河北省武邑中學(xué)2020學(xué)年高二物理上學(xué)期第三次月考試卷（含解析）

1、河北武邑中學(xué)2020學(xué)年高二上學(xué)期第三次月考 物理試題一、選擇題1.關(guān)于場強的三個公式的適用范圍，下列說法正確的是（ ）A. 三個公式都只能在真空中適用B. 公式能在真空中適用，公式和在真空中和介質(zhì)中都適用C. 公式和能在真空中適用，公式在真空中和介質(zhì)中都適用D. 公式適用于任何電場,公式只適用于真空的點電荷形成的電場,公式只適用于勻強電場【答案】D【解析】【詳解】公式是電場強度的定義式，適用于任意電場；公式是由庫侖定律得出的真空中點電荷周圍的場強，只適用于真空中點電荷形成的電場；公式是勻強電場中場強與電勢差的關(guān)系，只適用于勻強電場。故D項正確，ABC三項錯誤。2.如圖所示，實線為不知方向的三

2、條電場線，從電場中M點以相同速度飛出a、b兩個帶電粒子，僅在電場力作用下運動軌跡如圖中虛線所示，則()A. a一定帶正電，b一定帶負(fù)電B. a的加速度將減小，b的加速度將增加C. a的速度將減小，b的速度將增加D. 兩個粒子的電勢能一個增加一個減小【答案】B【解析】【詳解】A：據(jù)電場力的方向沿電場線的切線和曲線運動物體所受合力方向指向軌跡的凹側(cè)，可得a、b兩粒子在M點的受力如圖，則a、b兩粒子受力方向相反，即兩粒子帶異種電荷；由于電場線的方向未知，不確定哪個粒子帶正電。故A項錯誤。B：由圖知，a向電場線稀疏的地方運動，所受電場力減小，加速度減小；b向電場線密集的地方運動，所受電場力增大，加速度

3、增大。故B項正確。CD：由圖知，a、b所受電場力方向與運動位移間均成銳角，兩粒子所受電場力對粒子均做正功，兩粒子的電勢能都減小，兩粒子的動能均增大，兩粒子的速度都增大。故CD兩項錯誤。3.某電場的電場線分布如圖所示，A、B是電場中的兩點，A、B兩點的電場強度的大小分別為EA、EB，則EA、EB的大小關(guān)系是（）A. EAEB B. EA=EB C. EAEB D. 無法確定【答案】C【解析】【詳解】電場線的疏密表示電場強度的大小，A點處的電場線比B點處的電場線稀疏，則。故C項正確，ABD三項錯誤。4.一個標(biāo)有“220V60W的白熾燈加上由零開始逐漸增加到220V的電壓，此過程中U和I的關(guān)系如果用

4、以下幾條圖線表示，可能的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】白熾燈加上由零開始逐漸增加到220V的電壓，白熾燈燈絲的溫度升高，燈絲的電阻率增大，燈絲的電阻增大。圖象中點與原點連線斜率表示電阻的大小，故B項正確，ACD三項錯誤?！军c睛】圖象中點與原點連線斜率表示電阻的大小，不是圖象切線斜率表示電阻的大小。5.如圖所示，直線a為某電源的U-I圖線，直線b為電阻R的U-I圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的內(nèi)阻分別為()A. 4W，1 B. 6W，1 C. 4W，0.5 D. 2W，0.5【答案】C【解析】電源的輸出功率P=UI=2V2A=4W，,故選C

5、6.如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為1m的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為10V、20V、30V，則下列說法正確的是（ ）A. B、E一定處在同一等勢面上B. 勻強電場的場強大小為10V/mC. 正點電荷從E點移到F點，則電場力做負(fù)功D. 電子從F點移到D點，電荷的電勢能增加20eV【答案】A【解析】【詳解】A：連接AC如圖，AC中點G的電勢，與B電勢相等，則BG連線為一等勢線；由幾何知識，BG連線過E點，則B、E一定處在同一等勢面上。故A項正確。B：CA間電勢差，又，得。故B項錯誤。C：B、E處在同一等勢面上，勻強電場中電場線與等勢線垂直，則電場線方向如圖，

6、且A、F也處在一等勢面上，A、B兩點電勢分別為10V、20V，則E、F兩點電勢分別為20V、10V。正點電荷從E點移到F點，電勢能減少，電場力做正功。故C項錯誤。D：電場線方向如圖，則D、C也處在一等勢面上；C點電勢為30V，則D點電勢為30V。電子從F點移到D點，電勢增加20V，電勢能減少了20eV。故D項錯誤?！军c睛】在勻強電場中將某一線段等分同時就將該線段的電勢差等分；在勻強電場中電場線平行且均勻分布，在勻強電場中等勢線也平行且均勻分布。7.如圖所示，R110，R220，R330，接在電源上時，功率分別為P1、P2、P3，則（ ）A. P1P2P3 B. P1P2P3C. P2P1P3

7、D. P1P2P3【答案】C【解析】試題分析：設(shè)R2兩端電壓為U，則，同理，則R3的功率為，故選C考點：考查串并聯(lián)和功率的計算點評：本題難度較小，并聯(lián)時電壓相等，明確不變量，根據(jù)電功率公式求解8.電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路，當(dāng)滑動變阻器的觸頭由中點滑向b端時，下列說法正確的是A. 電壓表和電流表讀數(shù)都增大B. 電壓表和電流表讀數(shù)都減小C. 電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D. 電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大【答案】A【解析】【詳解】由電路圖可知，滑片由中點滑向b端，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流

8、變小，電源內(nèi)電壓變小，路端電壓變大，則電壓表示數(shù)變大；由U=E-Ir可知路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大。由于電路電流變小，R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)部分電壓增大，由歐姆定律可知電流表示數(shù)增大；故A正確?！军c睛】本題中R1也可直接作為內(nèi)電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯(lián)部分的電壓減小，流過R2的電流減小9.平行板電容器的兩極板接于電池兩極，一帶電小球懸掛在電容器內(nèi)部。閉合電鍵k，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為，則下述說法正確的是( )A. 保持電鍵k閉合，帶正電的A板向B板靠近，則不變B. 保持電鍵k閉合，帶正電的A板向B板靠近，則變大C. 電鍵k斷開，帶正電的A板向B板靠近，

9、則不變D. 電鍵k斷開，帶正電的A板向B板靠近，則增大【答案】BC【解析】【詳解】AB：保持電鍵k閉合，電容器兩板間電壓不變，帶正電的A板向B板靠近，兩板間距離減小，由知，兩板間場強增大，小球所受電場力增大，則增大。故A項錯誤，B項正確。CD：電鍵k斷開，電容器所帶電荷量不變，帶正電的A板向B板靠近，兩板間距離減??；由、得，則板間場強不變，小球所受電場力不變，不變。故C項正確，D項錯誤。【點睛】平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來判斷各量如何變化。平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變。當(dāng)電容器電容

10、的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來判斷各量如何變化。10.如圖所示，帶電荷量之比為qAqB13的帶電粒子A、B以相等的速度v0從同一點出發(fā)，沿著跟電場強度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在C、D點，若OCCD，忽略粒子重力的影響，則( )A. A和B在電場中運動的時間之比為12 B. A和B運動的加速度大小之比為41C. A和B的位移大小之比為11 D. A和B的質(zhì)量之比為112【答案】ABD【解析】【詳解】A：粒子在電場中做類平拋運動，水平方向，初速度相等，則。故A項正確。B：粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，y相同，則。故B項正確。C：A和B的位移大小之比，故C項錯誤。D：由牛頓第

11、二定律得：，則粒子質(zhì)量，所以。故D項正確。11.一個標(biāo)有220V 100W字樣的白熾燈泡，它兩端所加的電壓U由0逐漸增大到220V，在此過程中電壓U和電流I的關(guān)系可用圖線表示.下列給出的四個圖象中，不符合實際情況的是（ ）A. B. C. D. 【答案】BCD【解析】【詳解】白熾燈兩端電壓由零開始逐漸增加到220V，白熾燈燈絲的溫度升高，燈絲的電阻率增大，燈絲的電阻增大。圖象中點與原點連線斜率表示電阻的大小，則A圖符合實際，BCD三圖不符合實際。本題選不符合實際的，答案是BCD。12. 靜電場在x軸上的場強E隨x的變化關(guān)系如圖所示，x軸正向為場強正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，則點電荷( )

12、.A. 在x2和x4處電勢能相等B. 由x1運動到x3的過程中電勢能增大C. 由x1運動到x4的過程中電場力先減小后增大D. 由x1運動到x4的過程中電場力先增大后減小【答案】BD【解析】試題分析： x2-x4處場強為x軸負(fù)方向，則從x2到x4處逆著電場線方向移動，電勢升高，正電荷在x4處電勢能較大，故A錯誤；x1-x3處場強為x軸負(fù)方向，則從x1到x3處逆著電場線方向移動，電勢升高，正電荷在x3處電勢能較大，B正確；由x1運動到x4的過程中，由圖可以看出電場強度的絕對值先增大后減小，故電場力先增大后減小，故D正確，C錯誤；故選BD.考點：電場力；電勢及電勢能【名師點睛】本題考查了電場力、電勢

13、及電勢能等知識，同時考查從圖象獲取信息的能力，要知道沿著電場線的方向電勢降低，對于正電荷而言電勢降低則電勢能減小；另外U=Ed，所以E-x圖象組成圖形的面積還可以表示電勢差.二、實驗題13.某同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，使用的器材如下：A.待測小燈泡（2.5V，1.25W）B.電源（電動勢3V，內(nèi)阻不計）C.電流表（00.6A，內(nèi)阻約0.125）D.電流表( 03A，內(nèi)阻約0.025）E.電壓表（03V，內(nèi)阻約3k )F. 電壓表（015V，內(nèi)阻約15k）G.滑動變阻器（最大阻值5，最大允許電流2.0A）H.滑動變阻器（最大阻值1500，最大允許電流0.3A）I.單刀單擲開關(guān)及

14、導(dǎo)線若干(1)為減小誤差，實驗時電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_，滑動變阻器應(yīng)選用_。（用序號字母表示）；(2)如圖是本實驗器材的實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，為了滿足實驗要求并盡可能減小誤差，請補充完成實物圖間的連線_(3)閉合開關(guān)，改變滑動變阻器滑動端的位置，并記錄對應(yīng)的電流表示數(shù)、電壓表示數(shù)U中電流表選擇00.6A量程，電壓表選擇03V量程，電流表、電壓表示數(shù)如圖所示，可知該狀態(tài)下小燈泡電阻的測量值_（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。(4)如圖是該同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出的伏安特性曲線。從圖線可以得出小燈泡燈絲的電阻率隨溫度變化的特點是_?！敬鸢浮?(1). E (2). C (3). G (4

15、). (5). 3.73 (6). 從繪制出的伏安特性曲線的彎曲情況可以看出，隨著溫度的升高，小燈泡燈絲的電阻率增大；【解析】【詳解】(1)待測小燈泡的規(guī)格是“2.5V，1.25W”，則燈泡的額定電流；所以電壓表應(yīng)選用量程為03V的電壓表E，電流表應(yīng)選用量程為00.6A的電流表C。描繪伏安特性曲線，所以滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，燈泡的額定電流大于滑動變阻器H的最大允許電流，所以滑動變阻器選G。(2)燈泡正常發(fā)光時的電阻，燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表電阻，則電流表采用外接法，電路連線如圖：(3)電流表的分度值是0.02A，則電流表示數(shù)為0.22A；電壓表的分度值是0.1V，則電壓表示數(shù)為0.82V；該

16、狀態(tài)下小燈泡電阻。(4)圖象中點與原點連線斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖知隨著溫度的升高，小燈泡燈絲的電阻率增大。三、計算題14.用一條絕緣繩懸掛一個帶電小球，小球質(zhì)量為，所帶電荷量為.現(xiàn)加一水平方向的勻強電場，平衡時絕緣繩與鉛垂線成夾角.求這個勻強電場的電場強度.【答案】E=5106N/C 方向水平向右【解析】試題分析：由于小球處于平衡狀態(tài)，據(jù)平衡條件得：F=Eq 聯(lián)立式得勻強電場的電場強度為：E=代入數(shù)據(jù)，得E=5106N/C 方向水平向右 考點：本題考查物體的平衡條件和電場力。15.如圖所示，一個電子以的速度沿與電場垂直的方向從A點飛進勻強電場，并且從另一端B點沿與場強方向成150角方向飛出，

17、電子從A到B運動的時間為.電子的質(zhì)量為，電子重力不計。則：(1)A、B兩點間的電勢差為多少？ (2)勻強電場的電場強度為多少？【答案】（1）-136.5V（2）3.910-2V/m【解析】（1）電子做類平拋運動，將vB分解為水平速度v0和豎直速度vy，vA=vBcos60所以：vB=2vA=24106=8106m/s設(shè)A、B兩點間的電勢差為UAB，根據(jù)動能定理：所以（2）豎直分速度：vy=v0tan30由運動學(xué)公式有：vy=at牛頓第二定律：eE=ma聯(lián)立解得：點睛：本題運用動能定理求電勢差，也可以根據(jù)類平拋運動的特點，牛頓第二定律和運動學(xué)結(jié)合求解16.一個允許通過最大電流為2 A的電源和一個滑動變阻器，接成如圖甲所示的電路滑動變阻器最大阻值為R022 ，電源路端電壓U隨外電阻R變化的規(guī)律如圖乙所示，圖中U12 V的直線為圖線的漸近線，試求：(1)電源電動勢E和內(nèi)阻r；(2)A、B空載時輸出電壓的范圍；(3)若要