福建省廈門市思明區(qū)雙十中學2019屆高三物理6月模擬試題（含解析）.docx

福建省廈門市思明區(qū)雙十中學2019屆高三物理6月模擬試題（含解析）一、選擇題；本題共8小題，每小題6分，共4分，在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合目要求第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1.下列說法正確的是（）A. 結合能越大的原子核越穩(wěn)定B. 玻爾的躍遷假設是根據(jù)粒子散射實驗分析得出的C. 光電效應揭示了光具有粒子性，康普頓效應揭示了光具有波動性D. 衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉化成質子和電子所產(chǎn)生的【答案】D【解析】【詳解】比結合能越大，表示原子核中核子結合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定，故A錯誤；為解釋氫光譜，玻爾提出了軌道量子化與躍遷假設，故B錯誤；光電效應與康普頓效應都揭示了光具有粒子性，故C錯誤；衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉化成質子和電子所產(chǎn)生的，故D正確。2.假設一座拱形橋的橋面長度為s，某玩具車勻速通過該拱形橋所用的時間為t，下列說法正確的是（）A. 該玩具車通過拱形橋的平均速度為B. 該玩具車通過拱形橋運動速率為C. 該玩具車通過拱形橋最高點時，處于超重狀態(tài)D. 該玩具車通過拱形橋最高點時，重力的瞬時功率不為零【答案】B【解析】【詳解】玩具車做曲線運動，t時間內運動的路程為s，則平均速率為，位移不等于s，故平均速度不等于，故A錯誤，B正確。玩具車通過拱形橋的最高點時，合力提供向心力，加速度向下，處于失重狀態(tài)，故C錯誤。玩具車通過拱形橋的最高點時，速度水平方向，重力豎直向下，故重力的瞬時功率為零，故D錯誤。3.如圖所示，質量均為m的斜面體A、B疊放在水平地面上，A、B間接觸面光滑，用一與斜面平行的推力F作用在B上，B沿斜面勻速上升，A始終靜止。若A的斜面傾角為，下列說法正確的是（）A. F=mgtanB. A、B間的作用力為mgcosC. 地面對A的支持力大小為2mgD. 地面對A的摩擦力大小為F【答案】B【解析】【詳解】對物體B受力分析，因勻速上升，則F=mgsin，選項A錯誤；A、B間的作用力為FN=mgcos，選項B正確；對AB的整體，豎直方向：N+Fsin=(M+m)g，解得地面對A的支持力大小為N=(M+m)g- Fsin；水平方向：Fcos=f，則選項CD錯誤；故選B.4.如圖所示，一個帶電的油滴在勻強電場中運動其軌跡在豎直面內，P為軌跡最低點，該軌跡關于過P點的豎直虛線對稱，軌跡上兩點MN所處高度相同，忽略空氣阻力，由此可知（）A. 油滴在從M、N兩點的加速度相同B. 油滴可能由M點由靜止釋放C. M點電勢高于P點的電勢D. 油滴在M點的電勢能比它在P點的大【答案】A【解析】【詳解】因小球在勻強電場中運動，受到電場力和重力都是恒力，合力也恒力，故M、N兩點加速度大小相同；故A正確；依據(jù)運動軌跡及對稱性，油滴所受的合力方向豎直向上，可知油滴在M點不可能是由靜止釋放，故B錯誤；根據(jù)油滴受到的合力一定豎直向上可知油滴帶正電，則電場方向必定豎直向上，所以M點的電勢比P點低；故C錯誤；油滴由M到P過程，因電場力豎直向上，電場力做負功，那么電勢能增大，則油滴在M點的電勢能比它在P點的??；故D錯誤；5.如圖所示，在紙面內半徑為R的圓形區(qū)域中充滿了垂直于紙面向里的勻強磁場。a、b兩個帶電粒子以相同的速率從M點沿著直徑MON方向垂直射入磁場，運動軌跡如圖所示，并從P、Q兩點離開。已知P、Q、O（圓心）三點共線，直徑MON、POQ夾角為=60（如圖），不計粒子的重力，下列說法正確的是（）A. a粒子帶正電，b粒子帶負電B. a、b粒子軌跡半徑之比為1：3C. a、b粒子在磁場中運行時間之比為2：3D. a、b粒子的比荷之比為1：3【答案】BC【解析】【分析】由左手定則判斷粒子的電性；由幾何關系求解兩粒子的半徑關系；兩粒子的速率相同，時間比等于弧長比；根據(jù)可知兩粒子的比荷之比.【詳解】A由左手定則可知， b粒子帶正電，a粒子帶負電，選項A錯誤；B設磁場所在的虛線圓的半徑為R，則；，則a、b粒子軌跡半徑之比為1:3，選項B正確；Ca、b粒子在磁場中運行的弧長之比為：，因兩粒子的速率相同，則兩粒子的時間之比為2:3，選項C正確；D根據(jù)可知兩粒子的比荷之比等于半徑的倒數(shù)比，即3:1，選項D錯誤；故選BC.6.小球甲從斜面頂端以初速度v沿水平方向拋出，最終落在該斜面上。已知小球甲在空中運動的時間為t，落在斜面上時的位移為s，落在斜面上時的動能為Ek，離斜面最遠時的動量為p?，F(xiàn)將與小球甲質量相同的小球乙從斜面頂端以初速度（n1）沿水平方向拋出，忽略空氣阻力，則下列說法正確的是（）A. 小球乙落在斜面上時的位移為B. 小球乙在空中運動的時間為C. 小球乙落在斜面上時的動能為D. 小球乙離斜面最遠時的動量為【答案】BC【解析】【詳解】設斜面傾角為，則 ，解得；，；則將與小球甲質量相同的小球乙從斜面頂端以初速度v/n沿水平方向拋出時，小球乙在空中運動的時間為t/n；小球乙落在斜面上時的位移為s/n2；小球乙落在斜面上時的動能為Ek/n2，選項A錯誤，BC正確；小球離斜面最遠時，速度方向平行斜面，大小為，動量為，則將與小球甲質量相同的小球乙從斜面頂端以初速度v/n沿水平方向拋出時，小球乙離斜面最遠時的動量為p/n，選項D錯誤；故選BC.7.近年來，手機無線充電功能的廣泛應用為人們提供了很大便利。如圖甲為充電原理示意圖。充電板接交流電源，對充電板供電，充電板內的勵磁線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機內的感應線圈產(chǎn)生感應電流。當充電板內的勵磁線圈通入如圖乙所示的交變電流時（電流由a流入時方向為正），下列說法正確的是（）A. 感應線圈中產(chǎn)生的是恒定電流B. 感應線圈中電流的方向總是與勵磁線圈中電流方向相反C. t3時刻，感應線圈中電流的瞬時值為0D. t1t3時間內，c點電勢高于d點電勢【答案】CD【解析】【詳解】A勵磁線圈產(chǎn)生磁場隨電流變化，因為電流不是均勻變化，磁場也不是均勻變化，所以感應電動勢：，就不是恒定的，感應電流也就不是恒定的，A錯誤B感應電流方向阻礙引起感應電流磁通量的變化，當勵磁線圈電流減小，磁場減小時，感應電流與勵磁線圈電流相同，阻礙磁場減小，B錯誤Ct3時刻,勵磁線圈電流變化率為零，磁感應強度變化率為零，感應電動勢為零，感應電流為零，C正確Dt1t3時間內，勵磁線圈正向減小，磁場向上減小，感應電流磁場向上，根據(jù)安培定則可判斷c點電勢高于d點電勢，D正確8.如圖所示，一顆人造衛(wèi)星原來在橢圓軌道1繞地球E運行，在P點變軌后進入軌道2做勻速圓周運動下列說法正確的是（）A. 不論在軌道1還是在軌道2運行，衛(wèi)星在P點的機械能都相同B. 不論在軌道1還是在軌道2運行，衛(wèi)星在P點的加速度都相同C. 衛(wèi)星在軌道1的任何位置都具有相同的加速度D. 衛(wèi)星經(jīng)過P點時，在軌道2的速度大于軌道1的速度【答案】BD【解析】【詳解】衛(wèi)星由軌道1在P點進入軌道2做離心運動，要加速，所以機械能要增大，則在軌道1和在軌道2運行經(jīng)過P點的機械能不同，故A錯誤；在軌道1和在軌道2運行經(jīng)過P點，都是萬有引力提供向心力，由a=可知，衛(wèi)星在P點的加速度都相同，故B正確；由a=可知，由于r不同，加速度的方向指向地球，方向不同，所以衛(wèi)星在軌道1的任何位置的加速度都不同，故C錯誤；衛(wèi)星由軌道1在P點進入軌道2做離心運動，要加速，所以在軌道2經(jīng)過P點的速度大于在軌道1運行經(jīng)過P點的速度，故D正確。二、非選擇題，第9-12題為必考題，每個試題考生都必須作答第13-14題為選考題，考生根據(jù)要求作答.9.在“探究彈力和彈簧伸長關系”的實驗中，某實驗小組將不同數(shù)量的鉤碼分別掛在豎直彈簧下端，進行測量，根據(jù)實驗所測數(shù)據(jù)，利用描點法作出了所掛鉤碼的重力G與彈簧總長L的關系圖象，如圖所示。根據(jù)圖象回答以下問題。（1）彈簧的原長為_m。（2）彈簧的勁度系數(shù)為_N/m。（3）分析圖象，總結出彈簧彈力F跟彈簧長度L之間關系式為_?！敬鸢浮?(1). 10 (2). 1000 (3). 【解析】【分析】根據(jù)題意可知，彈簧總長度L（cm）與所掛物體重力G（N）之間符合一次函數(shù)關系，根據(jù)胡克定律寫出F與L的方程即可正確解答【詳解】（1）當彈簧下端所掛鉤碼的重力G為0時，彈簧的拉力也為0，此時彈簧長度即為原長，由圖示圖象可知，彈簧的原長為：0.10m（2）掛40N時，彈簧的長度為0.14m，則可知，形變量為：x=0.140.1=0.04m；（3）由圖示圖象可知，彈簧的勁度系數(shù)為（3）由圖示圖象可知，彈簧力F跟彈簧長度L之間的關系式為：F=k（LL0）=1000（L0.10）【點睛】本題比較簡單，結合圖象考查了胡克定律的基礎知識，是一道考查基礎知識的好題在研究彈簧的伸長與拉力的關系問題時，一定要特別區(qū)分“彈簧的長度”與“彈簧的伸長”的不同10.熱敏陶瓷是一類電阻率隨溫度發(fā)生明顯變化的新型材料，可用于測溫。某同學利用實驗室提供的一種電阻阻值隨溫度呈線性變化（關系式為：Rt=kt+b，其中k0，b0，t為攝氏溫度）的熱敏電阻，把一靈敏電流計改裝為溫度計。除熱敏電阻和靈敏電流計外，還用到如下器材：1直流電源（電動勢為E，內阻不計）；2滑動變阻器；3單刀雙擲開關；4標準溫度計；5導線及其他輔助材料。該同學設計電路如下圖所示，按如下步驟進行操作。（1）按電路圖連接好器材。（2）將滑動變阻器滑片P滑到_（填“a”或“b”）端，單刀雙擲開關S擲于_（填“c”或“d”）端，調節(jié)滑片P使電流計滿偏，并在以后的操作中保持滑片P位置不動，設此時電路總電阻為R，斷開電路。（3）容器中倒入適量開水，觀察標準溫度計，每當標準溫度計示數(shù)下降5，就將開關S置于d端，并記錄此時的溫度t和對應的電流計的示數(shù)I，然后斷開開關。請根據(jù)溫度計的設計原理和電路圖，寫出電流與溫度的關系式（用題目中給定的符號）I=_。（4）根據(jù)對應溫度記錄的電流計示數(shù)，重新刻制電流計的表盤，改裝成溫度計。根據(jù)改裝原理，此溫度計表盤刻度線的特點是：低溫刻度在_（填“左”或“右”）側，刻度線分布是否均勻？_（填“是”或“否”）?！敬鸢浮?(1). (2)a (2). c (3). (3) (4). (4)右 (5). 否【解析】【詳解】解：(2)根據(jù)實驗的原理可知，需要先選取合適的滑動變阻器的電阻值，結合滑動變阻器的使用的注意事項可知，開始時需要將滑動變阻器滑片P滑到a端，乙保證電流表的使用安全；然后將單刀雙擲開關S擲于c端，調節(jié)滑片P使電流表滿偏，設此時電路總電阻為R，斷開電路；(3)當溫度為時，熱敏電阻的阻值與攝氏溫度的關系為：，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得： (4)由上式可知，溫度越高，電流表中電流值越小，所以低溫刻度在表盤的右側；由于電流與溫度的關系不是線性函數(shù)，所以表盤的刻度是不均勻的。11.一長木板在光滑水平地面上勻速運動，在t=0時刻將一物塊無初速輕放到木板上，此后長木板運動的速度時間圖象如圖所示已知長木板的質量M=2kg，物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上取g=10m/s2，求：（1）物塊的質量m；（2）這一過程中長木板和物塊的內能增加了多少？【答案】（1）4kg（2） 【解析】（1）長木板和物塊組成的系統(tǒng)動量守恒： 將，代入解得： 。（2）設這一過程中長木板和物塊的內能增加量為Q，根據(jù)能量守恒定律：點睛：解決本題的關鍵理清物塊和木板的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解，知道圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移。12.如圖所示，K是與金屬板M距離很近的燈絲，利用加熱系統(tǒng)給K加熱可以產(chǎn)生初速度不計的熱電子，N為金屬網(wǎng)，MN接在輸出電壓恒為U的高壓電源上，M、N之間的電場近似為勻強電場，系統(tǒng)放置在真空環(huán)境中，正常工作時，若單位時間內從K發(fā)出的電子數(shù)為n，經(jīng)M、N之間的電場加速后大多數(shù)電子從金屬網(wǎng)的小孔射出，少部分電子打到金屬網(wǎng)絲上被吸收，從而形成回路電流，電流表的示數(shù)穩(wěn)定為I穿過金屬線圈N的電子，經(jīng)聚焦系統(tǒng)會聚成很細的電子束，打在工件上產(chǎn)生高壓力和強能量，對工件進行加工。已知電子的質量為m、電量為e，不計電子所受的重力和電子之間的相互作用（1）求穿過金屬網(wǎng)N的電子的速度大小以及單位時間內被金屬網(wǎng)N吸收的電子數(shù)；（2）電子在聚焦時運動方向改變很小，可認為垂直打到工件上時的速度與從N中射出時的速度相同，并假設電子打在工件上被工件全部吸收不反彈，求電子束打到工件表面時對工件的作用力大小；（3）已知MN兩板間的距離為d，設在兩板之間與M相距x到x+x的空間內（x足夠?。╇娮訑?shù)為N，求與x的關系式【答案】（1）， n=；（2）（3）?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）電子在MN間運動只有電場力做功，故由動能定理可得解得：電流表的示數(shù)穩(wěn)定為I，故在單位時間內打到金屬網(wǎng)N上被吸收的電子數(shù)為：n=；（2）單位時間從N射出的粒子數(shù)為nn，故在t時間內到達工件處的電子數(shù)為：n2=（nn）t；那么，從作用效果來看，在t時間內，有n2個電子與工件作用時速度由v減為0；設電子受到工件的持續(xù)作用力大小為F，由動量定理可得：Ft=0n2mv=（nn）mvt；所以，電子束打到工件表面時受到工件的作用：；故由牛頓第三定律，電子對工件的作用力：；（3）設與M