2021年高考物理二輪復(fù)習(xí)專練：力與物體的平衡

1、一 單項選擇題1.如圖所示，在固定斜面上的一物塊受到一外力 F 的作用，F(xiàn) 平行于斜面向上若要物塊在斜面上保持靜止，F(xiàn) 的取值應(yīng)有一定范圍，已知其最大值和最小值分別為 F1和 F2(F20)由此可求出()A物塊的質(zhì)量B斜面的傾角C物塊與斜面間的最大靜摩擦力D物塊對斜面的正壓力【答案】C【解析】設(shè)斜面傾角為，斜面對物塊的最大靜摩擦力為 Ff，當(dāng) F 取最大值 F1時，最大靜摩擦力 Ff沿斜面向下，由平衡條件得 F1mgsin Ff；當(dāng) F 取最小值 F2時，F(xiàn)f沿斜面向上，由平衡條件得 F2mgsin Ff，聯(lián)立兩式可求出最大靜摩擦力Ff，選項 C 正確FNmgcos ，F(xiàn)1F22mgsin ，

2、所以不能求出物塊的質(zhì)量、斜面的傾角和物塊對斜面的正壓力2.如圖，兩個輕環(huán)a和b套在位于豎直面內(nèi)的一段固定圓弧上；一細線穿過兩輕環(huán)，其兩端各系一質(zhì)量為m的小球在a和b之間的細線上懸掛一小物塊平衡時，a、b間的距離恰好等于圓弧的半徑不計所有摩擦小物塊的質(zhì)量為()ABmCmD2m【答案】C【解析】由于輕環(huán)不計重力，故細線對輕環(huán)的拉力的合力與圓弧對輕環(huán)的支持力等大反向，即沿半徑方向；又兩側(cè)細線對輕環(huán)拉力相等，故輕環(huán)所在位置對應(yīng)的圓弧半徑為兩細線的角平分線，因為兩輕環(huán)間的距離等于圓弧的半徑，故兩輕環(huán)與圓弧圓心構(gòu)成等邊三角形；又小球?qū)毦€的拉力方向豎直向下，由幾何知識可知，兩輕環(huán)間的細線夾角為120，對小

3、物塊進行受力分析，由三力平衡知識可知，小物塊質(zhì)量與小球質(zhì)量相等，均為m，C項正確3.如圖所示，勻強電場的電場強度方向與水平方向夾角為30且斜向右上方，勻強磁場的方向垂直于紙面(圖中未畫出)一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球(可視為質(zhì)點)以與水平方向成30角斜向左上方的速度v做勻速直線運動，重力加速度為g，則()A勻強磁場的方向可能垂直于紙面向外B小球一定帶正電荷C電場強度大小為D磁感應(yīng)強度的大小為【答案】C【解析】小球做勻速直線運動，受到的合力為零，假設(shè)小球帶正電，則小球的受力情況如圖甲所示，小球受到的洛倫茲力沿虛線但方向未知，小球受到的重力與電場力的合力與洛倫茲力不可能平衡，故小球不可能做勻速

4、直線運動，假設(shè)不成立，小球一定帶負電，選項B錯誤；小球的受力情況如圖乙所示，小球受到的洛倫茲力一定斜向右上方，根據(jù)左手定則，勻強磁場的方向一定垂直于紙面向里，選項A錯誤；根據(jù)幾何關(guān)系，電場力大小qEmg，洛倫茲力大小qvBmg，解得E，B，選項C正確，D錯誤4.如圖所示，一小球放置在木板與豎直墻面之間設(shè)墻面對球的壓力大小為N1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮镹2.以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置不計摩擦，在此過程中() AN1始終減小，N2始終增大BN1始終減小，N2始終減小CN1先增大后減小，N2始終減小DN1先增大后減小，N2先減小后增大【答案】B【解析】

5、對小球進行受力分析，如圖所示，設(shè)板與墻夾角為，轉(zhuǎn)到水平位置過程中逐漸增大，N1mgcot ，N2N2，N2，而在第一象限內(nèi)sin 為增函數(shù)，cot 為減函數(shù)，可知隨著增大，N1和N2都減小，則只有B正確5.如圖甲、乙、丙是生活中三種不同的背包方式.為了研究方便，假設(shè)背包者身體均呈豎直，因而可認為每條背包帶均在豎直面內(nèi).甲中背包帶對人的肩部的作用力設(shè)為F1；乙中的背包帶與豎直方向的夾角為(如圖)，其背包帶對人肩部的作用力設(shè)為F2；丙中的兩根背包帶與豎直方向的夾角均為(如圖)，其每根背包帶對人肩部的作用力均為F3.若三種情況所背的包完全相同，不考慮背包跟人體間的摩擦，則關(guān)于F1、F2、F3大小的下

6、列關(guān)系正確的是()A.F1F2 B.F2F3 C.F1F3 D.F3F2【答案】B【解析】由圖可知，題圖甲中背包帶沿豎直方向，所以每一根背包帶的作用力都等于0.5mg，則背包帶對肩部的作用力等于兩根背包帶的作用力的和，即等于F1mg；乙圖中，背包受到重力、腿部的支持力和肩膀的作用力如圖a：則：F2題圖丙中，背包受到兩邊肩膀的作用力，如圖b所示，則：mg2F3cos 所以：F3由以上的分析可得：F1F2，F(xiàn)3F2，由于夾角是未知的，所以不能判變大F3與重力mg的大小關(guān)系，因此不能判斷出F3與F1的大小關(guān)系.所以只有選項B正確.6.如圖，空間存在一方向水平向右的勻強電場，兩個帶電小球P和Q用相同的

7、絕緣細繩懸掛在水平天花板下，兩細繩都恰好與天花板垂直，則()AP和Q都帶正電荷BP和Q都帶負電荷CP帶正電荷，Q帶負電荷DP帶負電荷，Q帶正電荷【答案】D 【解析】對P、Q整體進行受力分析可知，在水平方向上整體所受電場力為零，所以P、Q必帶等量異種電荷，選項A、B錯誤；對P進行受力分析可知，勻強電場對它的電場力應(yīng)水平向左，與Q對它的庫侖力平衡，所以P帶負電荷，Q帶正電荷，選項D正確，C錯誤7.質(zhì)量為m的四只完全相同的足球疊成兩層放在水平面上，底層三只足球剛好接觸成三角形，上層一只足球放在底層三只足球的正上面，系統(tǒng)保持靜止若最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則()A底層每個足球?qū)Φ孛娴膲毫閙gB底層

8、每個足球之間的彈力為零C下層每個足球?qū)ι蠈幼闱虻闹С至Υ笮镈足球與水平面間的動摩擦因數(shù)至少為【答案】B【解析】根據(jù)整體法，設(shè)下面每個球?qū)Φ孛娴膲毫鶠镕N，則3FN4mg，故FNmg，A錯誤；四個球的球心連線構(gòu)成了正四面體，下層每個足球之間的彈力為零，B正確；上層足球受到重力、下層足球?qū)ι蠈幼闱虻娜齻€支持力，由于三個支持力的方向不是豎直向上，所以三個支持力在豎直方向的分量之和等于重力，則下層每個足球?qū)ι蠈幼闱虻闹С至Υ笮〈笥?，C錯誤；根據(jù)正四面體幾何關(guān)系可求，F(xiàn)與mg夾角的余弦值cos ，正弦值sin ，則有FmgFNmg，F(xiàn)Ff，解得Ffmg，F(xiàn)mg，則，所以足球與水平面間的動摩擦因數(shù)至少

9、為，故D錯誤8 三段細繩OA、OB、OC結(jié)于O點，另一端分別系于豎直墻壁、水平頂壁和懸掛小球，穩(wěn)定后OA呈水平狀態(tài)現(xiàn)保持O點位置不變，緩慢上移 A點至D點的過程中，關(guān)于OA繩上的拉力變化情況的判斷正確的是()A一直增大 B一直減小C先增大后減小D先減小后增大【答案】D【解析】可運用動態(tài)圖解法，由圖可知，當(dāng) OA 與 OB 垂直時，OA 上的拉力最小，故 D 正確9.如圖在傾斜的直桿上套一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)通過輕繩拉著一個質(zhì)量為M的物體，在圓環(huán)沿桿向下滑動的過程中，懸掛物體的輕繩始終處于豎直方向，則()A圓環(huán)只受三個力作用B圓環(huán)一定受四個力作用C物體做勻加速運動D輕繩對物體的拉力小于物體的重

10、力【答案】B【解析】懸掛物體的輕繩始終處于豎直方向，則圓環(huán)和物體均做勻速直線運動，C、D錯；對圓環(huán)受力分析，圓環(huán)要保持平衡狀態(tài)必受到重力、繩的拉力、桿的支持力、桿對圓環(huán)的摩擦力四個力作用，A錯，B對10.如圖所示，滑塊A置于水平地面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊A(A、B接觸面豎直)，此時A恰好不滑動，B剛好不下滑已知A與B間的動摩擦因數(shù)為1，A與地面間的動摩擦因數(shù)為2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力A與B的質(zhì)量之比為()A. B. C. D.【答案】B【解析】對滑塊A、B整體在水平方向上有F2(mAmB)g；對滑塊B在豎直方向上有1FmBg；聯(lián)立解得：，選項B正確.二 不定項選擇題1.如圖所

11、示，一根輕繩上端固定在O點，下端拴一個重力為G的小球，開始時輕繩處于垂直狀態(tài)，輕繩所能承受的最大拉力為2G，現(xiàn)對小球施加一個方向始終水平向右的力F，使球緩慢地移動，則在小球緩慢地移動過程中，下列說法正確的是()A力F逐漸增大B力F的最大值為GC力F的最大值為2GD輕繩與豎直方向夾角最大值30【答案】AB【解析】對小球受力分析，如圖甲：由平衡條件得：FGtan ，逐漸增大，則F逐漸增大，故A正確；如圖乙，小球緩慢地移動過程中，逐漸增大，F(xiàn)T的最大值為2G，則可得cos ，60，此時F達到最大值為G，故B正確，C、D錯誤；故選A、B.2.如圖所示，兩個帶電小球A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面

12、上，且在同一豎直平面內(nèi).用水平向左的推力F作用于B球，兩球在圖示位置靜止.現(xiàn)將B球沿斜面向上移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之向上移動少許，兩球在虛線位置重新平衡.重新平衡后與移動前相比，下列說法正確的是()A.墻面對A的彈力變小B.斜面對B的彈力不變C.推力F變大D.兩球之間的距離變大【答案】ABD【解析】利用整體法可知，斜面對B球支持力的豎直分量等于A、B兩帶電小球的重力之和，斜面傾角不變，斜面對B球支持力不變，故斜面對B的彈力不變，B選項正確；庫侖力與豎直方向的夾角變小，而豎直分量不變，故庫侖力變小，A、B間的距離變大，故D正確；因庫侖力水平分量減小，故A正確，C錯誤.3.如圖所示，一根通電的

13、導(dǎo)體棒放在傾斜的粗糙斜面上，置于圖示方向的勻強磁場中，處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)增大電流，導(dǎo)體棒仍靜止，則在增大電流過程中，導(dǎo)體棒受到的摩擦力的大小變化情況可能是()A一直增大 B先減小后增大C先增大后減小 D始終為零【答案】AB【解析】若F安mgsin ，因安培力方向向上，則摩擦力方向向上，當(dāng)F安增大時，F(xiàn)摩減小到零，再向下增大，B項對，C、D項錯；若F安mgsin ，摩擦力方向向下，隨F安增大而一直增大，A項對4.如圖所示，一輛小車靜止在水平地面上，車內(nèi)固定著一個傾角為60的光滑斜面OA，光滑擋板OB可繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的圓球放在斜面與擋板之間，擋板與水平面的夾角60，下列說法正

14、確的是()A若擋板從圖示位置順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動60，則球?qū)π泵娴膲毫χ饾u增大B若擋板從圖示位置順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動60，則球?qū)醢宓膲毫χ饾u減小C若保持擋板不動，則球?qū)π泵娴膲毫Υ笮閙gD若保持擋板不動，使小車水平向右做勻加速直線運動，則球?qū)醢宓膲毫赡転榱恪敬鸢浮緾D【解析】若擋板從圖示位置順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動60，根據(jù)圖象可知，F(xiàn)B先減小后增大，根據(jù)牛頓第三定律可知，球?qū)醢宓膲毫ο葴p小后增大，故選項A、B錯誤；球處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，對球進行受力分析，如圖所示，F(xiàn)A、FB以及G構(gòu)成的三角形為等邊三角形，根據(jù)幾何關(guān)系可知，F(xiàn)AFBmg，故選項C正確；若保持擋板不動，使小車水平向右做勻加速

15、直線運動，當(dāng)FA和重力G的合力正好提供加速度時，球?qū)醢宓膲毫榱?，故選項D正確5.如圖所示，頂端附有光滑定滑輪的斜面體靜止在粗糙水平地面上，三條細繩結(jié)于O點一條繩跨過定滑輪平行于斜面連接物塊P，一條繩連接小球Q，P、Q兩物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，另一條繩OA在外力F的作用下使夾角90.現(xiàn)緩慢改變繩OA的方向至90，且保持結(jié)點O位置不變，整個裝置始終處于靜止?fàn)顟B(tài)下列說法正確的是()A繩OA的拉力先減小后增大B斜面對物塊P的摩擦力的大小可能先減小后增大C地面對斜面體有向右的摩擦力D地面對斜面體的支持力大于物塊P和斜面體的重力之和【答案】ABD【解析】緩慢改變繩OA的方向至90的過程，OA拉力的方向變化如

16、圖2，從1位置到2位置到3位置所示，可見OA的拉力先減小后增大，OP的拉力一直增大；故A正確；若開始時P受繩子的拉力比較小，則斜面對P的摩擦力沿斜面向上，OP拉力一直增大，則摩擦力先變小后反向增大，故B正確；以斜面和PQ整體為研究對象受力分析，根據(jù)平衡條件：斜面受地面的摩擦力與OA繩子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，C錯誤；以斜面體和P為研究對象，在豎直方向上有：M斜gMPgNFcos ，故NM斜gMPg，故D正確6.如圖所示，水平地面上固定一個光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為.一根輕質(zhì)絕緣細線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個帶電小球A，細線與斜面平行小球A的質(zhì)量為m、電量為q

17、.小球A的右側(cè)固定放置帶等量同種電荷的小球B，兩球心的高度相同、間距為d.靜電力常量為k，重力加速度為g，兩帶電小球可視為點電荷小球A靜止在斜面上，則()A小球A與B之間庫侖力的大小為B當(dāng) 時，細線上的拉力為零C當(dāng) 時，細線上的拉力為零D當(dāng) 時，斜面對小球A的支持力為零【答案】AC【解析】根據(jù)庫侖定律可知小球A與B之間的庫侖力大小為k，A正確；小球A受重力、庫侖力和支持力作用，若細線上的拉力為零，由平衡條件可得kmgtan 解得 ，B錯誤，C正確；因為兩小球帶同種電荷，所以斜面對小球A的支持力不可能為零，D錯誤7.如圖所示，一只貓在桌邊猛地將桌布從魚缸下拉出，魚缸最終沒有滑出桌面若魚缸、桌布、

18、桌面兩兩之間的動摩擦因數(shù)均相等，則在上述過程中()A桌布對魚缸摩擦力的方向向左B魚缸在桌布上的滑動時間和在桌面上的相等C若貓增大拉力，魚缸受到的摩擦力將增大D若貓減小拉力，魚缸有可能滑出桌面【答案】BD【解析】當(dāng)桌布被拉出時，魚缸由靜止到向右運動，但它相對于桌布來說，仍向左運動，由于滑動摩擦力的方向與相對運動方向相反，因此桌布對魚缸的摩擦力的方向應(yīng)向右，選項A錯誤；因為魚缸、桌布、桌面兩兩之間的動摩擦因數(shù)均相等，魚缸受到桌布向右的摩擦力與它受到桌面向左的摩擦力大小相等，所以魚缸向右加速的加速度大小與向右減速的加速度大小相等，方向相反，魚缸的初速度為零，末速度也為零，根據(jù)對稱性可知，魚缸做加速運動的時間與做減速運動的時間相等，選項B正確；若貓增大拉力，桌布的加速度更大，但是由于魚缸與桌布間的壓力不變，動摩擦因數(shù)也不變，