靜電場綜合復習卷_測試卷精選含各個知識點含答案

1、靜電場單元檢測卷一滿分110分 時間90分鐘1如圖所示的各電場中，A、B兩點電場強度相等的圖是：（ ）2如圖，在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a，b和c分別位于邊長為l的正三角形的三個頂點上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負電。整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中。已知靜電力常量為k。若 三個小球均處于靜止狀態(tài)，則勻強電場場強的大小為A. B. C. D. 3圖中三條實線a、b、c表示三個等勢面。一個帶電粒子射入電場后只在電場力作用下沿虛線所示途徑由M點運動到N點，由圖可以看出( )A三個等勢面的電勢關(guān)系是ja>jb>jcB三個等勢面的電勢關(guān)系是ja<jb<jcC帶電粒子

2、在N點的動能較小，電勢能較大D帶電粒子在N點的動能較大，電勢能較小4如圖所示，虛線表示某電場中一簇等勢面，相鄰等勢面之間電勢差相等，一帶正電的粒子以一定的初速度進入電場中，只在電場力作用下從M點運動到N點，此過程中電場力對該粒子做負功，則由此可知（ ）A.M點的電勢要比N點的高B.此帶電粒子在M點受到的電場力比在N點要大C.帶電粒子在M點的電勢能比在N點要小D.帶電粒子經(jīng)過M點時的速率比經(jīng)過N點的要小5如圖1、2、3、4虛線是正點電荷形成電場中的等勢線，相鄰等勢線的電勢差大小均為10V，且令。某一帶電量q0.1C的帶電粒子，沿圖中實線運動軌跡，先后通過A、B、C三點，經(jīng)過A點時，帶電粒子的動能

3、EkA10 J，則關(guān)于動能、電勢能、電勢，以及電場力做功，下列說法正確的是（ ）A、EkB2 J，WAB8 J， B、EkC9 J，WBC1 J， C、EkC1 J，WAC1 J， D、電場力從A到B做正功，從B到C做負功6如圖所示，在XOY平面內(nèi)有一個以O為圓心，半徑為R的圓，P為圓周上的一點，半徑OP與x軸成角。若空間存在沿y軸正方向場強為E的勻強電場,則O、P兩點間的電勢差UOP可表示為:( )OEPyxA： B: C： D: 7如圖甲所示，兩塊大平行金屬板、之間的距離為，在兩板間加上電壓，并將板接地作為電勢零點，現(xiàn)將正電荷逆著電場線方向由板移到板，若用表示稱動過程中該正電荷到板距離，則

4、其電勢能隨變化圖線為圖3-40乙中的（ ）8用控制變量法，可研究影響平行板電容器電容的因素(如圖)設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為.實驗中，極板所帶電荷量不變，若A保持S不變，增大d，則變大 B保持S不變，增大d，則變小C保持d不變，減小S，則變小 D保持d不變，減小S，則不變9如圖所示，水平放置的平行板電容器M、N與一電源相連在電容器的兩板間有一帶電的小球P處于靜止狀態(tài)現(xiàn)將電容器兩板間的距離增大，則：A電容變大，小球向上運動 B電容變大，小球向下運動C電容變小，小球保持靜止 D電容變小，小球向下運動10如圖所示的電路中，AB是兩金屬板構(gòu)成的平行板電容器。先將電鍵K閉合

5、，等電路穩(wěn)定后再將K斷開，然后將B板向下平移一小段距離，并且保持兩板間的某點P與A板的距離不變。則下列說法正確的是（ ）A電容器的電容變小 B電容器內(nèi)部電場強度大小變大C電容器內(nèi)部電場強度大小不變 D P點電勢升高題號12345678910答案11如圖，a、b是兩個帶有同種電荷的小球，用絕緣絲線懸掛于同一點，兩球靜止時，它們距水平面的高度相等，繩與豎直方向的夾角分別為、，且>.若同時剪斷兩根細線，空氣阻力不計，兩球帶電荷量不變，兩球質(zhì)量為ma，mb，兩球落地時間為ta，tb，落地時水平位移為xa，xb，則ma mb，ta tb，xa xb（填，或）12如圖所示，一個驗電器用金屬網(wǎng)罩罩住，

6、當加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片 （填“張開”或“不張開”），我們把這種現(xiàn)象稱之為 。此時，金屬網(wǎng)罩的感應電荷在網(wǎng)罩內(nèi)部空間會激發(fā)一個電場，它的場強大小為 ，方向為 13如圖平行帶電金屬板A、B間可看成勻強電場，場強E1.2×102V/m，板間距離d5cm，電場中C點到A板和D點到B板的距離均為0.5 cm，B板接地，求：（1）C、D兩點的電勢各為多少？（2）將點電荷q=2×10-2C從C點勻速移到D點時外力做了多少功？14如圖所示，在勻強電場中，將一電荷量為C的正電荷由A點移到B點，其電勢能減少了0.1J，已知A、B兩點間距離為2cm，兩點連線與電

7、場方向成600角，求： （1） 電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功WAB；（2） A、B兩點間的電勢差UAB；（3） 該勻強電場的電場強度E.ABE60°15（8分）在一個點電荷Q的電場中，Ox坐標軸與它的一條電場線重合，坐標軸上A、B兩點的坐標分別為2.0m和5.0m。放在A、B兩點的試探電荷受到的電場力方向都跟x軸的正方向相同，電場力的大小跟試探電荷所帶電量的關(guān)系圖象如圖中直線a，b所示，放在A點的電荷帶正電，放在B點的電荷帶負電。求：（1）B點的電場強度的大小和方向。（2）試判斷點電荷Q的電性，并說明理由。（3）點電荷Q的位置坐標。16（8分）一個電子以v04×1

8、07m/s的速度，方向與電場方向相同，射入電場強度E2×105V/m的勻強電場中，如圖所示，已知電子電量e1.6×1019C，電子質(zhì)量m9.1×1031kg.。試求：（1）從電子的入射點到達速度為0之點的兩點間電勢差是多少? 兩點間距離是多少?（2）電子速度減小為0所需的時間是多少? 17(12分)在一個水平面上建立x軸，在過原點O垂直于x軸的平面的右側(cè)空間有一個勻強電場，場強大小E6.0×105 N/C，方向與x軸正方向相同在O處放一個電荷量q5.0×108 C、質(zhì)量m1.0×102 kg的絕緣物塊物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)0.20

9、，沿x軸正方向給物塊一個初速度v02.0 m/s，如圖12所示(g取10 m/s2)試求： (1)物塊向右運動的最大距離；(2)物塊最終停止的位置18（12分）一個初速度為零的電子在U1=45V的電壓作用下得到一定速度后垂直于平行板間的勻強電場飛入兩板間的中央，如圖所示。若平行板間的距離d=1cm，板長l=1.5cm，電子的電荷量e=1.6×10 -19C，電子的質(zhì)量m=9×10 -31kg，求：（1）電子進入平行板間的速度v0多大？（2）若電子恰能沿平行板右邊緣射出，加在平行板上的電壓U2為多大？試卷第4頁，總4頁參考答案1C【解析】試題分析：電場是有大小有方向的物理量，

10、所以C對考點：電場點評：本題考察了對電場性質(zhì)的理解，即電場是有大小有方向的物理量?！敬鸢浮?B【解析】 對c球受力分析可知，水平方向上受a、b的庫侖力和勻強電場的電場力3個力的作用而平衡，有，解得。綜上所述，正確答案為B?！究键c定位】 電荷在電場中的受力及力的平衡3C【解析】試題分析：物體作曲線運動時，一定受到指向其曲線內(nèi)側(cè)的力，若物體只受電場力，則電場力一定指向曲線內(nèi)側(cè)，然后根據(jù)電場力做功情況進一步判斷動能、電勢能的變化情況，或者根據(jù)電場線方向判斷電勢的高低由于電場線跟等勢線互相垂直，所以根據(jù)題意可知，帶電粒子所受電場力指向曲線內(nèi)側(cè)，帶電粒子從M運動到N過程中電場力做負功，電勢能增加，動能減

11、小，故N動能小，電勢能大，故C正確，D錯誤；由于不知電荷帶電的正負，因此無法判斷電場線方向，故三個等勢面的電勢高低無法判斷，故A錯誤； 考點：等勢線與電場線、電場力做功點評：本題考查了通過等勢線判斷電場線，并通過電場力做功特點判斷電勢能變化。4C【解析】試題分析：粒子帶正電，由運動軌跡可知，電場力的方向指向右下方即電場線的方向指向右下方，根據(jù)電場的性質(zhì)“順著電場線的方向電勢降落”可知N點的電勢高于M點的電勢，故A錯誤；根據(jù)電場線或等勢面的疏密程度可知，M點的場強小于N場強，粒子在M點受的電場力小于在N點受的電場力故B錯誤電場力做負功電勢能增加，粒子在N點的電勢能大于在M點的電勢，故C正確；電場

12、力做負功，則知動能減小，速率減小，即M點的速度大故D錯誤；故選C考點：電勢能；電場強度；電勢點評：根據(jù)電場線與等勢面垂直和軌跡的彎曲方向判斷電場力的大致方向電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加5B【解析】試題分析：相鄰等勢線的電勢差大小均為10V，而沿電場線方向電勢減小，所以, ,從A運動到B,電場力做負功，電勢能增大，動能減小，而粒子在零電勢上的電勢能為零，所以為,所以B點動能為從B運動到C，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，, 從A運動到C過程中，電場力做負功，故故選B，考點：考查了帶電粒子在電場中的運動點評：做本題需

13、要注意電場力做功情況，先根據(jù)等勢面判斷電場線的方向，根據(jù)正電荷電場規(guī)律判斷電場力做功情況6D【解析】試題分析：沿著電場線方向電勢逐漸降低，則0點的電勢比P點低，則故選D考點：考查了電場強度與電勢差之間的關(guān)系點評：解決本題的關(guān)鍵會運用求勻強電場中兩點間的電勢差7C【解析】試題分析：由U=Ed，場強一定，沿著電場方向電勢降低，所以電勢逐漸減小，由電勢能的公式可知電勢能也隨著距離的變化而均勻變化考點：考查電勢與電勢差的關(guān)系點評：明確兩板之間為勻強電場，能夠根據(jù)U=Ed判斷出電勢差隨著d的變化而均勻變化8A【解析】試題分析：根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，減小S時，電容

14、減小，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角變大故CD錯誤根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當保持S不變，增大d時，電容減小，由電容的定義式分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角變大故B錯誤，A正確故選A考點：電容器的動態(tài)分析點評：本題是電容動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關(guān)于電容的兩個公式9D【解析】試題分析：將電容器兩板間的距離增大，由電容的決定式，可知，電容變小故AB錯誤，電容器與電池相連，板間電壓不變，由得知，板間場強變小，則質(zhì)點所受的電場力減小，所以質(zhì)點將向下運動故C錯誤，D正確故選D考點：電容器的動態(tài)分

15、析點評：本題是電容器動態(tài)分析問題關(guān)鍵根據(jù)電容的決定式和板間場強公式結(jié)合進行分析10ACD【解析】試題分析：當平行板電容器充電穩(wěn)定后，兩板間存在勻強電場，當開關(guān)斷開后，兩極板的電量不變，當變化極板間距，從而改變電容器的電容，但極板間的電場強度卻不變化A、將B板向下平移一小段距離，由可知電容器的電容變小，故A正確；B、由、可知，只改變極板間距，沒有改變電荷分布密度，板間場強不變，故B錯誤，C正確；D、板間場強不變，故D錯誤。故選：ACD。考點：電容器的動態(tài)分析點評：電容器的電容由兩板間距、正對面積與電介質(zhì)決定；而兩板間的電場強度則由電容器的電量、電介質(zhì)及正對面積決定當開關(guān)斷開時，電容器的電量不變；

16、而開關(guān)閉合時，電容器的電壓卻不變11>=;<【解析】試題分析：兩球帶同種電荷，那么兩球在水平方向受到的對方給的電場力大小相等，方向相反，對各小球進行受力分析有： 由于繩子剪斷后，豎直方向均做自由落體運動，由于它們起始都在同一個水平高度，因此時間相等；它們各自在水平方向的合力大小相等，因此在水平方向的加速度之比為，水平方向是做初速度為零的勻加速直線運動，位移之比為加速度之比。考點：庫侖定律，平拋運動 點評：本題考查的知識點比較多，設計了運動的獨立性以及物體的受力平衡等，較好的考查了學生綜合知識應用的能力，12不張開，靜電屏蔽， E，水平向左【解析】試題分析：因為處于電場中的導體內(nèi)部會

17、激發(fā)一個與外部電場大小相等，方向相反的電場，即合電場為零，所以箔片不會張開，此現(xiàn)象我們叫做靜電屏蔽現(xiàn)象考點：考查靜電屏蔽現(xiàn)象點評：本題考查知識點較為基礎(chǔ)，對靜電屏蔽現(xiàn)象不做重點要求，一般情況只考察對知識點的理解和特點區(qū)分問題13-0.6V 【解析】試題分析：（1）B板接地，；沿電場方向有：                          

18、;              （2分）同理，                                  

19、0;      （2分）電勢差：                      （1分）（2）電勢差：   將點電荷q=2×10-2C從C勻速移到D過程，動能定理： 考點：本題考查電勢和電勢差以及電場力做功，點評：求電勢的時候首先要求電勢差，根據(jù)電勢差與電勢的關(guān)系再求電勢的

20、值，求電勢差的方法是根據(jù)電場力做功W=qU14（1）0.1J（2）5000V（3）【解析】試題分析：（1）電荷由A移到B的過程中等于電勢能的減少量即 （2）A、B兩點間的電勢差 （3）勻強電場的電場強度 考點：勻強電場的電場強度與電勢差的關(guān)系點評：在公式中，d是沿電場線方向的距離，不是兩點間的距離。參考答案15（1）（2）負電荷（3）x=2.6m?！窘馕觥吭囶}分析：（1）由圖可知，B點的電場強度，方向指向x負方向。-2分 同理A點的電場強度EA=40N/C，方向指向x正方向。 （2）點電荷Q應位于A、B兩點之間，帶負電荷。-2分（3）設點電荷Q的坐標為x，由點電荷的電場E=可知解得x=2.6m。（另解x=1舍去）-4分考點：本題考查了帶電體在電場中的運動，點評：此類型的題目，需要根據(jù)運動情況，判斷電場力的方向，然后判斷電荷的正負