云南省文山州西疇一中高二物理上學(xué)期第二次月考試卷（含解析）.doc

云南省文山州西疇一中2014-2015學(xué)年高二物理上學(xué)期第二次月 考 試卷一、選擇題：（本題共12小題，每小題4分，共48分在每小題給出的四個選項中至少有一個選項是正確的，選對的得4分，少選的得2分，錯選、不選的得0分）1（4分）關(guān)于電場，下列敘述正確的是（）a以點電荷為圓心，r為半徑的球面上，各點的場強(qiáng)都相同b正電荷周圍的電場一定比負(fù)電荷周圍的電場強(qiáng)大c在電場中某點放入檢驗電荷q，該點的場強(qiáng)為e=，取走q后，該點場強(qiáng)不變d電荷所受電場力大，該點電場強(qiáng)度一定很大2（4分）a、b在某個點電荷電場中的一根電場線上，在線上a點處放入一個自由的負(fù)電荷，它將由靜止向b點運動，下列判斷哪些是正確的（）a場強(qiáng)方向由b指向a，該電荷做加速運動，加速度越來越小b場強(qiáng)方向由b指向a，該電荷做加速運動，其加速度大小的變化由題設(shè)條件不能確定c場強(qiáng)方向由a指向b，電荷做勻加速運動d場強(qiáng)方向由b指向a，電荷做加速運動，加速度越來越大3（4分）如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有a、b兩點，將一電量為q的正電荷從a點移到b點，第一次沿直線ab移動該電荷，電場力做功為w1；第二次沿路徑acb移動該電荷，電場力做功w2；第三次沿曲線ab移動該電荷，電場力做功為w3，則（）aw1w2w3bw1w2w3cw1=w2=w3dw1=w2w34（4分）如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場的電場線在電場力作用下，一帶電粒子（不計重力）經(jīng)a點飛向b點，徑跡如圖中虛線所示，下列說法正確的是（）a粒子帶正電b粒子在a點加速度小c粒子在b點動能大da、b兩點相比，粒子在b點電勢能較高5（4分）如圖，虛線ab和c是某靜電場中的等勢面，它們的電勢分別為ua、ub和ucuaubuc一帶正電的粒子射入電場中，其運動軌跡如實線klmn所示，由圖可知（）a粒子從k到l的過程中，電場力做負(fù)功b粒子從l到m的過程中，電場力做負(fù)功c粒子從k到l的過程中，靜電勢能增加d粒子從l到m的過程中，動能減少6（4分）如果在某電場中將5.0108c的電荷由a點移到b點，電場力做功為6.0103j，那么（）aa、b兩點間的電勢差是1.2105vba、b兩點間的電勢差是3.01010vc若在a、b兩點間移動2.5108c的電荷，電場力將做3.0103j的功d若在a、b兩點間移動1.0107c的電荷，電場力將做3.01017j的功7（4分）關(guān)于電流，下列說法中正確的是（）a通過導(dǎo)線截面的電量越多，電流越大b電子運動的速率越大，電流越大c單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體截面的電量越多，導(dǎo)體中的電流越大d因為電流有方向，所以電流是矢量8（4分）如圖所示，圖線1表示的導(dǎo)體電阻為r1，圖線2表示的導(dǎo)體的電阻為r2，則下列說法正確的是（）ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c將r1與r2串聯(lián)后接于電源上，則電流比i1：i2=1：3d將r1與r2并聯(lián)后接于電源上，則電流比i1：i2=1：39（4分）如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭p向左移動時，下面判斷正確的是（）al1和l3變亮，l2變暗bl1變暗，l2變亮，l3亮度不變cl1中電流變化值小于l3中電流變化值dl1上電壓變化值小于l2上的電壓變化值10（4分）對于電容c=，以下說法正確的是（）a一只電容充荷量越大，電容就越大b對于固定電容器，它所充電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變c可變電容器的充電荷量跟加在兩極間的電壓成反比d如果一個電容器沒有電壓，就沒有充電荷量，也就沒有電容11（4分）關(guān)于電阻率的說法，正確的是（）a電阻率越大的導(dǎo)體，電阻可以很小b電阻率表征了導(dǎo)體材料的導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱，由導(dǎo)體的長度決定，與溫度無關(guān)c電阻率與導(dǎo)體的長度l和橫截面積s有關(guān)d超導(dǎo)材料的電阻率一定為零12（4分）如圖所示，m、n為兩個等量同種電荷，在其連線的中垂線上的p點放一靜止的點電荷q（負(fù)電荷），不計重力，下列說法中正確的是（）a點電荷在從p到o的過程中，加速度越來越大，速度也越來越大b點電荷在從p到o的過程中，加速度越來越小，速度越來越大c點電荷運動到o點時加速度為零，速度達(dá)最大值d點電荷越過o點后，速度越來越小，加速度越來越大，直到粒子速度為零二、填空題（每空2分，共22分）13（4分）在空間某一區(qū)域有一勻強(qiáng)電場，一質(zhì)量為m的液滴，帶電量為+q，在此電場中恰能沿豎直方向作勻速直線運動，則此區(qū)域的電場強(qiáng)度的大小為，方向14（4分）在金屬導(dǎo)體中，若10s內(nèi)通過橫截面的電荷量為10c，則導(dǎo)體中的電流為i=a某電解槽橫截面積為0.5m2，若10s內(nèi)沿相反方向通過橫截面的正負(fù)離子的電荷量均為10c，則電解液中的電流為i=a15（2分）一段導(dǎo)體電阻是5，1.5分鐘內(nèi)所通過的電量是45c則導(dǎo)體兩端的電壓為v16（4分）兩點電荷間距離為r時，相互作用力為f，當(dāng)距離變?yōu)闀r，它們之間相互作用力為f，為使作用力仍為f，則兩點電荷的電量可同時為原來的倍17（4分）一靈敏電流計，允許通過的最大電流（滿刻度電流）為ig=50a，表頭電阻rg=1k，若改裝成量程為im=1ma的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為，若將改裝后的電流表再改裝成量程為um=10v的電壓表，應(yīng)再串聯(lián)一個阻值為的電阻（結(jié)果保留四位有效數(shù)字）18（2分）電路中的電流強(qiáng)度i=0.4a半分鐘通過導(dǎo)線橫截面的電子數(shù)為（電子電量為1.61019c）個19（2分）如圖所示，水平安放的a、b兩平行板相距h，上板a帶正電，現(xiàn)有質(zhì)量m，帶電量為+q的小球，在b板下方距離h處，以初速v0豎直向上從b板小孔進(jìn)入板間電場，欲使小球剛好能到a板，則a、b間電勢差uab=三、計算題（本題共有3題，共30分，答時應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫最后答案的不得分）20（10分）電動玩具汽車的直流電動機(jī)電阻一定，當(dāng)加上0.3v電壓時，通過的電流為0.3a，此時電動機(jī)沒有轉(zhuǎn)動當(dāng)加上3v 電壓時，電流為1a，這時候電動機(jī)正常工作求（1）電動機(jī)的電阻；（2）電動機(jī)正常工作時，產(chǎn)生的機(jī)械功率和發(fā)熱功率21（10分）把帶電荷量2108c的正點電荷從無限遠(yuǎn)處移到電場中a點，要克服電場力做功8106j，若把該電荷從無限遠(yuǎn)處移到電場中b點，需克服電場力做功2106j，取無限遠(yuǎn)處電勢為零求：（1）a點的電勢；（2）a、b兩點的電勢差；（3）若把2105c的負(fù)電荷由a點移到b點電場力做的功22（10分）如圖所示，abcd是一個正方形盒子cd邊的中點有一個小孔e盒子中有沿ad方向的勻強(qiáng)電場，一個質(zhì)量為m的帶電粒子從a處的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒內(nèi)，并恰好從e處的小孔射出其中，ab長為l，e為dc的中點，（不考慮帶電粒子的重力）求：（1）該帶電粒子從e孔射出時的速度大小；（2）該過程中電場力對該帶電粒子做的功云南省文山州西疇一中2014-2015學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考 試卷參考答案與試題解析一、選擇題：（本題共12小題，每小題4分，共48分在每小題給出的四個選項中至少有一個選項是正確的，選對的得4分，少選的得2分，錯選、不選的得0分）1（4分）關(guān)于電場，下列敘述正確的是（）a以點電荷為圓心，r為半徑的球面上，各點的場強(qiáng)都相同b正電荷周圍的電場一定比負(fù)電荷周圍的電場強(qiáng)大c在電場中某點放入檢驗電荷q，該點的場強(qiáng)為e=，取走q后，該點場強(qiáng)不變d電荷所受電場力大，該點電場強(qiáng)度一定很大考點：電場強(qiáng)度 分析：以點電荷為球心、r為半徑的球面上，各點的場強(qiáng)都大小相同，方向不同；電荷周圍的電場與點電荷的電量有關(guān)，與電性無關(guān)；若放入正電荷時，電場中某點的場強(qiáng)向右，則當(dāng)放入負(fù)電荷時，該點的場強(qiáng)仍向右；電場強(qiáng)度的大小與電荷受到的電場力的大小無關(guān)解答：解：a、以點電荷q為中心r為半徑的球面上各點的場強(qiáng)大小相等，方向不同，場強(qiáng)不同；故a錯誤；b、電荷周圍的電場強(qiáng)度的大小與點電荷的電量有關(guān)，與電性無關(guān)；故b錯誤；c、電場強(qiáng)度是由產(chǎn)生電場的源電荷決定的，在電場中某點放一檢驗電荷后，不會影響該點的電場強(qiáng)度，故c正確；d、電場中的場強(qiáng)取決于電場本身，電場強(qiáng)度只由場源電荷電量和位置決定，與電荷受到的電場力的大小無關(guān)故d錯誤；故選：c點評：電場強(qiáng)度是矢量，既有大小，又有方向；電場強(qiáng)度的大小與方向是由電場本身決定的，與試探電荷無關(guān)2（4分）a、b在某個點電荷電場中的一根電場線上，在線上a點處放入一個自由的負(fù)電荷，它將由靜止向b點運動，下列判斷哪些是正確的（）a場強(qiáng)方向由b指向a，該電荷做加速運動，加速度越來越小b場強(qiáng)方向由b指向a，該電荷做加速運動，其加速度大小的變化由題設(shè)條件不能確定c場強(qiáng)方向由a指向b，電荷做勻加速運動d場強(qiáng)方向由b指向a，電荷做加速運動，加速度越來越大考點：電場強(qiáng)度；牛頓第二定律 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)負(fù)電荷的運動方向判斷電場力，確定場強(qiáng)方向場強(qiáng)的大小由電場線的疏密反映，電場線越密場強(qiáng)越大解答：解：由題，負(fù)電荷由靜止開始從a運動到b，負(fù)電荷所受電場力方向從a到b，場強(qiáng)方向與電場力方向相反，即場強(qiáng)方向由b指向a負(fù)電荷從靜止開始，必定做加速運動由于電場線的分布情況未知，場強(qiáng)如何變化無法確定，電場力和加速度如何變化也無法確定，則電荷加速度可能越來越小，可能越來越大，也可能不變故選b點評：本題根據(jù)電荷的方向確定場強(qiáng)方向不難，容易產(chǎn)生的錯誤在于分析場強(qiáng)大小的變化來確定加速度的變化，條件不明時，考慮問題要全面3（4分）如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有a、b兩點，將一電量為q的正電荷從a點移到b點，第一次沿直線ab移動該電荷，電場力做功為w1；第二次沿路徑acb移動該電荷，電場力做功w2；第三次沿曲線ab移動該電荷，電場力做功為w3，則（）aw1w2w3bw1w2w3cw1=w2=w3dw1=w2w3考點：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：電荷在靜電場中從一點移到另一點時，電場力的功的值只跟始末兩點的位置有關(guān)，而和所經(jīng)過的路徑的形狀完全無關(guān)解答：解：第一次沿直線ab移動該電荷，電場力做功為w1；第二次沿路徑acb移動該電荷，電場力做功w2；第三次沿曲線ab移動該電荷，電場力做功為w3，三個過程，始末兩點的位置相同，電場力的功的值只跟始末兩點的位置有關(guān)，而和所經(jīng)過的路徑的形狀完全無關(guān)所以w1=w2=w3故選：c點評：靜電力做功與重力做功相似，都只有始末位置有關(guān)，與路程無關(guān)，屬于基礎(chǔ)題不難4（4分）如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場的電場線在電場力作用下，一帶電粒子（不計重力）經(jīng)a點飛向b點，徑跡如圖中虛線所示，下列說法正確的是（）a粒子帶正電b粒子在a點加速度小c粒子在b點動能大da、b兩點相比，粒子在b點電勢能較高考點：電場線；電勢能 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱，電場線某點的切線方向表示電場強(qiáng)度的方向不計重力的粒子在電場力作用下從a到b，運動與力關(guān)系可知，電場力方向與速度方向分居在運動軌跡兩邊，且電場力偏向軌跡的內(nèi)側(cè)解答：解：a、根據(jù)曲線運動條件可得粒子所受合力應(yīng)該指向曲線內(nèi)側(cè)，所以電場力逆著電場線方向，即粒子受力方向與電場方向相反，所以粒子帶負(fù)電故a錯誤；b、由于b點的電場線密，所以b點的電場力大，則a點的加速度較小故b正確；c、d、粒子從a到b，電場力對粒子運動做負(fù)功，電勢能增加，粒子在b點電勢能較高；動能減少，故c錯誤；d正確故選：bd點評：電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布對于本題關(guān)鍵是根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)5（4分）如圖，虛線ab和c是某靜電場中的等勢面，它們的電勢分別為ua、ub和ucuaubuc一帶正電的粒子射入電場中，其運動軌跡如實線klmn所示，由圖可知（）a粒子從k到l的過程中，電場力做負(fù)功b粒子從l到m的過程中，電場力做負(fù)功c粒子從k到l的過程中，靜電勢能增加d粒子從l到m的過程中，動能減少考點：等勢面；電勢能 專題：定性思想分析：電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增加；電場力做功的正負(fù)還可以直接根據(jù)電場力的方向判斷解答：解：a、根據(jù)ep=q，粒子從k到l的過程中，電勢能增加，故電場力做負(fù)功，故a正確；b、根據(jù)ep=q，粒子從l到m的過程中，電勢能減小，故電場力做正功，故b錯誤；c、根據(jù)ep=q，粒子從k到l的過程中，電勢能增加，故c正確；d、粒子從l到m的過程中，電場力做正功，故動能增加，故d錯誤；故選ac點評：本題關(guān)鍵關(guān)鍵根據(jù)ep=q得到電勢能的變化情況，最后確定電場力的做功情況6（4分）如果在某電場中將5.0108c的電荷由a點移到b點，電場力做功為6.0103j，那么（）aa、b兩點間的電勢差是1.2105vba、b兩點間的電勢差是3.01010vc若在a、b兩點間移動2.5108c的電荷，電場力將做3.0103j的功d若在a、b兩點間移動1.0107c的電荷，電場力將做3.01017j的功考點：電勢差；電勢能 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)公式uab=求解電勢差a、b間的電勢差與所移動的電荷無關(guān)，再由公式w=qu求解在a、b兩點間移動2.5108c的電荷時，電場力做的功解答：解：a、b，a、b兩點間的電勢差uab=v=1.2105v故a正確，b錯誤 c、d，在a、b兩點間移動2.5108c的電荷時，a、b間的電勢差不變則電場力做功為 wab=quab=2.51081.2105j=3.0103j 故c正確，d錯誤故選ac點評：本題要抓住電場中兩點間的電勢差由電場中兩點的位置決定，與移動的試探電荷無關(guān)7（4分）關(guān)于電流，下列說法中正確的是（）a通過導(dǎo)線截面的電量越多，電流越大b電子運動的速率越大，電流越大c單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體截面的電量越多，導(dǎo)體中的電流越大d因為電流有方向，所以電流是矢量考點：電流、電壓概念 專題：恒定電流專題分析：電流強(qiáng)度由通過導(dǎo)線截面的電量和通電時間共同決定，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體截面的電量越多，導(dǎo)體中的電流越大；電流的微觀表達(dá)式i=nesv可知電流的大小跟導(dǎo)體的材料、橫截面積和電荷定向移動的速率共同決定；矢量的運算滿足平行四邊形定則，標(biāo)量的運算滿足代數(shù)法則，而電流的運算滿足代數(shù)法則解答：解：a、通過某一橫截面積的電量與所用時間的比值等于通過導(dǎo)體的電流強(qiáng)度，故電流強(qiáng)度由通過導(dǎo)線截面的電量和通電時間共同決定，故a錯誤b、由電流的微觀表達(dá)式i=nesv，電流的大小跟導(dǎo)體的材料（決定n），導(dǎo)體的橫截面積（s）和電荷定向移動的速率（v）共同決定，故b錯誤c、根據(jù)i=可知，單位時間（t一定）內(nèi)通過導(dǎo)體截面的電量（q）越多，導(dǎo)體中的電流（i）越大故c正確d、矢量的運算滿足平行四邊形定則，標(biāo)量的運算滿足代數(shù)法則，而電流的運算滿足代數(shù)法則，故電流是標(biāo)量故d錯誤故選c點評：掌握了基本知識就能順利解決此類題目，故要重視基本知識的積累8（4分）如圖所示，圖線1表示的導(dǎo)體電阻為r1，圖線2表示的導(dǎo)體的電阻為r2，則下列說法正確的是（）ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c將r1與r2串聯(lián)后接于電源上，則電流比i1：i2=1：3d將r1與r2并聯(lián)后接于電源上，則電流比i1：i2=1：3考點：閉合電路的歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路 專題：恒定電流專題分析：由題圖象是電阻的伏安特性曲線，其斜率k等于電阻的倒數(shù)將r1與r2串聯(lián)后接于電源上時，電流相等將r1與r2并聯(lián)后接于電源上時，電壓相等，電流與電阻成反比解答：解：a、b由圖r1=1，r2=3，故a正確 c、r1與r2串聯(lián)后接于電源上，則電流比i1：i2=1：1故c錯誤 d、將r1與r2并聯(lián)后接于電源上，電流比i1：i2=r2：r1=3：1故d錯誤故選a點評：本題考查識別、理解物理圖象的能力物理圖象往往從數(shù)學(xué)角度，研究圖象的斜率、面積、交點等意義9（4分）如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭p向左移動時，下面判斷正確的是（）al1和l3變亮，l2變暗bl1變暗，l2變亮，l3亮度不變cl1中電流變化值小于l3中電流變化值dl1上電壓變化值小于l2上的電壓變化值考點：閉合電路的歐姆定律 專題：恒定電流專題分析：由圖可知l3與r串聯(lián)后與l2并聯(lián)，再與r0、l1串聯(lián)；由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知l1亮度的變化；將r0、l1作為內(nèi)電阻處理，由u=eir可知并聯(lián)部分電壓的變化，由歐姆定律可得出兩燈亮度的變化；因兩燈電阻均為定值，則可由歐姆定律得出電壓變化值的大小關(guān)系解答：解：a、b當(dāng)滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故l1變亮；電路中總電流增大，故內(nèi)電壓及r0、l1兩端的電壓增大，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故l2變暗；因l2中電流減小，干路電流增大，故流過l3的電流增大，故l3變亮；故a正確，b錯誤；c、因l1中電流增大，l3中電流增大，而l2中電流減??；開始時有：i1=i2+i3，故i1電流的變化值一定小于l3中電流的變化值；故c正確；d、因并聯(lián)部分的電壓與l1、r0及內(nèi)電阻上的總電壓等于電源的電動勢；l2兩端的電壓減小，l1、r0及內(nèi)阻r兩端的電壓增大，而電動勢不變，故l1上電壓變化值小于l2上的電壓變化值，故d正確；故選acd點評：本題不但考查電路中各量的變化方向，還考查了各電阻中電流及電壓的變化值，題目較為新穎，要求學(xué)生能靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的電流電壓規(guī)律及閉合電路的歐姆定律10（4分）對于電容c=，以下說法正確的是（）a一只電容充荷量越大，電容就越大b對于固定電容器，它所充電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變c可變電容器的充電荷量跟加在兩極間的電壓成反比d如果一個電容器沒有電壓，就沒有充電荷量，也就沒有電容考點：電容 分析：電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，與電容器的電量無關(guān)，由定義式c=，給定的電容器，帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變，當(dāng)電容c一定時，電量與電壓成正比解答：解：a、電容器帶電荷量越大，板間電壓越大，而電容不變故a錯誤b、電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，對于固定電容器，電容c不變，由定義式c=可知，則帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變故b正確c、電容器的帶電荷量q=cu，當(dāng)電容c一定時，電量與電壓成正比當(dāng)電容c變化時，電量與電壓不成正比故c錯誤d、電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，與電容器的電量、電壓無關(guān)故d錯誤故選：b點評：本題考查對電容的理解能力，抓住電容的物理意義和定義式是關(guān)鍵11（4分）關(guān)于電阻率的說法，正確的是（）a電阻率越大的導(dǎo)體，電阻可以很小b電阻率表征了導(dǎo)體材料的導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱，由導(dǎo)體的長度決定，與溫度無關(guān)c電阻率與導(dǎo)體的長度l和橫截面積s有關(guān)d超導(dǎo)材料的電阻率一定為零考點：電阻率與溫度的關(guān)系 分析：由電阻定律r=可知，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體的長度l、橫截面積s和電阻率三個因素有關(guān)電阻率表征了導(dǎo)體材料的導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱，與導(dǎo)體的材料和溫度有關(guān)，與導(dǎo)體的長度l、橫截面積s無關(guān)超導(dǎo)材料的電阻率在一定溫度下電阻率才等于零解答：解：a、由電阻定律r=可知，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體的長度l、橫截面積s和電阻率三個因素有關(guān)，則電阻率大的導(dǎo)體，電阻可以很小故a正確 b、c電阻率表征了導(dǎo)體材料的導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱，與導(dǎo)體的材料和溫度有關(guān)，與導(dǎo)體的長度l、橫截面積s無關(guān)故bc錯誤 d、超導(dǎo)材料的電阻率在一定溫度下電阻率才等于零，溫度升高，其電阻率可能不再為零故d錯誤故選a點評：本題考查對電阻率的理解能力抓?。弘娮杪时碚髁藢?dǎo)體材料的導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱，與導(dǎo)體的材料和溫度有關(guān)，與導(dǎo)體的長度l、橫截面積s無關(guān)12（4分）如圖所示，m、n為兩個等量同種電荷，在其連線的中垂線上的p點放一靜止的點電荷q（負(fù)電荷），不計重力，下列說法中正確的是（）a點電荷在從p到o的過程中，加速度越來越大，速度也越來越大b點電荷在從p到o的過程中，加速度越來越小，速度越來越大c點電荷運動到o點時加速度為零，速度達(dá)最大值d點電荷越過o點后，速度越來越小，加速度越來越大，直到粒子速度為零考點：電場的疊加；電場強(qiáng)度 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：m、n為兩個等量的正點電荷，其連線中垂線上電場強(qiáng)度方向op，負(fù)點電荷q從p點到o點運動的過程中，電場力方向po，速度越來越大但電場線的疏密情況不確定，電場強(qiáng)度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定越過o點后，負(fù)電荷q做減速運動，點電荷運動到o點時加速度為零，速度達(dá)最大值，加速度變化情況同樣不確定解答：解：a、點電荷在從p到o的過程中，所受的電場力方向豎直向下，做加速運動，所以速度越來越大，因為從o向上到無窮遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度先增大后減小，p到o的過程中，電場強(qiáng)度大小變化不能確定，所以電場力無法確定，加速度不能確定故a錯誤，b錯誤c、點電荷運動到o點時，所受的電場力為零，加速度為零，然后向下做減速運動，所以o點的速度達(dá)到最大值故c正確d、越過o點后，負(fù)電荷q做減速運動，速度越來越小，同理加速度的大小無法確定故d錯誤故選：c點評：本題考查對等量同種電荷電場線的分布情況及特點的理解和掌握程度，要抓住電場線的對稱性進(jìn)行分析求解，注意從o點向上或向下的過程，電場強(qiáng)度都是先增大后減小二、填空題（每空2分，共22分）13（4分）在空間某一區(qū)域有一勻強(qiáng)電場，一質(zhì)量為m的液滴，帶電量為+q，在此電場中恰能沿豎直方向作勻速直線運動，則此區(qū)域的電場強(qiáng)度的大小為，方向豎直向上考點：電場強(qiáng)度 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：由題，質(zhì)量為m的液滴，帶電量為+q，在電場中恰能沿豎直方向作勻速直線運動，受到重力與電場力平衡，根據(jù)平衡條件和場強(qiáng)公式求解場強(qiáng)的大小和方向解答：解：據(jù)題，液滴在電場中恰能沿豎直方向作勻速直線運動，重力與電場力二力平衡，根據(jù)平衡條件得 mg=qe得到電場強(qiáng)度大小e=，電場力方向豎直向上，由于液滴帶正電，則場強(qiáng)方向為豎直向上故答案為：，豎直向上點評：本題電場中最基本的題型：帶電粒子在電場中平衡問題，關(guān)鍵是分析帶電粒子的受力情況14（4分）在金屬導(dǎo)體中，若10s內(nèi)通過橫截面的電荷量為10c，則導(dǎo)體中的電流為i=1a某電解槽橫截面積為0.5m2，若10s內(nèi)沿相反方向通過橫截面的正負(fù)離子的電荷量均為10c，則電解液中的電流為i=2a考點：電流、電壓概念 專題：恒定電流專題分析：已知時間和通過通過橫截面的電荷量，由公式i=求電流在電解槽中，通過某一個橫截面的電荷量是正負(fù)電荷電荷量絕對值的總和，由此再根據(jù)i=求電流解答：解：根據(jù)電流強(qiáng)度的定義式可得 i=a=1a，所以導(dǎo)體中的電流i為1a10s通過電解槽橫截面積的電荷量絕對值之和q=10c+10c=20c，所以電解液中的電流為i=2a故答案為：1，2點評：在計算通過電解液的電流強(qiáng)度的大小的時候，一定要注意，電解液中既有正電荷，也有負(fù)電荷，通過截面的電荷量的大小為它們的總和，這是經(jīng)常出錯的地方15（2分）一段導(dǎo)體電阻是5，1.5分鐘內(nèi)所通過的電量是45c則導(dǎo)體兩端的電壓為2.5v考點：歐姆定律 專題：恒定電流專題分析：知道1.5min通過該導(dǎo)體的電量，根據(jù)i=求出通過的電流，又知道導(dǎo)體的電阻，根據(jù)歐姆定律求出導(dǎo)體兩端的電壓解答：解：通電時間：t=1.5min=1.560s=90s，通過電阻的電流：i=0.5a，根據(jù)歐姆定律可得，導(dǎo)體兩端的電壓：u=ir=0.5a5=2.5v故答案為：2.5點評：本題考查了歐姆定律和電流定義式的簡單應(yīng)用，是一道基礎(chǔ)題目16（4分）兩點電荷間距離為r時，相互作用力為f，當(dāng)距離變?yōu)闀r，它們之間相互作用力為4f，為使作用力仍為f，則兩點電荷的電量可同時為原來的倍考點：庫侖定律 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：本題考查了應(yīng)用庫侖定律公式解題能力，對題目中敘述的兩種狀態(tài)分別依據(jù)庫侖定律公式列方程，即可求解結(jié)果解答：解：變化之前根據(jù)庫侖定律有：f=，變化之后有：f=解得：f=4f為使作用力仍為f，則：即兩點電荷的電量可同時為原來的故答案為：4，點評：本題考查庫侖定律的直接應(yīng)用，只需注意數(shù)值的變化即可順利求出，屬于簡單基礎(chǔ)題目17（4分）一靈敏電流計，允許通過的最大電流（滿刻度電流）為ig=50a，表頭電阻rg=1k，若改裝成量程為im=1ma的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為52.63，若將改裝后的電流表再改裝成量程為um=10v的電壓表，應(yīng)再串聯(lián)一個阻值為9950的電阻（結(jié)果保留四位有效數(shù)字）考點：把電流表改裝成電壓表 專題：實驗題；恒定電流專題分析：把電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值解答：解：把電流表改裝成大量程電流表，需要并聯(lián)電阻阻值：r=52.63，把電流表改裝成電壓表，需要串聯(lián)電阻的阻值：r=9950；故答案為：52.63；9950點評：本題考查了電流表與電壓表的改裝，知道電表的改裝原理、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題18（2分）電路中的電流強(qiáng)度i=0.4a半分鐘通過導(dǎo)線橫截面的電子數(shù)為（電子電量為1.61019c）7.51019個考點：電流、電壓概念 專題：恒定電流專題分析：已知電流的多少和通電時間，根據(jù)公式q=it求出電荷，再由q=ne求出電子數(shù)目解答：解：導(dǎo)體中通過的電荷量為q=it=0.430=12c通過的電子數(shù)為n=7.51019故答案為：7.51019點評：本題考查電荷量的計算，關(guān)鍵是公式及其變形的靈活運用19（2分）如圖所示，水平安放的a、b兩平行板相距h，上板a帶正電，現(xiàn)有質(zhì)量m，帶電量為+q的小球，在b板下方距離h處，以初速v0豎直向上從b板小孔進(jìn)入板間電場，欲使小球剛好能到a板，則a、b間電勢差uab=考點：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：如圖，平行板電容器上極板a帶正電，下極板b帶負(fù)電，電場方向向下質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球從b板進(jìn)入電場后受到重力和電場力，電場力方向向下，對小球做負(fù)功，小球剛好打到a板時，速度恰好為零，電場力做功為quba=quab，整個過程中重力做功為mg（h+h）根據(jù)動能定理求解電勢差uab解答：解：由題，小球剛好打到a板時，速度恰好為零，根據(jù)動能定理，對整個過程進(jìn)行研究得mg（h+h）quab=0m解得，uab=；故答案為：點評：本題涉及兩個過程，采用全程法運用動能定理研究，比較簡潔，也可以分段研究，或運用牛頓定律和運動學(xué)公式結(jié)合研究三、計算題（本題共有3題，共30分，答時應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫最后答案的不得分）20（10分）電動玩具汽車的直流電動機(jī)電阻一定，當(dāng)加上0.3v電壓時，通過的電流為0.3a，此時電動機(jī)沒有轉(zhuǎn)動當(dāng)加上3v 電壓時，電流為1a，這時候電動機(jī)正常工作求（1）電動機(jī)的電阻；（2）電動機(jī)正常工作時，產(chǎn)生的機(jī)械功率和發(fā)熱功率考點：閉合電路的歐姆定律；電功、電功率；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化 專題：恒定電流專題分析：（1）當(dāng)加上0.3v電壓時電動機(jī)不轉(zhuǎn)動，電動機(jī)電路是純電阻電路，由歐姆定律求解電動機(jī)的電阻（2）電動機(jī)正常工作時，由p=ui求出電功率，由p熱=i2r求出熱功率，兩者之差即為機(jī)械功率解答：解：（1）當(dāng)加上0.3v電壓時電動機(jī)不轉(zhuǎn)動，利用歐姆定律得r=（2）當(dāng)加上3v電壓時，消耗的電能一部分發(fā)熱，一部分轉(zhuǎn)化為了機(jī)械能消耗的電功率為：p=iu=13=3w 發(fā)熱功率p熱=i2r=121=1w 根據(jù)能量關(guān)系，產(chǎn)生的機(jī)械功率為： p機(jī)=pp熱=31=2w 答：（1）電動機(jī)的電阻是1；（2）電動機(jī)正常工作時，產(chǎn)生的機(jī)械功率是2w，發(fā)熱功率是1w點評：電動機(jī)在不轉(zhuǎn)動時，其電路是純電阻電路，歐姆定律成立，而在正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立21（10分）把帶電荷