廣東省惠州市惠東中學(xué)2017-2018學(xué)年高三5月熱身綜合練習(xí)物理（二）答案

高三年級(jí)5月熱身綜合練習(xí)物理（二）參考答案及解析二、選擇題14.【答案】A【解析】A、B設(shè)物體和斜面的質(zhì)量分別為m和M，繩子與斜面的夾角為θ．取球研究：小球受到重力mg、斜面的支持力N和繩子的拉力T，則由平衡條件得斜面方向：mgsinα=Tcosθ①垂直斜面方向：N+Tsinθ=mgcosα②使小球沿斜面緩慢移動(dòng)時(shí)，θ增大，其他量不變，由①式知，T增大．由②知，N變小，故A正確，B錯(cuò)誤．C、D對(duì)斜面和小球整體分析受力：重力（M+m）g、地面的支持力N′和摩擦力f、繩子拉力T，由平衡條件得f=Nsinα，N變小，則f變小，N′=（M+m）g+Ncosα，N變小，則N′變小，由牛頓第三定律得知，斜面對(duì)地面的壓力也變?。蔆D錯(cuò)誤．故選A15.【答案】D16.【答案】D17.【答案】C18.【答案】D【解析】：A、只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率才能發(fā)生光電效應(yīng)；如果用紫光照射某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，改用綠光照射該金屬不一定發(fā)生光電效應(yīng)；故A錯(cuò)誤；B、輕核聚變時(shí)釋放能量，重核裂變時(shí)同樣釋放能量，有質(zhì)量虧損，因此反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，質(zhì)量不守恒，故B錯(cuò)誤；C、放射性元素的半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，不隨物理狀態(tài)和化學(xué)狀態(tài)而改變，所以將放射性物質(zhì)放在密閉的鉛盒內(nèi)，半衰期不變，故C錯(cuò)誤；D、原子核的比結(jié)合能越大，原子核結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，故D正確；故選：D19.【答案】ABC【解析】A、物體在圓弧軌道上下滑過程，由動(dòng)能定理得：mgR=mv02﹣0，解得：v0===2m/s；傳送帶靜止時(shí)，物體滑到傳送帶上后向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)傳送帶右端時(shí)物體的速度小于2m/s，物體離開傳送帶后做平拋運(yùn)動(dòng)到達(dá)C點(diǎn)，物體做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度小于2m/s；若傳送帶逆時(shí)針方向運(yùn)行且v=2m/s，物體在傳送帶上一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)情況與傳送帶靜止時(shí)相同，物體到達(dá)傳送帶右端時(shí)的速度與傳送帶靜止時(shí)到達(dá)右端的速度相等，物塊離開傳送帶做平拋運(yùn)動(dòng)，仍落在C點(diǎn)，故A正確；B、若傳送帶順時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，則當(dāng)傳送帶速度v＞2m/s時(shí)，物體在傳送帶上可能先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，也可能一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，物塊到達(dá)傳送帶右端時(shí)的速度大于2m/s，做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大于2m/s，物體將落在C點(diǎn)的右側(cè)，故B正確；C、若傳送帶順時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，則當(dāng)傳送帶速度v＜2m/s時(shí)，物體在傳送帶上可能先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)到達(dá)傳送帶右端時(shí)的速度比傳送帶靜止時(shí)的速度大，物體落在C點(diǎn)的右側(cè)，故C正確；D、若傳送帶逆時(shí)針方向運(yùn)行且v=3m/s，物體在傳送帶上一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，與傳送帶靜止時(shí)的運(yùn)動(dòng)情況相同，物體到達(dá)傳送帶右端時(shí)的速度與傳送帶靜止時(shí)到達(dá)右端的速度相等，物塊離開傳送帶做平拋運(yùn)動(dòng)，落在C點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；故選：ABC20.【答案】BD【解析】A、若vt＞v0，根據(jù)動(dòng)能定理得：＞O該電荷受電場力水平向左，所以當(dāng)油滴運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)A的過程中，重力做負(fù)功，則電場力力必定做正功，且電場力做的功比重力做的功多，而電場力做油滴做的功等于電勢能的變化量，重力對(duì)油滴做的功等于重力勢能的變化量，所以油滴電勢能的改變量大于油滴重力勢能的改變量，故A錯(cuò)誤，B正確；C、若vt=v0，根據(jù)動(dòng)能定理得：=O，重力做負(fù)功，則電場力力必定做正功，且兩者相等，故A點(diǎn)一定位于第二象限，故C錯(cuò)誤，D正確．故選BD21.【答案】CD【解析】A、β射線的實(shí)質(zhì)是電子流，γ射線的實(shí)質(zhì)是電磁波，γ射線的穿透本領(lǐng)比較強(qiáng)．故A錯(cuò)誤；B、半衰期對(duì)大量的原子核適用，對(duì)少量的原子核不適用．故B錯(cuò)誤．C、因?yàn)棣滤プ兊馁|(zhì)量數(shù)不變，而每次α衰變質(zhì)量數(shù)減少4，所以α衰變的次數(shù)n==8，在α衰變的過程中電荷數(shù)總共少16，則β衰變的次數(shù)m==6．故C正確．D、放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，并且將電子釋放出來，故D正確．故選：CD三、非選擇題（一）必考題22.【答案】（1）0.601；（2）1.0．【解析】（1）勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該過程中的平均速度，因此有：；（2）從紙帶上的數(shù)據(jù)分析得知：在計(jì)數(shù)點(diǎn)6之前，兩點(diǎn)之間的位移逐漸增大，是加速運(yùn)動(dòng)；在計(jì)數(shù)點(diǎn)7之后，兩點(diǎn)之間的位移逐漸減小，是減速運(yùn)動(dòng)，所以物塊在相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)6和7之間某時(shí)刻開始減速；對(duì)前4段，根據(jù)公式△x=aT2，有：，解得：a===2.0m/s2；對(duì)后4段，根據(jù)公式△x=aT2，有：，解得：a′===﹣2.0m/s2；故||=1.0；故答案為：（1）0.601；（2）1.0．23.【答案】（1）11.50；（2）；（3）BCD；（4）IgR1．【解析】（1）若選擇開關(guān)撥至“25mA”擋，由圖1所示表盤可知，其分度值為0.5mA，所測電流為：11.5mA．（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I==．（3）A、因?yàn)镽x=﹣r﹣R0﹣Rg，函數(shù)圖線是非線性變化的，當(dāng)電流比較大時(shí)，則電阻比較小，當(dāng)電流比較小時(shí)，則電阻比較大．故A錯(cuò)誤．B、當(dāng)Rx=0，I=，此時(shí)電流為滿偏電流．故B正確．C、Rx越小，相同的電阻變化量對(duì)應(yīng)的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏．故C正確．D、測量中，當(dāng)Rx的阻值為圖5中的R2時(shí)，電流比半偏電流小，指針位于表盤中央位置的左側(cè)．故D正確．故選：BCD．（4）由圖（c）所示圖象可知，Ig=，Ig=，解得，電源電動(dòng)勢：E=IgR1；故答案為：（1）11.50；（2）；（3）BCD；（4）IgR1．24.【答案】（1）經(jīng)過時(shí)間t，金屬棒ab的速率為：v=at此時(shí)，回路中的感應(yīng)電流為：I==，對(duì)金屬棒ab，由牛頓第二定律得：F﹣BIL﹣m1g=m1a由以上各式整理得：F=m1a+m1g+，在圖線上取兩點(diǎn)：t1=0，F(xiàn)1=11N；t2=2s，F(xiàn)2=14.6N，代入上式得：a=1m/s2，B=1.2T；（2）在2s末金屬棒ab的速率為：vt=at=2m/s所發(fā)生的位移為：s=at2=2m由動(dòng)能定律得：WF﹣m1gs﹣W安=m1vt2又Q=W安聯(lián)立以上方程，解得：Q=WF﹣mgs﹣mvt2=（40﹣1×10×2﹣×1×22）J=18J；（3）由題意可知：cd棒先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)cd棒所受重力與滑動(dòng)摩擦力相等時(shí)，速度達(dá)到最大；然后做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，最后停止運(yùn)動(dòng)．當(dāng)cd棒速度達(dá)到最大時(shí)，有m2g=μFN，又FN=FA=BIL，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得電流強(qiáng)度I==，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：vm=at1整理得t1=2s．【解析】（1）由E=BLv、I=、F=BIL、v=at，及牛頓第二定律得到F與時(shí)間t的關(guān)系式，再根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)研究圖象（b）斜率和截距的意義，即可求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和ab棒加速度大??；（2）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出2s末金屬棒ab的速率和位移，根據(jù)動(dòng)能定理求出兩金屬棒產(chǎn)生的總焦耳熱；（3）根據(jù)平衡條件結(jié)合安培力的計(jì)算公式、速度時(shí)間關(guān)系列方程求解cd棒達(dá)到最大速度所對(duì)應(yīng)的時(shí)刻t1．25.【答案】（1）A第一次碰前速度設(shè)為v0動(dòng)能定理：A與B碰撞，動(dòng)量守恒，則根據(jù)題意，總能量不損失，則聯(lián)立解得（2）①對(duì)質(zhì)點(diǎn)A：第一次碰前：v0=at0第一次碰后到第二次碰前過程：第二次碰前速度vA1=at1對(duì)質(zhì)點(diǎn)B：第一次碰后到第二次碰前過程：sB1=v0t1由于sA1=sB2解得：t1=2t0，vA1=2v0，sA1=sB1=4l則要使質(zhì)點(diǎn)A、B剛好能夠發(fā)生兩次碰撞，L=l+4l=5l②質(zhì)點(diǎn)A、B第二次碰前速度分別為2v0、v0，碰后速度分別設(shè)為v″A和v″B動(dòng)量守恒：m?2v0+mv0=mv″A+mv″B能量關(guān)系：m+m=m+m解得：v″A=v0，v″B=2v0對(duì)質(zhì)點(diǎn)A：第二次碰后到第三次碰前：vA2=v0+at2對(duì)質(zhì)點(diǎn)B：第二次碰后到第三次碰前：sB2=2v0t2由于sA2=sB2解得：t2=2t0，vA2=3v0，sA2=sB2=8l綜上，質(zhì)點(diǎn)A、B每次碰撞過程總是要交換速度；每次碰撞間隔時(shí)間都為2t0；每次碰撞后的相同時(shí)間間隔內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)A速度增加2v0，質(zhì)點(diǎn)B速度不變可得：每次碰撞位置間隔：4l、8l、12l…（n﹣1）4l則要使質(zhì)點(diǎn)A、B剛好能夠發(fā)生n次碰撞：L=l+4l+8l+12l+…+（n﹣1）4l=（2n2﹣2n+1）l（n=1，2，3…）【解析】（1）A第一次碰前過程根據(jù)動(dòng)能定理列出等式，A與B碰撞，由動(dòng)量守恒列出等式，再根據(jù)能量守恒求解（2）對(duì)質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列出各過程的等式，根據(jù)滿足的條件找出L值（二）選考題33．[物理——選修3–3]【答案】（?。┗钊鸼升至頂部的過程中，活塞a不動(dòng)，活塞a、b下方的氮?dú)饨?jīng)歷等壓過程．設(shè)氣缸A的容積為V0，氮?dú)獬鯌B(tài)體積為V1，溫度為T1，末態(tài)體積為V2，溫度為T2，按題意，氣缸B的容積為V0，則得：V1=V0+?V0=V0，①V2=V0+V0=V0，②根據(jù)蓋?呂薩克定律得：=，③由①②③式和題給數(shù)據(jù)得：T2=320K；④（ⅱ）活塞b升至頂部后，由于繼續(xù)緩慢加熱，活塞a開始向上移動(dòng)，直至活塞上升的距離是氣缸高度的時(shí)，活塞a上方的氧氣經(jīng)歷等溫過程，設(shè)氧氣初態(tài)體積為V1′，壓強(qiáng)為P1′，末態(tài)體積為V2′，壓強(qiáng)為P2′，由題給數(shù)據(jù)有，V1′=V0，P1′=P0，V2′=V0，⑤由玻意耳定律得：P1′V1′=P2′V2′，⑥由⑤⑥式得：P2′=P0．⑦答：（?。┑?dú)獾臏囟葹?20K；（ⅱ）氧氣的壓強(qiáng)為P0．【解析】（?。┈F(xiàn)通過電阻絲緩慢加熱氮?dú)?，?dāng)活塞b升至頂部的過程中，a活塞不動(dòng)，活塞a、b下方的氮?dú)饨?jīng)歷等壓過程，分析出初態(tài)和末態(tài)的體積和溫度，由蓋?呂薩克定律求解．（2）繼續(xù)緩慢加熱，使活塞a上升，活塞a上方的氧氣經(jīng)歷等溫過程，根據(jù)玻意耳定律求解即可．34．[物理——選修3–4]【答案】（1）2m

；（2）6m（3）①當(dāng)0＜x′＜4m時(shí)，②當(dāng)4m≤≤6m時(shí)，【解析】（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有

代入數(shù)據(jù)解得：

r=2m

如圖1所示軌跡交y軸于C點(diǎn)，過P點(diǎn)作v的垂線交y軸于O1點(diǎn)，由幾何關(guān)系得O1為粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心，且圓心角為60°。在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間

代入數(shù)據(jù)解得：

（2）帶電粒子離開磁場垂直進(jìn)入電場后做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)帶電粒子離開電場時(shí)的速度偏向角為θ，如圖1則：

設(shè)Q點(diǎn)的橫坐標(biāo)為x則：

由上兩式解得：x=6m。（3）電場左邊界的橫坐標(biāo)為x′。①當(dāng)0＜x′＜4m時(shí)，如圖2，設(shè)粒子離開電場時(shí)的速度偏向角為θ′，則：

又：

由上兩式解得：

②當(dāng)4m≤≤6m時(shí)，如圖3，有

將y=1m及各數(shù)據(jù)代入上式解得：

35．[化學(xué)——選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)]【答案】（1）[Ar]3d9或1s22s22p63s23p63d9；（2）正四面體；CCl4等；HClO4有3個(gè)非羥基氧，而HClO2有1個(gè)非羥基氧；（3）sp2；7NA；（4）A；（5）①CuCl；②共價(jià)；③【解析】（1）Z為Cu元素，原子核外電子數(shù)為29，原子核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d104s1，則Z2+基態(tài)核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d9。（2）根據(jù)上述分析，YX4為ClO4，根據(jù)價(jià)層電子對(duì)互斥理論，4+(7+12×4）÷2=4，沒有孤對(duì)電子，則空間構(gòu)型是正四面體型；與ClO4互為等電子體的分子是AB4型分子，其中一種分子為CCl4；HYX4為HClO4，HYX2是HClO2，HClO4有3個(gè)非羥基氧，而HClO2有1個(gè)非羥基氧，所以HClO4的酸性比HClO2強(qiáng)。（3）結(jié)構(gòu)簡式為RX（WH2）2的化合物是CO(NH2)2，據(jù)C、N、O、H的成鍵特征，該有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡式為NH2CONH2，C原子形成3個(gè)σ鍵，雜化軌道類型為sp2雜化，單鍵都是σ鍵，雙鍵中含有1個(gè)σ鍵，所以根據(jù)有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡式可知1molCO（NH2）2分子中含有σ鍵數(shù)目為7NA。（4）A．在[Cu（NH3)4]SO4中，內(nèi)界離子[Cu(NH3)4]2+與外界離子SO42－形成離子鍵，Cu2+與NH3形成配位鍵，NH3中N原子與H原子之間形成極性鍵，A正確；B．在[Cu（NH3)4]SO4中Cu2＋提供空軌道，NH3給出孤對(duì)電子，B錯(cuò)誤；C．[Cu（NH3)4]SO4組成元素中第一電