遼寧省沈陽市2024-2025學(xué)年度上學(xué)期高一期末五校聯(lián)考物理試題五校聯(lián)考高一年級物理試題答案

20242025學(xué)年度(上)沈陽市五校協(xié)作體期末考試高一年級物理答案考試時(shí)間：75分鐘考試分?jǐn)?shù)：100分題號12345678910答案CAADDDCADBDACD1．C【詳解】A．圖甲中為了描述運(yùn)動(dòng)員位置的變化快慢定義了速度，運(yùn)用了比值定義法，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中在觀察桌面的形變時(shí)，利用了微小量放大法，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中伽利略在研究自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理的研究方法，故C正確；D．圖丁中用極短曝光時(shí)間內(nèi)的平均速度來表示點(diǎn)的瞬時(shí)速度，運(yùn)用了近似替代法，故D錯(cuò)誤。故選C。2．A【詳解】AD．在內(nèi)加速度的變化率為在內(nèi)加速度的變化率為0，由題可知，汽車加速度的變化率越小乘客舒適感越好，則內(nèi)乘客感覺更舒適，故A正確，D錯(cuò)誤；B．在內(nèi)加速度不變，轎車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示速度的變化量，可知內(nèi)的速度變化量為由于不知道時(shí)刻的初速度大小，所以無法確定第末，轎車的速度大小，故C錯(cuò)誤。故選A。3．A【詳解】設(shè)每顆棋子質(zhì)量為m，根據(jù)題意三顆相同象棋子豎直疊放，所有接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相同，設(shè)1、2兩個(gè)棋子間最大靜摩擦力為f，則2、3棋子間最大靜摩擦力為2f，第三顆棋子與水平面間最大靜摩擦力為3f，中間棋子被擊出，中間棋子對第1顆棋子有向右滑動(dòng)摩擦力，則第1顆棋子有向右的加速度，即向右有位移，后落在第3顆棋子上，在摩擦力作用下靜止在第3顆棋子上，第3顆棋子仍受力平衡，第3顆棋子位移是零，可知穩(wěn)定后，棋子的位置情況可能是A。故選A。4．D【詳解】A．根據(jù)速度時(shí)間圖像的斜率表示加速度，則有故A錯(cuò)誤；B．由速度時(shí)間圖像可知無人機(jī)的初速度為4m/s，02s內(nèi)無人機(jī)向正方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，t=2s到達(dá)最大位置處，則02s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移為故初位置為故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)無人機(jī)經(jīng)時(shí)間從最大位置處回到坐標(biāo)原點(diǎn)，由速度時(shí)間圖像可知，返回坐標(biāo)原點(diǎn)的加速度大小為2m/s2，則有解得故無人機(jī)回到坐標(biāo)原點(diǎn)的時(shí)間為故D正確。故選D。5．D【詳解】A．分解繩子拉力，豎直方向分力大小為則每根繩的拉力為故A錯(cuò)誤；B．依題意，鋼圓筒處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受的合力為零。故B錯(cuò)誤；C．若增加起吊繩的長度，則每根繩與豎直方向的夾角變小，由可知每根繩的拉力變小。故C錯(cuò)誤；D．若每根繩承受的最大拉力為，則10根繩的合力由牛頓第二定律有解得故D正確。故選D。6．D【詳解】建立如圖所示的直角坐標(biāo)系，則y方向x方向其中f=0.1mg解得則推力故選D。7．C【詳解】A．對小球受力分析如圖所示根據(jù)牛頓第二定律可知可知方向水平向右，因?yàn)榱熊嚳赡芟蛴壹铀?，也可能向左減速，故A錯(cuò)誤；B．水平方向?yàn)橹袑W(xué)生提供加速度的力是左側(cè)車廂壁施加的彈力和摩擦力的合力，兩者合力向右，但摩擦力不一定向右，故B錯(cuò)誤；C．中學(xué)生受到地鐵施加的作用力與自身的重力作用，合力為Mgtanθ，因此中學(xué)生受到地鐵施加的作用力大小等于重力與Mgtanθ的合力大小，為故C正確；D．由于兩小球的質(zhì)量和加速度均相同，它們的合力相同均為ma，則細(xì)繩和輕桿對小球的作用力大小均為方向與豎直方向夾角均為θ，故D錯(cuò)誤。故選C。8．AD【詳解】A．飛機(jī)上的乘客在豎直方向有豎直向上的加速度，處于超重狀態(tài)，故A正確；B．飛機(jī)的合加速度與水平方向的夾角為，則有飛機(jī)的合速度與水平方向的夾角為，則有則合加速度與合速度方向相同，飛機(jī)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．前20s內(nèi)，飛機(jī)上升的高度為故C錯(cuò)誤；D．前20s內(nèi)，飛機(jī)水平方向的位移為前20s內(nèi)，飛機(jī)水平方向的平均速度為故D正確。故選AD。9．BD【詳解】A．已知v0=54km/h=15m/s則汽車剎車時(shí)間為故A錯(cuò)誤；B．汽車剎車過程中的位移為則汽車不能安全停下，故B正確；C．汽車開始“主動(dòng)剎車”后第1s末的速度為故C錯(cuò)誤；D．由A選項(xiàng)分析可知汽車開始“主動(dòng)剎車”后2.5s停止。則汽車第3s內(nèi)的位移第3s內(nèi)的平均速度為故D正確。故選BD。10．ACD【詳解】A．對小球A進(jìn)行受力分析，三力構(gòu)成矢量三角形，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知兩三角形相似，因此緩慢運(yùn)動(dòng)過程O′A越來越大，則F逐漸增大，故A正確；B．由于OA長度不變，桿對小球的作用力大小F′不變，故B錯(cuò)誤；C．對木板，由于桿對木板的作用力大小不變，方向向右下，但桿的作用力與豎直方向的夾角θ越來越大，地面對木板的摩擦力f=F′sinθ逐漸增大，故C正確；D．木板B受重力、地面的支持力、桿的彈力和地面的摩擦力，根據(jù)力的合成與分解可知地面對木板B的作用力與木板B受重力和桿的彈力的合力等大反向，桿的作用力與豎直方向的夾角越來越大，則木板B受重力和桿的彈力的合力逐漸減小，所以地面對木板B的作用力減小，故D正確。故選ACD。11．(1)無（1分）41.0（2分）(2)7.20（1分）(3)50.0（2分）【詳解】（1）[1]沒有影響，這是由于彈簧受擠壓時(shí)彈力大小可借助于電子秤測出，所以與筆的重力無關(guān)。[2]根據(jù)胡克定律，可得彈簧勁度系數(shù)為（2）如圖丙所示，刻度尺分度值為，應(yīng)估讀到下一位，指針對應(yīng)處的讀數(shù)為。（3）由于有三根彈簧，則彈簧勁度系數(shù)滿足12．(1)不需要（2分）(2)2.0（2分）0.10（2分）(3)偏大（2分）【詳解】（1）實(shí)驗(yàn)中可利用力傳感器直接得到繩子拉力，故不需要滿足砂子與砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小物塊的質(zhì)量。（2）根據(jù)牛頓第二定律可得整理可得所以圖像的斜率縱截距表示，由圖可得（3）因?yàn)閷?shí)驗(yàn)中不可以避免的存在其他阻力（紙帶、滑輪摩擦），導(dǎo)致測量的小物塊與長木板間的摩擦力偏大，所以的測量值偏大。13．【詳解】（1）對球受力分析，如圖則（1分）對球、正方體整體受力分析，正方體所受支持力（1分）由牛頓第三定律可知正方體對地面的壓力大?。?分）（1分）正方體所受地面的摩擦力（1分）由牛頓第三定律可知正方體對地面的摩擦力大小（1分）（2）正方體恰好不滑動(dòng)時(shí)（1分）即（1分）解得（2分）14．（1）根據(jù)題意，設(shè)運(yùn)動(dòng)員在空中飛行的時(shí)間為t，水平方向上有（1分）豎直方向上有（1分）又有（1分）設(shè)運(yùn)動(dòng)員落地時(shí)速度與水平方向夾角為，則（2分）（2）運(yùn)動(dòng)員速度方向與斜面平行時(shí)距離斜面最遠(yuǎn) （1分）（1分）解得（1分）將運(yùn)動(dòng)員速度沿斜面方向與垂直斜面方向分解有（1分）（1分）距斜面的最大距離（2分）15．（1）當(dāng)A與B剛要相對滑動(dòng)時(shí)，A、B之間為最大靜摩擦力，對A有對A、B，有解得因（臨界判斷不設(shè)采分點(diǎn)）故A、B一起做勻加速運(yùn)動(dòng)。對A、B整體解得（2分）對A有（2分）（2）因水平拉力故A、B相對滑動(dòng)。對A，有（1分）對B，有解得（1分）設(shè)拉力作用時(shí)間為時(shí)最終小物塊剛好沒有滑離長木板，則時(shí)小物塊對應(yīng)的速度和位移分別為，（1分）則時(shí)木板對應(yīng)的速度和位移為，（1分）則此過程中A相對B向左滑動(dòng)距離（1分）水平拉力撤去后，設(shè)再經(jīng)時(shí)間，A、B剛好共速。因A繼續(xù)加速，加速度（1分）B做減速運(yùn)動(dòng)，有解得（1分）則此過程中A相對B向左滑動(dòng)（1分）因故共速后A相對B向右滑動(dòng)，則此時(shí)A剛好滑到B最左端，則m（1分）聯(lián)立，解得，