩端分別帶等量異種電荷，電荷量絕對值為Q，處在場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中，桿與電場線的夾角為60°，若是桿沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)過60°（以桿上某一點(diǎn)為圓心轉(zhuǎn)動(dòng)），則下列敘述正確的是( )A電場力不做功，兩電荷的電勢能不變B電場力做的總功為，兩個(gè)電荷的電勢能減少C電場力做的總功為，兩個(gè)電荷的電勢能增加D電場力做的總功大小跟轉(zhuǎn)動(dòng)軸有關(guān)14如圖所示，帶電平行金屬板A，B，板間的電勢差為U，A板帶正電，B板中央有一小孔一帶正電的微粒，帶電量為q，質(zhì)量為m，自

7、孔的正上方距板高h(yuǎn)處自由落下，若微粒恰能落至A，B板的正中央c點(diǎn)，則：( )A微粒在下落過程中動(dòng)能逐漸增加，重力勢能逐漸減小B微粒下落過程中重力做功為mg（h+），電場力做功為qUC微粒落入電場中，電勢能逐漸增大，其增加量為qUD若微粒從距B板高2h處自由下落，則恰好能達(dá)到A板二填空題（每小題4分）15密立根油滴實(shí)驗(yàn)進(jìn)一步證實(shí)了電子的存在，揭示了電荷的非連續(xù)性如圖所示是密立根實(shí)驗(yàn)的原理示意圖，設(shè)小油滴質(zhì)量為m，調(diào)節(jié)兩板間電勢差為U，當(dāng)小油滴懸浮不動(dòng)時(shí)，測出兩板間距離為d可求出小油滴的電荷量q？16如圖所示，水平平行金屬板A、B間距為d，一帶電質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為m，電荷量為q，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)以速率v從兩極板中央

8、處水平飛入兩極板間時(shí)，如兩極板不加電壓，則恰好從下板邊緣飛出，若給A、B兩極板加一電壓U，則恰好從上板邊緣飛出，那么所加電壓U=_17質(zhì)量為m，電荷量為q的質(zhì)點(diǎn)，在靜電力作用下以恒定速率v沿圓弧由A運(yùn)動(dòng)到B，其速度方向改變角，AB弧長為s，則A、B兩點(diǎn)的電勢差UAB=_，AB中點(diǎn)的場強(qiáng)大小E=_三計(jì)算題（寫出必要的文字說明10+10+10+12）18如圖，在正的點(diǎn)電荷Q的電場中有a、b兩點(diǎn)，它們到點(diǎn)電荷Q的距離r1r2（l）a、b兩點(diǎn)哪點(diǎn)電勢高？（2）將一負(fù)電荷放在a、b兩點(diǎn)，哪點(diǎn)電勢能較大？（3）若a、b兩點(diǎn)問的電勢差為100V，將二價(jià)負(fù)離子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí)電場力對電荷做功還是電荷克服電場力

9、做功？做功多少？19一個(gè)帶正電的微粒，從A點(diǎn)射入水平方向的勻強(qiáng)電場中，微粒沿直線AB運(yùn)動(dòng)，如圖所示，AB與電場線夾角=37°，已知帶電微粒的質(zhì)量m=1.2×107kg，電荷量q=1.0×1010C，A、B相距L=0.3m（取g=10m/s2）求：（1）說明微粒在電場中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，要求說明理由 （2）電場強(qiáng)度的大小和方向？（3）要使微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，微粒射入電場時(shí)的最小速度是多少？20如圖所示，光滑斜面傾角為37°，一帶有正電的小物塊質(zhì)量為m，電荷量為q，置于斜面上，當(dāng)沿水平方向加有如圖所示的勻強(qiáng)電場時(shí)，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時(shí)刻開始，電場強(qiáng)

10、度變化為原來的，求：（1）原來的電場強(qiáng)度的大??； （2）物體運(yùn)動(dòng)的加速度；（3）沿斜面下滑距離為L時(shí)物體的速度的大?。╯in37°=0.6，cos37°=0.8）21如圖所示，EF與GH間為一無場區(qū)無場區(qū)左側(cè)A、B為相距為d、板長為L的水平放置的平行金屬板，兩板上加某一電壓從而在板間形成一勻強(qiáng)電場，其中A為正極板無場區(qū)右側(cè)為一點(diǎn)電荷Q形成的電場，點(diǎn)電荷的位置O為圓弧形細(xì)圓管CD的圓心，圓弧半徑為R，圓心角為120°，O、C在兩板間的中心線上，D位于GH上一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以初速度v0沿兩板間的中心線射入勻強(qiáng)電場，粒子出勻強(qiáng)電場經(jīng)無場區(qū)后恰能進(jìn)入細(xì)

11、圓管，并做與管壁無相互擠壓的勻速圓周運(yùn)動(dòng)（不計(jì)粒子的重力、管的粗細(xì)）求：（1）O處點(diǎn)電荷的電性和電荷量；（2）兩金屬板間所加的電壓2015-2016學(xué)年湖北省襄陽市棗陽一中高二（上）段測物理試卷一、選擇題（1-10題單選，11-1題4多選每小題4分）1關(guān)于同一電場的電場線，下列表述正確的是( )A電場線是客觀存在的B電場線越密，電場強(qiáng)度越小C沿著電場線方向，電勢越來越低D電荷在沿電場線方向移動(dòng)時(shí)，電勢能減小考點(diǎn)：電場線；電勢 分析：電場線是為了形象的描述電場強(qiáng)弱和方向引入的，并非實(shí)際存在的，電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，沿電場線電勢降低解答：解：A、電場線是人為引入，假象的線，并非真實(shí)存在的，故

12、A錯(cuò)誤；B、電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，電場線密的地方電場強(qiáng)，疏的地方電場弱，故錯(cuò)誤；C、沿電場線電勢降低，電勢的高低與電場線的疏密無關(guān)，故C正確；D、電勢能的高低通過電場力做功來判斷，沿電場線運(yùn)動(dòng)，電場力不一定做正功，電勢能不一定減小，故D錯(cuò)誤故選C點(diǎn)評(píng)：本題著重通過電場線考察了對電勢、場強(qiáng)、電勢能概念的理解情況，要理解它們的區(qū)別以及大小的決定因素2用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法下面四個(gè)物理量表達(dá)式中屬于比值法定義式的是( )A導(dǎo)體的電阻R=B加速度a=C電場強(qiáng)度E=kD電容器的電容C=考點(diǎn)：電容器；歐姆定律 專題：電容器專題分析：電容、電阻等均采用比值定義法，明確比值定義法的性

13、質(zhì)及其特點(diǎn)進(jìn)行作答解答：解：A、導(dǎo)體的電阻R=中電阻與導(dǎo)線長度、橫截面積及電阻率有關(guān)，不屬于比值定義法，故A錯(cuò)誤；B、加速度中a取決于力的大小，不屬于比值定義法，故B錯(cuò)誤；C、點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度E取決于電量及距離，與電量有關(guān)；不屬于比值定義法，故C錯(cuò)誤；D、電容的定義式中，C與兩板間的電量及兩板間的電勢差無關(guān)，屬于比值定義法，故D正確；故選：D點(diǎn)評(píng)：用比值定義法所定義的物理量有：電場強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度、電阻、電容等等，注意它們均是由本身的性質(zhì)決定的，和定義它們的物理量無關(guān)3一個(gè)T形電路如圖所示，電路中的電阻R1=30，R2=R3=20另有一測試電源，所提供電壓恒為10V以下說法正確的是( )A若將

14、cd端短路，ab之間的等效電阻是50B若將ab端短路，cd之間的等效電阻是40C當(dāng)ab兩端接上測試電源時(shí)，cd兩端的電壓為4VD當(dāng)cd兩端接通測試電源時(shí)，ab兩端的電壓為6V考點(diǎn)：串聯(lián)電路和并聯(lián)電路 專題：恒定電流專題分析：當(dāng)cd端短路時(shí)，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)當(dāng)ab兩端接通測試電源時(shí)，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓當(dāng)cd兩端接通測試電源時(shí)，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓根據(jù)歐姆定律求解電壓解答：解：A、當(dāng)cd端短路時(shí)，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，等效電阻為： R=

15、；故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)ab端短路時(shí)，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)，等效電阻為： R=，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)ab兩端接通測試電源時(shí)，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，U=；故C正確；D、當(dāng)cd兩端接通測試電源時(shí)，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，為U3=；故D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：對于電路問題，首先要明確電路的結(jié)構(gòu)，并能正確應(yīng)用串并聯(lián)電路的規(guī)律進(jìn)行分析，必要時(shí)應(yīng)進(jìn)行電路的簡化4在真空中的一個(gè)點(diǎn)電荷的電場中，離該點(diǎn)電荷距離為r0的一點(diǎn)引入電荷量為q的檢驗(yàn)電荷，所受靜電力為F，則離該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)為( )ABCD考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；庫侖定律 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：先根

16、據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=求出離該點(diǎn)電荷距離為r0處的場強(qiáng)大小，再由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=k，運(yùn)用比例求解離該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)解答：解：根據(jù)電場強(qiáng)度定義得r0處的場強(qiáng)大小為 E1=根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式得E=k，Q為場源電荷的電量，則離該點(diǎn)電荷為r0處的場強(qiáng)為：E1=k，離該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)為：E2=k，由上兩式之比得：=所以該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)的大小為 E2=E1=故選：B點(diǎn)評(píng)：解答本題關(guān)鍵要掌握場強(qiáng)的兩大公式定義式E=和點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=k，熟練運(yùn)用比例法，即可進(jìn)行求解5一帶電油滴在場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向下若不計(jì)空氣阻力，此帶電油滴從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中，能量

17、變化情況為( )A動(dòng)能減小B電勢能增加C動(dòng)能和電勢能之和減小D重力勢能和電勢能之和增加考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢能 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知粒子電性，則可求得電場力對粒子所做的功的性質(zhì)；由動(dòng)能定理可求得動(dòng)能的變化；由能量關(guān)系可知重力勢能與電勢能總和的變化，及動(dòng)能和電勢能之和的變化解答：解：A、粒子由a到b，由運(yùn)動(dòng)軌跡可判出粒子受電場力與重力的合力向上，故粒子帶負(fù)電且電場力大于重力，電場力與重力的合力做正功，由動(dòng)能定理可知，油滴的動(dòng)能增大；故A錯(cuò)誤；B、由于電場力做正功，故電勢能減小，故B錯(cuò)誤；C、D、由能量的轉(zhuǎn)化與守恒知，系統(tǒng)中重力勢能、動(dòng)能、電

18、勢能之和保持不變，由題易知重力勢能增加，故動(dòng)能和電勢能之和減??；同理由前面分析知?jiǎng)幽茉黾樱瑒t重力勢能和電勢能之和減??；故C正確D錯(cuò)誤；故選：C點(diǎn)評(píng)：帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)類題目，較好的考查了曲線運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理及能量關(guān)系，綜合性較強(qiáng)，故在高考中經(jīng)常出現(xiàn)，在學(xué)習(xí)中應(yīng)注意重點(diǎn)把握6真空中A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷，分別帶有+2Q和Q的電量，直線MN是AB連線的中垂線，如圖所示C、D在直線MN上且D為MN與AB的交點(diǎn)，則關(guān)于C、D兩點(diǎn)的場強(qiáng)EC、ED和電勢C、D的大小關(guān)系，下列說法中正確的是( )AECED CDBEC=ED CDCECED C=DDECED CD考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；電勢 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專

19、題分析：電場強(qiáng)度是描述電場強(qiáng)弱的物理量，它是由電荷所受電場力與其電量的比值來定義由于電場強(qiáng)度是矢量，電場強(qiáng)度疊加時(shí)滿足平行四邊形定則電場線越密的地方，電場強(qiáng)度越強(qiáng)正電荷所受電場力方向與電場強(qiáng)度方向相同同時(shí)沿著電場線方向電勢降低解答：解：A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷分別帶有+2Q和Q，直線MN是AB連線的中垂線，如圖所示D為MN與AB的交點(diǎn)根據(jù)電場線的疏密可知D點(diǎn)的電場線比C點(diǎn)的密，所以ECED 由于A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷分別帶有+2Q和Q，則中垂線不再是等勢面因此可畫出C、D兩點(diǎn)的等勢線，與A、B連線的交點(diǎn)，從而根據(jù)沿電場線方向電勢降低來確定高低CD故選：D點(diǎn)評(píng)：雖然電場線不是實(shí)際存在的，但電場線的疏密可以體現(xiàn)

20、電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱；可以根據(jù)電場線方向來確定電勢的高低；同時(shí)還考查了等量異種點(diǎn)電荷的電場線的分布，電場線與等勢線相互垂直7如圖1所示連接電路，電源電動(dòng)勢為6V先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，這個(gè)過程可在瞬間完成然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電，電流傳感器將測得的電流信息傳人計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時(shí)間變化的It 曲線如圖2所示據(jù)此圖可估算出電容器釋放的電荷量，并進(jìn)而估算出電容器的電容為( )A2.0×101FB1.3×102FC4.5×103FD5.5×104F考點(diǎn)：電容；閉合電路的歐姆定律 專題：電容器專題分析：根據(jù)圖象的含義，因Q=I

21、t，所以方格的面積表示為電容器的放電量；根據(jù)電容器的電容C=可知，結(jié)合電量與電勢差，即可求解解答：解：根據(jù)橫軸與縱軸的數(shù)據(jù)可知，一個(gè)格子的電量為0.08×103C，由大于半格算一個(gè)，小于半格舍去，因此圖象所包含的格子個(gè)數(shù)為41，所以釋放的電荷量是0.08×103C×41=3.28×103C；根據(jù)電容器的電容C=可知，C=5.5×104F故選D點(diǎn)評(píng)：本題考查了電容的定義式，難點(diǎn)在于要根據(jù)圖象求放出的電荷量8如圖甲所示，在兩距離足夠大的平行金屬板中央有一個(gè)靜止的電子（不計(jì)重力），當(dāng)兩板間加上如圖乙所示的交變電壓后，下列圖象中能正確反映電子速度v、位

22、移x、加速度a和動(dòng)能Ek四個(gè)物理量隨時(shí)間變化規(guī)律的是( )ABCD考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：分析電子一個(gè)周期內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況：0時(shí)間內(nèi)，電子從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，沿原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻速度為零時(shí)間內(nèi)向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，T繼續(xù)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)情況選擇圖象解答：解：分析電子一個(gè)周期內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況：0時(shí)間內(nèi)，電子從靜止開始向A板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，沿原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻速度為零時(shí)間內(nèi)向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，T繼續(xù)向B板做勻減速直線運(yùn)動(dòng) A、根

23、據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)速度圖象是傾斜的直線可知A符合電子的運(yùn)動(dòng)情況故A正確 B、電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)xt圖象是拋物線，故B錯(cuò)誤 C、根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)情況：勻加速運(yùn)動(dòng)和勻減速運(yùn)動(dòng)，而勻變速運(yùn)動(dòng)的加速度不變，at圖象應(yīng)平行于橫軸故C錯(cuò)誤 D、勻變速運(yùn)動(dòng)速度圖象是傾斜的直線，Ekt圖象是曲線故D錯(cuò)誤故選A點(diǎn)評(píng)：本題是帶電粒子在周期性電場中運(yùn)動(dòng)的問題，關(guān)鍵是分析電子的運(yùn)動(dòng)情況9如圖所示，Q是真空中固定的點(diǎn)電荷，a、b、c是以Q所在位置為圓心、半徑分別為r和2r的球面上的三點(diǎn)將電荷量為q1、q2的檢驗(yàn)正電荷分別從a、c兩點(diǎn)移至無窮遠(yuǎn)處，已知兩電荷的電勢能均增大且增量相同不計(jì)q1、q2的相互作用，下列判斷正確的是(

24、 )AQ帶負(fù)電Bb、c兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同Ca、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小之比為1：4Dq1q2考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；電勢能 分析：電場力做功等于電勢能的減小量，根據(jù)公式E=判斷電場強(qiáng)度的大小解答：解：A、將電荷量為q1、q2的檢驗(yàn)正電荷分別從a、c兩點(diǎn)移至無窮遠(yuǎn)處，已知兩電荷的電勢能均增大；電場力做功等于電勢能的減小量，故電場力做負(fù)功，故場源電荷帶負(fù)電，故A正確；B、根據(jù)公式E=，b、c兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相等，但方向不同，故不同，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)公式E=，a、b兩點(diǎn)與場源間距之比為2：1，故電場強(qiáng)度的大小之比為4：1，故C錯(cuò)誤；D、無窮遠(yuǎn)處的電勢能為零，電勢能的變化量相同，故電場力做功相同；電場力做功為：W=

25、，由于q1對應(yīng)的半徑小，故電荷量也小，即q1q2，故D錯(cuò)誤；故選：A點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確用E=判斷電場強(qiáng)度的大小、用Ep=判斷電勢能大小，同時(shí)要記住電場力做功等于電勢能的減小量10如圖是一個(gè)說明示波管工作的原理圖，電子經(jīng)加速電場（加速電壓為U1）加速后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電壓為U2，板長為l，每單位電壓引起的偏移，叫做示波管的靈敏度，為了提高靈敏度，可采用下列哪些方法( )A增大U2B減小lC減小dD增大U1考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；示波器的使用 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)靈敏度的定義，分析電子的偏轉(zhuǎn)位移的大小，找出靈敏度的

26、關(guān)系式，根據(jù)關(guān)系式來分析靈敏度與哪些物理量有關(guān)解答：解：電子在加速電場中加速，根據(jù)動(dòng)能定理可得，eU1=mv02，所以電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)速度的大小為，v0=，電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后的偏轉(zhuǎn)的位移為，h=at2=，所以示波管的靈敏度=，所以要提高示波管的靈敏度可以增大l，減小d和減小U1，所以C正確故選C點(diǎn)評(píng)：本題是信息的給以題，根據(jù)所給的信息，找出示波管的靈敏度的表達(dá)式即可解決本題11鉛蓄電池的電動(dòng)勢為2V，這表示( )A電路中每通過1C電量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹷蓄電池兩極間的電壓為2VC蓄電池能在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能D蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢為1.5V

27、）的大考點(diǎn)：電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻 專題：恒定電流專題分析：電動(dòng)勢是一個(gè)表征電源特征的物理量定義電源的電動(dòng)勢是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功它是能夠克服導(dǎo)體電阻對電流的阻力，使電荷在閉合的導(dǎo)體回路中流動(dòng)的一種作用解答：解：A、電路中每通過1 C電荷量，鉛蓄電池將1C的正電荷從負(fù)極移至正極的過程中，克服靜電力做功w=qU=1C×2V=2J，故電勢能增加2J，即2J化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能故A正確；B、當(dāng)電池不接入外電路時(shí)，蓄電池兩極間的電壓為2V；當(dāng)電池接入電路時(shí)，兩極間的電壓小于2V，故B錯(cuò)誤；C、鉛蓄電池的電動(dòng)

28、勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負(fù)極通過電源內(nèi)部移送到正極時(shí)所做的功為2J，即電能增加2J，與時(shí)間無關(guān)故C錯(cuò)誤D、電動(dòng)勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，電動(dòng)勢大，轉(zhuǎn)化本領(lǐng)大一節(jié)干電池的電動(dòng)勢為1.5V，則蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢為1.5V）的大，故D正確；故選：AD點(diǎn)評(píng)：電源是把其他能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動(dòng)勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)12如圖所示，一個(gè)絕緣光滑半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻強(qiáng)電場E中，在環(huán)與環(huán)圓心等高處有一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球由靜止開始沿軌道運(yùn)動(dòng)，則( )A小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒

29、B小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)速度最大C在最低點(diǎn)時(shí)球?qū)Νh(huán)的壓力為（mg+qE）D在最低點(diǎn)時(shí)球?qū)Νh(huán)的壓力為3（mg+qE）考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)機(jī)械能守恒的條件判斷小球運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能是否守恒，通過動(dòng)能定理判斷小球在何位置速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理求出最低點(diǎn)的速度，結(jié)合牛頓第二定律求出支持力的大小，從而得出球?qū)Νh(huán)的壓力大小解答：解：A、小球在運(yùn)動(dòng)的過程中除了重力做功以外，還有電場力做功，機(jī)械能不守恒故A錯(cuò)誤B、根據(jù)動(dòng)能定理知，在運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，電場力和重力一直做整個(gè)，到達(dá)最低點(diǎn)的速度最大故B正確C、根據(jù)動(dòng)能定理得：mgR+qE

30、R=，解得：，根據(jù)牛頓第二定律得：NqEmg=m，解得：N=3（mg+qE），則球?qū)Νh(huán)的壓力為3（mg+qE）故C錯(cuò)誤，D正確故選：BD點(diǎn)評(píng)：本題考查了動(dòng)能定理和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，知道小球在最低點(diǎn)向心力的來源是解決本題的關(guān)鍵13如圖所示，一根絕緣桿長為L，兩端分別帶等量異種電荷，電荷量絕對值為Q，處在場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中，桿與電場線的夾角為60°，若是桿沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)過60°（以桿上某一點(diǎn)為圓心轉(zhuǎn)動(dòng)），則下列敘述正確的是( )A電場力不做功，兩電荷的電勢能不變B電場力做的總功為，兩個(gè)電荷的電勢能減少C電場力做的總功為，兩個(gè)電荷的電勢能增加D電場力做的總功大小跟轉(zhuǎn)動(dòng)軸有

31、關(guān)考點(diǎn)：電勢能 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：桿沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)過60°，電場力對兩電荷都做正功，電勢能都減少根據(jù)W=qEd計(jì)算電場力做功，其中d是沿電場方向兩點(diǎn)間的距離解答：解：A、+Q所受電場力水平向右，Q所受電場力水平向左，當(dāng)桿沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)過60°時(shí)，電場力對兩個(gè)電荷都做正功，兩電荷的電勢能都減小故A錯(cuò)誤 B、C，電場力對正電荷所受的功W1=qE（1cos60°）=，電場力對正電荷所受的功W2=qE（1cos60°）=，電場力做的總功為W=W1+W2=由于電場力做正功，兩個(gè)電荷的電勢能減少故B正確，C錯(cuò)誤 D、由上得到總功W=，可見，總功與跟轉(zhuǎn)

32、動(dòng)軸無關(guān)故D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)評(píng)：本題是電偶極子，電場力對兩個(gè)電荷做的總功大小跟轉(zhuǎn)動(dòng)軸無關(guān)基礎(chǔ)題14如圖所示，帶電平行金屬板A，B，板間的電勢差為U，A板帶正電，B板中央有一小孔一帶正電的微粒，帶電量為q，質(zhì)量為m，自孔的正上方距板高h(yuǎn)處自由落下，若微粒恰能落至A，B板的正中央c點(diǎn)，則：( )A微粒在下落過程中動(dòng)能逐漸增加，重力勢能逐漸減小B微粒下落過程中重力做功為mg（h+），電場力做功為qUC微粒落入電場中，電勢能逐漸增大，其增加量為qUD若微粒從距B板高2h處自由下落，則恰好能達(dá)到A板考點(diǎn)：電勢能；功能關(guān)系；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：微粒在下落過程中先做加速

33、運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能先增大，后減小重力一直做正功，重力一直減小微粒下落過程中重力做功為mg（h+），電場力做功為qU微粒落入電場中，電場力做負(fù)功，電勢能逐漸增大，其增加量為qU根據(jù)動(dòng)能定理研究微粒從距B板高2h處自由下落，能否到達(dá)A板解答：解：A、微粒在下落過程中先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能先增大，后減小重力一直做正功，重力一直減小故A錯(cuò)誤 B、微粒下降的高度為h+，重力做正功，為WG=mg（h+），電場力向上，位移向下，電場力做負(fù)功，WE=q=qU故B正確 C、微粒落入電場中，電場力做負(fù)功，電勢能逐漸增大，其增加量等于微?？朔妶隽ψ龉P=qU故C正確 D、由題微粒恰能落至A，B板

34、的正中央c點(diǎn)過程，由動(dòng)能定理得： mg（h+）qU=0 若微粒從距B板高2h處自由下落，設(shè)達(dá)到A板的速度為v，則由動(dòng)能定理得： mg（2h+d）qU= 由聯(lián)立得v=0，即恰好能達(dá)到A板故D正確故選BCD點(diǎn)評(píng)：本題根據(jù)動(dòng)能定理研究微粒能否到達(dá)A板，也可以根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析二填空題（每小題4分）15密立根油滴實(shí)驗(yàn)進(jìn)一步證實(shí)了電子的存在，揭示了電荷的非連續(xù)性如圖所示是密立根實(shí)驗(yàn)的原理示意圖，設(shè)小油滴質(zhì)量為m，調(diào)節(jié)兩板間電勢差為U，當(dāng)小油滴懸浮不動(dòng)時(shí)，測出兩板間距離為d可求出小油滴的電荷量q？考點(diǎn)：帶電粒子在混合場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：小油滴懸浮在兩板間電場中

35、不動(dòng)，處于靜止?fàn)顟B(tài)即平衡態(tài)，再根據(jù)E=，即可求的小油滴的電荷量解答：解：小油滴懸浮在兩板間電場中不動(dòng)，處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，可得：qE=mg其中：解得：答：小油滴的電荷量q為點(diǎn)評(píng)：小油滴懸浮在兩板間電場中不動(dòng)是本題的題眼，利用平衡關(guān)系列方程16如圖所示，水平平行金屬板A、B間距為d，一帶電質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為m，電荷量為q，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)以速率v從兩極板中央處水平飛入兩極板間時(shí)，如兩極板不加電壓，則恰好從下板邊緣飛出，若給A、B兩極板加一電壓U，則恰好從上板邊緣飛出，那么所加電壓U=考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：兩極間不加電壓時(shí)，粒子做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)即可

36、求出金屬板的長度L；當(dāng)兩極間加上電壓U時(shí)，粒子做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，即類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律即可求解U解答：解：兩極間不加電壓時(shí)，粒子做平拋運(yùn)動(dòng)水平方向上：L=vt 豎直方向上：d=gt2 當(dāng)兩極間加上電壓U時(shí)，粒子做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)即水平方向上：L=vt豎直方向上：d=at2 由、得：a=g（方向向上）由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得：qmg=ma解得：U=故答案為：點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)情況，抓住兩極間不加電壓時(shí)，粒子做平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩極間加上電壓U時(shí)，粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)列式即可求解，難度適中17質(zhì)量為m，電荷量為q的質(zhì)點(diǎn)，在靜電力作用下以恒定速率v沿圓弧由A運(yùn)動(dòng)到B，

37、其速度方向改變角，AB弧長為s，則A、B兩點(diǎn)的電勢差UAB=0，AB中點(diǎn)的場強(qiáng)大小E=考點(diǎn)：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電場強(qiáng)度 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：由題意知電荷在靜電力作用下做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靜電力做的功是零得出A、B兩點(diǎn)間的電勢差靜電力是質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力列出等式和點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式結(jié)合求解AB弧中點(diǎn)的場強(qiáng)大小解答：解：由題意知電荷在靜電力作用下做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，由動(dòng)能定理知，靜電力做的功是零，所以A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB=0設(shè)場源電荷的電荷量為Q，質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，則弧長s=r 靜電力是質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，即 弧AB中點(diǎn)的場強(qiáng)大小E=

38、解組成的方程組得E=故答案為：0；點(diǎn)評(píng)：涉及到電勢差的問題，常常要用到動(dòng)能定理要掌握電場強(qiáng)度，電勢差，電場力做功等物理量間的關(guān)系三計(jì)算題（寫出必要的文字說明10+10+10+12）18如圖，在正的點(diǎn)電荷Q的電場中有a、b兩點(diǎn)，它們到點(diǎn)電荷Q的距離r1r2（l）a、b兩點(diǎn)哪點(diǎn)電勢高？（2）將一負(fù)電荷放在a、b兩點(diǎn)，哪點(diǎn)電勢能較大？（3）若a、b兩點(diǎn)問的電勢差為100V，將二價(jià)負(fù)離子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí)電場力對電荷做功還是電荷克服電場力做功？做功多少？考點(diǎn)：電勢能；電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：（1）沿著電場線的方向電勢逐漸降低，點(diǎn)電荷周圍的等勢面是一簇簇球面根據(jù)這一規(guī)律判

39、斷a、b兩點(diǎn)的電勢（2）根據(jù)負(fù)電荷在電勢高處電勢能小、在電勢低處電勢能大，分析電勢能的大小（3）根據(jù)W=qU求出電場力所做的功，將q的正負(fù)，電勢差的正負(fù)代入計(jì)算解答：解：（1）沿著電場線方向電勢逐漸降低，點(diǎn)電荷Q電場的等勢面是以Q點(diǎn)為球心的球面，離Q越近，等勢面的電勢越高，所以a點(diǎn)電勢高（2）a點(diǎn)電勢高，而負(fù)電荷在電勢高處電勢能小、在電勢低處電勢能大，則負(fù)電荷放在b點(diǎn)電勢能較大（3）負(fù)離子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場力做功 W=Uq=100×（3.2×1019）J=3.2×1017J所以電荷克服電場力做功，克服做功為3.2×1017J答：（l）a點(diǎn)是電勢高（2）

40、將一負(fù)電荷放在a、b兩點(diǎn)，b點(diǎn)電勢能較大（3）將二價(jià)負(fù)離子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電荷克服電場力做功，克服做功為3.2×1017J點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道沿著電場線的方向電勢逐漸降低以及掌握電場力做功的方法，一、直接運(yùn)用W=qU計(jì)算，將q的正負(fù)，電勢差的正負(fù)代入計(jì)算二、先判斷出電場力做正功還是負(fù)功，然后運(yùn)用W=qU求出做功的大小，只代數(shù)值19一個(gè)帶正電的微粒，從A點(diǎn)射入水平方向的勻強(qiáng)電場中，微粒沿直線AB運(yùn)動(dòng)，如圖所示，AB與電場線夾角=37°，已知帶電微粒的質(zhì)量m=1.2×107kg，電荷量q=1.0×1010C，A、B相距L=0.3m（取g=10m/s2）求

41、：（1）說明微粒在電場中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，要求說明理由 （2）電場強(qiáng)度的大小和方向？（3）要使微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，微粒射入電場時(shí)的最小速度是多少？考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng) 專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）微粒受到電場力與重力作用做直線運(yùn)動(dòng)，微粒所受合力方向與速度方向應(yīng)在你一條直線上，根據(jù)微粒的受力情況判斷微粒的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)（2）應(yīng)用平衡條件求出電場強(qiáng)度（3）應(yīng)用動(dòng)能定理求出微粒的最小速度解答：解（1）微粒只在重力和電場力作用下沿AB方向運(yùn)動(dòng)，重力豎直向下，電場力沿水平方向，兩力的合力不可能為零，微粒做直線運(yùn)動(dòng)，則重力與電場力的合力方向應(yīng)與速度方向在同一直線上，只能是電場力水平向左，合力方向與速度方向相反，微粒所受合力的方向由B指向A，與初速度vA方向相反，微粒做勻減速運(yùn)動(dòng)（2）在垂直于AB方向上為零所受合力為零，即：qEsinmgcos=0，解得：E=1.6×104N/C，電場強(qiáng)度的方向：水平向左；（3）微粒由A運(yùn)動(dòng)到B時(shí)的速度vB=0時(shí)，微粒進(jìn)入電場時(shí)的速度最小，由動(dòng)能定理得：mgLsinqELcos=0mvA2，代入數(shù)據(jù)，解得：vA=m/s3.16m/s答：（1）由于微粒所受合外力方向與速度方向相反，微粒在電場中做勻減速直線運(yùn)動(dòng) （2）電場強(qiáng)度的大小為：