2024-2025學(xué)年北京市東城區(qū)高三上學(xué)期期末物理試卷（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1東城區(qū)2024－2025學(xué)年度第一學(xué)期期末統(tǒng)一檢測高三物理一、選擇題1.一小鋼球從空中某位置開始做自由落體運動，落地時的速度為30m/s，g取。則該小鋼球（）A.下落的高度為90m B.下落的時間為3sC.在最后1秒內(nèi)的位移為20m D.全過程的平均速度為20m/s【答案】B【解析】A．由已知條件，可知解得下落高度為故A錯誤；B．根據(jù)已知條件，可知故B正確；C．由于下落的時間為3s，設(shè)，，可知第2秒末的速度為在最后1秒內(nèi)的位移為故C錯誤；D．全過程的平均速度為故D錯誤。故選B。2.如圖所示，將一個質(zhì)量為m的鋼球放在傾角為的固定斜面上，擋板豎直放置，鋼球處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將擋板沿順時針方向緩慢旋轉(zhuǎn)至水平位置，整個過程中鋼球均處于平衡狀態(tài)。不考慮鋼球與斜面、鋼球與擋板間的摩擦力。則鋼球?qū)醢宓膲毫Υ笮∨c對斜面的壓力大小的變化情況（）A.一直減小，一直增大B.一直增大，一直減小C.先減小后增大，一直減小D.一直減小，先增大后減小【答案】C【解析】以球為研究對象，分析受力情況，小球受到重力G、斜面的支持力F2和擋板的支持力F1，由平衡條件得知，F(xiàn)1和F2的合力與G大小相等、方向相反，作出三個位置力的合成圖如圖所示根據(jù)牛頓第三定律得擋板對鋼球的支持力大小等于鋼球?qū)醢宓膲毫Υ笮?，由圖看出，F(xiàn)1先減小后增大，F(xiàn)2逐漸減小，當(dāng)F1和F2垂直時，F(xiàn)1最小。故選C。3.如圖所示，質(zhì)量分別為2kg、1kg的物塊A和物塊B置于光滑水平面上，中間用一輕彈簧相連。A、B兩物塊在水平拉力F的作用下，一起做勻加速直線運動（A、B相對靜止），彈簧在彈性限度內(nèi)的最大伸長量為4cm，其勁度系數(shù)為100N/m。在彈性限度內(nèi)，拉力F的最大值為（）A.4N B.6N C.8N D.10N【答案】B【解析】當(dāng)彈簧伸長量最大時，對A分析對整體分析解得F=6N故選B。4.如圖所示，質(zhì)量為m的小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動。若保持軌跡所在水平面到懸點P的距離h不變，增大輕繩的長度l。有關(guān)小球做圓周運動的周期T與輕繩的拉力大小F，下列說法正確的是（）A.T不變 B.T增大 C.F減小 D.F不變【答案】A【解析】AB．小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，對小球受力分析，如圖所示可得聯(lián)立解得周期T只與距離h有關(guān)，周期T不改變，A正確，B錯誤；CD．由上述公式可得可知輕繩的拉力大小F增大，CD錯誤。故選A。5.我國女子短道速滑隊多次在國際大賽上摘金奪銀，為祖國贏得榮譽。在某次3000m接力賽中，“接棒”的運動員甲提前站在“交棒”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出，如圖所示。在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（）A.甲對乙的沖量一定等于乙對甲的沖量B.甲、乙的動量變化一定大小相等、方向相反C.甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D.甲和乙組成的系統(tǒng)機械能守恒【答案】B【解析】〖祥解〗A．因為沖量是矢量，甲對已的作用力與乙對甲的作用力大小相等方向相反，故沖量大小相等方向相反，A錯誤；B．兩人組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，根據(jù)動量守恒定律可知，系統(tǒng)動量變化量為零，則甲、乙的動量變化一定大小相等且方向相反，B正確；C．甲、乙間的作用力大小相等，不知道甲、乙的質(zhì)量關(guān)系，不能求出甲乙動能變化關(guān)系，無法判斷做功多少，也不能判斷出二者動能的變化量，C錯誤；D．在乙推甲的過程中，乙的肌肉對系統(tǒng)做了功，甲和乙組成的系統(tǒng)機械能不守恒，D錯誤。故選B。6.如圖，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t＝0時的波形如圖中實線所示，t＝1s時的波形如圖中虛線所示，P是波傳播路徑上的一個質(zhì)點，下列說法正確的是（）A.t＝0時，質(zhì)點P正沿y軸負方向運動B.質(zhì)點P在一個周期內(nèi)的路程為5mC.該波在1s內(nèi)可能向右傳播了6mD.波的傳播速度大小可能為4m/s【答案】C【解析】A．簡諧橫波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法可知，t＝0時，質(zhì)點P正沿y軸正方向運動，故A錯誤；B．質(zhì)點P在一個周期內(nèi)的路程為故B錯誤；C．由題圖可知波長為，根據(jù)波形平移法可知，該波在1s內(nèi)向右傳播的距離為（，，）當(dāng)時，，故C正確；D．該波的傳播速度為（，，）可知波的傳播速度大小不可能為，故D錯誤。故選C。7.一臺手搖發(fā)電機產(chǎn)生正弦交流電，其電流i隨時間t變化的規(guī)律如圖所示。下列說法正確的是（）A.電流有效值為B.線圈每秒鐘轉(zhuǎn)50圈C.t＝0.10s時，穿過線圈的磁通量最大D.t＝0.15s時，穿過線圈的磁通量變化率為零【答案】D【解析】A．由圖可知，電流最大值為電流有效值為故A錯誤；B．由圖可知，周期為線圈每秒鐘轉(zhuǎn)速為故B錯誤；C．由圖可知，t＝0.10s時，電流瞬時值最大，線圈與磁感線平行，穿過線圈的磁通量為零，故C錯誤；D．由圖可知，t＝0.15s時，電流瞬時值為零，線圈處于中性面，穿過線圈的磁通量變化率為零，故D正確。故選D。8.在“用傳感器觀察電容器的充放電過程”實驗中，按圖甲連接電路。電源兩端電壓保持不變，最初電容器不帶電。單刀雙擲開關(guān)S接1給電容器充電，充滿電后，開關(guān)S改接2，電流傳感器得到的I－t圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.電容器放電過程中電阻R兩端的電壓保持不變B.充電過程中電容器的電容C隨極板所帶電荷量增大而增大C.僅減小電阻R的阻值，重復(fù)上述實驗，I－t曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積將增大D.僅增大電容器兩極板間的距離，重復(fù)上述實驗，I－t曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積將減小【答案】D【解析】A．在電容器放電過程中電流逐漸減小，可知電阻R兩端的電壓逐漸減小，故A錯誤；B．電容器的電容由電容器本身決定，與電容器帶電量無關(guān)，則在電容器充電過程中電容器的電容不變，故B錯誤；C．曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積等于電容器所帶的電量值，則如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R的阻值，則此過程的曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積不變，故C錯誤；D．如果只增大電容器兩極板間的距離，根據(jù)可知電容器的電容C減小，根據(jù)可知，電容器帶電量減小，由那么I－t曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積將減小，故D正確。故選D。9.某同學(xué)設(shè)計了可檢測酒精濃度的裝置，其電路原理如圖所示。、為定值電阻，R是一個“氣敏傳感器”，其阻值隨所在氣體環(huán)境中酒精濃度的增大而減小。檢測時，對著氣敏電阻R吹氣，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I。吹氣前后電壓表的示數(shù)變化量為，電流表的示數(shù)變化量為。若吹氣時酒精濃度越大，則（）A.I越大 B.U越大 C.U與I的比值越大 D.越大【答案】A【解析】A．若吹氣時酒精濃度越大，R阻值越小，總電阻越小，總電流越大，則電流表的示數(shù)I越大，故A正確；B．若吹氣時酒精濃度越大，R阻值越小，并聯(lián)部分電阻越小，并聯(lián)部分電壓越小，則電壓表的示數(shù)U越小，故B錯誤；C．U與I的比值等于并聯(lián)部分的電阻，因此，若吹氣時酒精濃度越大，U與I的比值越小，故C錯誤；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，吹氣前吹氣后聯(lián)立求得因此，是定值，故D錯誤。故選A。10.如圖所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c位于MN的中垂線上，且a、b、c到O點的距離均相等。下列說法正確的是（）A.O點處的磁感應(yīng)強度大小為零B.O點處的磁感應(yīng)強度方向由O指向cC.c點處的磁感應(yīng)強度方向與Oc連線垂直D.a、c兩點處的磁感應(yīng)強度的方向相同【答案】D【解析】AB．根據(jù)安培定則可知，M處導(dǎo)線在O點處的磁感應(yīng)強度方向向下，N處導(dǎo)線在O點處的磁感應(yīng)強度方向向下，故O點磁感應(yīng)強度不為零且方向向下，AB錯誤；CD．根據(jù)安培定則可知，M處導(dǎo)線在c點處的磁感應(yīng)強度方向垂直于cM偏下，N在c點處的磁感應(yīng)強度方向垂直于cN偏下，根據(jù)平行四邊形定則可知，c點處的磁感應(yīng)強度方向豎直向下，由AB解析知a點的磁感應(yīng)強度方向也豎直向下，C錯誤，D正確。故選D。11.某同學(xué)為了探究電感線圈和小燈泡對電路中電流的影響，設(shè)計了如圖甲所示的電路，電路兩端電壓U恒定，、為完全相同的電流傳感器。時刻閉合開關(guān)S得到如圖乙所示的電流i隨時間t變化的圖像。電路穩(wěn)定后，小燈泡發(fā)出微弱的光。下列說法正確的是（）A.閉合開關(guān)S時，自感線圈中電流為零，其自感電動勢也為零B.曲線a描述的是電流傳感器中電流隨時間變化的規(guī)律C.若斷開開關(guān)S，小燈泡閃亮后熄滅D.閉合開關(guān)S到電路穩(wěn)定的過程中，小燈泡燈絲電阻保持不變【答案】C【解析】A．閉合開關(guān)時，電感線圈中電流為零，但由于線圈的自感現(xiàn)象，其自感電動勢不為零，故A錯誤；B．閉合開關(guān)S的瞬間，線圈由于自感現(xiàn)象，電流慢慢增大，所以乙圖中的b曲線表示電流傳感器測得的數(shù)據(jù)，故B錯誤；C．圖乙可知穩(wěn)定后，所支路電流大于所在支路電流，故斷開開關(guān)S，在自感作用下，小燈泡閃亮后熄滅，故C正確；D．由圖可知，閉合開關(guān)后，電路兩端電壓恒定而流過燈泡的電流先減小后不變，結(jié)合歐姆定律可知，閉合開關(guān)到電路穩(wěn)定的過程中，小燈泡燈絲電阻先增大，后保持不變，故D錯誤。故選C。12.如圖甲所示，電子僅在靜電力作用下沿x軸正方向運動，經(jīng)過A、B、C三點，已知。該電子的電勢能隨坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.A點的電勢高于B點的電勢B.電子在A點的速度大于在B點的速度C.A點的電場強度小于B點的電場強度D.電子從A到B的過程中靜電力做的功大于從B到C的過程中靜電力做的功【答案】D【解析】A．電子從A到C電勢能逐漸減小，可知電勢逐漸升高，則電場在x坐標(biāo)軸上電場強度方向沿x軸負方向，而沿電場方向電勢逐漸降低，可知A點電勢低于B點電勢，故A錯誤；B．電子僅在靜電力作用下沿x軸正方向運動,只有電場力做功，因電勢能逐漸減小，則動能逐漸增大，即電子在A點的速度小于在B點的速度，故B錯誤；C．圖像的斜率等于電場力，可知從A到B電子受電場力逐漸減小，場強逐漸減小，可知A點電場強度大于B點電場強度，故C錯誤；D．因從A到B的電場力大于從B到C的電場力，根據(jù)W=Fx可知，電子從A運動到B靜電力做的功大于從B運動到C靜電力做的功，故D正確。故選D。13.如圖甲所示，傾角為、寬度為l、電阻不計的光滑平行金屬軌道足夠長，整個裝置處于垂直軌道平面向下的勻強磁場中。軌道上端的定值電阻阻值為R，金屬桿MN的電阻為r，質(zhì)量為m。將金屬桿MN由靜止釋放，桿始終與軌道垂直且接觸良好。通過數(shù)據(jù)采集器得到電流i隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示。當(dāng)金屬桿下滑的位移為x時，可認為電流達到最大值。已知時刻的電流為，重力加速度為g，下列說法中不正確的是（）A.磁感應(yīng)強度的大小B.時刻金屬桿的加速度大小C.金屬桿的最大速度大小D.桿下滑位移為x的過程中，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱【答案】D【解析】A．由圖像可知，金屬桿穩(wěn)定運動的電流為，桿受重力、支持力和安培力三個力平衡，根據(jù)平衡條件有解得故A正確，不符題意；B．在時刻，對金屬桿根據(jù)牛頓第二定律可得解得金屬桿的加速度大小為故B正確，不符題意；C．金屬桿速度最大時，克服安培力做功的功率等于重力做功的功率，則有解得金屬桿的速度大小為故C正確，不符題意；D．當(dāng)金屬桿下滑的位移為時，可認為電流達到最大值，此過程中，根據(jù)動能定理可知根據(jù)功能關(guān)系可得產(chǎn)生的總焦耳熱為桿下滑位移為的過程中，電阻產(chǎn)生的焦耳熱為解得故D錯誤，符合題意。故選D。14.星下點監(jiān)控可實時顯示衛(wèi)星的運行狀態(tài)。衛(wèi)星和地心的連線與地球表面的交點稱為星下點，即衛(wèi)星在地面上的投影點。某衛(wèi)星繞地球的運動可視為勻速圓周運動，其軌道如圖甲中虛線所示。該衛(wèi)星的監(jiān)控畫面如圖乙所示，下方數(shù)值表示經(jīng)度，曲線是星下點的軌跡展開圖，圖中給出了衛(wèi)星第Ⅰ圈、第Ⅱ圈和第Ⅲ圈的星下點軌跡展開圖，其中P點是第Ⅰ、Ⅱ圈的星下點軌跡展開圖的一個交點。已知地球自轉(zhuǎn)周期為24h，衛(wèi)星繞行方向如圖甲所示。下列說法正確的是（）A.該衛(wèi)星第Ⅰ、Ⅱ圈星下點經(jīng)過P點的時間間隔等于該衛(wèi)星的運行周期B.根據(jù)赤道與星下點軌跡展開圖的交點，可知該衛(wèi)星的運行周期約1.5hC.若地球沒有自轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的星下點軌跡為一個點D.地球靜止軌道衛(wèi)星的星下點軌跡可能經(jīng)過P點【答案】B【解析】A．假如地球沒有自轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星第Ⅰ、Ⅱ圈星下點經(jīng)過P點的時間間隔等于該衛(wèi)星的運行周期，因地球有自轉(zhuǎn)，可知該衛(wèi)星第Ⅰ、Ⅱ圈星下點經(jīng)過P點的時間間隔并不等于該衛(wèi)星的運行周期，選項A錯誤；B．根據(jù)赤道與星下點軌跡展開圖的交點，衛(wèi)星第Ⅰ圈到第Ⅲ圈沿相同方向通過赤道時，地球轉(zhuǎn)過45°，用時間可知該衛(wèi)星的運行周期約1.5h，選項B正確；C．若地球沒有自轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的星下點軌跡為一條直線或一條曲線，選項C錯誤；D．地球靜止軌道衛(wèi)星定點在赤道上方且相對地球表面靜止，則其星下點是赤道上一個點，不可能經(jīng)過P點，選項D錯誤。故選B。二、非選擇題15.圖1是“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置示意圖。（1）在“探究加速度與力的關(guān)系”的實驗中，應(yīng)保持______（選填“小車質(zhì)量”或“槽碼質(zhì)量”）不變。（2）該實驗過程中操作正確的是______。A.平衡小車受到的阻力時小車未連接紙帶B.紙帶打點時，先接通打點計時器電源，后釋放小車C.調(diào)節(jié)滑輪高度使細繩與長木板平行（3）某同學(xué)通過正確實驗操作獲得一條紙帶，測得各計數(shù)點到計數(shù)點1距離如圖2所示。已知打點計時器所用交變電流的頻率為50Hz，相鄰兩計數(shù)點間還有四個點未畫出，則小車加速度大小a＝______（結(jié)果保留小數(shù)點后兩位）。（4）在探究小車的加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系時，采用圖像法處理數(shù)據(jù)，以小車質(zhì)量的倒數(shù)為橫坐標(biāo)，小車的加速度大小a為縱坐標(biāo)。甲、乙兩組同學(xué)分別得到的圖像如圖3所示。①兩圖線的左下部分均可視為直線，請分析甲組同學(xué)所得直線斜率較大的原因______；②兩圖線的右上部分的斜率隨的增大逐漸減小，請通過計算解釋原因______?！敬鸢浮浚?）小車質(zhì)量（2）BC（3）0.51（4）甲組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量大于乙組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量不再滿足【解析】【小問1詳析】在“探究加速度與力的關(guān)系”的實驗中，應(yīng)保持小車質(zhì)量不變?！拘?詳析】A．平衡小車受到阻力時應(yīng)不掛槽碼，但要使小車拖著紙帶勻速運動，選項A錯誤；B．紙帶打點時，先接通打點計時器電源，后釋放小車，選項B正確；C．調(diào)節(jié)滑輪高度使細繩與長木板平行，選項C正確。故選BC?！拘?詳析】相鄰兩計數(shù)點間還有四個點未畫出，則T=0.1s則小車加速度大小【小問4詳析】①兩圖線的左下部分均可視為直線，根據(jù)可知分析甲組同學(xué)所得直線斜率較大的原因是甲組中小車受的牽引力較大，即甲組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量大于乙組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量；②設(shè)繩上的拉力為T，對m有mg-T=ma對M有T=Ma解得加速度若m?M時，則即小車加速度隨著增大，即M減小的過程中，不再滿足m?M時圖像偏離線性關(guān)系，且斜率減小。16.某學(xué)習(xí)小組對水果電池進行如下探究。（1）將銅片和鋅片插入一個蘋果中，用電壓表（磁電式電表，內(nèi)阻約幾千歐）測得銅片與鋅片間電壓為0.70V。則該蘋果電池的電動勢E應(yīng)______（選填“大于”“等于”或“小于”）0.70V。但將四個這樣的蘋果電池串聯(lián)起來給規(guī)格為“2.8V0.5A”的小燈泡供電時，燈泡并不發(fā)光。經(jīng)檢查，電源連接沒有問題，燈泡、導(dǎo)線、開關(guān)均無故障，猜想可能的原因是______。（2）為驗證上述猜想，該學(xué)習(xí)小組擬測量其中一個“蘋果電池”的電動勢和內(nèi)阻，他們進入實驗室，找到以下器材：A．電流表（量程為0～0.6A，內(nèi)阻為0.125Ω）B．電流表（量程0～200μA，內(nèi)阻為1000Ω）C．定值電阻（阻值為250Ω）D．電阻箱R（0～9999Ω）E．導(dǎo)線和開關(guān)a．經(jīng)分析，該蘋果電池的最大電流在0.5～1mA之間，據(jù)此該小組設(shè)計了如圖1所示的實驗電路圖，并用定值電阻對電流表______（選填“”或“”）進行改裝，改裝后的量程為______mA；b．改變電阻箱R的阻值，用上述電路測得幾組流經(jīng)蘋果電池的電流I（A）、電阻箱的讀數(shù)R（Ω）。以R（Ω）為橫坐標(biāo)，以（）為縱坐標(biāo)作出的圖線為一條直線，如圖2所示。根據(jù)圖線求得其斜率，縱軸截距?？芍撎O果電池的電動勢E＝______V，內(nèi)阻r＝______kΩ?！敬鸢浮浚?）大于蘋果電池的內(nèi)阻太大，接燈泡時電流太小，功率小無法發(fā)光（2）0～1##11.0【解析】【小問1詳析】[1]用電壓表測得銅片與鋅片間電壓為0.70V，因電壓表內(nèi)阻不是無窮大，則電壓表測得的是路端電壓，則該蘋果電池的電動勢E應(yīng)大于0.70V。[2]將四個這樣的蘋果電池串聯(lián)起來給規(guī)格為“2.8V0.5A”的小燈泡供電時，燈泡并不發(fā)光。經(jīng)檢查，電源連接沒有問題，燈泡、導(dǎo)線、開關(guān)均無故障，猜想可能的原因是蘋果電池的內(nèi)阻太大，接燈泡時電流太小，功率小無法發(fā)光?！拘?詳析】a．[1][2]電流表量程過大，則用定值電阻對電流表進行改裝，改裝后的量程為b.[3][4]改裝后電流表的內(nèi)阻根據(jù)可得可知解得17.如圖所示，長為L的輕質(zhì)絕緣細線上端固定在O點，下端拴一帶電小球，小球質(zhì)量為m，所帶電荷量為q。系統(tǒng)處于水平向右的勻強電場中，小球靜止在A點時，細線與豎直方向的夾角為?，F(xiàn)將小球拉至與O點等高的B點，由靜止釋放。重力加速度為g，求：（1）電場強度大小E；（2）A、B兩點間的電勢差；（3）小球運動到A點時的動能?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】對帶電小球受力分析，如圖所示小球在A點受力平衡，則解得【小問2詳析】A、B兩點間的電勢差【小問3詳析】小球從B點運動到A點時，根據(jù)動能定理可得解得18.如圖所示為扇形磁場質(zhì)量分析器的原理簡化圖，整個裝置處于高真空環(huán)境。某粒子源（圖中未畫出）發(fā)出兩種帶電粒子，所帶電荷量均為q，質(zhì)量分別為、。兩粒子由靜止開始經(jīng)加速電壓U加速后沿直線進入三角形勻強磁場區(qū)，磁場方向垂直于軌跡所在平面（紙面），磁感應(yīng)強度大小為B。質(zhì)量為的粒子1離開磁場區(qū)域，經(jīng)過出口狹縫，到達檢測器，如圖中實線所示，帶電粒子2的軌跡如圖中虛線所示。不計粒子重力及粒子間的相互作用力。（1）求粒子1進入磁場區(qū)時的速度大??；（2）求粒子1軌跡所在圓的半徑r；（3）為了使粒子2能夠通過出口狹縫打到檢測器上，分析應(yīng)如何調(diào)節(jié)實驗參數(shù)？（寫出兩種方法）【答案】（1）（2）（3）減小加速電壓U，增大磁感應(yīng)強度B【解析】【小問1詳析】根據(jù)動能定理得【小問2詳析】根據(jù)牛頓第二定律得【小問3詳析】為了使粒子2能夠通過出口狹縫打到檢測器上，需減小粒子在磁場中運動的半徑，可以減小加速電壓U，或者增大磁感應(yīng)強度B。19.地球質(zhì)量為M，半徑為R，地球自轉(zhuǎn)角速度為，萬有引力常量為G。不計地球大氣對衛(wèi)星的作用。（1）現(xiàn)發(fā)射一顆質(zhì)量為m，繞地球做勻速圓周運動的近地衛(wèi)星（不計衛(wèi)星距地面的高度），求衛(wèi)星的運行速度v的大小。（2）設(shè)想在地球赤道平面內(nèi)有一垂直于地面延伸到太空的輕質(zhì)電梯，始終與地球自轉(zhuǎn)同步，如圖所示。這種太空電梯可用于低成本發(fā)射衛(wèi)星，其發(fā)射方法是將衛(wèi)星通過太空電梯勻速提升到某高度，然后啟動推進裝置將衛(wèi)星從太空電梯發(fā)射出去。設(shè)在某次發(fā)射時，質(zhì)量為的衛(wèi)星在太空電梯中緩慢上升，該衛(wèi)星在上升到距地心kR（k＞1）的位置A處意外地和太空電梯脫離而進入太空。衛(wèi)星脫離時的速度可認為等于太空電梯上該位置處的線速度。已知質(zhì)量為和的兩個質(zhì)點，距離為r時的引力勢能表達式為。a．求該衛(wèi)星脫離時的速度大??；b．結(jié)合開普勒定律，請說明如何判斷衛(wèi)星脫離后是否會撞擊地球表面。（不必求解具體結(jié)果，但要寫出判斷所需的方程，并指出需要求解哪個物理量，說明如何判斷。）【答案】（1）（2）；，不會撞擊地球；當(dāng)，會撞擊地球【解析】【小問1詳析】萬有引力提供向心力解得【小問2詳析】a．太空電梯上位置A處即該衛(wèi)星脫離時的速度大小為b．該衛(wèi)星在A點脫離后做橢圓運動，地心為其橢圓運動的焦點，A點到地心的距離為kR。設(shè)該橢圓軌道長軸的另一端點B到地心距離為，衛(wèi)星在該點速度為。根據(jù)機械能守恒定律，得根據(jù)開普勒第二定律，得需求解，當(dāng)，不會撞擊地球；當(dāng)，會撞擊地球。20.類比是研究問題的常用方法。（1）情境1：已知一段導(dǎo)體兩端的電勢分別為和，且。導(dǎo)體的電阻率為，橫截面積為S，長度為L。請根據(jù)歐姆定律與電阻定律，推導(dǎo)通過導(dǎo)體的電流I的表達式。（2）情境2：熱傳導(dǎo)是由于溫度差引起的熱量傳遞現(xiàn)象，其本質(zhì)是由物質(zhì)中大量做熱運動的分子互相撞擊，從而使能量從物體的高溫部分傳至低溫部分。如圖甲所示，某傳熱介質(zhì)的橫截面積為S，兩端的溫度分別為和，且。類比電流的定義式，定義“熱流”Φ（熱傳導(dǎo)速率）為單位時間內(nèi)通過傳熱介質(zhì)某一橫截面積的熱量。已知其他條件一定時，Φ正比于溫差。定義“熱阻”為物體兩端溫度差與熱流的比值，對于熱流經(jīng)過的截面積不變的傳熱介質(zhì)，熱阻。其中L為沿?zé)崃鞣较虻慕橘|(zhì)長度，S為垂直于熱流方向傳熱介質(zhì)的截面積，k為傳熱材料的熱阻率。a．類比電流I與電勢差的關(guān)系，試推導(dǎo)熱流Φ的表達式；b．兩根金屬棒A、B尺寸相同，其中?，F(xiàn)將A、B兩金屬棒先后串聯(lián)、并聯(lián)在溫度恒定的低溫?zé)嵩春透邷責(zé)嵩粗g，如圖乙所示。低溫?zé)嵩础⒏邷責(zé)嵩吹臏囟确謩e為、，且。當(dāng)A、B串聯(lián)使用時，熱源之間各處熱流均相等；A、B并聯(lián)使用時，總熱流等于流過金屬棒A、B的熱流之和，求將A、B串聯(lián)使用時與并聯(lián)使用時兩熱源之間的總熱流之比。不計金屬棒側(cè)面與外界進行的熱量交換?！敬鸢浮浚?）（2）a．b．【解析】（1）由歐姆定律和電阻定律，可知解得（2）a．類比電流I與電勢差的關(guān)系，可得b．因為所以串聯(lián)時所以，串聯(lián)時的熱流為并聯(lián)時并聯(lián)時的熱流為所以東城區(qū)2024－2025學(xué)年度第一學(xué)期期末統(tǒng)一檢測高三物理一、選擇題1.一小鋼球從空中某位置開始做自由落體運動，落地時的速度為30m/s，g取。則該小鋼球（）A.下落的高度為90m B.下落的時間為3sC.在最后1秒內(nèi)的位移為20m D.全過程的平均速度為20m/s【答案】B【解析】A．由已知條件，可知解得下落高度為故A錯誤；B．根據(jù)已知條件，可知故B正確；C．由于下落的時間為3s，設(shè)，，可知第2秒末的速度為在最后1秒內(nèi)的位移為故C錯誤；D．全過程的平均速度為故D錯誤。故選B。2.如圖所示，將一個質(zhì)量為m的鋼球放在傾角為的固定斜面上，擋板豎直放置，鋼球處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將擋板沿順時針方向緩慢旋轉(zhuǎn)至水平位置，整個過程中鋼球均處于平衡狀態(tài)。不考慮鋼球與斜面、鋼球與擋板間的摩擦力。則鋼球?qū)醢宓膲毫Υ笮∨c對斜面的壓力大小的變化情況（）A.一直減小，一直增大B.一直增大，一直減小C.先減小后增大，一直減小D.一直減小，先增大后減小【答案】C【解析】以球為研究對象，分析受力情況，小球受到重力G、斜面的支持力F2和擋板的支持力F1，由平衡條件得知，F(xiàn)1和F2的合力與G大小相等、方向相反，作出三個位置力的合成圖如圖所示根據(jù)牛頓第三定律得擋板對鋼球的支持力大小等于鋼球?qū)醢宓膲毫Υ笮椋蓤D看出，F(xiàn)1先減小后增大，F(xiàn)2逐漸減小，當(dāng)F1和F2垂直時，F(xiàn)1最小。故選C。3.如圖所示，質(zhì)量分別為2kg、1kg的物塊A和物塊B置于光滑水平面上，中間用一輕彈簧相連。A、B兩物塊在水平拉力F的作用下，一起做勻加速直線運動（A、B相對靜止），彈簧在彈性限度內(nèi)的最大伸長量為4cm，其勁度系數(shù)為100N/m。在彈性限度內(nèi)，拉力F的最大值為（）A.4N B.6N C.8N D.10N【答案】B【解析】當(dāng)彈簧伸長量最大時，對A分析對整體分析解得F=6N故選B。4.如圖所示，質(zhì)量為m的小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動。若保持軌跡所在水平面到懸點P的距離h不變，增大輕繩的長度l。有關(guān)小球做圓周運動的周期T與輕繩的拉力大小F，下列說法正確的是（）A.T不變 B.T增大 C.F減小 D.F不變【答案】A【解析】AB．小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，對小球受力分析，如圖所示可得聯(lián)立解得周期T只與距離h有關(guān)，周期T不改變，A正確，B錯誤；CD．由上述公式可得可知輕繩的拉力大小F增大，CD錯誤。故選A。5.我國女子短道速滑隊多次在國際大賽上摘金奪銀，為祖國贏得榮譽。在某次3000m接力賽中，“接棒”的運動員甲提前站在“交棒”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出，如圖所示。在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（）A.甲對乙的沖量一定等于乙對甲的沖量B.甲、乙的動量變化一定大小相等、方向相反C.甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D.甲和乙組成的系統(tǒng)機械能守恒【答案】B【解析】〖祥解〗A．因為沖量是矢量，甲對已的作用力與乙對甲的作用力大小相等方向相反，故沖量大小相等方向相反，A錯誤；B．兩人組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，根據(jù)動量守恒定律可知，系統(tǒng)動量變化量為零，則甲、乙的動量變化一定大小相等且方向相反，B正確；C．甲、乙間的作用力大小相等，不知道甲、乙的質(zhì)量關(guān)系，不能求出甲乙動能變化關(guān)系，無法判斷做功多少，也不能判斷出二者動能的變化量，C錯誤；D．在乙推甲的過程中，乙的肌肉對系統(tǒng)做了功，甲和乙組成的系統(tǒng)機械能不守恒，D錯誤。故選B。6.如圖，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t＝0時的波形如圖中實線所示，t＝1s時的波形如圖中虛線所示，P是波傳播路徑上的一個質(zhì)點，下列說法正確的是（）A.t＝0時，質(zhì)點P正沿y軸負方向運動B.質(zhì)點P在一個周期內(nèi)的路程為5mC.該波在1s內(nèi)可能向右傳播了6mD.波的傳播速度大小可能為4m/s【答案】C【解析】A．簡諧橫波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法可知，t＝0時，質(zhì)點P正沿y軸正方向運動，故A錯誤；B．質(zhì)點P在一個周期內(nèi)的路程為故B錯誤；C．由題圖可知波長為，根據(jù)波形平移法可知，該波在1s內(nèi)向右傳播的距離為（，，）當(dāng)時，，故C正確；D．該波的傳播速度為（，，）可知波的傳播速度大小不可能為，故D錯誤。故選C。7.一臺手搖發(fā)電機產(chǎn)生正弦交流電，其電流i隨時間t變化的規(guī)律如圖所示。下列說法正確的是（）A.電流有效值為B.線圈每秒鐘轉(zhuǎn)50圈C.t＝0.10s時，穿過線圈的磁通量最大D.t＝0.15s時，穿過線圈的磁通量變化率為零【答案】D【解析】A．由圖可知，電流最大值為電流有效值為故A錯誤；B．由圖可知，周期為線圈每秒鐘轉(zhuǎn)速為故B錯誤；C．由圖可知，t＝0.10s時，電流瞬時值最大，線圈與磁感線平行，穿過線圈的磁通量為零，故C錯誤；D．由圖可知，t＝0.15s時，電流瞬時值為零，線圈處于中性面，穿過線圈的磁通量變化率為零，故D正確。故選D。8.在“用傳感器觀察電容器的充放電過程”實驗中，按圖甲連接電路。電源兩端電壓保持不變，最初電容器不帶電。單刀雙擲開關(guān)S接1給電容器充電，充滿電后，開關(guān)S改接2，電流傳感器得到的I－t圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.電容器放電過程中電阻R兩端的電壓保持不變B.充電過程中電容器的電容C隨極板所帶電荷量增大而增大C.僅減小電阻R的阻值，重復(fù)上述實驗，I－t曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積將增大D.僅增大電容器兩極板間的距離，重復(fù)上述實驗，I－t曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積將減小【答案】D【解析】A．在電容器放電過程中電流逐漸減小，可知電阻R兩端的電壓逐漸減小，故A錯誤；B．電容器的電容由電容器本身決定，與電容器帶電量無關(guān)，則在電容器充電過程中電容器的電容不變，故B錯誤；C．曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積等于電容器所帶的電量值，則如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R的阻值，則此過程的曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積不變，故C錯誤；D．如果只增大電容器兩極板間的距離，根據(jù)可知電容器的電容C減小，根據(jù)可知，電容器帶電量減小，由那么I－t曲線與坐標(biāo)軸所圍成的面積將減小，故D正確。故選D。9.某同學(xué)設(shè)計了可檢測酒精濃度的裝置，其電路原理如圖所示。、為定值電阻，R是一個“氣敏傳感器”，其阻值隨所在氣體環(huán)境中酒精濃度的增大而減小。檢測時，對著氣敏電阻R吹氣，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I。吹氣前后電壓表的示數(shù)變化量為，電流表的示數(shù)變化量為。若吹氣時酒精濃度越大，則（）A.I越大 B.U越大 C.U與I的比值越大 D.越大【答案】A【解析】A．若吹氣時酒精濃度越大，R阻值越小，總電阻越小，總電流越大，則電流表的示數(shù)I越大，故A正確；B．若吹氣時酒精濃度越大，R阻值越小，并聯(lián)部分電阻越小，并聯(lián)部分電壓越小，則電壓表的示數(shù)U越小，故B錯誤；C．U與I的比值等于并聯(lián)部分的電阻，因此，若吹氣時酒精濃度越大，U與I的比值越小，故C錯誤；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，吹氣前吹氣后聯(lián)立求得因此，是定值，故D錯誤。故選A。10.如圖所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c位于MN的中垂線上，且a、b、c到O點的距離均相等。下列說法正確的是（）A.O點處的磁感應(yīng)強度大小為零B.O點處的磁感應(yīng)強度方向由O指向cC.c點處的磁感應(yīng)強度方向與Oc連線垂直D.a、c兩點處的磁感應(yīng)強度的方向相同【答案】D【解析】AB．根據(jù)安培定則可知，M處導(dǎo)線在O點處的磁感應(yīng)強度方向向下，N處導(dǎo)線在O點處的磁感應(yīng)強度方向向下，故O點磁感應(yīng)強度不為零且方向向下，AB錯誤；CD．根據(jù)安培定則可知，M處導(dǎo)線在c點處的磁感應(yīng)強度方向垂直于cM偏下，N在c點處的磁感應(yīng)強度方向垂直于cN偏下，根據(jù)平行四邊形定則可知，c點處的磁感應(yīng)強度方向豎直向下，由AB解析知a點的磁感應(yīng)強度方向也豎直向下，C錯誤，D正確。故選D。11.某同學(xué)為了探究電感線圈和小燈泡對電路中電流的影響，設(shè)計了如圖甲所示的電路，電路兩端電壓U恒定，、為完全相同的電流傳感器。時刻閉合開關(guān)S得到如圖乙所示的電流i隨時間t變化的圖像。電路穩(wěn)定后，小燈泡發(fā)出微弱的光。下列說法正確的是（）A.閉合開關(guān)S時，自感線圈中電流為零，其自感電動勢也為零B.曲線a描述的是電流傳感器中電流隨時間變化的規(guī)律C.若斷開開關(guān)S，小燈泡閃亮后熄滅D.閉合開關(guān)S到電路穩(wěn)定的過程中，小燈泡燈絲電阻保持不變【答案】C【解析】A．閉合開關(guān)時，電感線圈中電流為零，但由于線圈的自感現(xiàn)象，其自感電動勢不為零，故A錯誤；B．閉合開關(guān)S的瞬間，線圈由于自感現(xiàn)象，電流慢慢增大，所以乙圖中的b曲線表示電流傳感器測得的數(shù)據(jù)，故B錯誤；C．圖乙可知穩(wěn)定后，所支路電流大于所在支路電流，故斷開開關(guān)S，在自感作用下，小燈泡閃亮后熄滅，故C正確；D．由圖可知，閉合開關(guān)后，電路兩端電壓恒定而流過燈泡的電流先減小后不變，結(jié)合歐姆定律可知，閉合開關(guān)到電路穩(wěn)定的過程中，小燈泡燈絲電阻先增大，后保持不變，故D錯誤。故選C。12.如圖甲所示，電子僅在靜電力作用下沿x軸正方向運動，經(jīng)過A、B、C三點，已知。該電子的電勢能隨坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.A點的電勢高于B點的電勢B.電子在A點的速度大于在B點的速度C.A點的電場強度小于B點的電場強度D.電子從A到B的過程中靜電力做的功大于從B到C的過程中靜電力做的功【答案】D【解析】A．電子從A到C電勢能逐漸減小，可知電勢逐漸升高，則電場在x坐標(biāo)軸上電場強度方向沿x軸負方向，而沿電場方向電勢逐漸降低，可知A點電勢低于B點電勢，故A錯誤；B．電子僅在靜電力作用下沿x軸正方向運動,只有電場力做功，因電勢能逐漸減小，則動能逐漸增大，即電子在A點的速度小于在B點的速度，故B錯誤；C．圖像的斜率等于電場力，可知從A到B電子受電場力逐漸減小，場強逐漸減小，可知A點電場強度大于B點電場強度，故C錯誤；D．因從A到B的電場力大于從B到C的電場力，根據(jù)W=Fx可知，電子從A運動到B靜電力做的功大于從B運動到C靜電力做的功，故D正確。故選D。13.如圖甲所示，傾角為、寬度為l、電阻不計的光滑平行金屬軌道足夠長，整個裝置處于垂直軌道平面向下的勻強磁場中。軌道上端的定值電阻阻值為R，金屬桿MN的電阻為r，質(zhì)量為m。將金屬桿MN由靜止釋放，桿始終與軌道垂直且接觸良好。通過數(shù)據(jù)采集器得到電流i隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示。當(dāng)金屬桿下滑的位移為x時，可認為電流達到最大值。已知時刻的電流為，重力加速度為g，下列說法中不正確的是（）A.磁感應(yīng)強度的大小B.時刻金屬桿的加速度大小C.金屬桿的最大速度大小D.桿下滑位移為x的過程中，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱【答案】D【解析】A．由圖像可知，金屬桿穩(wěn)定運動的電流為，桿受重力、支持力和安培力三個力平衡，根據(jù)平衡條件有解得故A正確，不符題意；B．在時刻，對金屬桿根據(jù)牛頓第二定律可得解得金屬桿的加速度大小為故B正確，不符題意；C．金屬桿速度最大時，克服安培力做功的功率等于重力做功的功率，則有解得金屬桿的速度大小為故C正確，不符題意；D．當(dāng)金屬桿下滑的位移為時，可認為電流達到最大值，此過程中，根據(jù)動能定理可知根據(jù)功能關(guān)系可得產(chǎn)生的總焦耳熱為桿下滑位移為的過程中，電阻產(chǎn)生的焦耳熱為解得故D錯誤，符合題意。故選D。14.星下點監(jiān)控可實時顯示衛(wèi)星的運行狀態(tài)。衛(wèi)星和地心的連線與地球表面的交點稱為星下點，即衛(wèi)星在地面上的投影點。某衛(wèi)星繞地球的運動可視為勻速圓周運動，其軌道如圖甲中虛線所示。該衛(wèi)星的監(jiān)控畫面如圖乙所示，下方數(shù)值表示經(jīng)度，曲線是星下點的軌跡展開圖，圖中給出了衛(wèi)星第Ⅰ圈、第Ⅱ圈和第Ⅲ圈的星下點軌跡展開圖，其中P點是第Ⅰ、Ⅱ圈的星下點軌跡展開圖的一個交點。已知地球自轉(zhuǎn)周期為24h，衛(wèi)星繞行方向如圖甲所示。下列說法正確的是（）A.該衛(wèi)星第Ⅰ、Ⅱ圈星下點經(jīng)過P點的時間間隔等于該衛(wèi)星的運行周期B.根據(jù)赤道與星下點軌跡展開圖的交點，可知該衛(wèi)星的運行周期約1.5hC.若地球沒有自轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的星下點軌跡為一個點D.地球靜止軌道衛(wèi)星的星下點軌跡可能經(jīng)過P點【答案】B【解析】A．假如地球沒有自轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星第Ⅰ、Ⅱ圈星下點經(jīng)過P點的時間間隔等于該衛(wèi)星的運行周期，因地球有自轉(zhuǎn)，可知該衛(wèi)星第Ⅰ、Ⅱ圈星下點經(jīng)過P點的時間間隔并不等于該衛(wèi)星的運行周期，選項A錯誤；B．根據(jù)赤道與星下點軌跡展開圖的交點，衛(wèi)星第Ⅰ圈到第Ⅲ圈沿相同方向通過赤道時，地球轉(zhuǎn)過45°，用時間可知該衛(wèi)星的運行周期約1.5h，選項B正確；C．若地球沒有自轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的星下點軌跡為一條直線或一條曲線，選項C錯誤；D．地球靜止軌道衛(wèi)星定點在赤道上方且相對地球表面靜止，則其星下點是赤道上一個點，不可能經(jīng)過P點，選項D錯誤。故選B。二、非選擇題15.圖1是“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置示意圖。（1）在“探究加速度與力的關(guān)系”的實驗中，應(yīng)保持______（選填“小車質(zhì)量”或“槽碼質(zhì)量”）不變。（2）該實驗過程中操作正確的是______。A.平衡小車受到的阻力時小車未連接紙帶B.紙帶打點時，先接通打點計時器電源，后釋放小車C.調(diào)節(jié)滑輪高度使細繩與長木板平行（3）某同學(xué)通過正確實驗操作獲得一條紙帶，測得各計數(shù)點到計數(shù)點1距離如圖2所示。已知打點計時器所用交變電流的頻率為50Hz，相鄰兩計數(shù)點間還有四個點未畫出，則小車加速度大小a＝______（結(jié)果保留小數(shù)點后兩位）。（4）在探究小車的加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系時，采用圖像法處理數(shù)據(jù)，以小車質(zhì)量的倒數(shù)為橫坐標(biāo)，小車的加速度大小a為縱坐標(biāo)。甲、乙兩組同學(xué)分別得到的圖像如圖3所示。①兩圖線的左下部分均可視為直線，請分析甲組同學(xué)所得直線斜率較大的原因______；②兩圖線的右上部分的斜率隨的增大逐漸減小，請通過計算解釋原因______?！敬鸢浮浚?）小車質(zhì)量（2）BC（3）0.51（4）甲組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量大于乙組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量不再滿足【解析】【小問1詳析】在“探究加速度與力的關(guān)系”的實驗中，應(yīng)保持小車質(zhì)量不變?！拘?詳析】A．平衡小車受到阻力時應(yīng)不掛槽碼，但要使小車拖著紙帶勻速運動，選項A錯誤；B．紙帶打點時，先接通打點計時器電源，后釋放小車，選項B正確；C．調(diào)節(jié)滑輪高度使細繩與長木板平行，選項C正確。故選BC?！拘?詳析】相鄰兩計數(shù)點間還有四個點未畫出，則T=0.1s則小車加速度大小【小問4詳析】①兩圖線的左下部分均可視為直線，根據(jù)可知分析甲組同學(xué)所得直線斜率較大的原因是甲組中小車受的牽引力較大，即甲組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量大于乙組同學(xué)實驗中所用槽碼的質(zhì)量；②設(shè)繩上的拉力為T，對m有mg-T=ma對M有T=Ma解得加速度若m?M時，則即小車加速度隨著增大，即M減小的過程中，不再滿足m?M時圖像偏離線性關(guān)系，且斜率減小。16.某學(xué)習(xí)小組對水果電池進行如下探究。（1）將銅片和鋅片插入一個蘋果中，用電壓表（磁電式電表，內(nèi)阻約幾千歐）測得銅片與鋅片間電壓為0.70V。則該蘋果電池的電動勢E應(yīng)______（選填“大于”“等于”或“小于”）0.70V。但將四個這樣的蘋果電池串聯(lián)起來給規(guī)格為“2.8V0.5A”的小燈泡供電時，燈泡并不發(fā)光。經(jīng)檢查，電源連接沒有問題，燈泡、導(dǎo)線、開關(guān)均無故障，猜想可能的原因是______。（2）為驗證上述猜想，該學(xué)習(xí)小組擬測量其中一個“蘋果電池”的電動勢和內(nèi)阻，他們進入實驗室，找到以下器材：A．電流表（量程為0～0.6A，內(nèi)阻為0.125Ω）B．電流表（量程0～200μA，內(nèi)阻為1000Ω）C．定值電阻（阻值為250Ω）D．電阻箱R（0～9999Ω）E．導(dǎo)線和開關(guān)a．經(jīng)分析，該蘋果電池的最大電流在0.5～1mA之間，據(jù)此該小組設(shè)計了如圖1所示的實驗電路圖，并用定值電阻對電流表______（選填“”或“”）進行改裝，改裝后的量程為______mA；b．改變電阻箱R的阻值，用上述電路測得幾組流經(jīng)蘋果電池的電流I（A）、電阻箱的讀數(shù)R（Ω）。以R（Ω）為橫坐標(biāo)，以（）為縱坐標(biāo)作出的圖線為一條直線，如圖2所示。根據(jù)圖線求得其斜率，縱軸截距?？芍撎O果電池的電動勢E＝______V，內(nèi)阻r＝______kΩ?！敬鸢浮浚?）大于蘋果電池的內(nèi)阻太大，接燈泡時電流太小，功率小無法發(fā)光（2）0～1##11.0【解析】【小問1詳析】[1]用電壓表測得銅片與鋅片間電壓為0.70V，因電壓表內(nèi)阻不是無窮大，則電壓表測得的是路端電壓，則該蘋果電池的電動勢E應(yīng)大于0.70V。[2]將四個這樣的蘋果電池串聯(lián)起來給規(guī)格為“2.8V0.5A”的小燈泡供電時，燈泡并不發(fā)光。經(jīng)檢查，電源連接沒有問題，燈泡、導(dǎo)線、開關(guān)均無故障，猜想可能的原因是蘋果電池的內(nèi)阻太大，接燈泡時電流太小，功率小無法發(fā)光?！拘?詳析】a．[1][2]電流表量程過大，則用定值電阻對電流表進行改裝，改裝后的量程為b.[3][4]改裝后電流表的內(nèi)阻根據(jù)可得可知解得17.如圖所示，長為L的輕質(zhì)絕緣細線上端固定在O點，下端拴一帶電小球，小球質(zhì)量為m，所帶電荷量為q。系統(tǒng)處于水平向右的勻強電場中，小球靜止在A點時，細線與豎直方向的夾角為?，F(xiàn)將小球拉至與O點等高的B點，由靜止釋放。重力加速度為g，求：（