2019_2020學(xué)年高中物理第四章章末檢測(cè)試卷（四）粵教版必修1.docx

章末檢測(cè)試卷(四)(時(shí)間：90分鐘滿分：100分)一、選擇題(本題共12小題，每小題4分，共48分其中18題為單項(xiàng)選擇題，912題為多項(xiàng)選擇題全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選和不選的得0分)1在物理學(xué)史上，正確認(rèn)識(shí)運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系且推翻“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”這個(gè)觀點(diǎn)的物理學(xué)家及建立慣性定律的物理學(xué)家分別是()A亞里士多德、伽利略B伽利略、牛頓C伽利略、愛(ài)因斯坦D亞里士多德、牛頓答案B2.(2018孝感高中高一期末)某同學(xué)站在一電梯地板上，利用速度傳感器和計(jì)算機(jī)研究該觀光電梯升降過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)情況，如圖1所示的vt圖象是計(jì)算機(jī)顯示的觀光電梯在某一段時(shí)間內(nèi)的速度變化情況(向上為正方向)根據(jù)圖象提供的信息，可以判斷下列說(shuō)法正確的是()圖1A05s內(nèi)，觀光電梯在加速上升，該同學(xué)處于失重狀態(tài)B510s內(nèi)，該同學(xué)對(duì)電梯地板的壓力大于他所受的重力C1020s內(nèi)，觀光電梯在減速下降，該同學(xué)處于超重狀態(tài)D2025s內(nèi)，觀光電梯在加速下降，該同學(xué)處于失重狀態(tài)答案D解析由題圖vt圖象可知，05s內(nèi)，電梯的加速度為正，說(shuō)明電梯在加速上升，該同學(xué)處于超重狀態(tài)，A錯(cuò)誤.510s內(nèi)，電梯的加速度為0，該同學(xué)做勻速運(yùn)動(dòng)，故電梯地板對(duì)他的支持力大小等于他所受的重力大小，結(jié)合牛頓第三定律可知，B錯(cuò)誤.1020s內(nèi)，電梯加速度向下，向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，該同學(xué)處于失重狀態(tài)，C錯(cuò)誤.2025s內(nèi)，電梯加速度向下，向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，該同學(xué)處于失重狀態(tài)，D正確3如圖2所示，乘客在公交車上發(fā)現(xiàn)車廂頂部A處有一小水滴落下，并落在地板偏前方的B點(diǎn)處，由此判斷公交車的運(yùn)動(dòng)情況是()圖2A向前加速運(yùn)動(dòng)B向前減速運(yùn)動(dòng)C向后勻速運(yùn)動(dòng)D向后減速運(yùn)動(dòng)答案B解析水滴離開(kāi)車頂后，由于慣性在水平方向上保持離開(kāi)時(shí)的速度不變，而水滴落點(diǎn)B在A點(diǎn)正下方的前面，若車向前行駛，水滴下落時(shí)，車正在減速，A錯(cuò)誤，B正確；若車向后減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，水滴下落時(shí)將落在A點(diǎn)正下方的后方，故D錯(cuò)誤；若車向后勻速運(yùn)動(dòng)，水滴將落在A點(diǎn)的正下方，C錯(cuò)誤4如圖3所示，質(zhì)量分別為M和m的物塊由相同的材料制成，且Mm，將它們用通過(guò)光滑的輕質(zhì)定滑輪的輕細(xì)線連接如果按圖甲放置，則質(zhì)量為m的物塊剛好勻速下降如果兩物塊互換位置，如圖乙所示，則它們的共同加速度大小為(重力加速度為g)()圖3A.B.C.D上述均不正確答案C解析勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)平衡條件知，mgMg；互換位置后，對(duì)兩物塊分別應(yīng)用牛頓第二定律得，MgFMa，F(xiàn)mgma，聯(lián)立解得a，選項(xiàng)C正確5.如圖4所示，帶支架的平板小車沿水平面向左做直線運(yùn)動(dòng)，小球A用細(xì)線懸掛于支架前端，質(zhì)量為m的物塊B始終相對(duì)于小車靜止地?cái)[放在右端B與小車平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.若某時(shí)刻觀察到細(xì)線偏離豎直方向角，則此刻小車對(duì)物塊B產(chǎn)生的作用力的大小和方向?yàn)?)圖4Amg，豎直向上Bmg，斜向左上方Cmgtan，水平向右Dmg，斜向右上方答案D解析以A為研究對(duì)象，受力分析如下圖所示根據(jù)牛頓第二定律得：mAgtanmAa，得：agtan，方向水平向右再對(duì)B研究得：小車對(duì)B的摩擦力為：fmamgtan，方向水平向右，小車對(duì)B的支持力大小為FNmg，方向豎直向上，則小車對(duì)物塊B產(chǎn)生的作用力的大小為：Fmg，方向斜向右上方，D正確6.如圖5所示，用完全相同的輕彈簧A、B、C將兩個(gè)相同的小球連接并懸掛，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧A與豎直方向的夾角為30，彈簧C水平，則彈簧A、C的伸長(zhǎng)量之比為()圖5A.4B4C12D21答案D解析將兩小球及彈簧B視為一個(gè)整體，對(duì)整體正交分解知，水平方向二力平衡，故有kxAsin30kxC，可得xAxC21，選項(xiàng)D正確7放在固定粗糙斜面上的滑塊A以加速度a1沿斜面勻加速下滑，如圖6甲所示在滑塊A上放一物體B，物體B始終與A保持相對(duì)靜止，以加速度a2沿斜面勻加速下滑，如圖乙所示在滑塊A上施加一豎直向下的恒力F，滑塊A以加速度a3沿斜面勻加速下滑，如圖丙所示斜面為同一斜面，則()圖6Aa1a2a3Ba1a2a3Ca1a2a3Da1a2a3答案B解析設(shè)斜面傾角為，對(duì)題圖甲中滑塊進(jìn)行受力分析，沿斜面方向mgsinmgcosma，所以agsingcos，可以得出a與質(zhì)量無(wú)關(guān)，故a1a2，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤；在滑塊上施加豎直向下的力F，對(duì)滑塊有(mgF)sin(mgF)cosma3，解得a3gsingcos(sincos)，由90，得a1a2a3，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確8.如圖7所示，A、B兩物體之間用水平輕質(zhì)彈簧連接，用水平恒力F拉A，使A、B一起沿光滑水平面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，這時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)1；若將A、B置于粗糙水平面上，用相同的水平恒力F拉A，使A、B一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)2.若A、B與粗糙水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則下列關(guān)系式正確的是()圖7AL2L1BL2L1CL2L1D由于A、B的質(zhì)量關(guān)系未知，故無(wú)法確定L1、L2的大小關(guān)系答案C解析A、B在粗糙水平面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)A、B整體，根據(jù)牛頓第二定律有：ag；對(duì)物體B，根據(jù)牛頓第二定律得：kxmBgmBa，解得：x，即彈簧的伸長(zhǎng)量與動(dòng)摩擦因數(shù)無(wú)關(guān)，所以L2L1，選項(xiàng)C正確9如圖8所示，某旅游景點(diǎn)的傾斜索道與水平線夾角30，當(dāng)載人車廂以加速度a斜向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，人對(duì)車廂底的壓力為體重的1.25倍，此時(shí)人與車廂相對(duì)靜止，設(shè)車廂對(duì)人的摩擦力為f，人的體重為G，重力加速度為g，下面正確的是()圖8AaBaCfGDfG答案BD解析由于人對(duì)車廂底的壓力為其重力的1.25倍，所以在豎直方向上有Fymgma豎，解得a豎0.25g，設(shè)水平方向上的加速度為a水，則tan30，所以a水g，則ag，fma水G，B、D正確10.如圖9所示，一小球從空中自由落下，在與正下方的直立輕質(zhì)彈簧接觸直至速度為零的過(guò)程中，關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，下列說(shuō)法中正確的是()圖9A接觸后，小球做減速運(yùn)動(dòng)，加速度的絕對(duì)值越來(lái)越大，速度越來(lái)越小，最后等于零B接觸后，小球先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，其速度先增大后減小直到為零C接觸后，速度為零的地方就是彈簧被壓縮最大之處，加速度為零的地方也是彈簧被壓縮最大之處D接觸后，小球速度最大的地方就是加速度等于零的地方答案BD解析從小球下落到與彈簧接觸開(kāi)始，一直到把彈簧壓縮到最短的過(guò)程中，彈簧彈力與小球重力相等的位置是轉(zhuǎn)折點(diǎn)，之前重力大于彈力，之后重力小于彈力，而隨著小球向下運(yùn)動(dòng)，彈力越來(lái)越大，重力恒定，所以之前重力與彈力的合力越來(lái)越小，之后重力與彈力的合力越來(lái)越大，且反向(豎直向上)由牛頓第二定律知，加速度的變化趨勢(shì)和合力的變化趨勢(shì)一樣，而在此過(guò)程中速度先增大后減小，方向一直向下11(2018大慶中學(xué)高一期中)如圖10甲所示，A、B兩物體疊放在光滑水平面上，對(duì)B物體施加一水平變力F，F(xiàn)t關(guān)系圖象如圖乙所示兩物體在變力F作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，且始終相對(duì)靜止，則()圖10At0時(shí)刻，兩物體之間的摩擦力為零Bt0時(shí)刻，兩物體的速度方向開(kāi)始改變Ct02t0時(shí)間內(nèi)，兩物體之間的摩擦力逐漸減小Dt02t0時(shí)間內(nèi)，物體A所受的摩擦力方向始終與變力F的方向相同答案AD解析t0時(shí)刻F0，A、B的加速度為零，因此兩物體速度的大小和方向均不變，所以A、B間的摩擦力為零，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤t02t0時(shí)間內(nèi)，A、B組成的整體加速度逐漸增大，以A為研究對(duì)象，A的加速度由其受到的摩擦力提供，A受到的摩擦力應(yīng)逐漸增大，且與A、B加速度同向，即與變力F同向，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確12如圖11甲所示，水平面上質(zhì)量均為m的兩木塊A、B用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接，整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的力F拉動(dòng)木塊A，使木塊A向上做加速度為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，取木塊A的起始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，圖乙中實(shí)線部分表示從力F作用在木塊A到木塊B剛離開(kāi)地面這個(gè)過(guò)程中，F(xiàn)和木塊A的位移s之間的關(guān)系，則()圖11As0Bs0CF0maDF0m(ag)答案AC解析設(shè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)時(shí)彈簧的壓縮量為x，則處于平衡狀態(tài)時(shí)對(duì)木塊A有kxmg.在木塊A以加速度a向上做勻加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，設(shè)A向上的位移為s，則對(duì)A由牛頓第二定律得Fk(xs)mgma，解得Fksma，當(dāng)F0時(shí)，s0；當(dāng)s0時(shí)，F(xiàn)0ma.故A、C正確二、實(shí)驗(yàn)題(本題共2小題，共12分)13(6分)某探究學(xué)習(xí)小組的同學(xué)們要“探究加速度與力、質(zhì)量的定量關(guān)系”，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)室組裝了一套如圖12所示的裝置，水平軌道上安裝兩個(gè)光電門，小車上固定有力傳感器和擋光板，細(xì)線一端與力傳感器連接，另一端跨過(guò)定滑輪掛上砝碼盤實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)整軌道的傾角正好能平衡小車所受的摩擦力(圖中未畫出)圖12(1)該實(shí)驗(yàn)中小車所受的合力_(選填“等于”或“不等于”)力傳感器的示數(shù)，該實(shí)驗(yàn)是否需要滿足砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量？_(選填“需要”或“不需要”)(2)實(shí)驗(yàn)獲得以下測(cè)量數(shù)據(jù)：小車、力傳感器和擋光板的總質(zhì)量M，擋光板的寬度l，光電門1和光電門2的中心距離為s.某次實(shí)驗(yàn)過(guò)程：力傳感器的讀數(shù)為F，小車通過(guò)光電門1和光電門2的擋光時(shí)間分別為t1、t2(小車通過(guò)光電門2后，砝碼盤才落地)，已知重力加速度為g，則該實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證的關(guān)系式是_答案(1)等于(2分)不需要(2分)(2)F()(2分)解析(1)由于力傳感器顯示拉力的大小，而拉力的大小就是小車所受的合力，故不需要滿足砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量(2)由于擋光板的寬度l很小，故小車在光電門1處的速度v1，在光電門2處的速度為v2，由vv2as，得a()故要驗(yàn)證的關(guān)系式為FMa()()14(6分)如圖13所示為“用DIS(位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)DIS直接顯示物體加速度)探究加速度和力的定量關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置圖13(1)在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持_不變，用鉤碼所受的重力大小作為_(kāi)，用DIS測(cè)小車的加速度(2)改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測(cè)量在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)畫出aF關(guān)系圖線(如圖14所示)圖14分析此圖線OA段可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是_此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是_(填選項(xiàng)前字母)A小車與軌道之間存在摩擦B軌道保持了水平狀態(tài)C所掛鉤碼的總質(zhì)量太大D所用小車的質(zhì)量太大答案(1)小車總質(zhì)量(1分)小車所受的合外力(1分)(2)在質(zhì)量不變時(shí)，加速度與合外力成正比(2分)C(2分)解析(1)保持小車的總質(zhì)量不變，用鉤碼所受的重力作為小車所受的合外力，用DIS測(cè)加速度(2)OA段為直線，說(shuō)明在質(zhì)量不變的條件下，加速度與合外力成正比設(shè)小車質(zhì)量為M，所掛鉤碼的質(zhì)量為m，由實(shí)驗(yàn)原理得mgFMa，即a，而實(shí)際上a，可見(jiàn)aa，AB段明顯偏離直線是由于沒(méi)有滿足Mm，故A、B、D錯(cuò)誤，C正確三、計(jì)算題(本題共4小題，共40分)15(8分)一質(zhì)量m2.0kg的小物塊以一定的初速度沖上一傾角為37的足夠長(zhǎng)的斜面，某同學(xué)利用傳感器測(cè)出了小物塊從開(kāi)始沖上斜面到上滑過(guò)程中多個(gè)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，并用計(jì)算機(jī)作出了小物塊上滑過(guò)程的速度時(shí)間圖線，如圖15所示(取sin370.6，cos370.8，g10m/s2)求：圖15(1)小物塊沖上斜面過(guò)程中加速度的大小；(2)小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(3)小物塊所到達(dá)斜面最高點(diǎn)與斜面底端間的距離答案(1)8.0m/s2(2)0.25(3)4.0m解析(1)由小物塊上滑過(guò)程的速度時(shí)間圖線，可得小物塊沖上斜面過(guò)程中加速度為am/s28.0m/s2加速度大小為8.0m/s2.(2分)(2)對(duì)小物塊進(jìn)行受力分析如圖所示，由牛頓第二定律知：mgsin37fma(1分)又FNmgcos370(1分)fFN(1分)代入數(shù)據(jù)解得0.25.(1分)(3)由圖線知小物塊沿斜面上滑的距離為st1.0m4.0m(2分)16(10分)(2018華中師大一附中月考)如圖16所示，用F7 N的水平恒力把質(zhì)量為m0.5kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))壓在豎直擋板上，物塊離地面高為H6m，物塊從靜止開(kāi)始向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)t2s到達(dá)地面，取g10m/s2.圖16(1)求物塊與擋板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)若將擋板由豎直位置逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)37后撤去壓力F，求當(dāng)物塊以v02m/s的初速度從擋板上同一位置沿?fù)醢逑禄瑫r(shí)，滑到地面時(shí)的速度大小v.(sin530.8，cos530.6)答案(1)0.5(2)8m/s解析(1)物塊下滑過(guò)程中做勻加速運(yùn)動(dòng)，有Hat2(1分)代入數(shù)據(jù)得加速度大小a3m/s2(1分)由牛頓第二定律知mgFma(1分)代入數(shù)據(jù)得0.5(1分)(2)擋板逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)37后，擋板與水平面夾角為53，物塊下滑時(shí)加速度大小a1滿足mgsin53mgcos53ma1(2分)代入數(shù)據(jù)得a15m/s2(1分)由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律v2v2a1H知(2分)物塊滑到地面時(shí)的速度大小為v8m/s.(1分)17(10分)(2018玉山一中高一月考)一足夠長(zhǎng)水平淺色傳送帶以v0勻速運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)將一可視為質(zhì)點(diǎn)的煤塊輕放在傳送帶上，已知煤塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.經(jīng)過(guò)一定時(shí)間后達(dá)到共同速度，現(xiàn)使傳送帶突然停下，以后不再運(yùn)動(dòng)，到最后煤塊也停下已知重力加速度為g.求：(1)煤塊第一次達(dá)到與傳送帶相對(duì)靜止所用的時(shí)間；(2)煤塊在傳送帶上劃出的痕跡長(zhǎng)度答案(1)(2)解析(1)煤塊的加速度ag(2分)達(dá)到v0所用時(shí)間t(1分)(2)在煤塊與傳送帶達(dá)到共同速度的過(guò)程中傳送帶運(yùn)動(dòng)的距離s1v0t(2分)煤塊運(yùn)動(dòng)的距離s2at