(物理)2018屆江蘇省南通市測試物理試題.doc

江蘇省南通市2018屆高三上學期第一次調(diào)研測試物理試題一、單項選擇題1. 2017年4月20日，天舟一號飛船成功發(fā)射，與天宮二號空間實驗室對接后在離地約393km的圓軌道上為天宮二號補加推進劑，在完成各項試驗后，天舟一號受控離開圓軌道，最后進入大氣層燒毀，下列說法中正確的是A. 對接時，天舟一號的速度小于第一宇宙速度B. 補加推進劑后，天宮二號受到地球的引力C. 補加推進器后，天宮二號運行的周期減小D. 天舟一號在加速下降過程中處于超重狀態(tài)【答案】A【解析】7.9km/s是地球的第一宇宙速度，是衛(wèi)星最小的發(fā)射速度，也是衛(wèi)星或飛行器若地球做勻速圓周運動的最大速度，所以對接時，天舟一號的速度必定小于第一宇宙速度，故A正確；補加推進劑后，天宮二號的質(zhì)量增大，就萬有引力定律可知，天宮二號受到地球的引力增大，故B錯誤；補加推進劑后，天宮二號的質(zhì)量增大，根據(jù)萬有引力提供向心力可得，解得：，公式中的M是地球的質(zhì)量，可見天宮二號的周期與其質(zhì)量無關(guān)，所以保持不變，故C錯誤；“天舟一號”在加速下降過程中加速度的方向向下，所以處于失重狀態(tài)，故D錯誤；故選A.2. 如圖所示，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=1.0，電阻R1=4.0，R2=7.5，R3=5.0，電容器的電容C=10F，閉合開關(guān)S，電路達到穩(wěn)定后電容器的電荷量為A. B. C. D. 【答案】B【解析】閉合開關(guān)S，和串聯(lián)，電容器的電壓等于的電壓，為：，電容器上所帶的電荷量 ，故選A.3. 在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的等邊三角形線框abc，磁場方向垂直于線框平面，ac兩點間接一直流電源，電流方向如圖所示，則A. 導線ab受到的安培力大于導線ac所受的安培力B. 導線abc受到的安培力大于導線ac受到的安培力C. 線框受到的安培力的合力為零D. 線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下【答案】D【解析】導線ab受到的安培力大小為：；導線ac所受的安培力大小也為：；故A錯誤；導線abc的有效長度為L，故受到的安培力大小為：；導線ac受到的安培力：；故B錯誤；根據(jù)左手定則，導線abc受安培力垂直于ac向下，導線ac受到的安培力也垂直于ac向下，故線框受到的安培力的合力：，合力方向垂直于ac向下，故C錯誤，D正確；故選D.【點睛】通電三角形線圈處于勻強磁場中，受到安培力作用，根據(jù)左手定則確定安培力的方向，再由公式F=BIL確定安培力的大小，最后由力的合成來算出安培力的合力.4. 如圖所示，某同學以不同的初速度將籃球從同一位置拋出，籃球兩次拋出后均垂直撞在豎直墻上，圖中曲線為籃球第一次運動的軌跡，O為撞擊點，籃球第二次拋出后與墻的撞擊點在O點正下方，忽略空氣阻力，下列說法正確的是A. 籃球在空中運動的時間相等B. 籃球第一次撞墻時的速度較小C. 籃球第一次拋出時速度的豎直分量較小D. 籃球第一次拋出時的初速度較小【答案】B【解析】將籃球的運動反向處理，即可視為平拋運動，第二次下落的高度較小，所以運動時間較短，故A錯誤；水平射程相等，由得知第二次水平分速度較大，即籃球第二次撞墻的速度較大，第一次撞時的速度較小，故B正確；第二次時間較短，則由可知，第二次拋出時速度的豎直分量較小，故C錯誤；根據(jù)速度的合成可知，不能確定拋出時的速度大小，故D錯誤；故選B.5. 一粒石子和一泡沫塑料球以相同初速度同時豎直向上拋出，泡沫塑料球受到的空氣阻力大小與其速度大小成正比，忽略石子受到的空氣阻力，石子和塑料球運動的速度v隨時間t變化的圖像如圖所示，其中可能正確的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】忽略石子受到的空氣阻力，石子只受重力，加速度恒為g，v-t圖象是向下傾斜的直線.對于泡沫塑料球，根據(jù)牛頓第二定律得：上升過程有，下降過程有，又，得，則上升過程中，隨著v的減小，a減??；，則下降過程中，隨著v的增大，a減?。凰詀不斷減小，方向不變，故ABC錯誤，D正確；故選D.二、多選題6. 如圖所示，理想變壓器原線圈接電壓為220V的正弦交流電，開關(guān)S接1時，原副線圈的匝數(shù)比為11：1，滑動變阻器接入電路的阻值為10，電壓表和電流表均為理想電表，下列說法正確的有A. 變壓器輸入功率與輸出功率之比為1：1B. 1min內(nèi)滑動變阻器產(chǎn)生的熱量為40JC. 僅將S從1撥到2，電流表示數(shù)減小D. 僅將滑動變阻器的滑片向下滑動，兩電流表示數(shù)均減小【答案】AC【解析】根據(jù)理想變壓器的特點可知，變壓器的輸入功率與輸出功率之比為1：1，故A正確；原、副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，所以副線圈兩端電壓為，則1 min內(nèi)產(chǎn)生的熱量為，若只將S從1撥到2，副線圈的電壓減小，副線圈電流減小，原線圈電流即電流表示數(shù)減小，故C正確；將滑動變阻器滑片向下滑動，接入電路中的阻值變大，電流表的讀數(shù)變小，但對原、副線圈兩端的電壓無影響，即電壓表的讀數(shù)不變，故D錯誤；故選AC.【點睛】交流電壓表和交流電流表讀數(shù)為有效值，根據(jù)根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論.7. 真空中有一半徑為r0的均勻帶電金屬球，以球心為原點建立x軸，軸上各點的電勢分布如圖所示，r1、r2分別是+x軸上A、B兩點到球心的距離。下列說法中正確的有：A. 范圍內(nèi)電場強度處處為零B. A點電場強度小于B點電場強度C. A點電場強度的方向由A指向BD. 正電荷從A點移到B點過程總電場力做功【答案】ACD【解析】根據(jù)可知，圖象的斜率表示電場強度的大小，由圖可知在范圍內(nèi)斜率為0，故在范圍內(nèi)電場強度處處為零，故A正確；根據(jù)場強公式，得A點的電場強度大于B點的電場強度，故B錯誤A到B電勢降低，所以A點的電場強度方向由A指向B，故C正確正電荷沿直線從A移到B的過程中，電場力方向由A指向B，所以電場力做正功，故D正確故選ACD.【點睛】根據(jù)直線上各點的電勢分布圖判斷A點和B點電勢沿電場線方向電勢逐點降低根據(jù)電場力方向和運動方向判斷做功情況8. 如圖所示，豎直平面內(nèi)固定以半徑為R的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有兩個相同的帶電小球P和Q，靜止時P、Q兩球分別位于a、b兩點，兩球間的距離為R，現(xiàn)用力緩慢推動P球至圓環(huán)最低點c，Q球由b點緩慢運動至d點（圖中未畫出），則此過程中A. Q球在d點受到圓環(huán)的支持力比在b點處小B. Q球在d點受到的靜電力比在b點處大C. P、Q兩球電勢能減小D. 推力做的功等于P、Q兩球增加的機械能【答案】AB【解析】因為P、Q是兩個相同的電荷，當左球P到達c點的過程中，Q向上運動至d點，其所受的重力與庫侖力夾角變大，其合力變小，則圓環(huán)對P球的支持力變小，A正確；左球P到達c點的過程中，兩者的距離變小，故兩球間的庫侖力增大，故B正確；左球P到達c點的過程中，兩者的距離變小，外力做正功，電場力做負功，電勢能增加，故C錯誤；推力做的功等于P、Q兩球增加的機械能和P、Q兩球增加的電勢能之和，故D錯誤；故選AB.9. 如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物塊與勁度系數(shù)為k的輕彈簧兩端相連，置于足夠長、傾角為30的斜面上，處于靜止狀態(tài)，物塊A下表面光滑，物塊B與斜面間的最大靜摩擦力為f，重力加速度為g，現(xiàn)給物塊A施加沿斜面向上的恒力，使A、B兩物塊先后開始運動，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則A. 當物塊B剛開始運動時，彈簧伸長量最大B. 在物塊B開始運動前，物塊A可能一直做加速運動C. 物塊A沿斜面向上運動距離為時，速度達到最大D. 當物塊A沿斜面向上運動距離為時，物塊B開始運動【答案】BD【解析】當物塊B剛開始運動時，對B有，物塊B開始運動后做加速運動，對B有可知所以當物塊B剛開始運動時，彈簧伸長量不是最大，故A錯誤；在物塊B開始運動前，可能有，物塊A一直做加速運動，故B正確；原來系統(tǒng)靜止時，對A有 ，當A的合力為零時速度最大，此時有，物塊沿斜面向上運動距離為，聯(lián)立解得，故C錯誤；物塊B開始運動時，對B有，此時物塊A沿斜面向上運動距離為，聯(lián)立解得，故D正確；故選BD.【點睛】分析B的運動狀態(tài)，判斷彈簧伸長量的變化。根據(jù)A的受力情況，判斷其運動情況；當A的合力為零時速度最大；當物塊B剛開始運動時，彈簧的彈力等于重力沿斜面向下的分力和最大靜摩擦力之和.三、非選擇題10. 某實驗小組利用如圖甲所示裝置探究恒力做功與物體動能變化的關(guān)系，質(zhì)量為m的鉤碼通過跨過滑輪的細線牽引質(zhì)量為M的小車，使它在長木板上運動，打點計時器在紙帶上記錄的運動情況（1）下列做法中正確的有_A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行B在平衡摩擦力時，不需要連接紙帶C小車從靠近打點計時器處釋放（2）接通電源，釋放小車，打點計時器在紙帶上打出一系列點，將打出的第一個點標為O，在紙帶上依次取A、B、C若干個計數(shù)點，測得A、B、C各點到O點的距離分別為，已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔均為T。實驗中，鉤碼質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量，可認為小車受到的拉力大小等于mg，在打O點到打B點的過程中，拉力對小車做的功W=_，打B點時小車的動能=_。（3）小明同學實驗操作正確，但打出的紙帶起始點不清晰，他挑選了一個清晰的點標為O1，以小車受到的二次方為縱坐標，計數(shù)點到O1點的距離x為橫坐標，利用實驗數(shù)據(jù)作出-x圖像，該圖像縱截距的物理意義是_。（4）小虎同學在實驗過程中沒有保證鉤碼質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量，他利用實驗數(shù)據(jù)作出的-W圖像_（選填“會”或“不會”）彎曲?！敬鸢浮?(1). AC (2). (3). (4). 打點速度的二次方 (5). 不會11. 在描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗中，提供下列器材：A小燈泡（3V，0.6W）B電壓表（03V，內(nèi)阻約3k）C電流表（015V，內(nèi)阻約15k）D電流表（0250mA，內(nèi)阻約1）E電流表（00.6A，內(nèi)阻約為0.4）F滑動變阻器（10，2A）G滑動變阻器（1k，0.5A）H電池組（電動勢6V）I開關(guān)、導線若干（1）實驗時電壓表應選用_，電流表應選用_，滑動變阻器應選用_。（用序號字母表示）；（2）請用筆畫線代替導線，將實物電路圖連接完整。（3）實驗中記錄多組電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，如下表所示，請在圖中畫出I-U圖像。（4）如果將這個小燈泡接到電動勢為3V，內(nèi)阻為5的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_W（保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?(1). BDF (2). 如圖所示: (3). 如圖所示: (4). 0.370.39【解析】（1）燈泡額定電壓為3V，電壓表應選擇B；由表中實驗數(shù)據(jù)可知，最大電流為0.205A，電流表應選擇D；為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇F；（2）由實驗數(shù)據(jù)可知，最小電流為0.02A，滑動變阻器應采用分壓接法，由于電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，實物電路圖如圖所示：（3）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內(nèi)描出對應點，然后根據(jù)描出的點作出圖象如圖所示：（4）在燈泡U-I坐標系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示：由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓：U=2.1V，電流：I=0.18A，燈泡實際功率：.12. 下列現(xiàn)象與液體表面張力無關(guān)的是（ ）A. 透過布制的傘面可以看見紗線縫隙，而傘面布漏雨水B. 在繞地球飛行的宇宙飛船中，自由漂浮的水滴呈球形C. 把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，它的尖端就會變鈍D. 把兩塊純凈的鉛壓緊，它們會“粘”在一起難以分開【答案】D13. 做汽車安全氣囊的模擬實驗時，密封的儲氣罐與氣囊相連，撞擊時儲氣罐閥門自動打開，大量氣體進入氣囊，氣囊在極短時間內(nèi)迅速展開，在人體前部形成彈性氣墊，然后氣囊泄露，收縮，從而有效保護人體，氣囊展開過程中，將氣體視為理想氣體，氣體的內(nèi)能_（選填“增大”、“減小”或“不變”）；泄露收縮過程中氣囊內(nèi)壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力_（選填“增大”、“減小”或“不變”）【答案】 (1). 減小 (2). 減小【解析】氣囊展開過程中，氣體迅速膨脹，對外做功，由于時間極短，可看作絕熱膨脹，故內(nèi)能減?。恍孤妒湛s過程中，整個氣體是進一步膨脹的，根據(jù)熱力學第一定律，內(nèi)能進一步減小，故剩余部分氣體的溫度進一步降低，而溫度是分子熱運動平均動能的標志，故分子熱運動平均動能減小，而分子密集程度也稀疏了，故氣囊內(nèi)壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力減小.【點睛】熱力學第一定律就是不同形式的能量在傳遞與轉(zhuǎn)換過程中守恒的定律，表達式為表述形式：熱量可以從一個物體傳遞到另一個物體，也可以與機械能或其他能量互相轉(zhuǎn)換，但是在轉(zhuǎn)換過程中，能量的總值保持不變.14. 如圖所示是某氣壓式柱形保溫瓶的結(jié)構(gòu)示意簡圖，活塞只在受到壓力時才向下移動，倒入熱水后，活塞a的下表面與液體相距h，兩者間密閉有一定質(zhì)量的氣體，密閉氣體的壓強等于外界大氣壓強。剛倒入熱水時，瓶內(nèi)空氣溫度為T1，經(jīng)過一段時間溫度降至T2，此時瓶內(nèi)氣體的壓強多大？當溫度降至T2時，要把瓶中的水壓出瓶外，活塞a至少下降多少距離？（設壓活塞過程中氣體溫度不變）。【答案】【解析】由查理定律可得解得設活塞的橫截面積為S，下降的距離為x由玻意耳定律有解得15. 下列關(guān)于的說法中符合實際的有（ ）A. 電視機遙控器通過發(fā)出紫外線脈沖信號來遙控電視機B. 根據(jù)多普勒效應可以算出宇宙中的星球靠近或遠離地球的速度C. 可見光和醫(yī)院“B超”中的超聲波在空氣中的傳播速度相同D. 電磁波和聲波均能此時干涉、衍射、反射和折射現(xiàn)象【答案】BD【解析】常用紅外線做為脈沖信號來遙控電視，故A錯誤；根據(jù)多普勒效應，由于波源與接受者的相對位移的改變，而導致接受頻率的變化，稱為多普勒效應，所以可以判斷遙遠天體相對于地球的運動速度，故B正確；可見光傳播的速度是光速，超聲波在空氣中的傳播速度是聲速，二者傳播的速度是不相等的，故C錯誤；干涉、衍射、反射和折射現(xiàn)象都是波的特性，電磁波和聲波均能產(chǎn)生干涉、衍射、反射和折射現(xiàn)象，故D正確；故選BD.16. 如圖所示，兩列頻率相同、傳播方向相互垂直的平面波在空間相遇發(fā)生干涉，它們的振幅均為A，圖中實線表示波峰，虛線表示波谷，e是a、d連線的中點，則e處質(zhì)點振動_（選填“加強”、減弱、或不振動），d處質(zhì)點的振幅為_?！敬鸢浮?(1). 加強 (2). 2A【解析】據(jù)干涉圖象可知，d處質(zhì)點是兩列波波峰與波峰疊加，而a點是波谷與波谷疊加的地方，均處于振動加強，則e點也處于振動加強點；由于振幅相同，d處質(zhì)點的振幅為2A.【點睛】兩列頻率相同的兩列水波可形成穩(wěn)定的干涉，波峰與波谷相遇處振動減弱，波峰與波峰、波谷與波谷相遇處振動加強，振動加強點的振幅等于兩列波單獨傳播時振幅的兩倍.17. 反光膜是一種廣泛用于道路交通標志的材料，基本結(jié)構(gòu)如圖所示，光照射到反光膜的玻璃珠上時，經(jīng)折射后射到反射層反射，最終平行于原入射方向反向射出玻璃珠，玻璃珠是半徑為R的均勻球體，AB是入射光線，其出射光線與光線AB的間距為【答案】光路圖如圖所示:【解析】光路圖如圖所示設射入B點光線的入射角為，折射角為則由折射定律解得18. 已知氫原子基態(tài)能量為-13.6eV，下列說法正確的有（ ）A. 使n=2能級的氫原子電離至少需要吸收3.4eV的能量B. 氫原子由n=3能級躍遷到n=2能級，放出光子，能量增加C. 處于基態(tài)的氫原子吸收能量為10.2eV的光子躍遷到n=4激發(fā)態(tài)D. 大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子會輻射出3種不同頻率的光【答案】AD【解析】氫原子基態(tài)能量為-13.6eV，則n=2能級為，因此要使處于n=2能級氫原子電離至少需要吸收能量3.4eV，故A正確；氫原子由n=3能級躍遷到n=2能級，放出光子，能量減少，故B錯誤；處于基態(tài)的氫原子吸收能量為10.2eV的光子，能量為，因此會從n=1能級躍遷到n=2能級，故C錯誤；根據(jù)，可知，大量處于n=3能級的氫原子躍遷時能輻射出3種不同頻率的光子，故D正確；故選AD.【點睛】能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，可知電離需要的最小能量；能級差是不連續(xù)的，吸收或輻射的光子能量等于兩能級的能級差，所以光子能量不連續(xù)。根據(jù)數(shù)學組合，即可判定輻射的種類，并依據(jù)能級差值來確定電離或躍遷的能量值.19. 利用圖甲所示電路研究光電效應中金屬的遏制電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系，描繪出圖乙中的圖像，由此算出普朗克常量h，圖乙中U1、v1、v0均已知，電子電荷量用e表示，當入射光的頻率增大時，為了測定遏制電壓，滑動變阻器的滑片P應向_（選填“M”或“N”）端移動，由Uc-v圖像可求得普朗克常量h=_。（用題中字母表示）?！敬鸢浮?(1). N (2). 【解析】入射光的頻率增大，光電子的最大初動能增大，則遏止電壓增大，測遏制電壓時，應使滑動變阻器的滑片P向N端移動；根據(jù)，由圖象可知，當遏止電壓為零時，所以這種金屬的截止頻率為；根據(jù)，解得，圖線的斜率，則.20. 在冰壺比賽中，冰壺甲以速度v1正碰靜止的冰壺乙，碰后冰