2020年甘肅省武威六中高考物理三診試卷

1、2020 年甘肅省武威六中高考物理三診試卷一、單選題（本大題共4 小題，共24.0 分）1.某實(shí)驗(yàn)小組用同一光電管完成了光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，得到了光電流與對應(yīng)電壓之間的關(guān)系圖象甲、乙、丙，如圖所示。則下列說法正確的是()A. 甲光的頻率大于乙光的頻率B. 乙光的波長大于丙光的波長C. 甲光的光強(qiáng)大于丙光的光強(qiáng)D. 甲光和丙光產(chǎn)生的光電子的最大初動能不相等2.如圖所示， 定滑輪通過細(xì)繩 ?連接在天花板上， 跨過定滑輪的細(xì)繩兩端連接帶電小球 A、 B，其質(zhì)量分別為 ?1 、 ?2(?1 ?2) 。調(diào)節(jié)兩小球的位置使二者處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時 OA、OB 段繩長分別為 ?、?，與豎直方向的夾角分別12為 ?、

2、?已.知細(xì)繩絕緣且不可伸長，不計滑輪大小和摩擦。則下列說法正確的是 ( )A. ? ?： ?： ?B. ?1 2 = ?21C. 若僅增大 B 球的電荷量，系統(tǒng)再次靜止，則OB 段變長D. 若僅增大 B 球的電荷量，系統(tǒng)再次靜止，則OB 段變短3. 仰臥起坐是 國家學(xué)生體質(zhì)健康標(biāo)準(zhǔn) 中規(guī)定的女生測試項(xiàng)目之一。根據(jù)該標(biāo)準(zhǔn)高三女生一分鐘內(nèi)完成55個以上仰臥起坐記為滿分。若某女生一分鐘內(nèi)做了50個仰臥起坐，其質(zhì)量為 50kg，上半身質(zhì)量為總質(zhì)量的0.6倍，仰臥起坐時下半身重心位置不變，g 取210?/?.則測試過程中該女生克服重力做功的平均功率約為()A. 10WB. 40WC. 100WD. 20

3、0W4. 如圖所示，矩形線圈處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向水平向右的勻強(qiáng)磁場中，線圈通過電刷與定值電阻R 及理想電流表相連接，線圈繞中心軸線?以恒定的角速度 ?勻速轉(zhuǎn)動， ?= 0時刻線圈位于與磁場平行的位置。已知線圈的匝數(shù)為 n、面積為 S、阻值為 r。則下列說法正確的是 ()A. ?=0時刻流過電阻 R 的電流方向向左B. 線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時表達(dá)式為?= ?C.D.?線圈轉(zhuǎn)動的過程中，電阻R 兩端的電壓為?+?從 ?= 0 時刻起，線圈轉(zhuǎn)過60時電阻 R 兩端的電壓為 2(?+?)二、多選題（本大題共6 小題，共33.0 分）5.“嫦娥五號”是我國首個實(shí)施無人月面取樣且返回的探測器，它由

4、軌道器、 返回器、著陸器、上升器四個部分組成， 由長征五號運(yùn)載火箭從文昌航天發(fā)射場發(fā)射。若“嫦娥五號”探測器環(huán)月工作軌道為圓形，其離月球表面高度為h、運(yùn)行周期為T，月球半徑為 ?由.以上數(shù)據(jù)可求的物理量有()第1頁，共 15頁A. 月球表面飛船所受的重力B. “嫦娥五號”探測器繞月球運(yùn)行的加速度C. “嫦娥五號”探測器繞月球運(yùn)行的速度D. 月球?qū)Α版隙鹞逄枴碧綔y器的吸引力6. 如圖所示，平行板電容器帶電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)一定角度。若不改變電容器的帶電量，下列操作可能使靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度變小的是 ( )A. 將左極板向左移動少許， 同時在兩極板之間插入電介質(zhì)B. 將左極板向左移動少許，同時取

5、出兩極板之間的金屬板C. 將左極板向左移動少許，同時在兩極板之間插入金屬板D. 將左極板向下移動少許，同時取出兩極板之間的電介質(zhì)7. 如圖所示，質(zhì)量均為 m 的 a、 b 兩小球在光滑半球形碗內(nèi)做圓周運(yùn)動，碗的球心為 O、半徑為 0.1?， Oa、Ob 與豎直方向夾角分別為53 37、，兩球運(yùn)動過程中，碗始終靜止在水平地面上，已知?37=0.6， g 取 10?/?2.則下列說法正確的是 ( )A. a、 b 兩球做圓周運(yùn)動的線速度之比為83：3B. a、b 兩球做圓周運(yùn)動的角速度之比為2： 3C. a、b 兩球相鄰兩次相距最近的時間間隔為2 15+3 5?10D. a、 b 兩球運(yùn)動過程中，

6、碗對地面始終有摩擦力作用8. 如圖甲所示，一足夠長的絕緣豎直桿固定在地面上，帶電量為0.01?、質(zhì)量為 0.1?的圓環(huán)套在桿上。 整個裝置處在水平方向的電場中，電場強(qiáng)度 E 隨時間變化的圖象如圖乙所示，環(huán)與桿間的動摩擦因數(shù)為0.5， ?= 0時，環(huán)由靜止釋放，環(huán)所受的最2大靜摩擦力等于滑動摩擦力， 不計空氣阻力， g 取10?/?.則下列說法正確的是 ( )A. 環(huán)先做加速運(yùn)動再做勻速運(yùn)動B. 0 2?內(nèi)環(huán)的位移大于2.5?C. 2s時環(huán)的加速度為2D. 環(huán)的最大動能為 20J5?/?9.對于熱運(yùn)動和熱現(xiàn)象，下列說法正確的是()A. 玻璃裂口放在火上燒熔，其尖端變圓的原因是表面張力的作用B.

7、云母片導(dǎo)熱性能各向異性，是由于該物質(zhì)的微粒在空間按一定的規(guī)則排列C. 未飽和汽在降低溫度時也不會變成飽和汽D. 物體放出熱量，其分子平均動能可能增大E. 氣體壓強(qiáng)達(dá)到飽和汽壓時，蒸發(fā)和液化都停止了10.一列簡諧橫波沿x 軸傳播， ?= 0 時的波形如圖所示，質(zhì)點(diǎn)A和 B 相距 0.5?，質(zhì)點(diǎn) A 速度沿 y 軸正方向； ?= 0.03?時，質(zhì)點(diǎn) A 第一次到達(dá)負(fù)向最大位移處。則下列說法正確的是()A. 該波沿 x 軸負(fù)方向傳播B. 該波的傳播速度為 25?/?C. 從 ?= 0 時起，經(jīng)過 0.04?，質(zhì)點(diǎn) A 沿波傳播方向遷移了1mD. 在 ?= 0.04?時，質(zhì)點(diǎn) B 處在平衡位置，速度沿

8、y 軸負(fù)方向E. 某頻率為 25Hz 的簡諧橫波與該波一定能發(fā)生干涉三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2 小題，共 15.0 分）第2頁，共 15頁11. 圖甲為某實(shí)驗(yàn)小組做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置，光電門A、 B 固定在氣墊導(dǎo)軌上，細(xì)線兩端分別與鉤碼和滑塊相連，重力加速度為g。(1) 實(shí)驗(yàn)的主要操作如下：按圖組裝好實(shí)驗(yàn)器材；讓滑塊從氣墊導(dǎo)軌上光電門A 的右側(cè)某位置由靜止釋放；記錄遮光條通過光電門A、 B 所用的時間分別為、 ?；?21改變光電門 B 的位置，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)。為完成該實(shí)驗(yàn)，還缺少的主要操作是_；(2) 實(shí)驗(yàn)中還需要測量的物理量有 _； 滑塊的長度 D ； 遮光條的寬度 d； 兩個光電門

9、之間的距離 L； 滑塊 ( 含遮光條 )的質(zhì)量 M； 鉤碼的質(zhì)量 m。(3) 對于滑塊 (含遮光條 ) 和鉤碼組成的系統(tǒng)，重力勢能的減少量? =_；動?能的增加量 ? = _； (用上述所給的字母表示 )(4) 實(shí)驗(yàn)小組處理采集的多組數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)系?- ?中描點(diǎn)作圖， 如圖乙所示，若兩軸的標(biāo)度相同，造成該實(shí)驗(yàn)結(jié)果的原因是_。12. 某實(shí)驗(yàn)小組欲將電流表?1 的量程由 3mA 改裝為 0.6?實(shí).驗(yàn)器材如下：A.待測電流表 ?( 內(nèi)阻約為 10?)；1B.(滿偏電流為6?)標(biāo)準(zhǔn)電流表 ?2；C.滑動變阻器 ?(最大阻值為 3?)；D.電阻箱 ?(阻值范圍為0 999.9?)；E.電池組、導(dǎo)線、開

10、關(guān)。(1) 實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)圖甲所示的電路測電流表?的內(nèi)阻，請完成以下實(shí)驗(yàn)內(nèi)容：1將滑動變阻器；R 調(diào)至最大，閉合 ?1調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電流表 ?1滿偏；再閉合 ?2，保持滑動變阻器 R 不變，調(diào)節(jié)電阻箱 ?，電流表 ?指針的位置如圖乙1所示，此時電阻箱 ?的示數(shù)為 4.5?.可知電流表 ?內(nèi)阻的測量值為_，與真實(shí)值1相比 _( 選填“偏大”、“相等”或“偏小”) ；(2) 為了更加準(zhǔn)確地測量電流表?的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)小組利用上述實(shí)驗(yàn)器材重新設(shè)計實(shí)1第3頁，共 15頁驗(yàn)，請完成以下實(shí)驗(yàn)內(nèi)容： 完善圖丙的實(shí)物圖連接； 實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)圖丙進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，采集到電流表 ?、?的示數(shù)分別為3.0?、5.0?，12電

11、阻箱的讀數(shù)為 15.0?，則電流表 ?內(nèi)阻為 _?；1 實(shí)驗(yàn)小組將電流表 ?1改裝成量程為 0.6?的電流表，要 _( 選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)” ) 一個阻值 ?= _?的電阻 ( 結(jié)果保留一位有效數(shù)字 ) 。四、計算題（本大題共4 小題，共52.0 分）13. 如圖所示，兩根豎直放置的足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為 l ，導(dǎo)軌上端接有電阻 R 和一個理想電流表，導(dǎo)軌電阻忽略不計導(dǎo)軌下部的勻強(qiáng)磁場區(qū)域有虛線所示的水平上邊界，磁場方向垂直于金屬導(dǎo)軌平面向外質(zhì)量為m、電阻為 r 的金屬桿 MN ，從距磁場上邊界 h 處由靜止開始沿著金屬導(dǎo)軌下落，金屬桿進(jìn)入磁場后，流經(jīng)電流表的電流逐漸減小， 最終穩(wěn)定

12、為 ?金.屬桿下落過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好已知重力加速度為g，不計空氣阻力求：(1) 磁感應(yīng)強(qiáng)度 B 的大??；(2) 電流穩(wěn)定后金屬桿運(yùn)動速度的大??；(3) 金屬桿剛進(jìn)入磁場時， M、 N 兩端的電壓大小14. 靜止在水平地面上的兩小物塊AB? = 1.0? ? = 4.0?、 ，質(zhì)量分別為?， ?；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A 與其右側(cè)的豎直墻壁距離?= 1.0?，如圖所示。某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B 瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為?=10.0?釋.放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運(yùn)動。AB與地面之間的動摩擦因數(shù)、均為 ?= 0.20. 重力加速度取 ?=210?/?

13、 . ?、B 運(yùn)動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。(1) 求彈簧釋放后瞬間 A、 B 速度的大?。?2) 物塊 A、B 中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A 與 B 之間的距離是多少？(3)?和 B 能否再次發(fā)生碰撞？若不能，說明理由；若能，試計算碰后的速度大小。15. 如圖所示，兩個球形容器容積之比為： ?= 10： 11，?21由一細(xì)管 ( 容積忽略 ) 相連，細(xì)管的水平部分封有一段汞第4頁，共 15頁柱，兩容器中盛有等量同種氣體，并置于兩個溫度分別為?和 ?的熱庫內(nèi)，已知 ?=121300?，位于細(xì)管中央的汞柱靜止。(1) 求另一個熱庫的溫度?；2(2) 若使兩熱庫溫度都升高

14、 ?，汞柱是否發(fā)生移動？請通過計算說明理由。16.國內(nèi)最長的梅溪湖激光音樂噴泉，采用了世界一流的燈光和音響設(shè)備，呈現(xiàn)出震撼人心的萬千變化。噴泉的水池里某一射燈發(fā)出的一細(xì)光束射到水面的入射角?=37 ，從水面上出射時的折射角?= 53 。( ) 求光在水面上發(fā)生全反射的臨界角；( ) 該射燈 ( 看做點(diǎn)光源 ) 位于水面下 ? = 7?處，求射燈照亮的水面面積( 結(jié)果保留兩位有效數(shù)字 ) 。第5頁，共 15頁答案和解析1.【答案】 C【解析】 解：A、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知，?= ?- ?0，根據(jù)動能定理可知，?= ?，入射光的頻率越高，對應(yīng)的遏止電壓?越大，分析圖象可知，甲光的遏止電?壓

15、比乙光小，則甲光的頻率小于乙光，故A 錯誤；B、分析圖象可知，丙光的遏止電壓小于乙光的遏止電壓，則丙光的頻率小于乙光的頻?率，根據(jù)頻率和波長的關(guān)系可知，?=，則乙光的波長小于丙光的波長，故B 錯誤；?C、分析圖象可知， 甲光和丙光的遏止電壓相等，則頻率相等， 但甲光的飽和光電流大，則甲光內(nèi)含有的光子個數(shù)多，即甲光的光強(qiáng)大于丙光，故C 正確；D、丙光的遏止電壓等于甲光的遏止電壓，由 ?= ?可知，甲光產(chǎn)生的光電子的最?大初動能等于丙光產(chǎn)生的光電子的最大初動能，故D 錯誤。故選： C。從題圖可知，甲、丙光的遏止電壓相等，則甲、丙光的頻率相等，乙光的遏止電壓大，則乙光的頻率高。甲光的飽和光電流大，則

16、含有的光子數(shù)目多。根據(jù)光電效應(yīng)方程分析產(chǎn)生光電子的最大初動能。此題考查了愛因斯坦光電效應(yīng)方程的相關(guān)知識，解答本題的關(guān)鍵是掌握遏止電壓、截止頻率，以及理解光電效應(yīng)方程?- ?0。?= ?=2.【答案】 B【解析】 解： A、同一根細(xì)繩張力相等，設(shè)為T，對 O 點(diǎn)水平方向根據(jù)平衡條件可得：?= ?，故?= ?，故 A 錯誤；B、將細(xì)繩看作是輕桿，O 點(diǎn)為固定轉(zhuǎn)軸，如圖所示，根據(jù)力矩的平衡條件可得： ?=1，即：1?2?2?1 ?=1?2 ?2，解得 ?1：?2 = ?2：?1 ，故 B 正確；CD 、若僅增大 B 球的電荷量， 系統(tǒng)再次靜止， OA 和 OB 與豎直方向的夾角設(shè)為?和?，仍有 ?=

17、 ?，設(shè)此時 OA 和 OB 的長度分別為 ?和?，仍有 ?：?： ? ，故系統(tǒng)121 ?=1 ?2 ?2，解得?1 2= ?21再次靜止，則OB 的長度不變，故 CD 錯誤。故選： B。同一根細(xì)繩張力相等，對O 點(diǎn)水平方向根據(jù)平衡條件分析兩角的關(guān)系；構(gòu)建杠桿模型，根據(jù)力矩的平衡條件分析?：?的值；12若僅增大 B 球的電荷量，系統(tǒng)再次靜止，再次力矩的平衡條件分析?：?的比值分析12OB 的長度。本題主要是考查庫侖力作用下的平衡問題，解答本題的關(guān)鍵是弄清楚兩個小球的受力情況，知道同一根繩子拉力相等，巧妙的利用“杠桿的平衡條件”分析質(zhì)量之比，可以簡化解答過程。3.【答案】 C? = 1.6?，則

18、每次上半身重心上升的距離約為：?=1【解析】 解：該同學(xué)身高約4 ? =0.4?則她每一次克服重力做的功為：? = 0.6?= 0.6 50 10 0.4?= 120?第6頁，共 15頁1min 內(nèi)她克服重力所做的總功為：?總 = 50? = 50 120?= 6000?她克服重力做功的平均功率為：?6000故 C 正確， ABD 錯誤?= =? = 100?.?60故選： C。仰臥起坐的過程中克服重力做功，由? = 0.6?即可求出每一次克服重力做的功，然后求出總功，再由功率的表達(dá)式?= ?即可求出克服重力做功的平均功率。?本題要建立模型，估算出考查功的計算，每次上半身重心上升的距離，要注意

19、人克服重力做的功等于為 0.6?是解答的關(guān)鍵。4.【答案】 D【解析】解：A、?= 0時刻線圈與磁場平行， 根據(jù)右手定則可知， 感應(yīng)電流方向?yàn)?ADCB ，則流過電阻 R 的電流方向向右，故 A 錯誤。B、從線圈與磁場平行開始計時，感應(yīng)電動勢隨時間按余弦規(guī)律變化，最大感應(yīng)電動勢為 ?，則感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為?= ?，故B錯誤；C、線圈轉(zhuǎn)過的過程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的有效值為最大感應(yīng)電動勢的2倍， ?=22?R 兩端的電壓為2?，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電阻，故 C 錯誤；22(?+?)D 、線圈從 ?= 0開始轉(zhuǎn)過60時，瞬時感應(yīng)電動勢為： ?=?2，根據(jù)閉合電路歐姆定?律可知，電阻

20、R 兩端的電壓為，故 D 正確。2(?+?)故選： D。根據(jù)右手定則判斷流過電阻R 的電流方向。根據(jù)正弦式交變電流產(chǎn)生規(guī)律分析感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式。根據(jù)正弦式交變電流最大值和有效值的關(guān)系結(jié)合閉合電路歐姆定律可知，電阻 R 兩端的電壓。根據(jù)感應(yīng)電動勢瞬時值表達(dá)式求解轉(zhuǎn)60時的瞬時電壓， 進(jìn)一步求解電阻R 兩端的電壓。此題考查了正弦式交變電流的產(chǎn)生規(guī)律，理解交流電的最大值和有效值、周期和頻率的關(guān)系，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析求解。5.【答案】 BC?【解析】 解： A、探測器繞月球做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)萬有引力提供向心力，(?+?) 2 =4?22 ，聯(lián)立可以求出月球表面的重力加速? 2(?+ ?

21、) ，根據(jù)黃金代換式可知， ?= ?度 g，由于飛船的質(zhì)量未知，無法得到飛船受到的重力，故A 錯誤；?B、根據(jù)萬有引力提供加速度可知，(?+?) 2 = ?，解得探測器繞月球運(yùn)行的加速度：?=?2?B 正確；(?+?) 2 = (?+?) 2，則探測器繞月球運(yùn)行的加速度可求出，故C、根據(jù)周期和線速度的關(guān)系可知，?= 2?(?+?)，探測器的運(yùn)行速度可以求出，故C 正?確；D 、探測器的質(zhì)量未知，無法確定月球?qū)ζ涞奈?，故D 錯誤。故選： BC。第7頁，共 15頁衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運(yùn)動， 萬有引力提供向心力， 結(jié)合萬有引力等于重力求出月球表面的重力加速度，進(jìn)一步得到飛船的重力。根據(jù)萬有引力提

22、供加速度分析。根據(jù)周期和線速度的關(guān)系，求出運(yùn)行速度。探測器質(zhì)量未知，無法求出月球?qū)ζ湮?。此題考查了萬有引力定律及其應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是根據(jù)萬有引力提供向心力列式，再結(jié)合月球表面重力等于萬有引力列式求解， 向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取。6.【答案】 AC【解析】 解： A、將左極板向左移動少許，同時在兩極板之間插入電介質(zhì)，即板間距離增大同時增大電介質(zhì)，由電容的決定式?=? ，知電容可能增大，而電容器的電量不4?變，由 ?= ?分析可知，板間電壓可能減小，則靜電計指針張角可能減小，故A 正確；B、將左極板向左移動少許，同時取出兩極板之間的金屬板，即板間距離增大，

23、由電容的決定式 ?=? ，得知電容減小，而電容器的電量不變，由?= ?分析可知，板間電4?壓增大，則靜電計指針張角增大，故B 錯誤；C、將左極板向左移動少許，則極板間距變大，同時在兩極板之間插入金屬板，即相當(dāng)于減小極板間距，由電容的決定式?=? ，知電容可能增大，而電容器的電量不變，4?C 正確；由 ?= 分析可知，板間電壓可能減小，則靜電計指針張角可能減小，故?D 、將左極板向下移動少許， 同時取出兩極板之間的電介質(zhì)，即減小正對面積與電介質(zhì)，由電容的決定式 ?=?，知電容減小，而電容器的電量不變，由?=?可知，板間電4?壓增大，則靜電計指針張角增大，故D 錯誤。故選： AC。根據(jù)電容的決定式

24、?=? ，分析板間距離變化和插入電介質(zhì)時，電容的變化情況。再4?由電容的定義式?= ?分析板間電壓的變化，判斷靜電計指針張角的變化。?對于電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住電容的兩個公式：電容的決定式?=? 和定義4?式 ?=，結(jié)合電量不變進(jìn)行分析。?7.【答案】 BD【解析】 解： A、小球在碗內(nèi)都是受重力和支持力的作用，其支持力方向都是垂直于切面指向球心，其做圓周運(yùn)動時由重力和支持力的合力提供向心力，對 A 有： ?53=?對 B 有： ?37=?2?53 2?37 ?53 ?538 解得：?= =，故 A 錯誤；?37?379第8頁，共 15頁B?= ?372，故、根據(jù)= =可得，兩小球做圓

25、周運(yùn)動的角速度之比應(yīng)為：?53 3B 正確；C、由上面的分析可以得到a、 b 的角速度分別為：10 15?= 55?/?3?/?,因?yàn)?a 的角速度大于 b 的角速度，當(dāng)a 比 b 多轉(zhuǎn)動一圈所經(jīng)歷的時間為a、b 兩球相鄰兩次距離最近的時間間隔設(shè)為t，則有： (?- ?)?= 2?2?(2 15+35)解得： ?=?，故 C 錯誤；D 、在小球運(yùn)動過程中，小球?qū)ν胗写怪庇谇忻嫦蛳碌膲毫?，則使碗有水平方向的運(yùn)動趨勢，碗能夠保持靜止，是因?yàn)槭艿降孛鎸λ哪Σ亮ψ饔?，故D 正確。故選： BD。對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律即可得到兩小球的線速度和角速度之比；a 比 b 多轉(zhuǎn)動一圈的時間即為兩球相鄰

26、兩次相距最近的時間間隔；在小球運(yùn)動的過程中，碗始終存在著運(yùn)動趨勢。對小球受力分析根據(jù)牛頓第二定律列出向心力方程是解題的關(guān)鍵。另外在圓周運(yùn)動中，兩球的追擊問題中要注意，快的比慢的多運(yùn)動一周的時候才是追上的時候。8.【答案】 CD【解析】解：A、在 ?= 0時刻，圓環(huán)所受摩擦力為： ?= ?= ?=1.5?，? ?= 1?，所以開始時刻圓環(huán)保持靜止，當(dāng) ?= ?，即：?= 2102?/?時，所以圓環(huán)從 ?= 1?開始沿著桿向下運(yùn)動，因?yàn)殡妶隽?= 1?時刻到 ?=3?時刻，逐漸減小，滑動摩擦力也逐漸減小，所以圓環(huán)的加速度會增大，物體做加速運(yùn)動，一直加速到?= 5?時刻速度達(dá)到最大，從 ?=5?時

27、刻到 ?= 6?時刻，滑動摩擦力大于重力，加速度方向向上，要做減速運(yùn)動，故A 錯誤；C、當(dāng) ?= 2?時刻， ?= 1 102?/?，由牛頓第二定律得：?-?= ?，代入數(shù)據(jù)2，故 C 正確；解得： ?= 5?/?B、假設(shè)從 ?= 1?到 ?= 2?這段時間內(nèi)圓環(huán)一直做勻加速直線運(yùn)動，則0內(nèi)環(huán)的位移2?1212? = 2.5?，故 B 錯誤；為： ? 2?( ?) = 25(2 - 1)D 、由題意知當(dāng) ?= 5?時刻圓環(huán)達(dá)到最大速度， 根據(jù) ?-?圖得到函數(shù)關(guān)系為： ?= 300 -100?，由牛頓第二定律得：?- ?= ?，代入數(shù)據(jù)解得a 與 t 的函數(shù)關(guān)系為： ?=5?- 5，即加速度a

28、 與時間 t 也是一次函數(shù)，即線性關(guān)系，依據(jù)?- ?圖象面積的物理意義表示速度的改變量，所以從?= 1?到 ?= 5?這段時間內(nèi)，速度的改變量為：?=21(3 -1) (5 3 -5) =20?/?0 ，得圓環(huán)得最大速度2，又因?yàn)椋??= ?-為： ?1220?，故 D 正確。?=20?/?，故圓環(huán)的最大動能為： ?= 2 ?=故選： CD。通過對圓環(huán)進(jìn)行受力分析，應(yīng)用牛頓第二定律列方程討論得圓環(huán)先做加速度變化的加速運(yùn)動，達(dá)到最大速度以后再做減速運(yùn)動；通過假設(shè)法比較內(nèi)環(huán)的位移小于 2.5?；0 2?通過函數(shù)的線性關(guān)系的面積的物理意義求出速度的改變量，再求最大速度及最大動能。本題考查的是帶電圓環(huán)

29、在約束條件下的變加速直線運(yùn)動，此題的難點(diǎn)在于找到臨界狀態(tài)即加速度為零的時刻以及利用線性函數(shù)圖象面積的物理意義去求解。9.【答案】 ABD【解析】 解： A、玻璃裂口放在火上燒熔，則玻璃變成了液態(tài)，由于液體的表面張力作用，則使液體表面收縮，使其尖端變圓，故A 正確；第9頁，共 15頁B、由于晶體內(nèi)部的微粒是有規(guī)則排列的，從而使它在不同方向上的微粒排列情況不同，引起單晶體在不同方向上的物理性質(zhì)不同，表現(xiàn)為各向異性，故B 正確；C、在體積不變的情況下，降低未飽和汽的溫度，可以使在較高溫度時的未飽和汽變成較低溫度時的飽和汽，故 C 錯誤；D 、物體放出熱量的同時被壓縮，外界對物體做功， 根據(jù)熱力學(xué)第一

30、定律?= ? + ?可知，物體的內(nèi)能有可能增大，則其分子的平均動能可能增大，故D 正確；E、氣體壓強(qiáng)達(dá)到飽和汽壓時，在相同的時間內(nèi)回到液體中的分子數(shù)等于從液面飛出去的分子數(shù)，這是一種動態(tài)平衡，故E 錯誤。故選： ABD。液體的表現(xiàn)張力作用使液面有收縮的趨勢，使液體的表面積最小； 晶體內(nèi)部的微粒是有規(guī)則排列的， 從而使它在不同方向上的微粒排列情況不同，引起單晶體在不同方向上的物理性質(zhì)不同； 把未飽和汽變成飽和汽的兩種方法是增大壓強(qiáng)和降低溫度；物體放出熱量的同時有外界對它做功，物體的溫度有可能增大；氣體達(dá)到飽和汽時是達(dá)到了動態(tài)平衡。本題考查的知識點(diǎn)比較多，有液體的表面張力、溫度、熱力學(xué)定律、晶體和

31、非晶體、飽和汽等，需要同學(xué)們對這些能夠熟練記憶。10.【答案】 ABD【解析】 解： A、該時刻質(zhì)點(diǎn) A 速度沿 y 軸正方向，根據(jù)“同側(cè)法”可知該波沿x 軸負(fù)方向傳播，故 A 正確；B、?= 0.03?時，質(zhì)點(diǎn) A 第一次到達(dá)負(fù)向最大位移處，所以有3?= 0.03?，解得周期 ?=4?0.04?，質(zhì)點(diǎn) A 和 B 相距 0.5?，則波長 ?=1?，故波速為?= ?= 25?/?，故 B 正確；C、質(zhì)點(diǎn)不會隨波遷移，故C 錯誤；D 、在 ?= 0.04?時，剛好振動一個周期，質(zhì)點(diǎn)B 處在平衡位置，根據(jù)“同側(cè)法”可知該時刻質(zhì)點(diǎn) B 速度沿 y 軸負(fù)方向，故 D 正確；1= 25?(1)頻率相同，

32、 (2) 在相遇處兩列E、該波的頻率為 ?= ?，發(fā)生干涉的條件是：波的相位差恒定，某頻率為25Hz 的簡諧橫波與該波不一定能發(fā)生干涉，故E 錯誤。故選： ABD。根據(jù)“同側(cè)法”判斷波的傳播方向；求出周期和波長，根據(jù)?= 計算波速；質(zhì)點(diǎn)不會?隨波遷移； 根據(jù)“同側(cè)法”判斷質(zhì)點(diǎn) B 速度的方向； 根據(jù)發(fā)生干涉的條件分析能否發(fā)生干涉。本題主要是考查了波的圖象； 解答本題的關(guān)鍵是根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動方向判斷出波的傳播方向；一般的判斷方法是根據(jù)“平移法”或“同側(cè)法”，或者根據(jù)“走坡法”來判斷；掌握兩列波發(fā)生干涉的條件。11.【答案】 (1) 實(shí)驗(yàn)前，先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的水平；(2) ；122(3) ?；?2(?

33、 + ?)( 2 -2 ) ；?21(4) 氣墊導(dǎo)軌右側(cè)偏高，使得滑塊運(yùn)動過程中重力勢能的減小量轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的動能【解析】 解： (1) 實(shí)驗(yàn)前，先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的水平。(2) 研究滑塊在通過光電門A、B 的過程中，滑塊和鉤碼組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則滿足：1212?=(? + ?)? -(? + ?)?2?2?第10 頁，共 15頁其中： ? =?，? =?2?1122聯(lián)立解得：?=(? + ?)( 2 -2 )2?21實(shí)驗(yàn)中還需要測量的物理量為：遮光條的寬度d，滑塊 (含遮光條 ) 的質(zhì)量 M，鉤碼的質(zhì)量 m，兩個光電門之間的距離L，故選 。?= ?(3) 對于滑塊 ( 含遮光條 )和鉤碼組成的

34、系統(tǒng)，重力勢能的減少量；動能的增122加量 ? =?2(? + ?)( 2 -2 ) 。?21(4) 分析圖乙可知，若兩軸的標(biāo)度相同，則動能增加量大于重力勢能減少量，造成該實(shí)驗(yàn)結(jié)果的原因是氣墊導(dǎo)軌右側(cè)偏高， 使得滑塊運(yùn)動過程中重力勢能的減小量轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的動能。12故答案為： (1) 實(shí)驗(yàn)前，先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的水平； (2) ?-；(3)?；(? + ?)( 22?22?2 ) ；(4) 氣墊導(dǎo)軌右側(cè)偏高，使得滑塊運(yùn)動過程中重力勢能的減小量轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的動能。?1(1) 含有氣墊導(dǎo)軌的實(shí)驗(yàn)，必須先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的水平。(2 、3) 根據(jù)下降的高度得出系統(tǒng)重力勢能的減小量，根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬

35、時速度求出滑塊通過兩光電門的瞬時速度，從而得出系統(tǒng)動能的增加量，抓住重力勢能的減小量等于動能的增加量得出機(jī)械能守恒的表達(dá)式，分析需要測量的物理量。(4) 根據(jù)實(shí)驗(yàn)器材的特性和注意事項(xiàng)分析誤差產(chǎn)生的原因。此題考查了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)， 解決本題的關(guān)鍵是知道實(shí)驗(yàn)的原理， 抓住系統(tǒng)重力勢能的減小量和系統(tǒng)動能增加量是否相等進(jìn)行驗(yàn)證。12.【答案】 9.0? 偏小10.0并聯(lián)0.05【解析】 解： (1) 電流表 ?的量程為3mA，由圖乙所示表盤可知，流過電流表的電流1為 1mA，滑動變阻器滑片位置不變，閉合開關(guān)?時認(rèn)為電路總電流不變，流過電流表的電流為21mA，則流過電阻箱的電流為2mA，流過電

36、阻箱的電流是流過電流表電流的2 倍，由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知，電流表內(nèi)阻為電阻箱阻值的2 倍，則電流表內(nèi)阻為：2 4.5?=9.0?；閉合開關(guān) ?時，電路總電阻減小，電路總電流變大，大于3mA，但實(shí)驗(yàn)認(rèn)為電路電流不2變，因此當(dāng)流過電流表電流為1mA 時，流過電阻箱的電流大于2mA，電流表內(nèi)阻大于電阻箱阻值的 2 倍，實(shí)驗(yàn)認(rèn)為電流表內(nèi)阻等于電阻箱阻值的兩倍，因此電流表內(nèi)阻測量值小于真實(shí)值。(2) 并聯(lián)電路兩端電壓相等，可以讓電流表?與電阻箱并聯(lián)，然后與電流表?串聯(lián)，12實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示；第11 頁，共 15頁?(?2-?1 )?-3 15.0電流表 ?的內(nèi)阻： ?電阻箱(5.0-3.0) 10；=1=-31?1?= 10.0?3.0 1011? ? 把電流表 ?1改裝成 0.6?的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值：?1 ?1? = ?-? =?13 10-3 10.0；-30.6-3? 0.05? 10故答案為：(1) 9.0?；偏??； (2) 實(shí)物電路圖如圖所示；10.0； 并聯(lián)； 0.05