2019_20學(xué)年高中物理第四章習(xí)題課用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決幾類典型問題課件新人教版必修.pptx

習(xí)題課:用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決幾類典型問題,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,瞬時(shí)加速度問題 情景導(dǎo)引 如圖所示,用手向下壓彈簧玩偶的頭部,若人向下壓的力為F,彈簧玩偶的頭部質(zhì)量為m,人手實(shí)然撤離時(shí),彈簧玩偶頭部的加速度為多大?,要點(diǎn)提示人手向下壓時(shí),彈簧玩偶的頭部受三個(gè)力作用:手向下的壓力F、重力mg和彈簧的彈力FN,三力作用下彈簧玩偶頭部處于平衡狀態(tài),所以FN=mg+F,當(dāng)人手離開的瞬間,彈力和重力不變,所以彈簧玩偶頭部的加速度為a= 。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,知識(shí)歸納 兩類模型 根據(jù)牛頓第二定律,加速度a與合外力F存在著瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系。所以分析物體在某一時(shí)刻的瞬時(shí)加速度,關(guān)鍵是分析該時(shí)刻物體的受力情況及運(yùn)動(dòng)狀態(tài),再由牛頓第二定律求出瞬時(shí)加速度。應(yīng)注意兩類基本模型的區(qū)別: (1)剛性繩(或接觸面)模型:這種不發(fā)生明顯形變就能產(chǎn)生彈力的物體,剪斷(或脫離)后,彈力立即改變或消失,形變恢復(fù)幾乎不需要時(shí)間。 (2)彈簧(或橡皮繩)模型:此種物體的特點(diǎn)是形變量大,形變恢復(fù)需要較長時(shí)間,在瞬時(shí)問題中,其彈力的大小往往可以看成是不變的。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,典例剖析 例1如圖中小球質(zhì)量為m,處于靜止?fàn)顟B(tài),彈簧與豎直方向的夾角為。則: (1)繩OB和彈簧的拉力各是多少? (2)若燒斷繩OB瞬間,物體受幾個(gè)力作用?這些力的大小是多少? (3)燒斷繩OB瞬間,求小球m的加速度的大小和方向。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,解析(1)對(duì)小球受力分析如圖甲所示 其中彈簧彈力與重力的合力F與繩的拉力F等大反向,甲,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,(3)燒斷繩OB瞬間,重力和彈簧彈力的合力方向水平向右,與燒斷繩OB前OB繩的拉力大小相等,方向相反,(如圖乙所示)即F合=mgtan , 由牛頓第二定律得小球的加速度a= =gtan ,方向水平向右。,乙,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,規(guī)律方法受力條件變化時(shí)瞬時(shí)加速度的求解思路 (1)分析原狀態(tài)(給定狀態(tài))下物體的受力情況,求出各力大小(若物體處于平衡狀態(tài),則利用平衡條件;若處于加速狀態(tài)則利用牛頓運(yùn)動(dòng)定律)。 (2)分析當(dāng)狀態(tài)變化時(shí)(燒斷細(xì)線、剪斷彈簧、抽出木板、撤去某個(gè)力等),哪些力變化,哪些力不變,哪些力消失(被剪斷的繩、彈簧中的彈力,發(fā)生在被撤去物接觸面上的彈力都立即消失)。 (3)求物體在狀態(tài)變化后所受的合外力,利用牛頓第二定律,求出瞬時(shí)加速度。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,變式訓(xùn)練1(多選)質(zhì)量均為m的A、B兩球之間連有一輕彈簧,放在光滑的水平臺(tái)面上,A球緊靠墻壁,如圖所示。今用力F將B球向左推壓彈簧,靜止后,突然將力F撤去的瞬間( ),探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,解析撤去F之前,水平方向受到推力F和彈簧的彈力作用,處于靜止?fàn)顟B(tài),有:F=F彈。 A球受到彈簧向左的彈力和墻壁向右的支持力處于靜止?fàn)顟B(tài)。F撤去瞬間,彈簧彈力不變,所以A球受力不變,合力仍然為零,加速度為零,A錯(cuò)誤,B正確;對(duì)于B球,此時(shí)水平方向只受到彈簧向右的彈力,所以加速度a= ,C錯(cuò)誤,D正確,故選B、D。 答案BD,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,動(dòng)力學(xué)中的臨界和極值問題 情景導(dǎo)引 許多生意火爆的餐廳要求服務(wù)員服務(wù)更多的顧客,服務(wù)員需要用最短的時(shí)間將菜肴送至顧客處。假定某服務(wù)員用手托托盤方式(如圖)給顧客上菜,要求全程托盤水平。托盤和手之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,g取10 m/s2,可認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。服務(wù)員運(yùn)動(dòng)的最大加速度是多少? 要點(diǎn)提示托盤受摩擦力而加速,它的最大加速度為2 m/s2,為了手與托盤間不打滑,服務(wù)員的加速度最大不能超過2 m/s2。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,知識(shí)歸納 1.臨界、極值問題 在物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生變化的過程中,有時(shí)會(huì)出現(xiàn)某一個(gè)特定狀態(tài),某個(gè)(或某些)物理量發(fā)生突變,取特定的極大或極小值,此狀態(tài)即為臨界狀態(tài),相應(yīng)的物理量的值為臨界值。含有臨界狀態(tài)的問題即臨界問題。 2.解決臨界問題的方法 解決問題的關(guān)鍵是尋找臨界狀態(tài)、確定臨界值。若題目中出現(xiàn)“最大”“最小”“剛好”等詞語時(shí),一般都有臨界狀態(tài)出現(xiàn)。 (1)極限法:把物理問題(或過程)推向極端,分析在極端情況下可能出現(xiàn)的狀態(tài)和滿足的條件,從而找到臨界狀態(tài)及其條件。 (2)有些物理過程沒有明顯出現(xiàn)臨界問題的線索,但在變化過程中可能出現(xiàn)也可能不出現(xiàn)臨界問題,可用假設(shè)法來判斷是否出現(xiàn)臨界狀態(tài)。 (3)根據(jù)對(duì)物理過程的分析列出相應(yīng)的數(shù)學(xué)表達(dá)式,結(jié)合物理量應(yīng)滿足的條件,得出臨界狀態(tài)及條件。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,3.常見的臨界條件 (1)相互接觸的兩個(gè)物體將要分離的臨界條件是相互作用的彈力為零。 (2)繩子松弛的臨界條件是繩子的拉力為零。 (3)存在靜摩擦的系統(tǒng),相對(duì)滑動(dòng)和相對(duì)靜止的臨界條件是靜摩擦力達(dá)到最大值。 (4)靜摩擦力為零是其方向改變的臨界條件。 (5)運(yùn)動(dòng)物體的速度達(dá)到極值的臨界條件是加速度(或合力)為零。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,典例剖析 例2如圖所示,在傾角為的光滑斜面上端固定一勁度系數(shù)為k的輕彈簧,彈簧下端連有一質(zhì)量為m的小球,小球被一垂直于斜面的擋板A擋住,此時(shí)彈簧沒有形變。若手持擋板A以加速度a(agsin )沿斜面勻加速下滑,求: (1)從擋板開始運(yùn)動(dòng)到小球與擋板分離所經(jīng)歷的時(shí)間。 (2)從擋板開始運(yùn)動(dòng)到小球的速度達(dá)到最大,小球經(jīng)過的最小路程。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,變式訓(xùn)練2如圖所示,細(xì)線的一端固定在傾角為45的光滑楔形滑塊A的頂端P處,細(xì)線的另一端拴一質(zhì)量為m的小球。 (1)當(dāng)滑塊至少以多大的加速度a向左運(yùn)動(dòng)時(shí),小球?qū)瑝K的壓力等于零? (2)當(dāng)滑塊以a=2g的加速度向左運(yùn)動(dòng)時(shí),線中拉力為多大?,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,解析(1)假設(shè)滑塊具有向左的加速度a,小球受重力mg、線的拉力F和斜面的支持力FN作用,如圖甲所示。 由牛頓第二定律得 水平方向:Fcos 45-FNcos 45=ma, 豎直方向:Fsin 45+FNsin 45-mg=0。,甲,由此兩式可以看出,當(dāng)加速度a增大時(shí),球所受的支持力FN減小,線的拉力F增大。 當(dāng)a=g時(shí),FN=0,此時(shí)小球雖與斜面接觸但無壓力,處于臨界狀態(tài),這時(shí)繩的拉力為F= mg,所以滑塊至少以a=g的加速度向左運(yùn)動(dòng)時(shí)小球?qū)瑝K的壓力等于零。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,(2)滑塊加速度ag,小球?qū)ⅰ帮h”離斜面而只受線的拉力和重力的作用,如圖乙所示,此時(shí)細(xì)線與水平方向間的夾角45。由牛頓第二定律得Fcos =ma,Fsin =mg,解得F=m mg。 答案(1)g (2) mg,乙,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,連接體問題 情景導(dǎo)引 如圖,用力F把水迅速提起來,如何知道桶中的水對(duì)桶底的壓力呢? 要點(diǎn)提示水桶和水有相同的加速度和速度,即運(yùn)動(dòng)狀態(tài)相同,可先把水桶和水看作一個(gè)整體,由牛頓第二定律求出共同的加速度。再隔離水分析,由牛頓第二定律求出壓力大小。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,知識(shí)歸納 1.連接體及其特點(diǎn) 多個(gè)相互關(guān)聯(lián)的物體連接(疊放,并排或由繩子、細(xì)桿聯(lián)系)在一起的物體組稱為連接體。連接體一般具有相同的運(yùn)動(dòng)情況(速度、加速度)。 2.處理連接體問題的常用方法 (1)整體法:若連接物具有相同的加速度,可以把連接體看成一個(gè)整體作為研究對(duì)象,只分析外力,不分析內(nèi)力。 (2)隔離法:把研究的物體從周圍物體中隔離出來,單獨(dú)進(jìn)行分析,從而求解物體之間的相互作用力。 畫龍點(diǎn)睛整體法和隔離法不是對(duì)立的,往往二者配合使用。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,典例剖析 例3北京殘奧會(huì)開幕式上,運(yùn)動(dòng)員手拉繩索向上攀登,最終點(diǎn)燃了主火炬,體現(xiàn)了殘疾運(yùn)動(dòng)員堅(jiān)韌不拔的意志和自強(qiáng)不息的精神。為了探究上升過程中運(yùn)動(dòng)員與繩索和吊椅間的作用,可將過程簡化。一根不可伸縮的輕繩跨過輕質(zhì)的定滑輪,一端掛一吊椅,另一端被坐在吊椅上的運(yùn)動(dòng)員拉住,如圖所示。設(shè)運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為65 kg,吊椅的質(zhì)量為15 kg,不計(jì)定滑輪與繩子間的摩擦。重力加速度g取10 m/s2。當(dāng)運(yùn)動(dòng)員與吊椅一起正以加速度a=1 m/s2上升時(shí),試求: (1)運(yùn)動(dòng)員豎直向下拉繩的力的大小。 (2)運(yùn)動(dòng)員對(duì)吊椅的壓力大小。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,點(diǎn)撥先將運(yùn)動(dòng)員和座椅作為一個(gè)整體,根據(jù)牛頓第二定律可求得運(yùn)動(dòng)員對(duì)繩子的拉力;然后再隔離運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行分析,可以求得運(yùn)動(dòng)員對(duì)吊椅的壓力。,解析(1)設(shè)運(yùn)動(dòng)員受到繩向上的拉力為F,由于跨過定滑輪的兩段繩子拉力相等,吊椅受到繩的拉力也是F。對(duì)運(yùn)動(dòng)員和吊椅整體進(jìn)行受力分析如圖所示,則有 2F-(m人+m椅)g=(m人+m椅)a F=440 N 由牛頓第三定律,運(yùn)動(dòng)員豎直 向下拉繩的力的大小 F=440 N。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,(2)設(shè)吊椅對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力為FN,對(duì) 運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行受力分析如圖所示,則有 F+FN-m人g=m人a FN=275 N 由牛頓第三定律,運(yùn)動(dòng)員對(duì)吊椅的壓力 也為275 N。 答案(1)440 N (2)275 N,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,規(guī)律方法整體法和隔離法在動(dòng)力學(xué)問題中的應(yīng)用技巧 (1)隔離法的選取原則:若連接體或關(guān)聯(lián)體內(nèi)各物體的加速度不相同,或者要求出系統(tǒng)內(nèi)兩物體之間的作用力時(shí),就需要把物體從系統(tǒng)中隔離出來,應(yīng)用牛頓第二定律列方程求解。 (2)整體法的選取原則:若連接體內(nèi)各物體具有相同的加速度,且不需要求物體之間的作用力,可以把它們看成一個(gè)整體來分析整體受到的外力,應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度(或其他未知量)。 (3)整體法、隔離法交替運(yùn)用原則:若連接體內(nèi)各物體具有相同的加速度,且要求物體之間的作用力時(shí),可以先用整體法求出加速度,然后再用隔離法選取合適的研究對(duì)象,應(yīng)用牛頓第二定律求作用力。即“先整體求加速度,后隔離求內(nèi)力”。,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,變式訓(xùn)練3(多選)如圖所示,在光滑地面上,水平外力F拉動(dòng)小車和木塊一起做無相對(duì)滑動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng),小車質(zhì)量是m0,木塊質(zhì)量是m,力大小是F,加速度大小是a,木塊和小車之間動(dòng)摩擦因數(shù)是,則在這個(gè)過程中,木塊受到的摩擦力大小是( ) A.mg B. C.(m0+m)g D.ma,解析因?yàn)樾≤嚭湍緣K在力F的作用下一起做無相對(duì)滑動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng),所以取小車和木塊為一整體,由牛頓第二定律可知F=(m0+m)a,設(shè)木塊受的摩擦力向右,大小為Ff,由牛頓第二定律得Ff=ma,以上兩式聯(lián)立可得Ff= ,B、D正確。 答案BD,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,1.如圖所示,輕彈簧上端與一質(zhì)量為m的木塊1相連,下端與另一質(zhì)量為m0的木塊2相連,整個(gè)系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上,并處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出,設(shè)抽出后的瞬間,木塊1、2的加速度大小分別為a1、a2。重力加速度大小為g。則有( ) A.a1=0,a2=g B.a1=g,a2=g,解析在抽出木板后的瞬間,彈簧對(duì)木塊1的支持力和對(duì)木塊2的壓力并未改變。木塊1受重力和支持力,mg=FN,a1=0,木塊2受重力和壓力,根據(jù)牛頓第二定律a2= g,故選C。 答案C,探究一,探究二,探究三,隨堂檢測,2.如圖甲所示,物體A質(zhì)量為m0放在光滑水平桌面上,桌面一端附有輕質(zhì)光滑定滑輪,若用一根跨過滑輪的輕繩系住A,另一端掛一質(zhì)量為m的物體B,A的加速度為a1,若另一端改為施加一豎直向下F=mg的恒力,如圖乙所示,A的加速度為a2,則( ) A.a