湖南省邵陽市洞口一中高二物理上學期期末試卷（含解析）.docVIP

2015-2016學年湖南省邵陽市洞口一中高二（上）期末物理試卷一、選擇題（每小題4分，共48分，1-9題為單選題，10-12題為多選題）1下面各電學物理量的單位中，屬于國際單位制中的基本單位的是（）a庫侖b安培c伏特d歐姆2關于科學家在電磁學中的貢獻，下列說法錯誤的是（）a密立根測出了元電荷e的數(shù)值b法拉第提出了電場線和磁感線的概念c奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，并且總結(jié)出了右手螺旋定則d安培提出了分子電流假說3重離子腫瘤治療裝置中的回旋加速器可發(fā)射+5價重離子束，其束流強度為1.2105a，則在1s內(nèi)發(fā)射的重離子個數(shù)為（e=1.61019c）（）a3.01012b1.51013c7.51013d3.7510144在下列各圖中，已標出了磁場b的方向、通電直導線中電流的方向，以及通電直導線所受安培力f的方向，其中符合左手定則的是（）abcd5法拉第電磁感應定律可以這樣表述：閉合電路中感應電動勢的大小（）a跟穿過這一閉合電路的磁通量成正比b跟穿過這一閉合電路的磁感應強度成正比c跟穿過這一閉合電路的磁通量的變化率成正比d跟穿過這一閉合電路的磁通量的變化量成正比6關于磁感線，下列說法中正確的是（）a磁感線是實際存在于磁場中的線b磁感線上任意一點的切線方向，都跟該點的磁場方向一致c磁感線是一條條不閉合的曲線d磁感線有可能出現(xiàn)相交的情況7在電場中的某點放入電量為q的負電荷時，測得該點的電場強度為e，若在該點放入電量為2q的正電荷，此時測得該點的電場強度為（）a大小為e，方向和e相同b大小為e，方向和e相反c大小為2e，方向和e相同d大小為2e，方向和e相反8如圖所示，一根長為l的鋁棒用兩個勁度系數(shù)均為k的彈簧水平地懸掛在勻強磁場中，磁感應強度為b，方向垂直紙面向里，當鋁棒中通過的電流i方向從左到右時，彈簧的長度變化了x，則下面說法正確的是（）a彈簧長度縮短了x，b=b彈簧長度縮短了x，b=c彈簧長度伸長了x，b=d彈簧長度伸長了x，b=9如圖所示，邊長為l的正方形金屬線框在光滑水平面上用恒力f拉得它通過寬度為2l的有界勻強磁場，線框的右邊與磁場邊界平行，線框剛進入磁場時恰好做勻速運動，設逆時針方向的電流為正，則下面哪個圖象可能正確地反映了電流隨x的變化規(guī)律（）abcd10如圖所示，a、b是電場中兩點，下列說法正確的是（）aa點的場強比b點的場強大b一個正電荷在a點的電勢能比b點的電勢能大c一個負電荷從a點移到b點，電場力做正功da點的電勢比b點的電勢高11要使圖中b線圈產(chǎn)生圖示中的電流方向，可采取的辦法有（）a閉合電鍵kb閉合電鍵k后，把b靠近ac閉合電鍵k后，把電阻r滑片左移d閉合電鍵k后，把a鐵芯向左邊抽出12如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器兩極板的正對面積為s，兩極板的間距為d，電容器所帶電荷量為q，電容為c，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角為，平行板中間懸掛了一個帶電小球，懸線與豎直方向的夾角為，下列說法正確的是（）a若增大d，則增大，不變b若增大q，則減小，不變c將a板向上提一些時，增大，增大d在兩板間插入云母片時，則減小，不變二、實驗題：（共16分，每空2分）13圖中游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)分別為 mm和 mm14某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：a被測干電池一節(jié)b電流表：量程00.6a，內(nèi)阻ra=0.3c電流表：量程00.6a，內(nèi)阻約為0.1d電壓表：量程03v，內(nèi)阻未知e電壓表：量程015v，內(nèi)阻未知f滑動變阻器：010，2ag滑動變阻器：0100，1ah開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻（1）在上述器材中請選擇適當?shù)钠鞑模?（填寫選項前的字母）；（2）實驗電路圖應選擇圖中的 （填“甲”或“乙”）（3）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的ui圖象，則在修正了實驗系統(tǒng)誤差后，干電池的電動勢e=v，內(nèi)電阻r=三、計算題（共3小題，共36分，解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15如圖，真空中xoy平面直角坐標系上的abc三點構(gòu)成等邊三角形，邊長l=2.0m，若將電荷量均為q=+2.0106c的兩點電荷分別固定在a、b點，已知靜電力常量k=9.0109nm2/c2，求：（1）兩點電荷間的庫侖力大??；（2）c點的電場強度的大小和方向16如圖，一半徑為r的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面（紙面），o為圓心在柱形區(qū)域內(nèi)加一方向垂直于紙面向外的勻強磁場，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子沿圖中直徑從圓上的a點射入柱形區(qū)域，在圓上的d點離開該區(qū)域，已知圖中=120，現(xiàn)將磁場換為豎直向下的勻強電場，同一粒子以同樣速度沿直徑從a點射入柱形區(qū)域，也在d點離開該區(qū)域若磁感應強度大小為b，不計重力，試求：（1）電場強度e的大??；（2）經(jīng)磁場從a到d的時間與經(jīng)電場從a到d的時間之比17如圖所示，質(zhì)量m1=0.1kg，電阻r1=0.3，長度l=0.4m的導體棒ab橫放在u型金屬框架上框架質(zhì)量m2=0.2kg，放在絕緣水平面上，與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.2，相距0.4m的mm、nn相互平行，電阻不計且足夠長電阻r2=0.1的mn垂直于mm整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度b=0.5t垂直于ab施加f=2n的水平恒力，ab從靜止開始無摩擦地運動，始終與mm、nn保持良好接觸，當ab運動到某處時，框架開始運動設框架與水平面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2（1）求框架開始運動時ab速度v的大?。唬?）從ab開始運動到框架開始運動的過程中，mn上產(chǎn)生的熱量q=0.1j，求該過程ab位移x的大小2015-2016學年湖南省邵陽市洞口一中高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（每小題4分，共48分，1-9題為單選題，10-12題為多選題）1下面各電學物理量的單位中，屬于國際單位制中的基本單位的是（）a庫侖b安培c伏特d歐姆【考點】力學單位制【分析】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質(zhì)的量它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推到出來的物理量的單位叫做導出單位【解答】解：在七個基本單位中，各電學物理量的單位中只有安培屬于國際單位制中的基本單位故b正確故選：b【點評】本題的解題關鍵要掌握國際單位制中三個基本單位，要注意基本物理量與基本單位的區(qū)別，不能混淆2關于科學家在電磁學中的貢獻，下列說法錯誤的是（）a密立根測出了元電荷e的數(shù)值b法拉第提出了電場線和磁感線的概念c奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，并且總結(jié)出了右手螺旋定則d安培提出了分子電流假說【考點】物理學史【專題】常規(guī)題型【分析】根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可【解答】解：a、密立根測出了元電荷e的數(shù)值，故a正確；b、法拉第提出了電場線和磁感線的概念，故b正確；c、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，安培總結(jié)出了右手螺旋定則，故c錯誤；d、安培提出了分子電流假說，故d正確；本題選錯誤的，故選：c【點評】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一3重離子腫瘤治療裝置中的回旋加速器可發(fā)射+5價重離子束，其束流強度為1.2105a，則在1s內(nèi)發(fā)射的重離子個數(shù)為（e=1.61019c）（）a3.01012b1.51013c7.51013d3.751014【考點】電流、電壓概念【分析】已知電流的多少和通電時間，根據(jù)公式q=it求出電荷，再由q=n5e求出離子數(shù)目【解答】解： 1s內(nèi)發(fā)射的重離子的電荷量為 q=it=1.2105c每個重離子的電荷量為5e，則通過的重離子數(shù)為 n=1.51013（個）故選：b【點評】本題考查電荷量的計算，關鍵是公式及其變形的靈活運用要知道每個重離子的電荷量為5e，e是元電荷4在下列各圖中，已標出了磁場b的方向、通電直導線中電流的方向，以及通電直導線所受安培力f的方向，其中符合左手定則的是（）abcd【考點】左手定則【分析】通電直導線所受安培力f的方向根據(jù)左手定則判斷用左手定則逐一檢查四個選項，選擇正確的選項【解答】解：a、根據(jù)左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向里穿過手心，則手心朝外四指指向電流方向：向右，拇指指向安培力方向：向上符合左手定則故a正確 b、通電導線與磁場平行，不受安培力，故b錯誤 c、根據(jù)左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向左穿過手心，則手心朝右四指指向電流方向：向外，拇指指向安培力方向：向下，此項不符合左手定則故b錯誤 d、安培力方向既與電流方向垂直，又與磁場方向垂直，而此項安培力方向與磁場方向平行，不可能故d錯誤故選a【點評】判斷通電導線的安培力方向，既要會用左手定則，又要符合安培力方向的特點：安培力方向既與電流方向垂直，又與磁場方向垂直5法拉第電磁感應定律可以這樣表述：閉合電路中感應電動勢的大?。ǎ゛跟穿過這一閉合電路的磁通量成正比b跟穿過這一閉合電路的磁感應強度成正比c跟穿過這一閉合電路的磁通量的變化率成正比d跟穿過這一閉合電路的磁通量的變化量成正比【考點】法拉第電磁感應定律【分析】由法拉第電磁感應定律可知，閉合電路中產(chǎn)生的感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量及磁通量的變化量無關【解答】解：由法拉第電磁感應定律e=n，可知感應電動勢e與磁通量的變化率成正比，即感應電動勢取決于磁通量的變化快慢，與其他因素沒有直接關系；故abd錯誤，c正確故選：c【點評】在理解法拉第電磁感應定律時要注意區(qū)分，及三者間的關系，明確電動勢只取決于磁通量的變化率，與磁通量及磁能量的變化量無關6關于磁感線，下列說法中正確的是（）a磁感線是實際存在于磁場中的線b磁感線上任意一點的切線方向，都跟該點的磁場方向一致c磁感線是一條條不閉合的曲線d磁感線有可能出現(xiàn)相交的情況【考點】磁感線及用磁感線描述磁場【分析】磁感線可以形象表示磁場的強弱和方向，磁感線的切線方向表示磁場方向，疏密表示磁場的強弱磁感線是閉合曲線，但不相交【解答】解：a、磁感線實際不存在，a錯誤；b、磁感線上每一點的切線方向表示該點的磁場方向故b正確c、d磁感線是閉合曲線，但不相交，如果相交，交點處磁場方向就有兩個，而磁場中每一點的方向是唯一的故cd錯誤故選b【點評】磁感線形象直觀地表示磁場的強弱和方向本題考查對磁感線意義的理解能力7在電場中的某點放入電量為q的負電荷時，測得該點的電場強度為e，若在該點放入電量為2q的正電荷，此時測得該點的電場強度為（）a大小為e，方向和e相同b大小為e，方向和e相反c大小為2e，方向和e相同d大小為2e，方向和e相反【考點】電場強度【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】電場中的場強只取決于電場本身，與有無檢驗電荷無關；場強公式e=，只是為研究電場的方便，采用比值法定義【解答】解：電場強度是描述電場強弱的物理量，是試探電荷所受的電場力f與試探電荷所帶的電荷量q的比值，是由電場本身決定，故與試探電荷的有無，電性，電量的大小無關故在該點放入電荷量為q的試探電荷時電場強度為e，改放電荷量為+2q的試探電荷時電場強度仍為e且方向和e相同故選：a【點評】電場強度是由電場本身決定，與試探電荷無關是解決該題的關鍵8如圖所示，一根長為l的鋁棒用兩個勁度系數(shù)均為k的彈簧水平地懸掛在勻強磁場中，磁感應強度為b，方向垂直紙面向里，當鋁棒中通過的電流i方向從左到右時，彈簧的長度變化了x，則下面說法正確的是（）a彈簧長度縮短了x，b=b彈簧長度縮短了x，b=c彈簧長度伸長了x，b=d彈簧長度伸長了x，b=【考點】安培力；共點力平衡的條件及其應用；胡克定律【專題】磁場 磁場對電流的作用【分析】根據(jù)左手定則判斷安培力的方向，則可明確彈簧的形變量的變化；分別對金屬桿有無電流的情況由平衡條件列式，聯(lián)立可求得磁感應強度【解答】解：設棒的重力為mg，原來的形變量為x，鋁棒放入磁場后，沒有通電流時，由平衡關系可得：mg=2kx鋁棒通有電流時，由左手定則可知，安培力向上；故形變量減小了x； 由平衡關系可得：bil+2k（xx）=mg聯(lián)立解得：b=故選：a【點評】本題考查安培力的計算，要注意正確應用共點力的平衡條件；并掌握安培力方向的判斷9如圖所示，邊長為l的正方形金屬線框在光滑水平面上用恒力f拉得它通過寬度為2l的有界勻強磁場，線框的右邊與磁場邊界平行，線框剛進入磁場時恰好做勻速運動，設逆時針方向的電流為正，則下面哪個圖象可能正確地反映了電流隨x的變化規(guī)律（）abcd【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；閉合電路的歐姆定律【專題】電磁感應與圖像結(jié)合【分析】明確導體切割磁感線的過程，根據(jù)速度的變化可得出電動勢及電流的變化規(guī)律【解答】解：線圈右邊界切割磁感線時，速度不變；故電流不變；由右手定則可知，電流方向為逆時針，故為正值；全部進入后，磁通量不變，則沒有感應電流；但由于受到拉力作用；線圈做加速運動；線框穿出磁場過程中，由于速度已增大，穿出時產(chǎn)生的感應電動勢和感應電流大于進入磁場時的感應電動勢和感應電流，線框所受的安培力也大于進入磁場時的安培力，這樣線框做減速運動；由于安培力減小，則加速度越來越?。蛔罱K若速度等于進入時的速度時，線圈做勻速運動；故線圈的速度不可能小于進入時的速度，故電流不可能小于進入時的速度；故只有d正確；故選：d【點評】解決本題首先要分析線框的受力情況，判斷其完全在磁場中的運動情況，即可得出電動勢及電流的變化關系10如圖所示，a、b是電場中兩點，下列說法正確的是（）aa點的場強比b點的場強大b一個正電荷在a點的電勢能比b點的電勢能大c一個負電荷從a點移到b點，電場力做正功da點的電勢比b點的電勢高【考點】電場線；電場強度；電勢；電勢能【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】電場強度的大小看電場線的疏密程度，電場線越密的地方電場強度越大；電勢的高低看電場線的指向，沿著電場線電勢一定降低【解答】解：a、電場線越密的地方電場強度越大，所以場強eaeb故a正確；b、沿著電場線電勢降低，所以電勢ab；一個正電荷在a點的電勢能比b點的電勢能大故b正確，d正確；c、一個負電荷從a點移到b點，電場力的方向與運動的方向相反，電場力做負功；故c錯誤；故選：abd【點評】本題是電場中基本題型，抓住電場線的物理意義：電場線表示電場線的強弱，電場線越密，場強越大同一條直線電場線上各點的電場強度的方向都相同11要使圖中b線圈產(chǎn)生圖示中的電流方向，可采取的辦法有（）a閉合電鍵kb閉合電鍵k后，把b靠近ac閉合電鍵k后，把電阻r滑片左移d閉合電鍵k后，把a鐵芯向左邊抽出【考點】楞次定律【專題】電磁感應與電路結(jié)合【分析】首先知道判斷感應電流的方向利用楞次定律，讓后逐項分析即可【解答】解：a、閉合k瞬間，通電螺旋管a在右側(cè)產(chǎn)生的磁場方向向右且穿過b磁通量增大，據(jù)楞次定律知，據(jù)b線圈產(chǎn)生感應電流產(chǎn)生的磁通量阻礙增大，即產(chǎn)生的磁場方向向左，用右手螺旋定則可知，b線圈產(chǎn)生圖示i方向相反的電流，故a錯誤；b、閉合k后把b向a靠近，通電螺旋管a在右側(cè)產(chǎn)生的磁場方向向右且穿過b磁通量增大，據(jù)楞次定律知，據(jù)b線圈產(chǎn)生感應電流產(chǎn)生的磁通量阻礙增大，即產(chǎn)生的磁場方向向左，用右手螺旋定則可知，b線圈產(chǎn)生圖示i方向相反的電流，故b錯誤；c、k閉合后把r的滑動片向左移，接入電路的電阻值增大，通電螺旋管a的電流減小，在右側(cè)產(chǎn)生的磁場方向向右且穿過b磁通量減小，據(jù)楞次定律知，據(jù)b線圈產(chǎn)生感應電流產(chǎn)生的磁通量阻礙減小，即產(chǎn)生的磁場方向向右，用右手螺旋定則可知，b線圈產(chǎn)生與圖示i方向的電流相同，故c正確；d、閉合k后把a中鐵芯從左邊抽出，產(chǎn)生的磁場減弱，在右側(cè)產(chǎn)生的磁場方向向右且穿過b磁通量減小，據(jù)楞次定律知，據(jù)b線圈產(chǎn)生感應電流產(chǎn)生的磁通量阻礙減小，即產(chǎn)生的磁場方向向右，用右手螺旋定則可知，b線圈產(chǎn)生與圖示i方向的電流相同，故d正確故選：cd【點評】靈活應用楞次定律求解是解題的關鍵，一定注意原磁場的方向，磁通量的變化和感應電流產(chǎn)生磁場的方向12如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器兩極板的正對面積為s，兩極板的間距為d，電容器所帶電荷量為q，電容為c，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角為，平行板中間懸掛了一個帶電小球，懸線與豎直方向的夾角為，下列說法正確的是（）a若增大d，則增大，不變b若增大q，則減小，不變c將a板向上提一些時，增大，增大d在兩板間插入云母片時，則減小，不變【考點】電容；勻強電場中電勢差和電場強度的關系【專題】電容器專題【分析】充電后與電源斷開，電荷量不變，靜電計的指針偏角與電壓有關，小球的偏角大小與電場力即場強的大小有關【解答】解：a、由c=可知，當a極板遠離b板平移一段距離，增大d時，電容c減小，根據(jù)q=cu知u增大，則增大；但由于當電量不變，只改變d時，場強不變；故不變；故a正確；b、若增大電荷量，根據(jù)q=cu知電壓增大，所以靜電計指針張角變大，b錯誤；c、當a極板向向上平移一小段距離后，知電容c減小，根據(jù)q=cu知電壓增大，靜電計指針張角變大，c正確；d、在兩板間插入云母片后，電容c增大，根據(jù)q=cu知電壓u減小，板間場強e= 減小，小球的擺線與豎直方向的偏轉(zhuǎn)角變小，也減小，d錯誤；故選：ac【點評】本題屬于電容器的動態(tài)分析，關鍵抓住電容器始終與電源相連，則電勢差不變，電容器與電源斷開，則電容器所帶的電量不變二、實驗題：（共16分，每空2分）13圖中游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)分別為11.4 mm和5.6650.002 mm【考點】刻度尺、游標卡尺的使用【專題】實驗題【分析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀【解答】解：1、游標卡尺的主尺讀數(shù)為11mm，游標尺上第4個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為40.1mm=0.40mm，所以最終讀數(shù)為：11mm+0.4mm=11.4mm2、螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為16.50.01mm=0.165mm，所以最終讀數(shù)為5.5mm+0.165mm=5.665mm，由于需要估讀，最后的結(jié)果可以為5.6650.002故答案為：11.4 5.6650.002【點評】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量14某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：a被測干電池一節(jié)b電流表：量程00.6a，內(nèi)阻ra=0.3c電流表：量程00.6a，內(nèi)阻約為0.1d電壓表：量程03v，內(nèi)阻未知e電壓表：量程015v，內(nèi)阻未知f滑動變阻器：010，2ag滑動變阻器：0100，1ah開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻（1）在上述器材中請選擇適當?shù)钠鞑模篴bdfh （填寫選項前的字母）；（2）實驗電路圖應選擇圖中的甲 （填“甲”或“乙”）（3）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的ui圖象，則在修正了實驗系統(tǒng)誤差后，干電池的電動勢e=1.5v，內(nèi)電阻r=0.7【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻【專題】實驗題；恒定電流專題【分析】（1）實驗中要能保證安全和準確性選擇電表；（2）本實驗應采用電阻箱和電壓表聯(lián)合測量，由實驗原理可得出電路原理圖；（3）由原理利用閉合電路歐姆定律可得出表達式，由數(shù)學關系可得出電動勢和內(nèi)電阻【解答】解：（1）在上述器材中請選擇適當?shù)钠鞑模篴被測干電池一節(jié)為了讀數(shù)準確，所以選擇db電流表：量程00.6a，電壓表：量程03v，滑動變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化，減小誤差，故選f滑動變阻器，h開關、導線若干（2）實驗電路圖：（3）由ui圖可知，電源的電動勢e=1.50v；內(nèi)電阻r=ra=0.3=0.7故答案為：abdfh；如圖；1.5，0.7【點評】本題為設計性實驗，在解題時應注意明確實驗的原理；并且要由實驗原理結(jié)合閉合電路歐姆定律得出表達式，由圖象得出電動勢和內(nèi)電阻三、計算題（共3小題，共36分，解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15如圖，真空中xoy平面直角坐標系上的abc三點構(gòu)成等邊三角形，邊長l=2.0m，若將電荷量均為q=+2.0106c的兩點電荷分別固定在a、b點，已知靜電力常量k=9.0109nm2/c2，求：（1）兩點電荷間的庫侖力大小；（2）c點的電場強度的大小和方向【考點】庫侖定律；電場強度【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】（1）根據(jù)庫侖定律公式f=k列式求解即可；（2）先求解兩個電荷單獨存在時在c點的場強，然后根據(jù)平行四邊形定則合成得到c點的場強【解答】解：（1）電荷量均為q=+2.0106c的兩點電荷分別固定在a、b點，靜電力為：f=k=9.0109=9.0103n；（2）a、b點電荷在c點產(chǎn)生的場強大小相等，均為：e1=k=9.0109=4.5103n/ca、b點電荷在c點的合場強大小為：e=2e1cos30=24.5103n/c=7.8103n/c場強方向沿著y軸正方向；答：（1）兩點電荷間的庫侖力大小為9.0103n；（2）c點的電場強度的大小為7.8103n/c，方向為+y軸正方向【點評】本題考查了庫侖定律和電場強度的矢量合成問題，關鍵是根據(jù)平行四邊形定則合成，基礎問題16如圖，一半徑為r的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面（紙面），o為圓心在柱形區(qū)域內(nèi)加一方向垂直于紙面向外的勻強磁場，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子沿圖中直徑從圓上的a點射入柱形區(qū)域，在圓上的d點離開該區(qū)域，已知圖中=120，現(xiàn)將磁場換為豎直向下的勻強電場，同一粒子以同樣速度沿直徑從a點射入柱形區(qū)域，也在d點離開該區(qū)域若磁感應強度大小為b，不計重力，試求：（1）電場強度e的大小；（2）經(jīng)磁場從a到d的時間與經(jīng)電場從a到d的時間之比【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】帶電粒子在復合場中的運動專題【分析】（1）加磁場時，粒子做勻速圓周運動，畫出粒子在磁場中的運動軌跡圖象，由幾何關系可以得到軌道半徑，進而由洛倫茲力提供向心力可得粒子初速度v0的大??；粒子在勻強電場中粒子做類平拋運動，由平拋規(guī)律可得電場強度大?。?）粒子在磁場中運動時，根據(jù)軌跡的圓心角求解時間，由類平拋的規(guī)律得到電場運動的時間，即可解答【解答】解：（1）加磁場