2018-2019學(xué)年黑龍江省大慶四中高一(下)第三次月考物理試卷

1、2018-2019 學(xué)年黑龍江省大慶四中高一（下）第三次月考物理試卷一、單選題（本大題共7 小題，共28.0 分）1.如圖所示為質(zhì)點(diǎn)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖，且質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D 點(diǎn)時(shí)速度方向與加速度方向恰好互相垂直，則質(zhì)點(diǎn)從A 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E 點(diǎn)的過程中，下列說法中正確的是A.B.C.D.質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過C 點(diǎn)的速率比D 點(diǎn)的小質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過A 點(diǎn)時(shí)的加速度方向與速度方向的夾角大于質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過D 點(diǎn)時(shí)的加速度比B 點(diǎn)的大質(zhì)點(diǎn)從 B 到 E 的過程中加速度方向與速度方向的夾角先增大后減小2.發(fā)球機(jī)從同一高度向正前方依次水平射出兩個(gè)速度不同的乒乓球忽略空氣的影響速度較大的球越過球網(wǎng)，速度較小的球沒有越過球網(wǎng)其原因是A.

2、 速度較小的球下降相同距離所用的時(shí)間較多B. 速度較小的球在下降相同距離時(shí)在豎直方向上的速度較大C. 速度較大的球通過同一水平距離所用的時(shí)間較少D. 速度較大的球在下降相同時(shí)間間隔內(nèi)下降的距離較大3.如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng) 的細(xì)繩一端固定，另一端系一質(zhì)量為m 的小球。給小球一個(gè)合適的初速度，小球便可在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，這樣就構(gòu)成了一個(gè)圓錐擺，設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為下列說法中不正確的是A. 小球受重力、繩的拉力和向心力作用B. 小球只受重力和繩的拉力作用C. 越大，小球運(yùn)動(dòng)的速度越大D. 越大，小球運(yùn)動(dòng)的周期越小4. 利用引力常量 G 和下列某一組數(shù)據(jù)，不能計(jì)算出地球質(zhì)量的是A. 地球的半徑及

3、重力加速度不考慮地球自轉(zhuǎn)B. 人造衛(wèi)星在地面附近繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的速度及周期C. 月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期及月球與地球間的距離D. 地球繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的周期及地球與太陽間的距離5.關(guān)于動(dòng)能定理的表達(dá)式，下列說法正確的是A. 公式中的 W 為不包含重力的其他力做的總功B. 動(dòng)能定理既適用于直線運(yùn)動(dòng)，也適用于曲線運(yùn)動(dòng)；適用于恒力做功，但不適用于變力做功C. 運(yùn)動(dòng)物體所受合外力不為零，則該物體一定做變速運(yùn)動(dòng)，其動(dòng)能要變化D. 公式中的為動(dòng)能的增量，當(dāng)時(shí)動(dòng)能增加，當(dāng)時(shí)動(dòng)能減少6. 韓曉鵬是我國(guó)首位在冬奧會(huì)雪上項(xiàng)目奪冠的運(yùn)動(dòng)員他在一次自由式滑雪空中技巧比賽中沿“助滑區(qū)”保持同一姿態(tài)下滑了一段距離，重

4、力對(duì)他做功1900J，他克服阻力做功韓曉鵬在此過程中A. 重力勢(shì)能減小了1900 JB. 重力勢(shì)能減小了2000 JC. 動(dòng)能增加了1900 JD. 動(dòng)能增加了2000 J7.如圖甲所示，滑輪質(zhì)量、摩擦均不計(jì)，質(zhì)量為2kg 的物體在F 作用下由靜止開始向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，其速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，由此可知取第1頁，共 10頁A. 物體加速度大小為2B. F 的大小為 21NC. 4s 末 F 的功率大小為42WD. 4s 內(nèi) F 做功的平均功率為42W二、多選題（本大題共5 小題，共20.0 分）8.質(zhì)量相同的兩個(gè)小球在光滑水平面上沿連心線同向運(yùn)動(dòng)，球1 的動(dòng)量為，球 2 的動(dòng)量為，當(dāng)球

5、 1 追上球 2 時(shí)發(fā)生碰撞，則碰撞后兩球動(dòng)量變化的可能值是A.，B.，C.，D.，9. A、B 兩球質(zhì)量相等， A 球豎直上拋， B 球平拋，兩球在運(yùn)動(dòng)中空氣阻力不計(jì)，則下列說法中正確的是A. 相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等，方向相同B. 相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等，方向不同C. 動(dòng)量的變化率大小相等，方向相同D. 動(dòng)量的變化率大小相等，方向不同10. 2017 年，人類第一次直接探測(cè)到來自雙中子星合并的引力波。根據(jù)科學(xué)家們復(fù)原的過程，在兩顆中子星合并前約 100s 時(shí)，它們相距約 400km，繞二者連線上的某點(diǎn)每秒轉(zhuǎn)動(dòng) 12 圈。將兩顆中子星都看作是質(zhì)量均勻分布的球體，由這些數(shù)據(jù)、萬有

6、引力常量并利用牛頓力學(xué)知識(shí)，可以估算出這一時(shí)刻兩顆中子星A. 質(zhì)量之積B. 質(zhì)量之和C. 速率之和D. 各自的自轉(zhuǎn)角速度11. 如圖所示，水平放置的兩個(gè)用相同材料制成的輪P 和 Q 靠摩擦傳動(dòng)不打滑 ，兩輪的半徑R： 當(dāng)主動(dòng)輪 Q 勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，在Q 輪邊緣上放置的小木塊恰能相對(duì)靜止在Q 輪邊緣上，此時(shí) Q 輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為 ，木塊的向心加速度為；若改變轉(zhuǎn)速，把小木塊放在P 輪邊緣也恰能靜止，此時(shí)Q 輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，木塊的向心加速度為，則A.B.C.D.12. 如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為 m 的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個(gè)質(zhì)量也為 m 的小球從槽上高

7、 h 處由靜止開始自由下滑，下列判斷正確的是A. 在以后的運(yùn)動(dòng)過程中，小球和槽的動(dòng)量始終守恒B. 在下滑過程中小球和槽之間的相互作用力始終不做功C. 被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運(yùn)動(dòng)D. 被彈簧反彈后，小球和槽的機(jī)械能守恒，小球不能回到槽上高h(yuǎn) 處第2頁，共 10頁三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2 小題，共14.0 分）13. 某學(xué)習(xí)小組做“探究功和物體速度變化的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，裝置如圖所示，圖中小車是在一條橡皮筋作用下彈出，沿木板滑行，這時(shí)，橡皮筋對(duì)小車做的功記為當(dāng)用 2 條、 3 條完全相同的橡皮筋并在一起進(jìn)行第 2 次、第 3 次 實(shí)驗(yàn)時(shí)，使每次實(shí)驗(yàn)中橡皮筋伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度都保持一致每次實(shí)驗(yàn)中

8、小車獲得的速度由打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所打的紙帶測(cè)出除了圖中已有的實(shí)驗(yàn)器材外，還需要導(dǎo)線、開關(guān)、_ 填測(cè)量工具和 _電源 填“交流”或“直流”；實(shí)驗(yàn)中，小車會(huì)受到摩擦阻力的作用，可是使木板適當(dāng)傾斜來平衡摩擦力，則下面操作正確的是_A.不系橡皮筋，放開小車，能夠自由下滑即可B.不系橡皮筋，放開小車，能夠勻速下滑即可C .不系橡皮筋，放開拖著紙帶的小車，能夠自由下滑即可D .不系橡皮筋，放開拖著紙帶的小車，能夠勻速下滑即可關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是 _A.當(dāng)小車速度達(dá)到最大時(shí)，橡皮筋處于原長(zhǎng)狀態(tài)B.當(dāng)小車速度達(dá)到最大時(shí)，橡皮筋處于伸長(zhǎng)狀態(tài)C .本實(shí)驗(yàn)中，并不需要計(jì)算出每根橡皮筋對(duì)小車做的功D .根據(jù)記錄紙帶

9、上打出的點(diǎn)，求小車獲得的速度的方法，是以紙帶上第一點(diǎn)到最后一點(diǎn)的距離來進(jìn)行計(jì)算14.某同學(xué)利用豎直上拋小球的頻閃照片驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。頻閃儀每隔閃光一次，圖中所標(biāo)數(shù)據(jù)為實(shí)際距離，小球質(zhì)量。 當(dāng)?shù)刂亓铀俣热?，結(jié)果保留三位有效數(shù)字：從到時(shí)間內(nèi)，重力勢(shì)能增量_J，動(dòng)能減少量_J。在誤差允許的范圍內(nèi)，若與近似相等，從而驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。由上述計(jì)算得_選填“”“”“” 造成這種結(jié)果的主要原因 _四、計(jì)算題（本大題共3 小題，共38.0 分）15. 撐開的雨傘的半徑為Rh，傘軸成豎直放置。 現(xiàn)在使雨傘以角速度繞傘軸轉(zhuǎn)動(dòng)，傘邊緣距地面的高為傘邊緣上的水滴被甩出。不計(jì)空氣阻力，水滴在地面上落成一個(gè)圓周

10、，求圓的半徑。第3頁，共 10頁16. 如圖所示，質(zhì)量為的物塊 可視為質(zhì)點(diǎn) 放在質(zhì)量為的木板左端， 足夠長(zhǎng)的木板靜止在光滑水平面上，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為質(zhì)量為的子彈以速度沿水平方向射入物塊并留在其中時(shí)間極短 ，g 取子彈射入后，求：子彈進(jìn)入物塊后一起向右滑行的最大速度。木板向右滑行的最大速度。物塊在木板上滑行的時(shí)間t。17.如圖甲所示， 長(zhǎng)為 4m 的水平軌道AB 與半徑為的豎直半圓弧軌道BC 在 B 處相連接， 有一質(zhì)量為 1kg 的滑塊大小不計(jì)，從 A 處由靜止開始受水平向右的力F 作用， F 的大小隨位移變化的關(guān)系如圖乙所示，滑塊與AB 間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，與 BC 間的動(dòng)摩擦因數(shù)未

11、知，g 取求：滑塊到達(dá) B 處時(shí)的速度大?。蝗舻竭_(dá) B 點(diǎn)時(shí)撤去力F，滑塊沿半圓弧軌道內(nèi)側(cè)上滑，并恰好能到達(dá)最高點(diǎn)C，則滑塊在半圓弧軌道上克服摩擦力所做的功是多少？第4頁，共 10頁答案和解析1.【答案】 B【解析】解： A、由題意，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D 點(diǎn)時(shí)速度方向與加速度方向恰好互相垂直，速度沿D 點(diǎn)軌跡的切線方向，則知加速度斜向左上方，合外力也斜向左上方，質(zhì)點(diǎn)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，合外力恒定不變，質(zhì)點(diǎn)由 C 到 D 過程中，合外力做負(fù)功，由動(dòng)能定理可得，C 點(diǎn)的速度比 D 點(diǎn)速度大，故 A 錯(cuò)誤；B、質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 D 點(diǎn)時(shí)速度方向與加速度方向恰好互相垂直，速度沿軌跡的切線方向，加速度指向軌跡的內(nèi)側(cè)，則

12、有 A、 B、 C 三點(diǎn)速度與加速度方向夾角大于，故 B 正確；C、質(zhì)點(diǎn)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，則有加速度不變，所以質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過D 點(diǎn)時(shí)的加速度與 B 點(diǎn)相同，故 C 錯(cuò)誤；D、質(zhì)點(diǎn)從 B 到 E 的過程中加速度方向與速度方向的夾角先減小后增大，故D 錯(cuò)誤；故選： B。物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同；由牛頓第二定律可以判斷加速度的方向。本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，關(guān)鍵掌握曲線運(yùn)動(dòng)速度方向特點(diǎn)和物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，知道加速度的方向特點(diǎn)。2.【答案】 C【解析】解：發(fā)球機(jī)發(fā)出的球，速度較大的球越過球網(wǎng)，速度度較小的球沒有越過球網(wǎng)，原因是發(fā)球

13、機(jī)到網(wǎng)的水平距離一定，速度大，則所用的時(shí)間較少，球下降的高度較小，容易越過球網(wǎng)，故C 正確， ABD 錯(cuò)誤故選： C平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，抓住水平方向相等時(shí)，通過時(shí)間關(guān)系得出下降的高度，從而分析判斷解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水平位移3.【答案】 A【解析】解： AB、小球只受重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力，向心力不是物體實(shí)際受到的力，故 A錯(cuò)誤、B正確。C、向心力大小為：，小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：，則由牛頓第二定律得：，得到線速度：， 越大，、越

14、大，小球運(yùn)動(dòng)的速度越大，故C 正確。D、小球運(yùn)動(dòng)周期：，因此，越大，小球運(yùn)動(dòng)的周期越小，故D 正確。本題選錯(cuò)誤的，故選：A。分析小球的受力：受到重力、繩的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物體受到向心力。然后用力的合成求出向心力：，用牛頓第二定律列出向心力的表達(dá)式，求出線速度v 和周期 T 的表達(dá)式，分析變化，由表達(dá)式判斷v、T 的變化。理解向心力：是效果力，它由某一個(gè)力充當(dāng)，或幾個(gè)力的合力提供，它不是性質(zhì)的力，分析物體受力時(shí)不能分析向心力。同時(shí)，還要清楚向心力的不同的表達(dá)式。4.【答案】 D【解析】【分析】A 由地球表面物體重力等于萬有引力求解，BCD 根據(jù)萬有引力做向心力

15、判斷。第5頁，共 10頁萬有引力的應(yīng)用問題一般由重力加速度求得中心天體質(zhì)量，或由中心天體質(zhì)量、軌道半徑、線速度、角速度、周期中兩個(gè)已知量，根據(jù)萬有引力做向心力求得其他物理量?！窘獯稹緼.根據(jù)地球表面物體重力等于萬有引力可得：，所以，地球質(zhì)量，故 A 可計(jì)算；B.由萬有引力做向心力可得：，故可根據(jù) v，T 求得 R，進(jìn)而求得地球質(zhì)量，故B 可計(jì)算；根據(jù)萬有引力做向心力可得：，故可根據(jù) T， r 求得中心天體的質(zhì)量M，運(yùn)動(dòng)天體的質(zhì)量m 無法求解，故C 可求解， D 無法求解；本題選不能計(jì)算出的，故選D。5.【答案】 D【解析】解： A、動(dòng)能定理的表達(dá)式，W 指的是合外力所做的功，包含重力做功，故A

16、 錯(cuò)誤B、動(dòng)能定理適用于任何運(yùn)動(dòng)，包含直線運(yùn)動(dòng)，也包含曲線運(yùn)動(dòng)，適用于恒力和變力做功，故B 錯(cuò)誤；C、合外力不為零時(shí)，合外力并不一定做功，故其動(dòng)能不一定變化，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故C 錯(cuò)誤；D、公式中的為動(dòng)能的增量， 當(dāng)時(shí)，即，動(dòng)能增加，當(dāng)時(shí)，即為動(dòng)能減少，故D 正確。故選： D。動(dòng)能定理的表達(dá)式，適用于任何運(yùn)動(dòng)，其中W 為合外力所做功，根據(jù)做功的正負(fù)可判斷出動(dòng)能的變化解決本題的關(guān)鍵要理解并掌握動(dòng)能定理及其表達(dá)式，要明確 W 為合力做的功，也等于各個(gè)力做功的代數(shù)和。6.【答案】 A【解析】解： AB、重力對(duì)物體做功為 1900J，是正功，則物體重力勢(shì)能減小故 A正確，B錯(cuò)誤；CD、外力對(duì)物體所做的

17、總功為，是正功，根據(jù)動(dòng)能定理得動(dòng)能增加故CD 錯(cuò)誤；故選： A物體重力做功多少，物體的重力勢(shì)能就減小多少而根據(jù)動(dòng)能定理即可確定動(dòng)能的變化本題關(guān)鍵要掌握常見的三對(duì)功能關(guān)系：總功與動(dòng)能變化有關(guān)，重力做功與重力勢(shì)能變化有關(guān)，而重力之外的其他力做功等于機(jī)械能的改變量7.【答案】 C【解析】解：A、速度時(shí)間圖線的斜率表示加速度，則物體的加速度故 A 錯(cuò)誤。B、根據(jù)牛頓第二定律得，則故 B 錯(cuò)誤。C、 4s 末物體的速度為，則拉力作用點(diǎn)的速度為，則拉力的功率故 C正確。D、 4s 內(nèi)物體的位移，則拉力作用點(diǎn)的位移為8m，拉力平均功率故D錯(cuò)誤。故選： C。結(jié)合速度時(shí)間圖線求出物體的加速度，通過牛頓第二定律求

18、出拉力F 的大小，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出4s 內(nèi)第6頁，共 10頁物體的位移和4s 末的速度，從而知道力的作用點(diǎn)的位移大小和速度，根據(jù)功的公式求出拉力做功的大小。根據(jù)功率的公式求出拉力F 的平均功率和瞬時(shí)功率。本題的易錯(cuò)點(diǎn)在于認(rèn)為物體的位移等于F 作用點(diǎn)的位移， 實(shí)際上 F 作用點(diǎn)的位移和速度是物體位移和速度的 2倍。8.【答案】 AC【解析】解：兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，兩球質(zhì)量相等，球1 的速度大于球2 的速度，A、如果，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故A 正確；B、，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故B 錯(cuò)誤；C、，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故C 正確；D、，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故D 錯(cuò)誤；故選： AC。兩球碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守

19、恒定律分析答題本題考查了求物體動(dòng)量變化，兩軀體碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律即可正確解題9.【答案】 AC【解析】解： A、由動(dòng)量定理可得，兩球的質(zhì)量、運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，則動(dòng)量的變化大小相等，方向相同，故A 正確 B 錯(cuò)誤；B、動(dòng)量的變化率，兩小球的質(zhì)量相等，則重力每個(gè)相等，動(dòng)量的變化率大小相等，方向相同，故 C 正確； D 錯(cuò)誤；故選： AC。合外力的沖量等于動(dòng)量的變化，根據(jù)動(dòng)量定理分析答題，要注意：動(dòng)量是矢量，既有大小又有方向本題考查了判斷動(dòng)量、 沖量是否相同， 應(yīng)用動(dòng)量定理即可正確解題， 解題時(shí)要注意， 動(dòng)量、沖量都是矢量，只有大小與方向都相同時(shí)，兩動(dòng)量或兩沖量才相等10.【答案】

20、BC【解析】 解：AB、設(shè)兩顆星的質(zhì)量分別為、，軌道半徑分別為、 ，相距，根據(jù)萬有引力提供向心力可知：，整理可得：，解得質(zhì)量之和，其中周期，故 A 錯(cuò)誤、B 正確；CD、由于，則角速度為：，這是公轉(zhuǎn)角速度，不是自轉(zhuǎn)角速度根據(jù)可知：，解得：，故 C 正確， D 錯(cuò)誤。故選： BC。雙星系統(tǒng)靠相互間的萬有引力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律求出雙星總質(zhì)量與雙星距離和周期的關(guān)系式，從而分析判斷。結(jié)合周期求出雙星系統(tǒng)旋轉(zhuǎn)的角速度和線速度關(guān)系。本題實(shí)質(zhì)是雙星系統(tǒng)，解決本題的關(guān)鍵知道雙星系統(tǒng)的特點(diǎn)，即周期相等、向心力大小相等，結(jié)合牛頓第二定律分析求解。第7頁，共 10頁11.【答案】 AC【解析】解：在 Q

21、輪邊緣上放置的小木塊恰能相對(duì)靜止在Q 輪邊緣上。 則有最大靜摩擦力提供向心力。即為，當(dāng)木塊放在 P 輪也靜止，則有，解得：因?yàn)榫€速度相等，解得：所以因?yàn)?，所以故選： AC。對(duì)于在 Q 邊緣的木塊，最大靜摩擦力恰為向心力，若將小木塊放在 P 輪上，欲使木塊相對(duì) B 輪也靜止，也是最大靜摩擦力提供向心力，根據(jù)向心力公式即可求解本題要抓住恰好靜止這個(gè)隱含條件，即最大靜摩擦力提供向心力，難度適中12.【答案】 CD【解析】解：A、小球在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，但系統(tǒng)在豎直方向所受合力不為零，系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A 錯(cuò)誤；B、小

22、球在下滑過程中，槽要向左運(yùn)動(dòng)， 小球和槽之間的相互作用力與槽的速度不垂直，所以對(duì)槽要做功，故 B錯(cuò)誤；C、小球脫離弧形槽后，槽向后做勻速運(yùn)動(dòng)，而小球反彈后也會(huì)做勻速運(yùn)動(dòng)，故C 正確；D、小球與槽組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，球與槽的質(zhì)量相等，小球沿槽下滑，球與槽分離后，小球與槽的速度大小相等，小球被反彈后球與槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能達(dá)到高度h 處，故 D 正確；故選： CD 。由做功的要素可確定小球和槽間的作用力對(duì)槽是否做功；由動(dòng)量守恒的條件可以判斷動(dòng)量是否守恒；由小球及槽的受力情況可知運(yùn)動(dòng)情況；由機(jī)械守恒及動(dòng)量守恒可知小球能否回到最高點(diǎn)。本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，解答本題要明確動(dòng)量守恒

23、的條件，以及在兩球相互作用中同時(shí)滿足機(jī)械能守恒，應(yīng)結(jié)合這兩點(diǎn)進(jìn)行分析判斷。13.【答案】刻度尺交流DAC【解析】解：除了圖中已有的實(shí)驗(yàn)器材外，還需要導(dǎo)線、開關(guān)、刻度尺和交流電源小車受到重力、 支持力、摩擦力和細(xì)線的拉力， 要使拉力等于合力， 必須使重力的下滑分量平衡摩擦力，摩擦力包括紙帶受到的摩擦和長(zhǎng)木板的摩擦，因此平衡摩擦力時(shí)，不系橡皮筋，輕推拖著紙帶的小車，如果小車能夠勻速下滑，則恰好平衡摩擦力，故D 正確故選： D、小車先做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)橡皮筯松馳時(shí)小車做勻速運(yùn)動(dòng)，小車速度達(dá)到最大，此時(shí)橡皮筋處于原長(zhǎng)狀態(tài)，故 A 正確， B 錯(cuò)誤；C、實(shí)驗(yàn)中并不需要知道每根橡皮筋對(duì)小車做的功，只讓每次橡皮

24、筋對(duì)小車做功成倍數(shù)增加即可，故C 正確；D、根據(jù)記錄紙帶上打出的點(diǎn)，求小車獲得的速度的方法，是以紙帶上間隔均勻的點(diǎn)前后兩點(diǎn)間的距離除以時(shí)間來計(jì)算，故 D 錯(cuò)誤；故選： AC第8頁，共 10頁故答案為：刻度尺，交流；打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是交流電源，實(shí)驗(yàn)過程中需要用刻度尺測(cè)出紙帶上計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離小車受到重力、 支持力、摩擦力和細(xì)線的拉力， 要使拉力等于合力， 必須使重力的下滑分量平衡摩擦力，摩擦力包括紙帶受到的摩擦和長(zhǎng)木板的摩擦，據(jù)此分析答題實(shí)驗(yàn)中并不需要知道每根橡皮筋對(duì)小車做的功，只讓每次橡皮筋對(duì)小車做功成倍數(shù)增加即可要掌握實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，同時(shí)注意數(shù)據(jù)處理時(shí)注意數(shù)學(xué)知識(shí)的應(yīng)用，本題是考查應(yīng)用

25、數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問題的好題14.【答案】紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦以及空氣阻力的存在【解析】解：在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過程中的平均速度，則：，從到時(shí)間內(nèi)，重力勢(shì)能增量，動(dòng)能減少量：；由于紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦以及空氣阻力的存在，導(dǎo)致動(dòng)能減小量沒有全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，因此。故答案為：；紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦以及空氣阻力的存在。在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過程中的平均速度，據(jù)此可以求、 時(shí)刻的速度大??；根據(jù)重力做功和重力勢(shì)能之間的關(guān)系可以求出重力勢(shì)能的減小量，根據(jù)起末點(diǎn)的速度可以求出動(dòng)能的增加量。根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)比較重力勢(shì)能變化量與動(dòng)能增加量間的關(guān)系；由于紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦以及空氣阻力的存在，導(dǎo)致動(dòng)能的減小量沒有全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能。本題考查了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律中的數(shù)據(jù)處理方法，以及有關(guān)誤差分析，尤其是誤差分析是難點(diǎn)，要學(xué)會(huì)根據(jù)可能產(chǎn)生誤差的原因進(jìn)行分析。15.【答案】解：雨點(diǎn)從傘邊緣甩出后做平拋運(yùn)動(dòng)，初速度為，平拋的豎直方向，平拋的水平位移為：所求半徑為答：半徑為【解析】雨滴飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而求