浙江省建人高復(fù)高三物理上學期第五次月考試卷（含解析）(2).doc

浙江省建人高復(fù)2014屆高三物理上學期第五次月考試卷（含解析）選擇題部分共20題，每小題6分，共120分。一、選擇題（本題共17小題。每題只有一項符合題目要求）14.一根粗細均勻的繩子，右側(cè)固定，使左側(cè)的s點上下振動，產(chǎn)生一列向右傳播的機械波，某時刻的波形如圖所示。下列說法中正確的是a該波的波速逐漸增大 b該波的波速逐漸減小c該波的頻率逐漸增大 d該波的頻率逐漸減小 【答案】c【解析】 ab、波速是由介質(zhì)的性質(zhì)決定的，與波長無關(guān)故該波的波速保持不變，故ab錯誤；cd、由圖看出，該波的波長逐漸減小，而波速一定，由波速v=f分析得知頻率逐漸增大，故c正確d錯誤。故選c?！究键c】波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象15.美國宇航局2011年12月5日宣布，他們發(fā)現(xiàn)了太陽系外第一顆類似地球的、可適合居住的行星“開普勒一22b”,其直徑約為地球的2.4倍。至今其確切質(zhì)量和表面成分仍不清楚，假設(shè)該行星的密度和地球相當，根據(jù)以上信息估算該行星的第一宇宙速度等于 a3.3103m/s b7.9103m/sc 1.2104m/sd1.9104m/s【答案】d【解析】第一宇宙速度是行星表面的運行速度，根據(jù)萬有引力提供向心力得：該行星的密度和地球相當，其直徑約為地球的2.4倍；所以該行星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的2.4倍，所以該行星的第一宇宙速度等于。故選d?！究键c】萬有引力定律16.在如圖所示的閉合電路中，移動滑動變阻器的滑片，若電壓表讀數(shù)在逐漸增加，則電流表讀數(shù)a增大 b減小c先減小后增大 d先增大后減小【答案】b【解析】當滑片p向左移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，由歐姆定律可得，電路電流變小，電源內(nèi)電壓變小，路段電壓變大，并聯(lián)電阻不變，電路電流變小，并聯(lián)電壓變小，則滑動變阻器兩端電壓變大，電壓表示數(shù)變大，符合題意，由于并聯(lián)電壓變小，支路電阻不變，由部分電路歐姆定律可知，支路電流變小，電流表示數(shù)變小，故b正確。故選b?！究键c】閉合電路的歐姆定律17. “井底之蛙”這個成語常被用來諷刺沒有見識的人，現(xiàn)有井口大小和深度相同的兩口井，一口是枯井，一口是水井（水面在井口之下），兩井底都各有一只青蛙，則a枯井中青蛙覺得天比較小，水井中青蛙看到井外的范圍比較大b枯井中青蛙覺得天比較大，水井中青蛙看到井外的范圍比較小c枯井中青蛙覺得天比較大，水井中青蛙看到井外的范圍比較大d兩只青蛙覺得井口一樣大，水井中青蛙看到井外的范圍比較大【答案】c【解析】枯井中的青蛙看到井外的范圍，根據(jù)光的直線傳播確定，根據(jù)光的直線傳播作出青蛙在枯井中的視野范圍；而外界光線斜射到水面時，入射角大于折射角，如圖所示，所以枯井中的青蛙覺得井口大些；根據(jù)光線可逆性，故水井中的青蛙看到的范圍超出光直線傳播看到的范圍，即水井中的青蛙看到井外的范圍較大，所以水井中青蛙看到井外的范圍比較大，故c正確。故選c?！究键c】光的折射定律二、選擇題（本題共3小題。在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項是符合題目要求的。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。）18.某興趣小組用實驗室的手搖發(fā)電機和一個可看作理想的小變壓器給一個燈泡供電，電路如圖，當線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，額定電壓為u0的燈泡正常發(fā)光，電壓表示數(shù)是u1。巳知線圈電阻是r，燈泡電阻是r，則有a. 變壓器輸入電壓的瞬時值是b. 變壓器的匝數(shù)比是u1:u0c. 電流表的示數(shù)是d. 線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是【答案】bc【解析】a、線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，所以，所以變壓器輸入電壓的瞬時值，故a錯誤；b、電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原副線圈的匝數(shù)比是，故b正確；c、理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時電功率為，所以輸入功率為，電流表的示數(shù)是，故c正確；d、由于線圈有內(nèi)阻r，故線圈中產(chǎn)生的電動勢有效值大于u1，最大值也就大于，故d錯誤。故選bc?！究键c】變壓器的構(gòu)造和原理；交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理19. 如圖所示，物塊a放在直角三角形斜面體b上面，b放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時a、b靜止?，F(xiàn)用力f沿斜面向上推a，但ab并未運動。下列說法正確的是a. a、b之間的摩擦力可能大小不變 b. a、b之間的摩擦力一定變小c. b與墻之間可能沒有摩擦力 d. 彈簧彈力一定不變【答案】ad【解析】ab、對a，開始受重力、b對a的支持力和靜摩擦力平衡，當施加f后，仍然處于靜止，開始a所受的靜摩擦力大小為magsin，若f=2magsin，則a、b之間的摩擦力大小可能不變，故a正確b錯誤；cd、對整體分析，由于ab不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于a、b的總重力，施加f后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡知，則b與墻之間一定有摩擦力，故c錯誤d正確。故選ad?！究键c】共點力平衡；力的合成與分解20. 如圖所示，實線為電視機顯像管主聚焦電場中的等勢面。a、b、c、d為圓上的四個點，則下列說法中正確的是aa、b、c、d 四點電勢不等，但電場強度相同b一電子從b點運動到c點，電場力做的功為0.6evc若一電子從左側(cè)沿中心軸線穿越電場區(qū)域，將做加速度先增加后減小的加速直線運動d一束電子從左側(cè)平行于中心軸線進入電場區(qū)域，將會從右側(cè)平行于中心軸線穿出【答案】bc【解析】a、根據(jù)題意，a、b兩點電勢相等，c、d兩點電勢相等的，由等勢面與電場線垂直的關(guān)系及電場強度方向與該點的切線方向一致，則它們的電場強度方向不同，故a錯誤；b、一電子從b點運動到c點，電勢差為，而電子帶負電，則電場力做功為0.6ev，故b正確；c、若一電子從左側(cè)沿中心軸線穿越電場區(qū)域，根據(jù)等勢面疏密程度，可知電場線的疏密程度，從而可確定電場力先增大后減小，所以加速度先增大后減小，故c正確；d、一束電子從左側(cè)平行于中心軸線進入電場區(qū)域，根據(jù)曲線運動條件運動軌跡向合力方向偏，因此只有在中心軸線的電子沿直線運動，其余做曲線運動，故d錯誤。【考點】等勢面；電勢非選擇題部分非選擇題部分共12題，共180分。21.（10分）根據(jù)有關(guān)實驗，回答問題：（1）一種游標卡尺，它的游標尺上有50個小的等分刻度，總長度為49mm，用它測量某工件寬度，示數(shù)如圖甲所示，其讀數(shù)為_mm；圖乙中的螺旋測微器讀數(shù)為_mm.【答案】23.20 1.130【解析】游標卡尺的主尺讀數(shù)為：2.3cm=23mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為100.02mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為：23mm+0.20mm=23.20mm；螺旋測微器的固定刻度為1mm，可動刻度為13.00.01mm=0.130mm，所以最終讀數(shù)為1mm+0.130mm=1.130mm?！究键c】游標卡尺的使用；螺旋測微器的使用（2）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，某同學用如圖甲所示裝置進行實驗，獲取一張紙帶，但起始點模糊不清。取后面連續(xù)打出的清晰點來研究，測出b、c、d、e、f到a點的距離分別為hb、hc、hd、he、hf。已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為t，重物質(zhì)量為m。實驗中，打點計時器兩個限位孔的連線必須保持_ _打e點時重物的動能表達式為_（用題目中的條件表示）在v2-h坐標系中，描出b、c、d、e點對應(yīng)的坐標，如圖乙所示。如果這些坐標可連成一條直線，要判斷重物下落過程中機械能是否守恒，直線的斜率為_ _【答案】豎直 2g【解析】為了盡量減小紙帶與限位孔之間的摩擦，減小實驗誤差，要求兩個限位孔的連線必須保持豎直；勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度，因此有：打e點時重物的動能表達式為：；根據(jù)機械能守恒有：，故有：，因此直線的斜率為2g?！究键c】驗證機械能守恒定律22. (10分)為了測一個自感系數(shù)很大的線圈l的直流電阻rl，實驗室提供以下器材：（a）待測線圈l（阻值約為2，額定電流2a） （b）電流表a1（量程0.6a，內(nèi)阻r1=0.2）（c）電流表a2（量程3.0a，內(nèi)阻r2約為0.2） （d）滑動變阻器r1（010）（e）滑動變阻器r2（01k） （f）定值電阻r3=10（g）定值電阻r4=100 （h）電源（電動勢e約為9v，內(nèi)阻很?。╥）單刀單擲開關(guān)兩只s1、s2，導線若干。要求實驗時，改變滑動變阻器的阻值，在盡可能大的范圍內(nèi)測得多組a1表 和a2表的讀數(shù)i1、i2，然后利用給出的i2i1圖象（如圖乙所示），求出線圈的電阻rl。實驗中定值電阻應(yīng)選用（填儀器前的字母序號） ，滑動變阻器應(yīng)選用（填儀器前的字母序號） 。請你畫完圖甲方框中的實驗電路圖。實驗結(jié)束時應(yīng)先斷開開關(guān) 。由i2i1圖象，求得線圈的直流電阻rl= 。【答案】f，d 如圖所示。 s2 2. 0 【解析】測量線圈的電阻一般采用伏安法，為了防止測量自感系數(shù)很大的線圈斷電產(chǎn)生的大自感電流燒壞電表，可與電表串聯(lián)一個開關(guān) 由于待測線圈l的阻值約為2，額定電流為2a，最大電壓為4v，而電源電動勢為9v，所以定值電阻選f：r3、滑動變阻器選d：r1即可；由于本實驗盡可能大的范圍內(nèi)測得數(shù)據(jù)，所以必須采用滑動變阻器的分壓接法；電流表a2的量程大，所以電流表a2外接電路進行測量，電路如圖所示；實驗結(jié)束時為了防止測量自感系數(shù)很大的線圈斷電產(chǎn)生的大自感電流燒壞電表，應(yīng)先斷開開關(guān)s2；由電路圖知自感線圈兩端的電壓與下邊支路電壓相等，所以，解得：，從圖象上解得：rl=2.0?！究键c】描繪小電珠的伏安特性曲線23. （16分）如圖所示，兩根豎直放置的足夠長的光滑平行金屬導軌間距l(xiāng)0.50m，上端接有阻值r0.80的定值電阻，導軌的電阻可忽略不計。導軌處于磁感應(yīng)強度b=0.40t、方向垂直于金屬導軌平面向外的有界勻強磁場中，磁場的上邊界如圖中虛線所示，虛線下方的磁場范圍足夠大。一根質(zhì)量m=4.010-2kg、電阻r0.20的金屬桿mn，從距磁場上邊界h=0.20m高處，由靜止開始沿著金屬導軌下落。已知金屬桿下落過程中始終與兩導軌垂直且接觸良好，重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力。（1）求金屬桿剛進入磁場時通過電阻r的電流大??；（2）求金屬桿剛進入磁場時的加速度大??；（3）若金屬桿進入磁場區(qū)域一段時間后開始做勻速直線運動，則金屬桿在勻速下落過程中其所受重力對它做功的功率為多大？【答案】 【解析】（1）金屬桿mn自由下落，設(shè)mn剛進入磁場時的速度為v，根據(jù)機械能守恒定律，有 解得 mn剛進入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢 通過電阻r的電流大小 （2）mn剛進入磁場時設(shè)mn剛進入磁場時的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律，有解得（3）根據(jù)力的平衡條件可知，mn在磁場中勻速下落時有設(shè)mn在磁場中勻速下落時的速度為vm，則此時的感應(yīng)電動勢，感應(yīng)電流，安培力聯(lián)立可解得 在勻速下落過程中重力對金屬桿做功的功率?！究键c】共點力平衡；歐姆定律；牛頓第二定律24. （20分）如圖所示，在平面中第一象限內(nèi)有一點（4，3），所在直線下方有垂直于紙面向里的勻強磁場，上方有平行于向上的勻強電場，電場強度e=100v/m。現(xiàn)有質(zhì)量m=110-6kg，電量q=210-3c帶正電的粒子，從坐標原點以初速度=1103m/s垂直于磁場方向射入磁場，經(jīng)過點時速度方向與垂直并進入電場，在經(jīng)過電場中的m點（圖中未標出）時的動能為點時動能的2倍，不計粒子重力。求：（1）磁感應(yīng)強度的大?。唬?）兩點間的電勢差；（3）m點的坐標及粒子從運動到m點的時間。【答案】 坐標（3m，8.5m） 【解析】（1）因為粒子過p點時垂直于op，所以op為粒子圓周運動的直徑是5m由得（2）進入電場后，沿電場線方向垂直于電場方向、因為即得到、電勢差（3）粒子在磁場中從o到p的運動時間粒子在電場中從p到m的運動時間所以，從o到m的總時間m點坐標：【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；牛頓第二定律；向心力25. （22分）如圖所示，一質(zhì)量m=0.1kg、電量q=1.010-5 c的帶正電小球（可視作點電荷），它在一高度和水平位置都可以調(diào)節(jié)的平臺上滑行一段距離后平拋，并沿圓弧軌道下滑。a、b為圓弧兩端點，其連線水平，已知圓弧半徑r=1.0m，平臺距ab連線的高度h可以在0.2m-0.8m之間調(diào)節(jié)。有一平行半徑oa方向的勻強電場e，只存在圓弧區(qū)域內(nèi)。為保證小球從不同高度h平拋，都恰能無碰撞地沿圓弧切線從a點進入光滑豎直圓弧軌道，小球平拋初速度v0和h滿足如圖所示的拋物線，同時調(diào)節(jié)平臺離開a點的距離合適。不計空氣阻力，取g=10m/s2，求：（1）小球在空中飛行的最短時間t；（2）平臺離開a的水平距離x范圍；（3）當h=0.2m且e=2.5104n/c時，小球滑到最低點c點的速度v；（4）為了保證小球在圓軌道內(nèi)滑動到c點的速度都是（3）中的v，則電場力f（f=qe）的大小應(yīng)與平臺高度h滿足的關(guān)系。（通過列式運算說明）【答案】 【解析】（1）當平臺高度為0.2m時，空中飛行的最短時間（2）因為小球從不同高度h平拋，都恰能無碰撞地沿圓弧切線從a點進入光滑豎直圓弧軌道，所以小球進入圓弧軌道時時的速度方向不變，設(shè)此速度與豎直方向成角。由，得由圖像中當h=0.8m時，v0=3m/s代入上式得得即=370，則=1060所以當h=0.2m時, v0=1.5m/s平臺離開a的最小距離為同理得平臺離開a的最大距離為（3）小球到達a點時的速度從a點到c點，由動能定理得代入數(shù)據(jù)，解得（4）從a點到c點，由動能定理得代入數(shù)據(jù)得得【考點】動能定理；平拋運動；帶電粒子在勻強電場中的運動物理部分答案 14c 15d 16b 17c 18bc 19ad 20bc21.(10分)22（10分）f，d如圖所示。s2 2. 0 23. （16分）（1）金屬桿mn自由下落，設(shè)mn剛進入磁場時的速度為v，根據(jù)機械能守恒定律，有 解得 v=2.0m/smn剛進入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢 e=blv =0.40.52v=0.40v 通過電阻r的電流大小 i=0.40a（2）mn剛進入磁場時f安=bil =0.40.40.5n=0.08n 設(shè)mn剛進入磁場時的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二運動定律，有 mg - f安=ma解得 a=8.0m/s2（3）根據(jù)力的平衡條件可知，mn在磁場中勻速下落時有 mg=f安設(shè)mn在磁場中勻速下落時的速度為vm，則此時的感應(yīng)電動勢e=blvm，感應(yīng)電流i= bl