2025屆湖北省武漢市高三五月模擬訓(xùn)練物理（含答案）

【解析】0~t1階段，速度方向不變，圖像斜率即加速度有正有負，故無人機實際加速度方向與速度方向不是始終相同，選項A錯誤；t1~t2階段，無人機速度保持不變，做勻速直線運動，選項B錯誤；t2~t3階段，無人機的加速度先增大后減小，選項C錯誤；若無人機未受氣流影響，在0~t1階段，平均速度更大，加速階段所用時間減小，則其到達目的地上空懸停點所需時間將減小，選項D正確?！窘馕觥可热~轉(zhuǎn)動利用的電流的磁效應(yīng)，選項A錯誤；干電池為系統(tǒng)提供能量，其化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機械能和焦耳熱，焦耳熱即為內(nèi)能，故實驗中電池的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機械能和內(nèi)能，選項B正確；將電池的正負極對調(diào)，電流方向改變，安培力的方向改變，扇葉轉(zhuǎn)動的方向改變，選項C錯誤；將圓形磁鐵的兩極對調(diào)，磁感應(yīng)強度方向改變，安培力的方向改變，扇葉轉(zhuǎn)動的方向改變，選項D錯誤?！窘馕觥坑蓤D可知T甲經(jīng)檢驗分析可得甲單擺的振動方程為 ,選項A錯誤；由圖可知T乙=0.8s，0.2s為四分之一個周期，經(jīng)過的路程與計時起點有關(guān)，選項B錯誤；根據(jù)周期公式T=2?？傻脭[長，將兩單擺周期代入，可得兩單擺的擺長之比為9：16，選項C正確；設(shè)最大擺角為θ,振幅為A，由可得最大擺角為EQ\*jc3\*hps23\o\al(\s\up8(A),A)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(甲),乙)EQ\*jc3\*hps23\o\al(\s\up7(L),L)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up4(乙),甲)【解析】整體受力平衡有2Fcosθ=mg，對同一根繩節(jié)點位置有2Tcosα=F，兩式聯(lián)立可得選項A正確?！窘馕觥咳粽伎毡葹?0%，有可得U效選項A、B錯誤；若僅增大輸入電壓占空比，則輸入電壓的有效值增大，則輸出電壓的有效值均增大，選項C正確、選項D錯誤?！窘馕觥侩妶鰪姸仁鞘噶浚鶕?jù)對稱性，E、F兩點處電場強度大小相同，方向不同，選項A錯誤；電勢是標量，根據(jù)對稱性，G、H兩點處，選項B正確；CH間場強方向斜向左下方，HD間場強方向斜向右下方，試探電荷+q沿CD連線從C點移至D點，電場力先做負功后做正功，其電勢能先增大后減小，選項C錯誤；試探電荷-q若在垂直于紙面且經(jīng)過y軸，在一定條件下，可繞O點做勻速圓周運動，選項D正確。O【解析】如圖所示，水滴離開車輪的速度的豎直分量為vsinθ,O當cosθ=0.06時高度最大為：5.618m，即選B由得周期可知軌道半徑越大周期越長，因為同步衛(wèi)星軌道離地面高度約36000km大于空間站離地面的高度，所以A正確；由得可得軌道Ⅰ的速度小于軌道Ⅲ的速度，軌道ⅡQ點速度小于軌道ⅢQ點速度，即B錯誤。飛船在P點加速變軌，需向運動的反方向噴氣，獲取反沖力加速，即C正確。在兩軌道Q點時，速度均與引力垂直，引力提供向心力，該點向心加速度相同?！窘馕觥?EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),9)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(8),2)U的半衰期為45億年，再過45億年，剩余的2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(38),92)U還有一半未衰變?yōu)?EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(06),82)Pb，選項A錯EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(38),92)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(06),82)選項B正確；設(shè)2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(38),92)U與2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),9)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(2),0)Th初始物質(zhì)的量分別為2n0、n0，經(jīng)過135億年，對2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(38),92)U是經(jīng)歷的三個半衰期，2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(38),92)U剩余量的物質(zhì)的量為經(jīng)過135億年，對2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),9)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(2),0)Th是經(jīng)歷的一個半衰期，2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),9)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(2),0)Th剩余量的物質(zhì)的量為n0×=n0，則剩余2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),9)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(8),2)U和2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),9)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(2),0)Th的物質(zhì)的量之比為選項C正確；衰變過程釋放能量，說明2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(3),9)EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(2),0)Th的比結(jié)合能小于2EQ\*jc3\*hps13\o\al(\s\up5(08),82)Pb的比結(jié)合能，選項D錯誤?！窘馕觥拷饘侔粼趖1時刻已經(jīng)達到最大速度，則有可得選項A正確；0到t1時間內(nèi)，金屬棒發(fā)生的位移為x1，由動量定理可得Ft1-=mvm，可得x1=（t1-)，選項B錯誤；0到t1時間內(nèi)，通過電阻R的電量為選項C錯誤；根據(jù)功能關(guān)系，有可得焦耳熱Q=-，選項D正確。11.【答案】（1）②（2）1.1×10-9（3）AD【解析】（1）應(yīng)該用累積法測出一滴溶液的體積，比如測量100滴溶液的體積為V，則一滴溶液體積為B.由于大量酒精分子沒有揮發(fā)會導(dǎo)致S偏大，d會偏小。C.由于油膜S計算偏大，d會偏小?？芍偎懔艘旱螖?shù)，N偏小，V0偏大，導(dǎo)致d偏大。HH12.【答案】（1）順時針（23）ⅰCⅱHH【解析】（1）由安培定則判斷可得。（2）由電流微觀表達式可知：IH=nqdhv①在霍爾元件中可得UH=Bhv②聯(lián)立①②（3）由（2）問中①②方程可知聯(lián)立可得故選C其中因此比例系數(shù)K=（1）設(shè)全反射的臨界角為C，由折射定律解得（2）由幾何關(guān)系知，點光源從水面上射出的最遠點距光源正上方水面為r，滿足而水面上有光射出部分是半徑為r的兩個四分之一圓和長為L、寬為r的矩形，故解得S=17m21415分）（1）粒子在勻強電場中做類平拋運動，水平方向，有xM=v0t1豎直方向，有Eq=ma粒子進入磁場時vy=at1由運動的對稱性及幾何關(guān)系可知，粒子在勻強磁場中軌跡的圓心在y軸負半軸上，設(shè)粒子第一次經(jīng)過x軸時速度與x軸正半軸成θ角，有由幾何關(guān)系，粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑R=xMsinθ則再次回到P點用時：t=2t1+t2（3）粒子從P點運動到O點在磁場中第3次經(jīng)過x軸的時刻：t’=Δt1+2Δt2+Δt3解得：15.（18分）解1）靜止釋放物塊C，對C，由牛頓第二定律，2mgT=2ma對B解得（2）假設(shè)C的加速度為0時，A未滑動。分析C受力T=2mg分析B受力F+μmg=T1分析A受力F=FfA解得FfA=1.5mg≤μ.3mg=1.5mg即C速度最大時，A恰好發(fā)生滑動。彈簧形變量滿足胡克定律F=kx對彈簧、B、C和桌面，由能量守恒解得（3）對A、B，由動量定理ITμ(3m+m)gt=3mvA+mvBmvm對C，由動量定理2mgtIT=2mvC2mvm其中vB=vC當A的速度最大時，A的加速度為0，此時彈簧形變與A開始滑動時相同，即：A從開始滑動到第