2高中新三維一輪復(fù)習(xí)物理江蘇專版：階段綜合檢測(四)第六-十一章驗收

1、階段綜合檢測（四） 第六十一章驗收（其中第六八章分值約占40%）（時間：100分鐘 滿分：120分）一、單項選擇題（本題共7小題，每小題3分，共21分。每小題只有一個選項符合題意）L （2018-M州楔擬）在物理學(xué)發(fā)展過程中，觀測、實驗、假說和邏輯推理等方法都起到 了重要作用。下列敘述錯誤的是（）A.奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應(yīng)，該效應(yīng)揭示了電和磁之間存在聯(lián)系B.安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說C.法拉第在實驗中觀察到，在通有恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中，會出現(xiàn) 感應(yīng)電流D.楞次在分析了許多實驗事實后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁

2、 場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化解析：選C 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系，選項A正確； 根據(jù)通電螺線管產(chǎn)生的磁場與條形磁鐵的磁場相似性，安培提出了磁性是分子內(nèi)環(huán)冊電流 產(chǎn)生的，即分子電流假說，選項B正確；根據(jù)感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，導(dǎo)線中通有恒定電流 時導(dǎo)線圖中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項C錯誤；楞次定律指出感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感 應(yīng)電流的磁通量的變化，選項D正確。2.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為I、原線圈回路接有內(nèi)阻不計 的交流電流表A,副線圈回路接有定值電阻K=2Q,現(xiàn)在。、力間和c、d間分別接上示波 器，同時監(jiān)測得、b間和c、d間的電壓隨時間變化的圖像

3、如圖乙、丙所示，則下列說法 中錯誤的是（）A. T=0.02 sB. ： 11255 ： 1C.電流表A的示數(shù)/*36.4 mAD.當(dāng)原線圈電壓瞬時值最大時，副線圈兩端電壓瞬時值為（）解析：選D 由題困知，電壓變化的周期是0.02 s,所以A正確；根據(jù)變壓規(guī)律得：費 =*=55,所以B正確；副線圖的電流/2=牛=甘| A,根據(jù)變流規(guī)律得原線圖電流/1二盤 *0.036 4 A=36.4mA,所以C正確；由題圖知，當(dāng)原線圈電壓瞬時值最大時，副線圈兩端 電壓瞬時值也最大，故D錯誤。3 .是兩種單色光，其光子能量分別為感和劭，且£=，（）A.則。、力的光子動量之端=1： APbB.若

4、76;、力都不能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，二者同時照射該金屬則可能發(fā)生光電效 應(yīng)C.若a、b都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則光電子最大初動能之差ElE處=即依 -1）D.若a、力是由處在同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到g態(tài)和力態(tài)時產(chǎn)生的，則。、力兩態(tài)能級 之差 EaEb=8b（k）解析：選C 光子的能量£=m,光子的動量p=*聯(lián)立方程。=血所戲=聶，選 項A錯誤。不能發(fā)生光電效應(yīng)說明“、力光的頻率均未達到該金屬的截止須率，同時照射二 者頻率也不會發(fā)生變化，選項B錯誤。光電子最大初動能Ek=Av-Ho,整理得Eva-E = （kl）£b,選項C正確。根據(jù)能級躍遷知識可得%=Eo&,

5、跖=EoEb,所以EaEb =sb（lk）9選項D錯誤。4 .（2018石家莊橫板）如圖所示電路中，A、B是構(gòu)成平行板電容器 的兩金屬極板，尸為其中的一個定點。將開關(guān)s閉合，電路穩(wěn)定后將A 板向上平移一小段距離，則下列說法正確的是（）A.電容器的電容增加B.在A板上移過程中，電阻R中有向上的電流C. A、3兩板間的電場強度增大D. P點電勢升高解析：選B根據(jù)。=磊，當(dāng)A板向上平移一小段距離，間距d增大，其他條件不 變，則導(dǎo)致電容變小，故A錯誤；在4板上移過程中，導(dǎo)致電容減小，由于極板電壓不變， 那么極板所帶電荷量減小，因此電容器處于放電狀態(tài)，電阻R中有向上的電流，故B正確； 根據(jù)E=。、。=6

6、1/與C=篇相結(jié)合可得E=與冬，由于電荷量減小，場強大小變小， 故C錯誤；因場強變小，導(dǎo)致尸點與5板的電勢差減小，因5板接地，電勢為零，即產(chǎn)點 電勢降低，故D錯誤。5 .（2018加一三校聯(lián)合）如圖所示，一個有矩形邊界的勻強磁場區(qū) U > X X X>域，磁場方向垂直紙面向里。一個三角形閉合導(dǎo)線框，由位置1（左）沿 & 夕短、 紙面勻速運動到位置2（右）。取線框剛到達磁場邊界的時刻為計時起點 】 X X： 2 « = 0），規(guī)定逆時針方向為電流的正方向，則圖中能正確反映線框中電流與時間關(guān)系的是解析：選A 先由楞次定律依據(jù)磁通量的變化可以判定感應(yīng)電流的方向，再由感應(yīng)

7、電 動勢公式E=5Lo和歐姆定律，分段分析感應(yīng)電流的大小，即可選擇圖像。線框進入磁場 的過程，磁通量向里增加，根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場向外，由安培定則可知感應(yīng) 電流方向為逆時針，電流i應(yīng)為正方向，故B、C錯誤；線框進入磁場的過程，線框有效的 切割長度先均勻增大后均勻減小，由E=3Lo,可知感應(yīng)電動勢先均勻增大后均勻減??；線 框完全進入磁場后，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生。戰(zhàn)框穿出磁場的過程，磁通量向里 減小，根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場向里，由安培定則可知感應(yīng)電流方向為順時針， 電流i應(yīng)為負方向；線框有效的切割長度先均勻增大后均勻減小，由E=BLo,可知感應(yīng)電 動勢先均勻增大后均勻減小

8、，故A正確，D錯誤。6 .如圖所示，勻強磁場的方向垂直紙面向里，一帶電微粒從磁場 叫X X X X X 邊界d點垂直于磁場方向射入，沿曲線劭。打到屏MN上的。點，通6匕9:” 過P。段用時為人若該微粒經(jīng)過P點時，與一個靜止的不帶電微粒碰 ，x 7% 撞并結(jié)合為一個新微粒，最終打到屏mn上。若兩個微粒所受重力均忽略，則新微粒運動的（）A.軌跡為加，至屏幕的時間將小于fB.軌跡為pc,至屏幕的時間將大于/C.軌跡為阿，至屏幕的時間將大于fD.軌跡為p力，至屏幕的時間將等于f解析：選C 帶電微粒和不帶電微粒相碰，遵守動量守恒，故總動量不變，總電量也保持不變，由Bqo=*r,得：/=翳=方，P、0都不

9、變，可知很粒碰撞前后的軌跡半徑， 不變，故軌跡應(yīng)為P。，因周期丁=鬻可知，因小增大，故張柱運動的周期增大，因所對 應(yīng)的瓠線不變，圓心角不變，故pa所用的時間將大于C正確。7 .（2018日典格擬）如圖，理想變壓器原線圈與一交流電源相連， 原、副線圈分別接有相同的燈泡。、力和c°已知小燈泡的額定電壓 為0.3V,電阻為30。（假設(shè)電阻不隨溫度變化而變化）。閉合開關(guān)S, 三個燈泡均能正常發(fā)光，下列說法正確的是（）A.原、副線圈的匝數(shù)比為3： 18 .交流電源的電壓值為0.6 VC.斷開開關(guān)S,小燈泡力可能會燒壞D.斷開開關(guān)S,小燈泡?？赡軙龎慕馕觯哼xC 因為三個燈泡都正常發(fā)光，所以a=

10、"=Uc=0.3V,故副線園中的電流 /2=整 A+整 A=0.02A,原線圖中的電流為11=喘 A = 0.01 A,故根據(jù)夕=華可得？=申, A錯誤；副線圖兩端的電壓S=0.3 V,根據(jù)魯竟可得原線圈輸入電壓為5=0.6 V,故 交流電源的有效電壓值為U=Ui+U“=0.9 V, B錯誤；如果斷開開關(guān)S,副線圖少一個支 路，電流減小，根據(jù)，=£可得原線圖中電流也減小，g燈分壓減小，因為。'=5 +4，故 原線圖輸入電壓增大，即S增大，根據(jù)魯=第可知副線圈兩端的電壓增大，即小燈泡力兩 端電壓增大，大于額定電壓，可能會被燒壞，C正確，D錯誤。二、多項選擇題（本題共5

11、小題，每小題4分，共20分。每小題有多個選項符合題意。 全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得。分）9 . （2017浙江11月選,）下列說法正確的是（）A.核聚變反應(yīng)方程可能為M+tHf捅e+24nB.鈾核裂變的核反應(yīng)方程可能為避U+和一第Xe+嵬Sr+如iC.發(fā)生0衰變時原子核放出電子，說明電子是原子核的組成部分D.中子和質(zhì)子結(jié)合成笊核，若該過程質(zhì)量虧損為則笊核的結(jié)合能為切出解析：選BD A項中的核聚變反應(yīng)方程應(yīng)為汨+汨f?He+An,選項A錯誤；根據(jù)重 核裂變的核反應(yīng)方程配平方式可知，選項B正確；0衰變時原子核內(nèi)部中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì) 子和一個電子，并不是原子核內(nèi)部存在電子，選

12、項C錯誤；根據(jù)質(zhì)能方程可知選項D正確。10 （2018隹林橫擬）如圖所示為某電場中等勢面的分布圖，各等勢面的電勢值圖中已標 出。下列說法正確的是（）A. A點的電場強度比5點的大B.中心軸線上各點的電場強度方向向左C.電子由4點移至8點克服電場力做功0.17 eVD.電子在4點的電勢能比5點的小解析：選AB 點A與點8相比較，點A附近等勢面密集而且相鄰等勢面的電勢差較 大，故A點電場強度大于B點電場強度，故A正確；電場線與等勢面垂直且從高電勢指向 低電勢，故中心軸線上可以畫出向左的電場線，電場強度方向向左，故B正確；電子由A 點移至B點電場力做功：。兀=必3=（一e）（0.8 V-0.97 V

13、）=0.17 eV,電子由A點移至B 點電場力做正功0.17 eV,故C錯誤；電子帶負電荷，在電勢低的點電勢能大，由于A點的 電勢小于8點的電勢，故電子在A點的電勢能比在8點的大，故D錯誤。10.（2018日照橫擬）如圖所示，在豎直面內(nèi)有一磁感應(yīng)強度大小為 仄方向垂直紙面向里、高度為力的有界勻強磁場，磁場上、下邊界水 平。將一邊長為A/。）、質(zhì)量為"的正方形導(dǎo)體框曲cd從磁場上方由 靜止釋放，曲邊剛進入磁場的瞬間和剛穿出磁場的瞬間速度相等。已知 導(dǎo)體框的電阻為，導(dǎo)體框下落過程中，曲邊始終保持水平，重力加速 度為心則（）A.導(dǎo)體框一定是減速進入磁場B.導(dǎo)體框可能勻速穿過整個磁場區(qū)域C.

14、導(dǎo)體框穿過磁場的過程中，電阻產(chǎn)生的熱量為喏（/+）D.導(dǎo)體框進入磁場的過程中，通過某個橫截面的電荷量若解析：選AD 因為k/i,所以導(dǎo)體框在磁場中運動過程中，一定會存在不受安培力， 只受重力的過程，該過程做加速運動，所以為了滿足。邊剛進入磁場的瞬間和剛穿出磁場 的瞬間速度相等，導(dǎo)體框必須先減速進入磁場，然后在磁場中加速，再減速穿出磁場，故A 正確B錯誤；因為曲邊剛進入磁場的瞬間和剛穿出磁場的瞬間速度相等，所以進入磁場過 程中和穿出磁場過程中產(chǎn)生的熱量相等，故整個過程中產(chǎn)生的熱量為。=2/g兒C錯誤；AmB11根據(jù)7=入可得導(dǎo)體框進入磁場的過程中，通過某個橫截面的電荷量為0=：-, D正確。11

15、. （2018鄭州”研）電磁泵在目前的生產(chǎn)、科技中得到了廣泛應(yīng)用。如圖所示，泵體 是一個長方體，油邊長為兩側(cè)端面是邊長為心的正方形；流經(jīng)泵體內(nèi)的液體密度為外 在泵頭通入導(dǎo)電劑后液體的電導(dǎo)率為。（電阻率倒數(shù)），泵體處有方向垂直向外的磁場8,泵 體的上下兩表面接在電壓為U（內(nèi)阻不計）的電源上，則（）A.泵體上表面應(yīng)接電源正極B.通過泵體的電流/=誓C.增大磁感應(yīng)強度可獲得更大的抽液高度D.增大液體的電阻率可獲得更大的抽液高度解析：選AC 當(dāng)泵體上表面接電源的正極時，電流從上向下流過泵體，這時受到的磁場力水平向左，拉動液體，故A正確；根據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻：=右；因此流過泵體的電流/=，=U

16、L”，故B錯誤；增大磁感應(yīng)強度8,受到的磁場力 變大，因此可獲得更大的抽液高度，故C正確；若增大液體的電阻率，可以使電流減小， 受到的磁場力減小，使抽液高度減小，故D錯誤。12.（2018棗莊模擬）如圖所示，間距為I的光滑平行金屬導(dǎo)軌平 面與水平面之間的夾角。=30。，導(dǎo)軌電阻不計。正方形區(qū)域必cd內(nèi) 勻強磁場的磁感應(yīng)強度為5,方向垂直于導(dǎo)軌平面向上。甲、乙兩金 屬桿電阻相同、質(zhì)量均為肌，垂直于導(dǎo)軌放置。起初甲金屬桿位于 磁場上邊界g處，乙位于甲的上方，與甲間距也為現(xiàn)將兩金屬桿同時由靜止釋放，從 此刻起，對甲金屬桿施加沿導(dǎo)軌的拉力，使其始終以大小為0=的加速度向下勻加速運 動。已知乙金屬桿剛進

17、入磁場時做勻速運動，重力加速度為g,則下列說法正確的是（）A.每根金屬桿的電阻R=嗯區(qū)B.甲金屬桿在磁場區(qū)域運動過程中，拉力對桿做的功在數(shù)值上等于電路中產(chǎn)生的焦耳 熱C.乙金屬桿在磁場區(qū)域運動過程中，安培力的功率是尸=恰迎D.從乙金屬桿進入磁場直至其離開磁場過程中，回路中通過的電量為。解析：選AB 乙金屬桿進入磁場前的加速度為”=gsin 30。=%,可見其加速度與甲的加速度相同，甲、乙兩桿均做勻加速運動，運動情況完全相同。所以當(dāng)乙進入磁場時,甲剛出磁場。乙進入磁場時：v=y2al=y2XgXl=迎,由于乙金屬桿剛進入磁場時做故A正確.甲金屬桿在磁勻速運動，受力平衡有：，呻in3鬻，故氏=陪=

18、曙, 場區(qū)域運動過程中，根據(jù)動能定理得：W.-W安+加g/sin6=%i02；對于乙桿，由功能定理得：mg/sinJ=、m2；由兩式對比可得：W# = W安；即外力做功等于甲桿克服安培力做功， 而甲桿克服安培力做功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，故拉力對桿做的功在數(shù)值上等于電路中 產(chǎn)生的焦耳熱，故B正確。乙金屬桿在磁場區(qū)域中勻速運動，安培力的功率大小等于重力 的功率，為P=/gsin分。=%吆而，故C錯誤。乙金屬桿進入磁場直至出磁場過程中回路 中通過的電量為。=箸1=翳，由上知：A=寫乎，聯(lián)立得：殳=5故D錯41V V £，gI誤,三、實驗題（本題共2小題，共18分）13. （9分）（201

19、8秦安質(zhì)檢）利用如圖所示的電路測量一個滿偏電 流為300 pA,內(nèi)阻仆約為幾十到幾百歐姆的電流表的內(nèi)阻值，有如 下的主要實驗器材可供選擇：A.滑動變阻器（阻值范圍。30 0）8 .滑動變阻器（阻值范圍。10 kH）C.電源（電動勢3 V,內(nèi)阻不計）D.電源（電動勢6 V,內(nèi)阻不計）（1）為了使測量盡量精確，在上述可供選擇的器材中，滑動變阻器K應(yīng)選用, 電源£應(yīng)選用。（選填器材前面的字母序號）（2）實驗時要進行的主要步驟有：A.斷開S2,閉合Si9 .調(diào)節(jié)R的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度C.閉合S2D.調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的三分之一E.記下此時R'的阻值

20、為90。則待測電流表的內(nèi)阻用的測量值為 該測量值（選填“大于” “小于，或“等于，）電流表內(nèi)阻的真實值。解析：（1）用半偏法測電流盤的內(nèi)阻時，與電流表串聯(lián)的滑動變阻器的阻值要盡可能大， 以減小測量誤差，因此在回路電流不超過電流表量程的前提下，電源電動勢應(yīng)盡可能大些， 以保證滑動變阻器的阻值盡可能大，故變阻器應(yīng)選A,電源應(yīng)選D。（2）閉合Sz后，電流表與K'并聯(lián)，且并聯(lián)K'后總電阻認為不變，則總電流不變，則 通過R'的電流為總電流的;，故：及=2： 1,因是并聯(lián)關(guān)系：牛=白，則%=180% 閉合S2后，電路總電阻變小，電路總電流變大，通過R'的電流大于原來電流的三

21、分之二, 則該實驗測出的電表內(nèi)阻要小于電流表內(nèi)阻的真實值。10 案： （1）A D （2）180 小于14. （9分）（2018桂林W研）某同學(xué)利用兩個電流傳感器（相當(dāng)于理想電流表）和定值電阻 &=2 0以及滑動變阻器、待測電池，設(shè)計了如圖所示的電路測定電池電動勢和內(nèi)阻， 進行實驗。該同學(xué)測出的實驗數(shù)據(jù)如下表所示：次數(shù)12345/i/mA1.351301.201.101.05；2/A0.300.400.600.800.90表中，人和，2分別是通過電流傳感器1和2的電流。該電流的值通過數(shù)據(jù)采集器輸入 到計算機，數(shù)據(jù)采集器和計算機對原電路的影響可忽略。在圖(b)中繪出/山圖線；(2)由/圖

22、線得出，被測電池的電動勢為 V,內(nèi)阻為(保留兩位有效數(shù)字)解析：(1)根據(jù)描點法可得出對應(yīng)的圖像如圖所示；(2)由圖利用閉合電路歐姆定律可得：Zi/?o=E(Zi+Z2)r變形可得：/尸高一點/2E則由困像可知，萬七=L5X10r第。十r_=(1.35-1,05)X10-3Ro+廠0.9-0.3 一 X 1解得：E=3.0V r=1.0 Ho答案:圖像見解析(2)3.0 1.0四、計算題(本題共4小題，共61分)15. (14分)(2018深圳B研)一根阻值為12。的金屬導(dǎo)線繞成如圖甲形狀的閉合回路， 大正方形邊長為0.4 m,小正方形邊長為0.2 m,共10匝。放在粗糙的水平桌面上，兩正方

23、形對角線間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，整個過 程中線框始終未動。求閉合回路：產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢;(2)電功率；第Is末受到的摩擦力。解析：(1)據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知線框中產(chǎn)生的電動勢為：E=： = V= 10XY x|x(0.42-0.22)V=1.2VoE2 1 22(2)電功率為：尸=方=后 W=0.12W.(3)線框中的電,流為：/=方=f7 A=0.1A a iz在磁場中的兩條邊受到的力垂直于線框，大小相等，互成90。，每條邊受到的力為：F =ArB/L= 10X2X0.1 X(0.4+0.2)N=1.2N,安培力的合力為：F'=6尸=收乂

24、1.2 N=1.70 N,摩擦力為：/=F=1.70N.答案： (1)1.2 V (2)0.12 W (3)1.70 N16. (15分)(2018安俄鈔“江京十校"聯(lián)才)如圖所示，從陰極左發(fā)射的電子經(jīng)電勢差為 Uo=4 5OOV的電場加速后，沿平行于板面的方向從中央射入兩塊長心=10 cm,間距d=4 cm的平行金屬板48中，在距金屬板右邊緣£1=25 cm處建立一直線坐標系Oyt。與A、 B板的中心線處在同一水平直線上，整個裝置放在真空室內(nèi)，電子發(fā)射的初速度不計。已 知電子的質(zhì)量，=0.9X10-3。電子的電荷量。=1.6X10r9c,不計電子間的相互作用力 及其所受重

25、力。若在兩個金屬板間加上U.48=500cos2W(V)的交流電壓，每個電子穿過極板 的時間極短，可認為電子穿越期間極板間的電壓不變，不考慮電子運動的相對論效應(yīng)。求:%,Z .H仿一£ ao b (1)電子經(jīng)過坐標系的位置坐標范圍；(2)若在直線坐標系的右側(cè)加上范圍足夠大的垂直紙面向外的勻強磁場B, B=4.5X 10- 3T,求出電子第二次經(jīng)過直線坐標系的位置坐標范圍。解析：(1)由(/(£ =產(chǎn)。可得：如=4 X107 ni/s偏轉(zhuǎn)過程心=0油，)'1=竇卜=擊m,tan 6=晟=:盥:,解得2=L2tane=高 m, y=yi+yz=/ niT.17 cm。電

26、子經(jīng)過坐標系的位置坐標范圍是4.17 cm 近)W4.17 cm。由題意0=五萬由牛頓第二定律"3=答，得R號Ay=27?cos 6=0.1 m+y 方向：max =y+A>a 14.17 cm-y 方向：jmin=Ay）a5.83 cm 在。點上方，綜上所述，電子第二次經(jīng)過直線坐標系的位置坐標范圍是5.83cmWjW14.17cm。答案:4.17 cn】WjW4.17 cm5.83 cmWjW 14.17 cm17. （16分）（2017北京高等）發(fā)電機和電動機具有裝置上的類似性，源于它們機理上的類 似性。直流發(fā)電機和直流電動機的工作原理可以簡化為如圖1、圖2所示的情景。在豎

27、直向下的磁感應(yīng)強度為8的勻強磁場中，兩根光滑平行金屬軌道MN、P。固定在 水平面內(nèi)，相距為L,電阻不計。電阻為R的金屬導(dǎo)體棒附垂直于MN、尸。放在軌道上, 與軌道接觸良好，以速度平行于，WV）向右做勻速運動。圖1軌道端點MP間接有阻值為r的電阻，導(dǎo)體棒ab受到水平向右的外力作用。圖2 軌道端點間接有直流電源，導(dǎo)體棒而通過滑輪勻速提升重物，電路中的電流為九（1）求在"時間內(nèi)，圖1 “發(fā)電機”產(chǎn)生的電能和圖2 “電動機”輸出的機械能。（2）從微觀角度看，導(dǎo)體棒面中的自由電荷所受洛倫茲力在上述能量轉(zhuǎn)化中起著重要作 用。為了方便，可認為導(dǎo)體棒中的自由電荷為正電荷。a.請在圖3（圖1的導(dǎo)體棒曲

28、）、圖4（圖2的導(dǎo)體棒中，分別畫出自由電荷所受洛倫 茲力的示意圖。b.我們知道，洛倫茲力對運動電荷不做功。那么，導(dǎo)體棒附中的自由電荷所受洛倫 茲力是如何在能量轉(zhuǎn)化過程中起到作用的呢？請以圖2 “電動機”為例，通過計算分析說 明。X X其解析：（1）圖1中，電路中的電流八=而棒而受到的安培力Fi=BhL在”時間內(nèi)，“發(fā)電機”產(chǎn)生的電能等于棒面克服安培力做的功圖2中，棒岫受到的安培力尸2=3在酎時間內(nèi)，“電動機”輸出的機械能等于安培力對棒必做的功E =Fz-vM=BILvM(2)a.如圖甲、圖乙所示。b.設(shè)自由電荷的電荷量為q,沿導(dǎo)體棒定向移動的速率為。如圖乙所示，沿棒方向的洛倫效力力 =qvB,做負功VVi = fi1 -uAt=-qvBuAt垂直棒方向的洛倫效力方 =quB,做正功Wi=f2,