四川?。ㄈ爻敲Ｂ?lián)盟）新高考2022級(jí)高三適應(yīng)性考試化學(xué)試題答案

四川省新高考2022級(jí)高三適應(yīng)性考試考試時(shí)間75分鐘，滿分100分注意事項(xiàng)：一、選擇題：本題共15小題，每小題3分，共45分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。有關(guān)記載：“其墨取廬山產(chǎn)松煙，代郡(山西某地名)之鹿膠。”“自昔東山之松，色澤肥膩，性質(zhì)沉重，品惟上上，然今不復(fù)有，今其所有者，才十余歲之松?！毕铝姓f法錯(cuò)誤的是C.“松煙墨”所作的字畫可長(zhǎng)期保存D.D.次氯酸的結(jié)構(gòu)式：H—Cl—OA.溶液中CN-和HCN的總數(shù)為0.1NB.在1個(gè)CN-中孤電子對(duì)數(shù)為1對(duì)4.含氮元素的部分物質(zhì)間相互轉(zhuǎn)化關(guān)系如圖A.通入NH?后的水溶液能導(dǎo)電說明NH?為電解質(zhì)NH?NO?C.反應(yīng)③證明NO?是酸性氧化物N?②NO④HNO?D.工業(yè)上常利用反應(yīng)②④制備HNO?化學(xué)試題第1頁(共8頁)5.下列實(shí)驗(yàn)裝置(夾持裝置略去)或操作不能達(dá)成預(yù)期目的的是ABCD干燥需象66CuSO?藍(lán)色溶液應(yīng)08溶液時(shí)間后探究干燥Cl?和濕潤(rùn)C(jī)l?的性質(zhì)差異(在通風(fēng)櫥中進(jìn)行實(shí)驗(yàn))比較Cu[(NH?)?]2+和Cu[(H?O)?]2+的穩(wěn)定性測(cè)定一定質(zhì)量鋅粒與某濃度稀硫B.基團(tuán)一OCF?CF?H中的4個(gè)F均與O共面C.氟鈴脲的核磁共振氟譜圖中有3組峰D.氟鈴脲中含有2個(gè)手性碳原子2MnOz+5SO?+4H+=5SO2-+A.化學(xué)鍵強(qiáng)度：①>②C.每生成1molH時(shí)，電路中通過4mole液反應(yīng)生成)在堿性條件下氧化Fe(NO?)?后經(jīng)轉(zhuǎn)化分離制得。某實(shí)驗(yàn)小組按照表中Na?FeO?>K?FeO?。下列步驟中的裝置和原理無法達(dá)成相應(yīng)實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖茿BCD點(diǎn)飽和4Fe(NO?)?溶液、NaOH固體-NaOH溶液制取Cl?得到含Na?FeO?的溶液的溶液洗滌K?FeO?固體B.“氧化”時(shí)H?O?的實(shí)際用量比理論用量大C.“除鐵劑X”為NaOH溶液12.我國(guó)科學(xué)家利用下列轉(zhuǎn)化制備含硼酸鋰的聚合物。下A.x的單體可轉(zhuǎn)化為乙醛B.y可與NaOH溶液反應(yīng)C.z屬于高分子材料且能導(dǎo)電D.反應(yīng)2中作氧化劑B.晶體中，距離CH?NH?最近的I數(shù)目為8C.∠HNH鍵角：CH?NH?>CH?NH?14.CH?與Cl光照發(fā)生一氯取代的反應(yīng)歷程如圖所示。下列說法錯(cuò)誤的是B.步驟1比步驟2快C.步驟2中Cl?的Cl—Cl發(fā)生斷裂15.常溫下，某溶液中[Ag(SO?)?]3-和[Ag(SO?)?]5-濃度之和為0.075mol·L1,兩種離子的分布分?jǐn)?shù)δ隨c(SO3-)的變化關(guān)系如圖所示(比如B.常溫下，[Ag(SO?)?]3-+SO2-一[Ag(SO?)?]5-的平衡常數(shù)K為0.5D.加入Na?SO?溶液可實(shí)現(xiàn)AgCl和PbSO?固態(tài)混合物的分離二、非選擇題：本題共4小題，共55分。16.(14分)香料等合成。實(shí)驗(yàn)室制備3-α-呋喃基丙去),其制備原理為：已知：呋喃甲醛的沸點(diǎn)為162℃;乙酸酐的沸點(diǎn)為140℃,遇水易水解。將步驟I中反應(yīng)所得的混合物轉(zhuǎn)入盛有100mL蒸餾水的燒杯中，加入Na?CO?固體調(diào)節(jié)pH至8～9,過濾；將濾液轉(zhuǎn)入燒杯，并放入冰水浴中，邊攪拌邊滴加濃鹽酸，產(chǎn)生沉淀，再次過濾，用少量的蒸餾水洗滌晶體2次，得到粗產(chǎn)品。將粗產(chǎn)品進(jìn)一步純化，分別稱取0.3027g3-a-呋喃基丙烯酸樣品，用一定量的乙醇水溶液溶解，加入2～3滴酚酞指示劑，用0.1200mol·L-1NaOH溶液進(jìn)行滴定，重復(fù)三次，平均消耗NaOH溶液(1)儀器X的名稱是,其作用是◎(2)該實(shí)驗(yàn)選擇空氣冷凝的理由是。(3)步驟Ⅱ中加入Na?CO?固體的作用是,此時(shí)過濾得到的固體物質(zhì)是 o(4)步驟Ⅱ中，若向“再次過濾”得到的濾液中滴加濃鹽酸發(fā)現(xiàn)溶液變渾濁，可采(5)步驟Ⅱ中“進(jìn)一步純化”的操作名稱是o(6)步驟Ⅲ中滴定實(shí)驗(yàn)達(dá)終點(diǎn)的現(xiàn)象是。計(jì)算制得的3-a-呋喃基丙烯酸晶體的純度為%(保留一位小數(shù))?；瘜W(xué)試題第5頁(共8頁)17.(13分)(2)“浸渣”的主要成分為(填化學(xué)式)。(3)取相同質(zhì)量的蛇紋石，在不同溫度下焙燒相同時(shí)間，測(cè)得鎂、鎳浸出率的變化乙0由圖甲可知：“焙燒”時(shí)控制的最佳溫度約為;在“焙燒”溫度較低時(shí)，Mg、Ni的浸出率較低，可能的原因是◎(4)“礦化”時(shí)，F(xiàn)e3+、Mg2+、Ni2+的沉淀率(%)隨“礦化劑”中(NH?)?CO?質(zhì)量濃度(g·L1)的變化關(guān)系如圖乙所示?！暗V化劑”是在4%的氨水(pH約為11)中溶解不Ni2++6NH?=[Ni(NH?)?]2+。②(NH?)?CO?的質(zhì)量濃度大于62.5化學(xué)式);③從平衡移動(dòng)的角度解釋Ni2+的沉淀率隨(NH?)?CO?質(zhì)量濃度增大而逐漸降低的(5)“酸化”時(shí)，發(fā)生的主要反應(yīng)的離子方程式為◎18.(14分)SiHCl?是制造多晶硅的原料。SiCl氫化轉(zhuǎn)化為SiHCl?過程中，主要發(fā)生如下5個(gè)反反應(yīng)I(主反應(yīng)):SiCl?(g)+H?(g)=SiHCl?(g)+HCl(g)△H?=+52kJ·mol-1反應(yīng)Ⅱ:SiCl?(g)+H?(g)=SiCl?(g)+2HCI(g)反應(yīng)Ⅲ:2SiHCl?(g)=SiCl?(g)+SiH?Cl?(g)反應(yīng)V:SiHCl?(g)=SiCl?(g)+HCl(g)(2)5個(gè)反應(yīng)的K。隨溫度T變化如圖甲所示?！?.25MPa—0.40MPaT/K①當(dāng)溫度大于1350K時(shí)，隨溫度升高反應(yīng)Ⅱ和V的K,增長(zhǎng)很快的原因是;③壓縮平衡體系體積，重新達(dá)到平衡后物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)減小的組分為(填標(biāo)號(hào))。a.SiCl?b.SiH?Clc.SiC(3)在恒壓體系中通入2molH?和1molSiCl?,在不同壓強(qiáng)應(yīng)I(主反應(yīng))的Kp=(用含x、y、z的字母表示);②在700℃~850℃段壓強(qiáng)對(duì)η幾乎無影響，原因是_;a.1000℃,0.5MPab.1200℃,0.119.(14分)N-溴乙酰基水楊酰肼(化合物G)具有較好的抗炎活性，其合成路線之一如下(略去部分試劑、條件)。(4)不能將B→C和C→D步驟互換的原因是。(5)E→F的化學(xué)方程式為。F→G的反應(yīng)類型是°(6)在F的同分異構(gòu)體中，含有苯環(huán)且苯環(huán)與硝基直接種(不考慮立體異構(gòu))。其中核磁共振氫譜顯示為4組峰，且峰面積比為2:2:2:2的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為o(7)參照上述的合成路線，設(shè)計(jì)以HOCH,CH,OH為原料合的路線 (其他試劑任選)。1四川省新高考2022級(jí)高三適應(yīng)性考試化學(xué)參考答案及評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)一、選擇題：本題共15小題，每小題3分，共45分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目二、非選擇題：本題共4小題，共55分。注意：1.本試卷中其他合理答案，可參照此評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)酌情給分。2.方程式未寫條件或條件不完全、不寫“↓”或“↑”均扣一分，不配平不得分。16.(14分)(1)(球形)干燥管(1分)防止空氣中的水蒸氣進(jìn)入燒瓶，使乙酸酐水解(2分)(2)反應(yīng)物沸點(diǎn)較高，蒸氣易液化，無需使用水冷凝(2分)(3)將3-α-呋喃基丙烯酸轉(zhuǎn)化為易溶于水的鹽(1分)沸石(1分)(4)向?yàn)V液中繼續(xù)滴入濃鹽酸至不再有渾濁產(chǎn)生，再次過濾，洗滌，將兩次所得晶體合并(2分)(5)重結(jié)晶(1分)(6)當(dāng)?shù)稳胱詈蟀氲蜰aOH溶液時(shí)，溶液由無色變?yōu)榉奂t色，且30秒內(nèi)不變色(2分)96.1(2分)17.(13分)(1)增大反應(yīng)物接觸面積，加快反應(yīng)速率(1分)(2)Fe?O?、SiO?(2分，1個(gè)1分)(3)670℃(1分)焙燒溫度低，反應(yīng)較慢，有限時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的SO?少，不利于硫酸鹽的生成，導(dǎo)致浸出率低(2分)(4)①Kp[Fe(OH)?]]=4×10-3?,除盡Fe3時(shí)pH約為3,4%的氨水pH約為11,此時(shí)Fe3+已經(jīng)沉淀完全(2分)③隨礦化劑中(NH?)?CO?的質(zhì)量濃度增大，NH濃度增大，NH?+H?O一NH?·H?O一NH+OH-逆向移動(dòng)，NH?濃度增大，導(dǎo)致Ni2++6NH?=[Ni(NH?的沉淀率減小(2分)(5)[Ni(NH?)?]2++6H?=Ni2++6NH?(218.(14分)(2)①反應(yīng)Ⅱ和反應(yīng)V的△H較大，受溫度影響較大(2分)②溫度高反應(yīng)V進(jìn)行程度大，SiHCl?分解；溫度低Kp較小，轉(zhuǎn)化率低(2分，1點(diǎn)1分)③cd(2分，1個(gè)1分)②溫度較低時(shí)主要發(fā)生反應(yīng)I,氣體計(jì)量數(shù)相等，壓強(qiáng)對(duì)平衡無影響(2分)219.(14分)(2)鄰溴甲苯(或2-溴甲苯)(1分)(3)羥基(1分)羧基(1分)(以上兩空可交換位置)(4)在氧化甲基的同時(shí)酚羥基也會(huì)被氧化(2分)取代反應(yīng)(1分)(6)16(2分)3【解析】A.“松煙墨”制作包括“選松、燒煙、篩煙、熔膠、杵搗、捶打”等過程，松木不完全燃燒時(shí)，炭黑以微小顆粒的形式形成“松煙”,A正確，不符合題意；B.“其墨取廬山產(chǎn)松煙，代郡(山西某地)之鹿膠”,“鹿膠”的作用是黏合炭黑顆粒，B正確，不符合題意；C.“松煙墨”主要成分為碳，常溫下，化學(xué)性質(zhì)穩(wěn)定，所作的字畫可長(zhǎng)期保存，C正確，不符合題意；D.“自昔東山之松，色澤肥膩，性質(zhì)沉重，品惟上上，然今不復(fù)有，今其所有者，才十余歲之松”說明“松煙墨”品質(zhì)與松木樹齡有關(guān)，樹齡越長(zhǎng)得到的“松煙墨”品質(zhì)越好，D錯(cuò)誤，符合題意。A.H?O的中心原子為0,σ鍵數(shù)為2,孤電子對(duì)數(shù)為2,價(jià)層電子對(duì)總數(shù)為4,VSEPR模型為四面B.聚丙烯的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為-,B錯(cuò)誤，不符合題意；C.基態(tài)N的價(jià)電子軌道表示式為,C錯(cuò)誤，不符合題意；D.次氯酸的結(jié)構(gòu)式：H—0—Cl,D錯(cuò)誤，不符合題意。A.在1L0.1mol·L1NaCN溶液中，根據(jù)物料守恒n(CN)+n(HCN)=n(Na)=0.1NA,A正確，不符B.在一個(gè)CN-中孤電子對(duì)數(shù)為2對(duì)(N、C原子各有1對(duì)),B錯(cuò)誤，符合題意；C.1L0.1mol·L1NaCN溶液，pH=11即c(H+)=10-?1mol·L1,c(OH?)=10?3mol·L1(來自于水的電離),H?O電離出的OH?數(shù)目為10?3N,C正確，不符合題意；A.氨水能導(dǎo)電是因?yàn)镹H?·H?O電離產(chǎn)生的NH?和OH,因此NH?·H?O屬于電解質(zhì)，而NH?不是B.反應(yīng)①②均屬于氮的固定，B正確，符合題意；C.酸性氧化物能與堿反應(yīng)生成鹽和水，而多數(shù)酸性氧化物能溶于水，與水化合生成酸，但3NO?+H?O=2HNO?+NO,C錯(cuò)誤，不符合題意；D.反應(yīng)②所需反應(yīng)條件苛刻(高溫、放電),不宜用于工業(yè)生產(chǎn)，D錯(cuò)誤，不符合題意。A.為探究干燥Cl?和濕潤(rùn)C(jī)l?的性質(zhì)差異，先關(guān)閉止水夾，通入Cl?,紅色布條不褪色；打開止水夾，通入Cl?,紅色布條褪色，說明干燥Cl?不具有漂白性，濕潤(rùn)C(jī)l?具有漂白性，A正確，不符合題B.CuSO?藍(lán)色溶液存在Cu[(H?O?]2+,滴入氨水有藍(lán)色絮狀沉淀Cu(OH)?產(chǎn)生，說明OH-能破壞Cu[(H?O)4]2+中的配位鍵，繼續(xù)滴入氨水至過量，沉淀溶解，得到深藍(lán)色溶液Cu[(NH?)4]2+,說明Cu[(NH?)?]2+更穩(wěn)定，B正確，不符合題意；C.測(cè)定鋅與稀硫酸反應(yīng)產(chǎn)生一定體積H?所需時(shí)間或一定時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生H?的體積，從而測(cè)定其反應(yīng)速D.驗(yàn)證犧牲陽極法的原理屬于原電池原理，該裝置雖可實(shí)現(xiàn)鐵的保護(hù)，實(shí)質(zhì)為電解原理，D錯(cuò)誤，符合題意。4B.—OCF?CF?H中碳原子均采用sp3雜化，故氧原子與4個(gè)氟原子不可能共面，B錯(cuò)誤，不符合題意；C.氟鈴脲分子中苯環(huán)上的氟原子等效，兩個(gè)CF?上的氟原子分別等效，故有三種化學(xué)環(huán)境不同的氟D.氟鈴脲中無手性碳原子，D錯(cuò)誤，不符C.氫氟酸為弱酸，不能拆開，正確的方程式為SiO?+4HF=SiFD.由于Ca(OH)?溶解度不大，石灰乳中多為沉淀，因此不能拆開，正確的離子方程式為2Cl?+2Ca(OH)?=2Ca2++依據(jù)信息推測(cè)X、Y、Z、W元素分別為H、C、N、O,由W的基態(tài)原子p軌道電子數(shù)等于s軌道電子數(shù)得出W元素為0,再觀察結(jié)構(gòu)可推測(cè)其余元素。A.由于O的電負(fù)性大于N,故配位鍵強(qiáng)度①<②,A錯(cuò)誤，符合題意；D.簡(jiǎn)單氫化物的穩(wěn)定性：H?O>NH?,D正確，不符合題意。C.1個(gè)])變成1個(gè)1過程中失去2個(gè)氫原子，得到2個(gè)氧原子，故電路中通D.生成的H?部分來源于水的電解A.實(shí)驗(yàn)室利用濃HCI與MnO?加熱制取Cl?,并利用飽和NaCl溶液除去揮發(fā)出的HCI,A正確，不C.因溶解度大?。篘a?FeO?>K?FeO?,所以Na?FeO?+2KOH=K?FeO?↓+2NaOH,C正確，不符D.K?FeO?具有強(qiáng)氧化性，能氧化乙醇，因此不能使用無水乙醇洗A.“溶解”時(shí)水中需添加一定量的稀硫酸，抑制Cu2+水解同時(shí)為氧化提供酸性條件B.氧化時(shí)，溶液中原有的Cu2+及氧化產(chǎn)物Fe3+均能催化H?O?的分解，加入H?O?的實(shí)際用量比理論D.從硫酸銅溶液中獲取硫酸銅晶體的操作依次為蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶，D5D.反應(yīng)2中草酸與碳酸鋰反應(yīng)體現(xiàn)酸性，D錯(cuò)誤，符合題意。A.CH?NH中N原子雜化方式為B.距離CH?NH?最近的I數(shù)目為B錯(cuò)誤，不符合題意；C.CH?NH?中N原子存在1對(duì)孤電子對(duì)，而CH?NH?的N原子無孤電子對(duì)，成鍵電子對(duì)之間的排斥力小于孤電子對(duì)與成鍵電子對(duì)之間的排斥力，導(dǎo)致CH?NH?A.圖示中氯原子先與甲烷反應(yīng)，故光照使氯氣分解生成氯原子，引發(fā)反應(yīng)，A正確，不符合題意；B.步驟1活化能比步驟2大，步驟1比步驟2速率慢，B錯(cuò)誤，符合題意；C.觀察到過渡態(tài)Ⅱ中的C1與甲基結(jié)合，氯氣分子中的Cl—C1發(fā)生斷裂，C正確，不符合題意；D.過程中有H?C·生成，發(fā)生H?C·+·CH?→CH?CH?,D正確，不符合題意。B.當(dāng)c(SO?-)=0.5mol·L1D.AgCl與Na?SO?會(huì)生成配合物離子，溶于水中，D正確，不符合題意。(1)儀器X的名稱是(球形)干燥管。球形干燥管里的干燥劑可防止空氣中的水蒸氣進(jìn)入，避免乙(2)該實(shí)驗(yàn)選擇空氣冷凝的理由是反應(yīng)物沸點(diǎn)較高，蒸氣易液化，無需使用水冷凝。(3)步驟Ⅱ是純化3-α-呋喃基丙烯酸，加入Na?CO?固體的作用是將其轉(zhuǎn)化為易溶于水的鹽，便于過(4)向?yàn)V液中繼續(xù)滴入濃鹽酸至不再有渾濁現(xiàn)象產(chǎn)生，再次過濾，洗滌，將兩次所得晶體合并。(5)步驟Ⅱ中“進(jìn)一步純化”的名稱是重結(jié)晶。(6)步驟Ⅲ中滴定實(shí)驗(yàn)達(dá)終點(diǎn)的現(xiàn)象是當(dāng)?shù)稳胱詈蟀氲蜰aOH溶液時(shí)，溶液由無色變?yōu)榉奂t色，且30秒內(nèi)不變色。實(shí)驗(yàn)晶體質(zhì)量為0.3027g,平均消耗NaOH溶液的體積為17.57mL。根據(jù)計(jì)算3-α-呋喃(1)“焙燒”前將蛇紋石、綠礬研磨至