2018屆高考物理二輪復(fù)習(xí)寒假作業(yè)（十二）一?？记斑m應(yīng)性訓(xùn)練（三）.docx

寒假作業(yè)(十二)一?？记斑m應(yīng)性訓(xùn)練(三)一、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第58題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)1.(2017泉州模擬)如圖所示為甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)沿同一方向開始做直線運(yùn)動(dòng)的vt圖像。圖中t1t2，則在0t2的運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是()A在t1時(shí)刻，甲的位移是乙的位移的1.5倍B甲的加速度大小是乙的加速度大小的1.5倍C在t2時(shí)刻，甲與乙相遇D在到達(dá)t2時(shí)刻之前，乙一直在甲的前面解析：選C由題圖可知，在t1時(shí)刻，乙的速度為v0，此時(shí)甲的位移為t1，乙的位移為t1v0t1，甲位移是乙位移的2倍，故A錯(cuò)誤；甲的加速度大小為a甲，乙的加速度大小為a乙，由t1t2，則a甲2a乙，故B錯(cuò)誤；由于在t2時(shí)刻，甲、乙的位移相等，即此時(shí)乙剛好追上甲，故C正確；相遇前甲一直在乙的前面，故D錯(cuò)誤。2.如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的兩個(gè)小球置于光滑水平面上，且固定在一輕質(zhì)彈簧的兩端，現(xiàn)沿彈簧軸線方向在質(zhì)量為2m的小球上施加一水平向右的拉力F1，使兩球一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，則此時(shí)兩球間的距離為x1，若沿彈簧軸線方向在質(zhì)量為m的小球上施加一水平向左的拉力F2，使兩球一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，則此時(shí)兩球間的距離為x2，已知x12x2，則有()AF1F2BF14F2CF14F2 DF12F2解析：選B沿彈簧軸線方向在質(zhì)量為2m的小球上施加一水平向右的拉力F1，對(duì)整體分析，整體的加速度a，隔離對(duì)質(zhì)量為m的小球分析，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)彈makx1；同理，沿彈簧軸線方向在質(zhì)量為m的小球上施加一水平向左的拉力F2，a，隔離對(duì)質(zhì)量為2m的小球分析，根據(jù)牛頓第二定律得：F彈2makx2，由于x12x2，聯(lián)立可得：F14F2，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤。3(2017北京高考)利用引力常量G和下列某一組數(shù)據(jù)，不能計(jì)算出地球質(zhì)量的是()A地球的半徑及重力加速度(不考慮地球自轉(zhuǎn))B人造衛(wèi)星在地面附近繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的速度及周期C月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期及月球與地球間的距離D地球繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的周期及地球與太陽間的距離解析：選D由于不考慮地球自轉(zhuǎn)，則在地球表面附近，有Gm0g，故可得M，A項(xiàng)錯(cuò)誤；由萬有引力提供人造衛(wèi)星的向心力，有Gm1，v，聯(lián)立得M，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由萬有引力提供月球繞地球運(yùn)動(dòng)的向心力，有Gm22r，故可得M，C項(xiàng)錯(cuò)誤；同理，根據(jù)地球繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的周期及地球與太陽間的距離，可求出太陽的質(zhì)量，但不可求出地球的質(zhì)量，D項(xiàng)正確。4.(2017肇慶二模)如圖所示，一個(gè)長直輕桿兩端分別固定一個(gè)小球A和B，兩球質(zhì)量均為m，兩球半徑忽略不計(jì)，桿的長度為l。先將桿AB豎直靠放在豎直墻上，輕輕振動(dòng)小球B，使小球B在水平面上由靜止開始向右滑動(dòng)，當(dāng)小球A沿墻下滑距離為時(shí)，下列說法正確的是(不計(jì)一切摩擦)()A小球A和B的速度都為B小球A和B的速度都為C小球A、B的速度分別為和D小球A、B的速度分別為和解析：選D設(shè)小球A向下的速度為v1，小球B水平向右的速度為v2，則它們沿桿方向的分速度是相等的，即v1sin 30v2cos 30，得v1v2，則選項(xiàng)A、B均錯(cuò)誤；又因?yàn)闂U下滑時(shí)機(jī)械能守恒，故mglmgmv12mv22，聯(lián)立兩式解得v1，v2；選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。5(2017滕州一模)下列說法正確的是()A光電效應(yīng)和電子的衍射現(xiàn)象說明了粒子的波動(dòng)性B粒子散射實(shí)驗(yàn)證明了原子的核式結(jié)構(gòu)模型C氫原子輻射出一個(gè)光子后能量減小，核外電子的加速度增大D比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定解析：選BCD光電效應(yīng)說明了粒子性，電子的衍射現(xiàn)象說明了波動(dòng)性，故A錯(cuò)誤；粒子散射實(shí)驗(yàn)證明了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，并且可以用來估算原子核半徑，故B正確；氫原子輻射出一個(gè)光子后能量減小，核外電子從高能級(jí)躍遷到低能級(jí)，能量減小，但加速度隨著半徑減小而增大，故C正確；比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)的比值，比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定，故D正確。6.如圖所示，一個(gè)由絕緣材料制成的閉合圓環(huán)水平放置，環(huán)上各點(diǎn)在同一平面內(nèi)，在環(huán)面內(nèi)A、B兩點(diǎn)分別固定兩個(gè)點(diǎn)電荷QA和QB，其中QA為正電荷，一個(gè)帶正電的小球P穿在環(huán)上，可以沿著閉合環(huán)無摩擦地滑動(dòng)，現(xiàn)給小球P一定的初速度，小球恰好能沿環(huán)做速度大小不變的運(yùn)動(dòng)，則下列判斷正確的是()AB點(diǎn)固定的電荷QB一定為負(fù)電荷BB點(diǎn)固定的電荷QB一定為正電荷CQA和QB所產(chǎn)生的電場(chǎng)，在環(huán)上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度都相同DQA和QB所產(chǎn)生的電場(chǎng)，在環(huán)上各點(diǎn)的電勢(shì)都相等解析：選BD根據(jù)題意，小球恰好能沿環(huán)做速度大小不變的運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理知，電場(chǎng)力不做功，即閉合圓環(huán)和電場(chǎng)的某一等勢(shì)面重合，根據(jù)常見電場(chǎng)的電場(chǎng)分布和等勢(shì)面分布圖知，A、B是等量同種點(diǎn)電荷，QA為正電荷，QB也一定為正電荷，故B正確，A錯(cuò)誤；閉合環(huán)正好和電場(chǎng)的某個(gè)等勢(shì)面重合，故環(huán)上各點(diǎn)的電勢(shì)都相等，故C錯(cuò)誤，D正確。7.1831年，法拉第在一次會(huì)議上展示了他發(fā)明的圓盤發(fā)電機(jī)(圖甲)。它是利用電磁感應(yīng)的原理制成的，是人類歷史上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)。圖乙是這個(gè)圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖：銅盤安裝在水平的銅軸上，它的邊緣正好在兩磁極之間，兩塊銅片C、D分別與轉(zhuǎn)動(dòng)軸和銅盤的邊緣良好接觸，使銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)，電阻R中就有電流通過。若所加磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，回路的總電阻恒定，從左往右看，銅盤沿順時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說法正確的是()A銅片D的電勢(shì)高于銅片C的電勢(shì)B電阻R中有正弦式交變電流流過C銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度增大1倍，流過電阻R的電流也隨之增大1倍D保持銅盤不動(dòng)，磁場(chǎng)變?yōu)榉较虼怪庇阢~盤的交變磁場(chǎng)，則銅盤中有電流產(chǎn)生解析：選ACD根據(jù)右手定則可知，電流從D點(diǎn)流出，流向C點(diǎn)，因此銅片D的電勢(shì)高于銅片C的電勢(shì)，故A正確；由于銅盤切割磁感線且轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，從而在電路中形成方向不變的電流，故B錯(cuò)誤；因感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBL，I，而，則有I，當(dāng)角速度增大1倍，流過電阻R的電流也隨之增大1倍，故C正確；保持銅盤不動(dòng)，磁場(chǎng)變?yōu)榉较虼怪庇阢~盤的交變磁場(chǎng)，導(dǎo)致穿過銅盤的磁通量變化，則銅盤中有渦流產(chǎn)生，故D正確。8.(2017西北工大附中模擬)如圖所示，理想變壓器原線圈中正弦式交變電源的輸出電壓和電流分別為U1和I1，兩個(gè)副線圈的輸出電壓和電流分別為U2和I2、U3和I3。接在原、副線圈中的五個(gè)完全相同的燈泡均正常發(fā)光。則下列表述正確的是()AU1U2U3112BI1I2I3121C三個(gè)線圈匝數(shù)n1n2n3521D電源電壓U1與原線圈兩端電壓U1之比為54解析：選BD設(shè)燈泡均正常發(fā)光時(shí)的電壓為U，由題圖可知，則有：U2U，U32U，設(shè)燈泡均正常發(fā)光時(shí)的電流為I，由題圖可知，則有：I1I，I22I，I3I；所以有：I1I2I3121，故B正確。理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，所以輸入的功率為I1U1，輸出的功率為兩個(gè)副線圈的功率的和，所以I1U1I2U2I3U3，所以U1U2U3412。理想變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，由U1U2U3412，可知：n1n2n3412，故C錯(cuò)誤。根據(jù)原線圈與燈泡串聯(lián)，則有電壓關(guān)系：U1U154，所以D正確，A錯(cuò)誤。二、非選擇題(共47分)9(6分)借助計(jì)算機(jī)，力傳感器的掛鉤與其他物體間的彈力大小能夠在屏幕上顯示出來。為了探究最大靜摩擦力的大小跟哪些因素有關(guān)，某同學(xué)在老師的指導(dǎo)下做了一系列實(shí)驗(yàn)：將滑塊平放在長木板上，用力傳感器沿長木板水平拉滑塊，改變拉力直到將滑塊拉動(dòng)；再在長木板上鋪上毛巾，并在滑塊上放上砝碼，重復(fù)前一個(gè)過程，得到的圖線分別如甲、乙所示。(1)由圖知：在t1t2這段時(shí)間內(nèi)，滑塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是_(填“運(yùn)動(dòng)”或“靜止”)，滑塊受到的最大靜摩擦力為_(填“F1”或“F2”)。(2)結(jié)合甲、乙兩圖線，_(填“能”或“不能”)得出最大靜摩擦力與兩物體接觸面的粗糙程度和接觸面的壓力均有關(guān)的結(jié)論。解析：(1)由題圖知：在t1t2這段時(shí)間內(nèi)，摩擦力不斷增大，物體受到的摩擦力是靜摩擦力，因此滑塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是靜止；由圖示可知，滑塊受到的最大靜摩擦力為F1。(2)實(shí)驗(yàn)中同時(shí)改變接觸面粗糙程度和物體間的壓力，不能得出最大靜摩擦力與兩物體接觸面的粗糙程度和接觸面間的壓力均有關(guān)的結(jié)論。答案：(1)靜止F1(2)不能10.(9分)在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，為了安全、準(zhǔn)確、方便地測(cè)出電阻絲的電阻Rx，設(shè)計(jì)了如圖所示實(shí)驗(yàn)電路圖來完成實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)儀器如下：A待測(cè)金屬絲(Rx約5 )B電壓表V(量程1 V，內(nèi)阻RV1 k)C電流表A(量程0.6 A，內(nèi)阻RA1 )D定值電阻R1(阻值R10.5 k)E定值電阻R2(阻值R22 k)F滑動(dòng)變阻器R3(010 )G滑動(dòng)變阻器R4(01 000 )H電源(電動(dòng)勢(shì)為3 V，內(nèi)阻很小)I開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)實(shí)驗(yàn)中定值電阻應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_(選填儀器前面字母)；(2)用圖中電路測(cè)量該金屬絲的電阻，若某次測(cè)量中，電壓表的讀數(shù)為U，電流表的讀數(shù)為I，該金屬絲電阻的表達(dá)式為：Rx_(用測(cè)出或已知的物理量的符號(hào)表示)。解析：(1)電源的電動(dòng)勢(shì)為3 V，而電壓表V的量程為1 V，內(nèi)阻RV1 k，必須通過串聯(lián)電阻來擴(kuò)大量程，因此定值電阻應(yīng)選用R2(阻值R22 k)，從而達(dá)到3 V量程，待測(cè)金屬絲Rx約5 ，且滑動(dòng)變阻器是限流式接法，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用小電阻，即滑動(dòng)變阻器R3(010 )；(2)電壓表的讀數(shù)為U，那么金屬絲與電流表兩端的電壓為3U，由于電流表的讀數(shù)為I，則金屬絲電阻RxRA。答案：(1)EF(2)RA11.(14分)(2017淮北一模)如圖所示，一足夠長的固定斜面傾角37，兩物塊A、B的質(zhì)量mA、mB分別為1 kg和2 kg，它們與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5。兩物塊之間的輕繩長L0.5 m，作用在B上沿斜面向上的力F逐漸增大，使A、B一起由靜止開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，g取10 m/s2。(sin 370.6，cos 370.8)(1)當(dāng)作用在物塊B上的拉力F達(dá)到42 N時(shí)，連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷，求該輕繩能承受的最大拉力；(2)若連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷瞬間A、B的速度均為10 m/s，輕繩斷裂后作用在B物塊上的外力F42 N不變，求當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，物塊A、B之間的距離。解析：(1)對(duì)AB整體受力分析，由牛頓第二定律得：F(mAmB)gsin (mAmB)gcos (mAmB)a代入數(shù)據(jù)解得a4 m/s2對(duì)A物塊受力分析，由牛頓第二定律得：FTmAgsin mAgcos mAa代入數(shù)據(jù)解得：FT14 N。(2)輕繩斷裂后，對(duì)A物塊受力分析，由牛頓第二定律得：mAgsin mAgcos mAaA代入數(shù)據(jù)解得：aA10 m/s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：vaAt解得：t1 s由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：xA5 m輕繩斷裂后，對(duì)B物塊受力分析，由牛頓第二定律得：FmBgsin mBgcos mBaB代入數(shù)據(jù)解得：aB11 m/s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：xBvtaBt2代入數(shù)據(jù)解得：xB15.5 m由題意可知，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，物塊A、B之間的距離為：xxBxAL11 m。答案：(1)14 N(2)11 m12.(18分)(2017南通模擬)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成45角射入磁場(chǎng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出磁場(chǎng)，如圖所示。不計(jì)粒子重力，求：(1)M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN；(2)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r；(3)粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間t。解析：(1)設(shè)粒子過N點(diǎn)的速度為v，有cos ，vv0，粒子從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程，有：qUMNmv2mv02，解得：UMN。(2)粒子以O(shè)圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為ON，由牛頓第二定律得：qvBm，解得：r。(3)由幾何關(guān)系得：ONrsin ，設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，有ONv0t1，解得t1，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，有：t2T，由tt1t2，解得：t。答案：(1)(2)(3)三、選考題(共15分，請(qǐng)從給出的2道題中任選一題作答，多答則按所答的第一題評(píng)分)物理選修33(15分)13(1)(5分)下列說法正確的是_。A布朗運(yùn)動(dòng)說明了液體分子與懸浮顆粒之間存在著相互作用力B物體的內(nèi)能在宏觀上只與其所處狀態(tài)及溫度和體積有關(guān)C一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無序性增大的方向進(jìn)行D液體表面層中分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大E氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力(2)(10分)如圖所示，兩端開口的氣缸水平固定，A、B是兩個(gè)厚度不計(jì)的活塞，面積分別為S120 cm2，S210 cm2，它們之間用一根細(xì)桿連接，B通過水平細(xì)繩繞過光滑的定滑輪與質(zhì)量為M的重物C連接，靜止時(shí)氣缸中的空氣壓強(qiáng)p1.3105 Pa，溫度T540 K，氣缸兩部分的氣柱長均為L。已知大氣壓強(qiáng)p01105 Pa，取g10 m/s2，缸內(nèi)空氣可看作理想氣體，不計(jì)一切摩擦。求：()重物C的質(zhì)量M是多少；()逐漸降低氣缸中氣體的溫度，活塞A將緩慢向右移動(dòng)，當(dāng)活塞A剛靠近D處而處于平衡狀態(tài)時(shí)缸內(nèi)氣體的溫度是多少。解析：(1)布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，說明了液體分子在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，無法說明分子間是否存在作用力，故A錯(cuò)誤；物體的內(nèi)能在宏觀上與溫度、體積和物質(zhì)的量有關(guān)，故B錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無序性增大的方向進(jìn)行，故C正確；液體表面層中分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大，這就是液體表面張力的形成原因，故D正確；氣體對(duì)器壁的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力，故E正確。(2)()活塞整體受力處于平衡狀態(tài)，則有：pS1p0S2p0S1pS2Mg解得：M3 kg。()當(dāng)活塞A靠近D處時(shí)，活塞整體受力的平衡方程沒變，氣體壓強(qiáng)不變，根據(jù)氣體的等壓變化有：解得：T360 K。答案：(1)CDE(2)()3 kg()360 K物理選修34(15分)14(1)(5分)一列簡諧橫波沿著x軸正方向傳播，波中A、B兩質(zhì)點(diǎn)在平衡位置間的距離為0.5 m，且小于一個(gè)波長，如圖甲所示，A、B兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)圖像如圖乙所示。由此可知_。A波中質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程為8 cmB該機(jī)械波的波長為4 mC該機(jī)械波的波速為0.5 m/sDt1.5 s時(shí)A、B兩質(zhì)點(diǎn)的位移