陜西省西安市華山中學高一物理下學期期末試卷（含解析）.doc

2014-2015學年陜西省西安市華山中學高一（下）期末物理試卷一、選擇題（本題共14小題；每小題4分，共56分有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分1下列說法中正確的是（）a物體在恒力作用下不可能作曲線運動b物體在變力作用下一定作曲線運動c曲線運動一定是變速運動d曲線運動一定是變加速運動2蘋果落向地球而不是地球向上運動碰到蘋果，原因是（）a由于蘋果質量小，對地球的引力小，而地球質量大，對蘋果引力大造成的b由于地球對蘋果有引力，而蘋果對地球無引力造成的c蘋果與地球間的引力是大小相等的，由于地球質量極大，不可能產生明顯的加速度d以上說法都不對3關于重力、摩擦力做功的敘述中，正確的是（）a物體克服重力做了多少功，物體的重力勢能就增加多少b重力對物體做功只與始、末位置有關，而與路徑無關c摩擦力對物體做功與路徑無關d摩擦力對物體做功與路徑有關4關于機械能守恒定律的適用條件，下列說法中正確的是（）a只有重力和彈力作用時，機械能守恒b當有其他外力作用時，只要合外力為零，機械能守恒c當有其他外力作用時，只要其他力的合力的功為零，機械能守恒d炮彈在空中飛行不計阻力時，僅受重力作用，所以爆炸前后機械能守恒5如圖所示的皮帶傳動裝置中，輪a和b同軸，a、b、c分別是三個輪邊緣的質點，且ra=rc=2rb，則三質點的向心加速度之比aa：ab：ac等于（）a4：2：1b2：1：2c1：2：4d4：1：46從地面上方某點，將一小球以5m/s的初速度沿水平方向拋出小球經過1s落地不計空氣阻力，g=10m/s2則可求出（）a小球拋出時離地面的高度是5mb小球從拋出點到落地點的位移大小是5mc小球落地時的速度大小是15m/sd小球落地時的速度方向與水平地面成30角7一只船在靜水中的速度為0.4m/s，它要渡過一條寬度為40m的河，河水的流速為0.3m/s則下列說法中正確的是（）a船不可能渡過河b船有可能垂直到達對岸c船不能垂直到達對岸d船到達對岸所需時間都是100s8我國正在自主研發(fā)“北斗二號”地球衛(wèi)星導航系統(tǒng)，此系統(tǒng)由中軌道、高軌道和同步衛(wèi)星等組成，可將定位精度提高到“厘米”級，會在交通、氣象、軍事等方面發(fā)揮重要作用已知三種衛(wèi)星中，中軌道衛(wèi)星離地最近，同步衛(wèi)星離地最遠則下列說法中正確的是（）a中軌道衛(wèi)星的線速度小于高軌道衛(wèi)星的線速度b中軌道衛(wèi)星的角速度小于同步衛(wèi)星的角速度c若一周期為8h的中軌道衛(wèi)星某時刻在同步衛(wèi)星的正下方，則經過24h仍在該同步衛(wèi)星的正下方d高軌道衛(wèi)星的向心加速度小于同步衛(wèi)星的向心加速度9如圖所示，某輕桿一端固定一質量為m的小球，以另一端o為圓心，使小球在豎直平面內做半徑為r的圓周運動，以下說法中正確的是（）a小球過最高點時，桿所受的彈力可以為零b小球過最高點時，最小速度為c小球過最高點時，桿對球的作用力可以與球所受重力方向相反，此時重力一定大于或等于桿對球的作用力d小球過最低點時，桿對球的作用力一定與小球所受重力方向相反10物體m從傾角為的固定的光滑斜面由靜止開始下滑，斜面高為h，當物體滑至斜面底端時，重力做功的功率為（）amgb mgsincmgsindmg11如圖是一汽車在平直路面上啟動的速度時間圖象，t1時刻起汽車的功率保持不變由圖象可知（）a0t1時間內，汽車的牽引力增大，加速度增大，功率不變b0t1時間內，汽車的牽引力不變，加速度不變，功率不變ct1t2時間內，汽車的牽引力減小，加速度減小dt1t2時間內，汽車的牽引力不變，加速度不變12某消防隊員從一平臺跳下，下落2m后雙腳觸地，接著他用雙腿彎曲的方法緩沖，使自身重心又下降0.5m，則在著地過程中地面對他雙腳的平均作用力為自身重力的（）a8倍b10倍c4倍d5倍13已知貨物質量為m千克，在某段時間內起重機將貨物以大小為a米/秒2的勻加速度加速提升h米，已知重力加速度為g，則關于貨物在這段時間內的情況敘述正確的是（）a貨物的動能一定增加mahb貨物的機械能一定增加mahmghc貨物的重力勢能一定增加mghd貨物的機械能一定增加mah+mgh14一升降機箱底部裝有若干個彈簧，設在某次事故中，升降機吊索在空中斷裂，忽略摩擦和空氣阻力影響，則升降機在從彈簧下端觸地直到最低點的一段運動過程中（）a升降機的速度不斷減小b升降機的加速度不斷變大c先是彈力做的負功絕對值小于重力做的正功然后是彈力做的負功絕對值大于重力做的正功d先是彈力做的負功絕對值大于重力做的正功然后是彈力做的負功絕對值小于重力做的正功二、實驗題（14分）15用落體驗證機械能守恒定律的實驗若實驗中所用重物的質量m=1kg，打點時間間隔為0.02s，打出的紙帶如圖所示，o為起點，a、b、c、d為相鄰的幾點，測的oa=0.78cm、ob=1.79cm、oc=3.14cm、od=4.90cm，查出當地的重力加速度g=9.80m/s2，則重物在b點時的動能eab=j從開始下落到打b點的過程中，重物的重力勢能減少量是j（保留三位有效數字），由此得出的結論是：16某探究學習小組的同學欲以右圖裝置中的滑塊為對象驗證“動能定理”，他們在實驗室組裝了一套如圖所示的裝置，另外他們還找到了打點計時器所用的學生電源、導線、復寫紙、紙帶、小木塊、細沙、墊塊當滑塊連接上紙帶，用細線通過滑輪掛上空的小沙桶時，釋放小桶，滑塊處于靜止狀態(tài)若你是小組中的一位成員，要完成該項實驗，則：（1）你認為還需要的實驗器材有、（兩個）（2）實驗時為了保證滑塊（質量為m）受到的合力與沙和沙桶的總重力大小基本相等，沙和沙桶的總質量m應滿足的實驗條件是，實驗時首先要做的步驟是（3）在（2）的基礎上，某同學用天平稱量滑塊的質量m往沙桶中裝入適量的細沙，用天平稱出此時沙和沙桶的總質量m讓沙桶帶動滑塊加速運動，用打點計時器記錄其運動情況，在打點計時器打出的紙帶上取兩點，測出這兩點的間距l(xiāng)和這兩點的速度大小v1與v2（v1v2）則對滑塊，本實驗最終要驗證的數學表達式為 （用題中的字母表示）三、計算題（30分解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不給分有數字計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）172008年9月，神舟七號載人航天飛行獲得了圓滿成功，我國航天員首次成功實施空間出艙活動、飛船首次成功實施釋放小伴星的實驗，實現了我國空間技術發(fā)展的重大跨越已知飛船在地球上空的圓軌道上運行時離地面的高度為h地球半徑為r，地球表面的重力加速度為g求飛船在該圓軌道上運行時的速度v和周期t18如圖所示，摩托車做騰躍特技表演，以初速度v0沖上高為h、頂部水平的高臺，然后從高臺水平飛出若摩托車始終以額定功率p行駛，經時間t從坡底到達坡頂，人和車的總質量為m，且各種阻力的影響可以忽略不計，求：（1）人和車到達坡頂時的速度v？（2）人和車飛出的水平距離x？19如圖所示，傾角=37的斜面底端b平滑連接著半徑r=0.40m的豎直光滑圓軌道質量m=0.50kg的小物塊，從距地面h=2.7m處沿斜面由靜止開始下滑，小物塊與斜面間的動摩擦因數=0.25，求：（sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）（1）物塊滑到斜面底端b時的速度大?。?）物塊運動到圓軌道的最高點a時，對圓軌道的壓力大小2014-2015學年陜西省西安市華山中學高一（下）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共14小題；每小題4分，共56分有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分1下列說法中正確的是（）a物體在恒力作用下不可能作曲線運動b物體在變力作用下一定作曲線運動c曲線運動一定是變速運動d曲線運動一定是變加速運動【考點】物體做曲線運動的條件；曲線運動【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結論【解答】解：a、物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，如平拋運動，所以a錯誤b、當力的方向與速度的方向在一條直線上時，物體可以做勻加速或者勻減速運動，不一定是曲線運動，所以b錯誤c、既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動d、當受到的力是恒力時，就是勻變速運動，如平拋運動，所以d錯誤故選c【點評】本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握住2蘋果落向地球而不是地球向上運動碰到蘋果，原因是（）a由于蘋果質量小，對地球的引力小，而地球質量大，對蘋果引力大造成的b由于地球對蘋果有引力，而蘋果對地球無引力造成的c蘋果與地球間的引力是大小相等的，由于地球質量極大，不可能產生明顯的加速度d以上說法都不對【考點】萬有引力定律及其應用【專題】萬有引力定律的應用專題【分析】地球吸引蘋果的力與蘋果吸引地球的力是相互作用力，大小相等而地球的質量大，慣性大，根據慣性即可解題【解答】解：地球吸引蘋果的力與蘋果吸引地球的力是相互作用力，大小相等地球的質量很大，慣性就大，不可能產生明顯的加速度，而蘋果質量較小，慣性就小，容易改變運動狀態(tài)故選c【點評】地球吸引蘋果的力與蘋果吸引地球的力是相互作用力，大小相等，質量大的物體慣性大，不容易改變運動狀態(tài)3關于重力、摩擦力做功的敘述中，正確的是（）a物體克服重力做了多少功，物體的重力勢能就增加多少b重力對物體做功只與始、末位置有關，而與路徑無關c摩擦力對物體做功與路徑無關d摩擦力對物體做功與路徑有關【考點】功的計算【專題】功的計算專題【分析】重力做了多少功，物體的重力勢能就減少多少；物體克服重力做了多少功，物體的重力勢能就增加多少；重力對物體做功與路徑無關；摩擦力對物體做功與路徑有關【解答】解：a、重力做了多少功，物體的重力勢能就減少多少；物體克服重力做了多少功，物體的重力勢能就增加多少，而重力勢能的多少與零勢能面的選取有關故a錯誤b、重力做功w=mgh，h是物體位移在豎直方向上的投影，因此重力對物體做功與路徑無關，只與物體的始、末位置有關，故b正確c、摩擦力對物體做功w=fs，s為物體的路程，因此摩擦力對物體做功與路徑有關，故c錯誤，d正確故選：bd【點評】此題考查了重力、摩擦力做功的特點，一定要注意明確重力做功與路徑無關4關于機械能守恒定律的適用條件，下列說法中正確的是（）a只有重力和彈力作用時，機械能守恒b當有其他外力作用時，只要合外力為零，機械能守恒c當有其他外力作用時，只要其他力的合力的功為零，機械能守恒d炮彈在空中飛行不計阻力時，僅受重力作用，所以爆炸前后機械能守恒【考點】機械能守恒定律【專題】機械能守恒定律應用專題【分析】根據機械能守恒的條件分析答題，只有重力或只有彈力做功，機械能守恒【解答】解：a、只有重力或只有彈力做功時機械能守恒，并不是只有重力和彈力作用時才守恒；故a錯誤；b、只有重力或只有彈力做功，合外力為零機械能不一定守恒，如勻速豎直下落的物體所受合外力為零，機械能不守恒，故b錯誤；c、物體除受重力和彈力外還受其它力的作用，其它力做功，只要其它力做功的和為零，機械能守恒，故c正確；d、炮彈在空中飛行不計阻力時，僅受重力作用，炮彈爆炸過程中化學能轉化為機械能；故機械能增大，故d錯誤；故選：c【點評】本題考查了機械能守恒的判斷，知道機械能守恒的條件并靈活應用即可正確解題5如圖所示的皮帶傳動裝置中，輪a和b同軸，a、b、c分別是三個輪邊緣的質點，且ra=rc=2rb，則三質點的向心加速度之比aa：ab：ac等于（）a4：2：1b2：1：2c1：2：4d4：1：4【考點】線速度、角速度和周期、轉速【專題】勻速圓周運動專題【分析】要求線速度之比需要知道三者線速度關系：a、b兩輪是皮帶傳動，皮帶傳動的特點是皮帶和輪子接觸點的線速度的大小相同，b、c兩輪是軸傳動，軸傳動的特點是角速度相同【解答】解：由于b輪和c輪是皮帶傳動，皮帶傳動的特點是兩輪與皮帶接觸點的線速度的大小與皮帶的線速度大小相同，故vc=vb，vb：vc=1：1由于a輪和b輪共軸，故兩輪角速度相同，即a=b，故a：b=1：1由角速度和線速度的關系式v=r可得va：vb=ra：rb=2：1va：vb：vc=2：1：1又因為ra=rc=2rb根據a=得：aa：ab：ac=4：2：1故選：a【點評】解決傳動類問題要分清是摩擦傳動（包括皮帶傳動，鏈傳動，齒輪傳動，線速度大小相同）還是軸傳動（角速度相同）6從地面上方某點，將一小球以5m/s的初速度沿水平方向拋出小球經過1s落地不計空氣阻力，g=10m/s2則可求出（）a小球拋出時離地面的高度是5mb小球從拋出點到落地點的位移大小是5mc小球落地時的速度大小是15m/sd小球落地時的速度方向與水平地面成30角【考點】平拋運動【專題】平拋運動專題【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據時間求出高度和水平位移，結合豎直分速度，結合平行四邊形定則求出落地的速度大小和方向【解答】解：a、根據h=gt2得小球拋出時離地面的高度，h=101m=5m，故a正確b、水平位移x=v0t=51m=5m，從拋出點到落地點的位移大小是 s=5m故b錯誤c、落地時豎直分速度vy=gt=10m/s，則落地的速度v=m/s=5m/s，故c錯誤d、設小球落地時速度與水平方向的夾角為，則tan=1，解得：=45故d錯誤故選：a【點評】解決本題的關鍵掌握平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解要注意合位移與水平位移的區(qū)別，不能混淆7一只船在靜水中的速度為0.4m/s，它要渡過一條寬度為40m的河，河水的流速為0.3m/s則下列說法中正確的是（）a船不可能渡過河b船有可能垂直到達對岸c船不能垂直到達對岸d船到達對岸所需時間都是100s【考點】運動的合成和分解【專題】運動的合成和分解專題【分析】根據條件分析可知，當船頭指向始終垂直于河岸時，渡河時間最短，由河寬和船相對于水的速度可求出最短渡河時間當船頭指向其他方向時，渡河時間延長根據水速與船相對于水速度的關系，分析船能否到達正對岸【解答】解：a、d、當船頭指向始終垂直于河岸時，渡河時間最短，最短時間為tmin=s=100s，當船頭指向與河岸不垂直時，船垂直于河岸方向的分速度變小，渡河時間變長故a錯誤，d錯誤；b、c、由于船相對于水的速度大于水流速度，根據平行四邊形定則可知，它們的合速度，即船實際的速度可以與河岸垂直，船可以垂直于河岸行駛，最終到達對岸，故b正確，c錯誤；故選b【點評】本題研究的方法是運動的合成與分解，小船能否垂直河岸到達正對岸，取決于船相對于水的速度與水流速度的大小，可運用平行四邊形定則加深理解8我國正在自主研發(fā)“北斗二號”地球衛(wèi)星導航系統(tǒng)，此系統(tǒng)由中軌道、高軌道和同步衛(wèi)星等組成，可將定位精度提高到“厘米”級，會在交通、氣象、軍事等方面發(fā)揮重要作用已知三種衛(wèi)星中，中軌道衛(wèi)星離地最近，同步衛(wèi)星離地最遠則下列說法中正確的是（）a中軌道衛(wèi)星的線速度小于高軌道衛(wèi)星的線速度b中軌道衛(wèi)星的角速度小于同步衛(wèi)星的角速度c若一周期為8h的中軌道衛(wèi)星某時刻在同步衛(wèi)星的正下方，則經過24h仍在該同步衛(wèi)星的正下方d高軌道衛(wèi)星的向心加速度小于同步衛(wèi)星的向心加速度【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】根據萬有引力提供向心力的各個表達式中，根據各選項要分析的物理量，選取合適的公式進行分析即可得出答案【解答】解：a：根據萬有引力提供向心力=m，得：v=，環(huán)繞地球飛行的衛(wèi)星中，離地越近，線速度越大，故a錯誤；b：=得：=知，離地越近，角速度越大，故b錯誤；c：地球同步衛(wèi)星運行周期是24h，當同步衛(wèi)星運轉一周后，中軌衛(wèi)星恰好運行三周，故c正確d：由=ma可得，高軌道衛(wèi)星的向心加速度大于同步衛(wèi)星的向心加速度，故d錯誤故選：c【點評】了解衛(wèi)星運動的規(guī)律，萬有引力提供其向心力，建立清晰的衛(wèi)星運動情景，牢記軌道半徑變化與衛(wèi)星運動線速度、角速度、加速度、周期等的關系，解決問題事半功倍9如圖所示，某輕桿一端固定一質量為m的小球，以另一端o為圓心，使小球在豎直平面內做半徑為r的圓周運動，以下說法中正確的是（）a小球過最高點時，桿所受的彈力可以為零b小球過最高點時，最小速度為c小球過最高點時，桿對球的作用力可以與球所受重力方向相反，此時重力一定大于或等于桿對球的作用力d小球過最低點時，桿對球的作用力一定與小球所受重力方向相反【考點】牛頓第二定律；向心力【分析】輕桿帶著物體做圓周運動，只要物體能夠到達最高點就可以了，在最高點和最低點時物體的重力與桿對球的作用力的合力作為向心力【解答】解：a、當小球在最高點恰好只有重力作為它的向心力的時候，此時球對桿沒有作用力，所以a正確b、輕桿帶著物體做圓周運動，只要物體能夠到達最高點就可以了，所以速度可以為零，所以b錯誤c、小球在最高點時，如果速度恰好為，則此時恰好只有重力作為它的向心力，桿和球之間沒有作用力，如果速度小于，重力大于所需要的向心力，桿就要隨球由支持力，方向與重力的方向相反，此時最大的支持力就是球在最高點的速度為零時，最大值和重力相等，所以c正確d、小球過最低點時，需要的向心力向上，而重力是向下的，所以桿對球的作用力一定向上，這樣合力才可能向上作為向心力，所以d正確故選：acd【點評】桿的模型和繩的模型是在高中常遇到的兩種基本模型，這兩種模型不一樣，桿在最高點的速度可以為零，而繩在最高點時的速度必須大于或等于最小速度10物體m從傾角為的固定的光滑斜面由靜止開始下滑，斜面高為h，當物體滑至斜面底端時，重力做功的功率為（）amgb mgsincmgsindmg【考點】功率、平均功率和瞬時功率【專題】功率的計算專題【分析】應用公式p=fv求某力的瞬時功率時，注意公式要求力和速度的方向在一條線上，在本題中應用機械能守恒求出物體滑到斜面底端時的速度，然后將速度沿豎直方向分解即可求出重力功率【解答】解：物體下滑過程中機械能守恒，所以有：mgh=物體滑到底端重力功率為：p=mgvsin聯立解得：p=mgsin，故abd錯誤，c正確故選：c【點評】物理公式不僅給出了公式中各個物理量的數學運算關系，更重要的是給出了公式需要遵循的規(guī)律和適用條件，在做題時不能盲目的帶公式，要弄清公式是否適用11如圖是一汽車在平直路面上啟動的速度時間圖象，t1時刻起汽車的功率保持不變由圖象可知（）a0t1時間內，汽車的牽引力增大，加速度增大，功率不變b0t1時間內，汽車的牽引力不變，加速度不變，功率不變ct1t2時間內，汽車的牽引力減小，加速度減小dt1t2時間內，汽車的牽引力不變，加速度不變【考點】功率、平均功率和瞬時功率【專題】功率的計算專題【分析】汽車從靜止開始做勻加速直線運動，隨著速度的增加，汽車的功率也要增大，當功率達到最大值之后，功率不能在增大，汽車的牽引力就要開始減小，以后就不是勻加速運動了，當實際功率達到額定功率時，功率不能增加了，要想增加速度，就必須減小牽引力，當牽引力減小到等于阻力時，加速度等于零，速度達到最大值【解答】解：ab、0t1時間內，汽車的速度是均勻增加的，是勻加速直線運動，汽車的牽引力不變，加速度不變，由p=fv知功率增大，故a、b錯誤c、t1t2時間內，汽車的功率保持不變，速度在增大，由p=fv知汽車的牽引力在減小，由牛頓第二定律知ff=ma，知加速度減小，故c正確，d錯誤故選：c【點評】本題考查汽車勻加速運動的啟動方式，明確汽車的功率與牽引力、速度的關系p=fv，結合勻加速運動的特點：加速度不變，速度均勻增大，分析汽車的運動情況12某消防隊員從一平臺跳下，下落2m后雙腳觸地，接著他用雙腿彎曲的方法緩沖，使自身重心又下降0.5m，則在著地過程中地面對他雙腳的平均作用力為自身重力的（）a8倍b10倍c4倍d5倍【考點】動能定理的應用【專題】動能定理的應用專題【分析】消防隊員先是自由落體，然后其重心勻減速下降；先對自由落體運動過程運用速度位移公式求解出末速度，然后求解出減速過程的加速度，最后根據牛頓第二定律列式求解支持力【解答】解：自由落體運動過程，末速度為： =2m/s；勻減速過程，根據速度位移公式得加速度為：對于減速過程，根據牛頓第二定律，有：mgf=ma解得：f=mgma=5mg故選：d【點評】本題關鍵先分析清楚消防隊員的運動情況，然后根據運動學公式求解出運動的具體參數，最后根據牛頓第二定律對減速過程列式求解支持力13已知貨物質量為m千克，在某段時間內起重機將貨物以大小為a米/秒2的勻加速度加速提升h米，已知重力加速度為g，則關于貨物在這段時間內的情況敘述正確的是（）a貨物的動能一定增加mahb貨物的機械能一定增加mahmghc貨物的重力勢能一定增加mghd貨物的機械能一定增加mah+mgh【考點】動能和勢能的相互轉化；重力勢能【分析】重力勢能的增量等于貨物克服重力做功；根據動能定理求解動能的增量；機械能等于重力勢能與動能之和，由這兩種能的變化，即可確定機械能的增量【解答】解：a、由動能定理得：ek=w合=f合h=mah，故貨物動能增加一定為mah故a正確c、貨物上升高度為h，則貨物克服重力做功為mgh，則重力勢能增加一定為mgh，故c正確；d、因機械能等于重力勢能與動能之和，由上分析知，重力勢能增加mgh，動能增加為mah，則貨物的機械能一定增加mah+mgh故d正確，b錯誤故選：acd【點評】本題考查了恒力做功引起物體動能變化的過程，正確分析功和能的關系解題的關鍵是一道基礎好題14一升降機箱底部裝有若干個彈簧，設在某次事故中，升降機吊索在空中斷裂，忽略摩擦和空氣阻力影響，則升降機在從彈簧下端觸地直到最低點的一段運動過程中（）a升降機的速度不斷減小b升降機的加速度不斷變大c先是彈力做的負功絕對值小于重力做的正功然后是彈力做的負功絕對值大于重力做的正功d先是彈力做的負功絕對值大于重力做的正功然后是彈力做的負功絕對值小于重力做的正功【考點】功能關系；牛頓第二定律【分析】當物體所受合力方向與速度方向相同時，速度增加，當物體所受合力方向與速度方向相反時，速度減小，根據牛頓第二定律判斷加速度的方向和大小變化【解答】解：a、升降機在從彈簧下端觸地后直到最低點的一段運動過程中，開始階段，重力大于彈力，加速度方向向下，向下做加速運動，當重力和彈力相等后，彈力大于重力，加速度方向向上，向下做減速運動，加速度的大小先減小后增大，速度先增大后減小故a、b錯誤 c、升降機在從彈簧下端觸地直到最低點的一段運動過程中，在彈力等于重力之前時，速度在不斷增加，則彈力做功的絕對值小于重力做功的值；在彈力等于重力之后時，速度不斷減小，則彈力做功的絕值大于重力做功的值故c正確 d、升降機在從彈簧下端觸地直到最低點的一段運動過程中，在彈力等于重力之前時，速度在不斷增加，則彈力做功的絕對值小于重力做功的值；在彈力等于重力之后時，速度不斷減小，則彈力做功的絕值大于重力做功的值故d錯誤故選c【點評】解決本題的關鍵會根據牛頓第二定律判斷加速度的變化，會根據加速度方向與速度方向的關系判斷速度的變化二、實驗題（14分）15用落體驗證機械能守恒定律的實驗若實驗中所用重物的質量m=1kg，打點時間間隔為0.02s，打出的紙帶如圖所示，o為起點，a、b、c、d為相鄰的幾點，測的oa=0.78cm、ob=1.79cm、oc=3.14cm、od=4.90cm，查出當地的重力加速度g=9. 80m/s2，則重物在b點時的動能eab=0.174j從開始下落到打b點的過程中，重物的重力勢能減少量是0.175j（保留三位有效數字），由此得出的結論是：誤差允許的范圍內，做自由落體運動的重錘的機械能守恒【考點】驗證機械能守恒定律【專題】實驗題；機械能守恒定律應用專題【分析】根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出b點的速度，從而得出b點的動能，根據下降的高度求出物體重力勢能的減小量，從而判斷機械能是否守恒【解答】解：b點的速度，則b點的動能=0.174j重物重力勢能的減小量ep=mgh=19.80.0179j=0.175j在實驗誤差允許的范圍內減少的物體重力勢能等于其增加的動能，物體自由下落過程中機械能守恒故答案為：0.174；0.175；誤差允許的范圍內，做自由落體運動的重錘的機械能守恒【點評】解決本題的關鍵掌握實驗的原理，以及掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度16某探究學習小組的同學欲以右圖裝置中的滑塊為對象驗證“動能定理”，他們在實驗室組裝了一套如圖所示的裝置，另外他們還找到了打點計時器所用的學生電源、導線、復寫紙、紙帶、小木塊、細沙、墊塊當滑塊連接上紙帶，用細線通過滑輪掛上空的小沙桶時，釋放小桶，滑塊處于靜止狀態(tài)若你是小組中的一位成員，要完成該項實驗，則：（1）你認為還需要的實驗器材有天平、刻度尺（兩個）（2）實驗時為了保證滑塊（質量為m）受到的合力與沙和沙桶的總重力大小基本相等，沙和沙桶的總質量m應滿足的實驗條件是mm，實驗時首先要做的步驟是平衡摩擦力（3）在（2）的基礎上，某同學用天平稱量滑塊的質量m往沙桶中裝入適量的細沙，用天平稱出此時沙和沙桶的總質量m讓沙桶帶動滑塊加速運動，用打點計時器記錄其運動情況，在打點計時器打出的紙帶上取兩點，測出這兩點的間距l(xiāng)和這兩點的速度大小v1與v2（v1v2）則對滑塊，本實驗最終要驗證的數學表達式為mgl=mm （用題中的字母表示）【考點】探究功與速度變化的關系【專題】實驗題【分析】（1）根據實驗原理，得到需要驗證的表達式，從而確定需要的器材；（2）實驗要測量滑塊動能的增加量和合力做的功，用沙和沙桶的總質量表示滑塊受到的拉力，對滑塊受力分析，受到重力、拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，必須使重力的下滑分量等于摩擦力；同時重物加速下降，處于失重狀態(tài)，故拉力小于重力，可以根據牛頓第二定律列式求出拉力表達式分析討論；（3）實驗要測量滑塊動能的增加量和合力做的功，求出合力的功和動能的增加量即可【解答】解：（1）實驗要驗證動能增加量和總功是否相等，故需要求出總功和動能，故還要天平和刻度尺；（2）沙和沙桶加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對細線的拉力小于重力，設拉力為t，根據牛頓第二定律，有對沙和沙桶，有 mgt=ma對滑塊，有 t=ma解得t=mg故當mm時，有tmg滑塊下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，故可以將長木板的一段墊高；（3）總功為：mgl動能增加量為： mm根據動能定理，則有：mgl=mm故答案為：（1）刻度尺、天平；（2）mm，平衡摩擦力；（3）mgl=mm【點評】本題關鍵是根據實驗原理并結合牛頓第二定律和動能定理來確定要測量的量、實驗的具體操作方法和實驗誤差的減小方法三、計算題（30分解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不給分有數字計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）172008年9月，神舟七號載人航天飛行獲得了圓滿成功，我國航天員首次成功實施空間出艙活動、飛船首次成功實施釋放小伴星的實驗，實現了我國空間技術發(fā)展的重大跨越已知飛船在地球上空的圓軌道上運行時離地面的高度為h地球半徑為r，地球表面的重力加速度為g求飛船在該圓軌道上運行時的速度v和周期t【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】地球表面重力等于萬有引力，衛(wèi)星繞地球圓周運動萬有引力提供圓周運動向心力，由此展開分析即可【解答】