2025年湘教版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘教版選修3物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、關(guān)于電磁場(chǎng)和電磁波，下列說(shuō)法正確的是A.電場(chǎng)和磁場(chǎng)總是相互聯(lián)系著的，統(tǒng)稱為電磁場(chǎng)B.電磁場(chǎng)由發(fā)生區(qū)域向遠(yuǎn)處傳播形成電磁波C.電磁場(chǎng)是一種物質(zhì)，不能在真空中傳播D.電磁波的傳播速度總是3.00×108m/s2、下列說(shuō)法中不正確的是（）A.利用放大1000倍的高倍光學(xué)顯微鏡，可以觀察到分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．B.有些物質(zhì)在適當(dāng)溶劑中溶解時(shí)在一定濃度范圍內(nèi)具有液晶態(tài)C.對(duì)于煤炭、石油等化石能源要節(jié)約使用，提高其利用率，并避免使用過(guò)程中對(duì)環(huán)境造成影響．D.一定質(zhì)量的理想氣體氣體溫度升高，體積增大，壓強(qiáng)不變，則氣體分子在單位時(shí)間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)一定減少．3、如圖所示，固定平行導(dǎo)軌間有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)軌間距為l且足夠長(zhǎng)，左端接阻值為R的定值電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．現(xiàn)有一長(zhǎng)為2l的金屬棒垂直放在導(dǎo)軌上，在金屬棒以O(shè)點(diǎn)為軸沿順時(shí)針?lè)较蛞越撬俣圈剞D(zhuǎn)過(guò)60°的過(guò)程中（金屬棒始終與導(dǎo)軌接觸良好；電阻不計(jì)）（）

A.通過(guò)定值電阻的電流方向由b到aB.金屬棒剛開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大C.通過(guò)定值電阻的最大電流為D.通過(guò)定值電阻的電荷量為4、電容器的電容取決于極板的面積、極板間距離以及極板間的電介質(zhì)這幾個(gè)因素．如果某一個(gè)物理量的變化，能夠引起上述某個(gè)量的變化，從而引起電容的變化，那么通過(guò)測(cè)定電容就可以確定該物理量的變化．起到這種用途的電容器叫做電容式傳感器．圖示是測(cè)定液面高度h的電容式傳感器原理圖．在金屬芯線外面涂上一層電介質(zhì)；放入導(dǎo)電液中，金屬線和液體構(gòu)成電容的兩個(gè)極．則，下列關(guān)于該電容式傳感器的分析合理的是。

A.液面高度h降低時(shí)，該電容的電容減小B.液面高度h降低時(shí)，該電容兩極板間的正對(duì)面積增大C.液面高度h升高時(shí)，該電容兩極板間的距離增大D.液面高度h升高時(shí)，該電容存儲(chǔ)電荷的能力減小5、蹦極跳是勇敢者的體育運(yùn)動(dòng)．設(shè)運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)跳臺(tái)時(shí)的速度為零，從自由下落到彈性繩剛好被拉直為第一階段，從彈性繩剛好被拉直到運(yùn)動(dòng)員下降至最低點(diǎn)為第二階段．下列說(shuō)法中正確的是（）A.第一階段重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的功和第二階段重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的功大小相等B.第一階段重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小和第二階段重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小相等C.第一階段運(yùn)動(dòng)員受到的合力方向始終向下，第二階段受到的合力方向始終向上D.第一階段和第二階段，重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量與彈性繩彈力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小相等評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、A、B、C為三塊水平放置的金屬板，與電路連接如圖所示，三塊板正中央各有一小孔，A板接地，電源內(nèi)阻為r，三個(gè)定值電阻電路中電表均為理想電表，滑片P開(kāi)始置于R2中點(diǎn)，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點(diǎn)靜止釋放；恰好能到達(dá)C板，不計(jì)空氣阻力和極板外電場(chǎng)，下列說(shuō)法中正確的是。

A.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)，則B板電勢(shì)降低B.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng),則電流表A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大C.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)，仍將該液滴從D點(diǎn)由靜止釋放，則帶電液滴不能到達(dá)C板D.滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)，則不變，的值變小(U為電壓表V示數(shù)，I2為電流表A2，為電流表A2示數(shù)的改變量)7、如圖是雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖，S為單縫，S1、S2為雙縫，P為光屏．用綠光照射單縫S時(shí)，可在光屏P上觀察到干涉條紋．為使相鄰兩個(gè)亮條紋的中心間距增大；下列措施可行的是。

A.減小雙縫間的距離B.增大雙縫到屏的距離C.將綠光換為紅光D.將綠光換為紫光8、下列說(shuō)法中正確的是（）A.分子間距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力都減小B.高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故C.功轉(zhuǎn)變?yōu)闊岬暮暧^過(guò)程是不可逆過(guò)程E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)高于外界壓強(qiáng)，在緩慢漏氣過(guò)程中（內(nèi)外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶?jī)?nèi)氣體吸收熱量且分子平均動(dòng)能不變E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)高于外界壓強(qiáng)，在緩慢漏氣過(guò)程中（內(nèi)外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶?jī)?nèi)氣體吸收熱量且分子平均動(dòng)能不變9、下列說(shuō)法正確的是（填入正確選項(xiàng)前的字母A.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，故液體表面存在張力B.懸浮在液體中的固體小顆粒會(huì)不停的做無(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，這種運(yùn)動(dòng)是分子熱運(yùn)動(dòng)C.把很多小的單晶體放在一起，就變成了非晶體E.絕對(duì)零度不可達(dá)到E.絕對(duì)零度不可達(dá)到10、下列各圖對(duì)應(yīng)的說(shuō)法；正確的是。

A.甲圖中當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間相互作用的引力和斥力大小相等B.乙圖是非晶體的微觀結(jié)構(gòu)示意圖C.丙圖中小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用D.丁圖中把兩端開(kāi)口的很細(xì)的玻璃管插入水中可觀察到水在細(xì)玻璃管中上升11、兩列波速相同的簡(jiǎn)諧橫波沿x軸相向傳播，實(shí)線波的頻率為3Hz，振幅為10cm，虛線波的振幅為5cm。t=0時(shí)；兩列波在如圖所示區(qū)域內(nèi)相遇，則。

A.兩列波在相遇區(qū)域內(nèi)會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象B.實(shí)線波和虛線波的頻率之比為3：2C.t=s時(shí)，x="9"m處的質(zhì)點(diǎn)實(shí)際振動(dòng)方向向上D.t=時(shí)，x="4"m處的質(zhì)點(diǎn)實(shí)際位移大小|y|>12.5cm12、簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿直線傳播，P、Q是傳播方向上相距10m的兩質(zhì)點(diǎn)，波先傳到P，當(dāng)波傳到Q開(kāi)始計(jì)時(shí)，P、Q兩點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖所示,設(shè)振幅為A,則。

A.當(dāng)Q的位移為＋A時(shí)，P的位移為B.該波從P傳到Q的時(shí)間可能是8sC.該波的傳播速度可能為1m/sD.該波的波長(zhǎng)可能是3m13、兩個(gè)小球A、B在光滑水平桌面上沿直線運(yùn)動(dòng)，發(fā)生彈性碰撞。碰撞過(guò)程中，A球?qū)球的沖量大小為I1，B球?qū)球的沖量大小為I2，A球?qū)球所做功的大小為W1，B球?qū)球所做功的大小為W2，則A.I1=I2B.I1≠I(mǎi)2C.W1=W2D.W1≠W214、在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示．下列比值正確的是。

A.△U1>△U2,△U2>△U3B.U1:I不變,△U1:△I不變C.U2:I變大,△U2:△I變大D.U3:I變大,△U3:△I不變?cè)u(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示電路，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學(xué)的分析思路如下：

試寫(xiě)出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。16、每年入夏時(shí)節(jié)，西南暖濕氣流與來(lái)自北方的冷空氣在江南、華南等地交匯，形成持續(xù)的降雨．冷空氣較暖濕空氣密度大,當(dāng)冷暖氣流交匯時(shí)，冷氣團(tuán)下沉，暖濕氣團(tuán)在被抬升過(guò)程中膨脹．則暖濕氣團(tuán)溫度會(huì)_______（選填“升高”、“不變”或“降低”），同時(shí)氣團(tuán)內(nèi)空氣的相對(duì)濕度會(huì)_________（選填“變大”、“不變”或“變小”）．17、帶有活塞的汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體開(kāi)始處于a狀態(tài)，然后經(jīng)過(guò)狀態(tài)變化過(guò)程到達(dá)c狀態(tài)。在圖中變化過(guò)程如圖所示。

（1）氣體從a狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)b狀態(tài)的過(guò)程中壓強(qiáng)____________。（填“增大”；“減小”或“不變”）

（2）氣體從b狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)c狀態(tài)的過(guò)程要____________。（填“吸收”或“放出”）熱量。18、幾何光學(xué)中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作______19、如圖所示，小量程電流表的內(nèi)阻為滿偏電流為若把它改裝成的兩個(gè)量程的電壓表，那么____________________

20、如圖所示，一個(gè)邊長(zhǎng)為l＝1m的正方形線圈的總電阻為R＝2Ω，當(dāng)線圈以v＝2m/s的速度勻速通過(guò)磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，線圈平面總保持與磁場(chǎng)垂直．若磁場(chǎng)的寬度L＞1m，線圈在穿過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中釋放的焦耳熱為_(kāi)____．

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)24、在測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中；已知一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，內(nèi)阻約為0.30Ω；電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻等于0.70Ω）；滑動(dòng)變阻器R（10Ω，2A）。為了更準(zhǔn)確地測(cè)出電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

（1）請(qǐng)?jiān)趫D1方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖__________。

（2）在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得多組電壓和電流值，得到如圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動(dòng)勢(shì)E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）

（3）某小組在實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)電流表壞了，于是不再使用電流表，僅用電阻箱替換掉了滑動(dòng)變阻器，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)中讀出幾組電阻箱的阻值和電壓表的示數(shù)U，描繪出的關(guān)系圖像，得到的函數(shù)圖像是一條直線。若該圖像的斜率為k，與縱軸的截距為b，則其電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)__________，內(nèi)阻為_(kāi)_____________。25、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，某實(shí)驗(yàn)小組決定測(cè)繪標(biāo)有“3.8V0.4A”0.4A”

小燈泡的伏安特性曲線．（1）使用多用電表粗測(cè)小燈泡的電阻，選擇“×1”_______歐姆擋測(cè)量，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為

Ω．（2

）實(shí)驗(yàn)室提供的實(shí)驗(yàn)器材有：AE．電源（4V，內(nèi)阻約

0.4Ω）B．電壓表V（2V，內(nèi)阻為

2kΩ）C．電流表A（0.6A，內(nèi)阻約

0.3Ω）DR．滑動(dòng)變阻器

（0~10Ω）ER．三個(gè)定值電阻（1R=1kΩ，2R=2kΩ，3

=5kΩ）F

．開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干______①小組同學(xué)們研究后發(fā)現(xiàn)，電壓表的量程不能滿足實(shí)驗(yàn)要求，為了完成測(cè)量，他將電壓表進(jìn)行了改裝．在給定的定值電阻中選用（選填R“1R”“2”或R“3”______）與電壓表（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”

），完成改裝．_____________②在圖虛線框中畫(huà)出正確的實(shí)驗(yàn)電路圖（虛線框中已將部分電路畫(huà)出，請(qǐng)補(bǔ)齊電路的其他部分）

．（3R）該實(shí)驗(yàn)小組按照正確的電路圖和實(shí)驗(yàn)操作描繪出了小燈泡的伏安特性曲線如圖所示．先將兩個(gè)相同規(guī)格的小燈泡按如圖所示電路連接，圖中定值電阻阻值為0=3ΩE，電源電動(dòng)勢(shì)=4.5Vr，內(nèi)阻=1.5Ω________，此時(shí)每個(gè)小燈泡消耗的電功率為W．（結(jié)果保留2I位有效數(shù)字，

表示通過(guò)每個(gè)小燈泡的電流）26、現(xiàn)要測(cè)量某小量程電流表的內(nèi)阻，其內(nèi)阻在8Ω～10Ω之間，要求測(cè)量多組數(shù)據(jù)，且各電表指針最大偏轉(zhuǎn)均能超過(guò)其滿偏刻度的可選用的器材如下：

A.待測(cè)電流表A（量程10mA）

B.電壓表V（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

C.電流表A0（量程5mA，內(nèi)阻）

D.滑動(dòng)變阻器R1（最大電阻5Ω；滑片可滑動(dòng)的最大距離10cm）

E.滑動(dòng)變阻器R2（最大電阻10Ω；滑片可滑動(dòng)的最大距離50cm）

F.定值電阻R3（阻值20Ω）

G.電源E（電動(dòng)勢(shì)1.5V）

H.開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干。

（1）器材選擇時(shí)，在電壓表V和電流表A0中，應(yīng)選_______（填“V”或“A0”），為便于調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_________（填“R1”或“R2”）；

（2）請(qǐng)?jiān)诜娇騼?nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖_________；

（3）實(shí)驗(yàn)中，若測(cè)得待測(cè)電流表A的示數(shù)為I，另一電表的示數(shù)為k，則待測(cè)電流表A內(nèi)阻的表達(dá)式為r=__________.27、在“把小量程電流表改裝成歐姆表”的實(shí)驗(yàn)中；給出的器材有：

A．電流表（量程為600A；內(nèi)阻約為190Ω）

B．電阻箱（0?999.9Ω）

C．滑動(dòng)變阻器（0?4kΩ）

D．電位器（0?20kΩ；電位器相當(dāng)于滑動(dòng)變阻器）

E．電源（電動(dòng)勢(shì)為1.5V；有內(nèi)阻）

F．電源（電動(dòng)勢(shì)為7.5V；有內(nèi)阻）

G．開(kāi)關(guān)兩個(gè)；導(dǎo)線若干。

(1)首先要用“半偏法”測(cè)定電流表的內(nèi)阻，如果采用如圖1所示的電路測(cè)定電流表的內(nèi)電阻并且要想得到較高的精確度，那么以上給出的器材中，電阻R1應(yīng)選用_____，電阻R2應(yīng)選用____，電源應(yīng)選用_____．（填寫(xiě)所選儀器前的字母即可）

(2)該實(shí)驗(yàn)操作的步驟有______

A．閉合S1

B．閉合S2

C．觀察R1的阻值是否最大，如果不是，將R1的阻值調(diào)至最大。

D．調(diào)節(jié)R1的阻值；使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度。

E．調(diào)節(jié)R2的阻值；使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半。

F．記下R2的阻值．

(3)如果在步驟F中所得的R2的阻值為200Ω，則圖1中被測(cè)電流表的內(nèi)阻Rg的測(cè)量值為_(kāi)______Ω，若僅考慮系統(tǒng)誤差，則測(cè)量值比實(shí)際值略______（選填“大”；“小”）．

(4)如果要將圖中的電流表改裝成歐姆表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖2所示，選用電動(dòng)勢(shì)為1.5V的電源，則R3應(yīng)選用______（填寫(xiě)所選儀器前的字母即可）

(5)電流表改裝成歐姆表后，如圖3所示，電流表的指針?lè)謩e指向0、300、600刻度線對(duì)應(yīng)的電阻值大小分別是______；______；______．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】變化的電場(chǎng)能產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)能產(chǎn)生電場(chǎng)．所以變化的電場(chǎng)和變化的磁場(chǎng)總是相互聯(lián)系著的，統(tǒng)稱為電磁場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；電磁波是由變化電磁場(chǎng)產(chǎn)生的，由發(fā)生區(qū)域向遠(yuǎn)處傳播形成電磁波，故B正確；電磁場(chǎng)是一種物質(zhì)，所以傳播不依賴是否真空，故C錯(cuò)誤；電磁波在真空中的傳播速度是3×108m/s．故D錯(cuò)誤；故選B.

點(diǎn)睛：了解電磁波的產(chǎn)生與傳播，知道電磁波是橫波，記住電磁波在真空中傳播速度即可解答．2、A【分析】A項(xiàng)：分子直徑的數(shù)量級(jí)是10-10m；利用放大1000倍的高倍光學(xué)顯微鏡是看不到的，故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：當(dāng)有些物質(zhì)溶解達(dá)到飽和度時(shí)；會(huì)達(dá)到溶解平衡，所以有些物質(zhì)在適當(dāng)溶劑中溶解時(shí)在一定濃度范圍內(nèi)具有液晶態(tài)，故B正確；

C項(xiàng)：煤炭；石油在利用時(shí)；會(huì)產(chǎn)生二氧化碳、灰塵等有害物質(zhì)，為避免對(duì)環(huán)境的危害，必須提高利用率，故C正確；

D項(xiàng)：氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知；壓強(qiáng)取決于單位時(shí)間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)（體積）和分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)程度即分子的平均動(dòng)能（溫度），所以體積增大，壓強(qiáng)不變時(shí)，氣體分子在單位時(shí)間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)一定減少，故D正確．

點(diǎn)晴：明確分子直徑的數(shù)量級(jí)和壓強(qiáng)的微觀解釋是解題的關(guān)鍵，從環(huán)保的角度分析能源的利用．3、D【分析】【詳解】

金屬棒以O(shè)點(diǎn)為軸沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，由右手定則可知，通過(guò)定值電阻的電流方向由a到b，故A錯(cuò)誤；當(dāng)金屬棒轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)有效的切割長(zhǎng)度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，感應(yīng)電流最大．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為：Em＝B?2l＝B?2l?＝2Bl2ω，通過(guò)定值電阻的最大電流為：，故BC錯(cuò)誤．通過(guò)定值電阻的電荷量為：q＝△t，平均感應(yīng)電流為：，平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：，，解得：q＝，故D正確；．4、A【分析】【詳解】

根據(jù)電容的決定式可知；液面高度h降低時(shí)，該電容兩極板間的正對(duì)面積減小，該電容的電容減小，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；液面高度h升高時(shí)，該電容兩極板間的距離不變，該電容兩極板間的正對(duì)面積增大，該電容的電容變大，該電容存儲(chǔ)電荷的能力增大，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選A.

點(diǎn)睛：本題只要掌握電容的決定式知道金屬芯線與導(dǎo)電液體形成一個(gè)電容器，液面高度h變化相當(dāng)于正對(duì)面積變化，就能很容易分析電容與液面高度h的關(guān)系．5、D【分析】【詳解】

A；若兩個(gè)階段物體下落的高度不同；則兩個(gè)階段重力做功不相等，故A錯(cuò)。

B、整個(gè)下落過(guò)程中,兩個(gè)階段的時(shí)間關(guān)系不知道,根據(jù)則不能判定第一階段重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量和第二階段重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小關(guān)系.故B錯(cuò)誤;

C；第二階段運(yùn)動(dòng)員受到的合力方向先向下后向上.故C錯(cuò)誤.

D；整個(gè)下落過(guò)程中,因?yàn)槌跄┧俣榷紴榱?所以第一、第二階段重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的總沖量和第二階段彈性繩彈力對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小相等.所以D選項(xiàng)是正確的.

綜上所述本題答案是：D

點(diǎn)睛：根據(jù)動(dòng)量定理研究第一階段重力的沖量和第二階段彈力的沖量大小關(guān)系;整個(gè)下落過(guò)程中,因?yàn)槌跄┧俣榷紴榱?根據(jù)動(dòng)能定理,總功為零,整個(gè)過(guò)程中,重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員所做的功等于運(yùn)動(dòng)員克服彈性繩彈力所做的功.二、多選題(共9題，共18分)6、A:D【分析】A、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個(gè)電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，則兩端電壓增大；即B板電勢(shì)降低，故選項(xiàng)A正確；

B、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個(gè)電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，路端電壓減小，由于電壓增大，則并聯(lián)部分電壓降低，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可以知道電流表A1的示數(shù)增大；故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C、滑片P由R2中點(diǎn)往左移動(dòng)時(shí)，電路總電流增大，則兩端電壓增大；即電容器AB電壓增大，液滴加速運(yùn)動(dòng)，路端電壓減小，則電容器BC電壓減小，液滴減速運(yùn)動(dòng)，液滴將穿過(guò)C板，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：則為定值，不變，根據(jù)歐姆定律可知為本身并聯(lián)之后與串聯(lián)的總電阻，即減?。还蔬x項(xiàng)D正確。

點(diǎn)睛：本題考查閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，注意電容器兩端電壓的問(wèn)題。7、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，減小雙縫間的距離，即d變小，則干涉條紋間距減大，故A正確．

B．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，增大雙縫到屏的距離，即l增大，干涉條紋間距增大．故B正確．

C．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紅光，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，則干涉條紋間距變大．故C正確．

D．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紫光，波長(zhǎng)變短，則干涉條紋間距減?。蔇錯(cuò)誤．8、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．分子間距離增大時(shí)；分子間的引力和斥力都減小，選項(xiàng)A正確；

B．高原地區(qū)水的沸點(diǎn)較低；這是高原地區(qū)大氣壓較低的緣故，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；功轉(zhuǎn)變?yōu)闊岬暮暧^過(guò)程是不可逆過(guò)程，選項(xiàng)C正確；

D．布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；它說(shuō)明液體分子的永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E．瓶?jī)?nèi)氣體緩慢流出過(guò)程中氣體體積增大；氣體對(duì)外做功，而溫度始終相等，內(nèi)能不變，則氣體需要吸收熱量。因溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，則分子的平均動(dòng)能不變，故E正確。

故選ACE。9、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離；故液體表面存在張力，A正確；

B．熱運(yùn)動(dòng)是指分子的運(yùn)動(dòng)；不是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；

C．把很多小的單晶體放在一起；仍然是晶體，C錯(cuò)誤；

D．第二類永動(dòng)機(jī)沒(méi)有違反能量守恒定律；違反了熱力學(xué)第二定律，D正確；

E．絕對(duì)零度只能無(wú)限接近；不可達(dá)到，E正確。

故選ADE。10、A:C:D【分析】【詳解】

A.甲圖中當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)；它們間相互作用的引力和斥力大小相等，分子力表現(xiàn)為零，選項(xiàng)A正確；

B.乙圖中粒子排列具有空間上的周期性；是晶體的微觀結(jié)構(gòu)示意圖，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.丙圖中小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用；選項(xiàng)C正確；

D.丁圖中把兩端開(kāi)口的很細(xì)的玻璃管插入水中，由于毛細(xì)作用，可觀察到水在細(xì)玻璃管中上升，選項(xiàng)D正確。11、B:C:D【分析】【詳解】

實(shí)線波的波長(zhǎng)為λ1=4m，虛線波的波長(zhǎng)為λ2=6m，它們的波速相等，由波速公式v=λf得：實(shí)線波和虛線波的頻率之比為f1：f2=λ2：λ1=3：2，兩列波的頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象．故A錯(cuò)誤，B正確．波速為：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，則在t=s時(shí)間內(nèi)波傳播的距離x=vt=2m=λ1=λ2，實(shí)線波單獨(dú)傳播時(shí)，在t=s時(shí)，x=9m處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，振動(dòng)速度為零．虛線波單獨(dú)傳播時(shí)，在t=s時(shí)，x=9m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向上，則根據(jù)波疊加原理可知t=s時(shí)，x=9m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向上．故C正確．波速為：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，則在t=s時(shí)間內(nèi)波傳播的距離x=vt=1m=λ1，實(shí)線波單獨(dú)傳播時(shí)，t=s時(shí)，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，位移大小為y1=10cm；根據(jù)波形的平移法作出虛線波傳播x=1m時(shí)的波形；如圖所示。

由圖看出此刻x=4m處的質(zhì)點(diǎn)位移大小y2＞2.5cm，則波的疊加原理可知t=s時(shí)，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)位移|y|=y1+y2＞12.5cm；故D正確．故選BCD.

【點(diǎn)睛】

題關(guān)鍵要掌握干涉產(chǎn)生的條件和波的疊加原理，運(yùn)用波形的平移法分析波形，確定質(zhì)點(diǎn)的位移。12、A:C【分析】【詳解】

由圖可知P的振動(dòng)方程為：由題可知，簡(jiǎn)諧橫波的傳播方向從P到Q，由圖可知，周期為T(mén)=6s，質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象向左4s、后與P點(diǎn)的振動(dòng)重合，意味著Q點(diǎn)比P點(diǎn)振動(dòng)滯后了4s，則Q的振動(dòng)方程為：所以當(dāng)Q的位移為+A時(shí)，P的位移為故A正確；由題可知，簡(jiǎn)諧橫波的傳播方向從P到Q，由圖可知，周期為T(mén)=6s，質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象向左4s、后與P點(diǎn)的振動(dòng)重合，意味著Q點(diǎn)比P點(diǎn)振動(dòng)滯后了4s，即P傳到Q的時(shí)間△t可能為4s，同時(shí)由周期性可知，從P傳到Q的時(shí)間△t為（4+nT）s，n=0、1、2、3，即△t=4s，10s，16s，故B正確；由考慮到波的周期性，當(dāng)△t=4s，10s，16s、28s時(shí)，速度（n=0，1，2，3），當(dāng)v=1m/s時(shí)，n=1，所以可能為1m/s，故C正確；由λ=vT可知?jiǎng)t可知，當(dāng)λ=3m時(shí)，n不是整數(shù)，故D錯(cuò)誤．13、A:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)牛頓第三定律可知A對(duì)B的作用力與B對(duì)A的作用力，等大反向，同時(shí)變化，而沖量所以沖量大小相等，A正確B錯(cuò)誤．

CD．因?yàn)榘l(fā)生的是彈性碰撞，沒(méi)有能量損失，A減少的動(dòng)能等于B增加的動(dòng)能，而動(dòng)能改變等于合外力的功，所以A球?qū)球所做功和B球?qū)球所做功相等，C正確D錯(cuò)誤．14、B:D【分析】【詳解】

A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻增大，電路中電流的減小，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，R1的電壓減小，R2的電壓增加．電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，因?yàn)閁1+U2=U3，所以R1的電壓減小量小于R2的電壓增加量，即有：|△U1|＜|△U2|，且有|△U2|＞|△U3|．故A錯(cuò)誤．B、由于R1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知保持不變，故B正確．C、變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律知：U2=E-I(R1+r)，則得保持不變，故C錯(cuò)誤．D、變大；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，保持不變．故D正確．故選BD．

【點(diǎn)睛】本題要注意對(duì)于定值電阻，是線性元件，有而變阻器是非線性元件，r.三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關(guān)系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】16、略

【分析】試題分析：空氣的相對(duì)濕度等于水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與同溫下水的飽和汽壓的比值；飽和汽壓隨溫度的降低而變小；一定溫度下，飽和汽的壓強(qiáng)是一定的．

暖濕氣團(tuán)在被抬升過(guò)程中膨脹，膨脹的過(guò)程中對(duì)外做功，氣團(tuán)的內(nèi)能減小，所以暖濕氣團(tuán)溫度會(huì)降低；飽和汽壓隨溫度的降低而變小，氣團(tuán)內(nèi)空氣的絕對(duì)濕度不變而飽和蒸汽壓減小，所以相對(duì)濕度會(huì)變大．【解析】降低變大17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖像可知，氣體從a狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)b狀態(tài)的過(guò)程中，氣體的體積保持不變，溫度升高，根據(jù)

可知?dú)怏w的壓強(qiáng)增大。

（2）[2]由圖像可知，氣體從b狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)c狀態(tài)的過(guò)程，氣體的溫度保持不變，則氣體的內(nèi)能保持不變；氣體的體積減小，則外界對(duì)氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體對(duì)外放出熱量?！窘馕觥吭龃蠓懦?8、略

【分析】【詳解】

幾何光學(xué)中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作線段。【解析】線段19、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知量程時(shí)，由

得

[2]量程為時(shí)，由

得【解析】4500##5000##20、略

【分析】【詳解】

[1]感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=Blv，感應(yīng)電流為：

線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)間為：

則線圈離開(kāi)磁場(chǎng)的時(shí)間也等于0.5s，線圈在穿過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中釋放的焦耳熱為：Q=I2R?2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J四、作圖題(共3題，共27分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较颍瑒t電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電路直接采用串聯(lián)即可；電壓表并聯(lián)在電源兩端，由于電流表內(nèi)阻已知，則應(yīng)采用電流表相對(duì)電源的內(nèi)接法；電路圖如圖所示。

（2）[2]根據(jù)

以及圖像可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為E=1.48V

[3]內(nèi)阻為

故r=1.0-0.70=0.30Ω

（3）[4][5]由閉合電路歐姆定律U=IR

聯(lián)立變形得

變形可得

又此式可知，圖中，直線斜率

解得【解析】1.480.3025、略

【分析】【分析】

根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻關(guān)系確定電流表的接法；根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器的接法，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖；

在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出等效電源的U-I圖象；求出燈泡兩端電壓與通過(guò)燈泡的電流，然后求出每個(gè)燈泡消耗的電功率．

【詳解】

（1）使用多用電表粗測(cè)小燈泡的電阻，選擇“×1”歐姆擋測(cè)量，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為：

（2）①燈泡額定電壓為3.8V，可以把電壓表改裝為4V量程，電壓表量程為2V，內(nèi)阻為要把電壓表改裝成4V的電壓表，可以串聯(lián)2kΩ的電阻，應(yīng)選電阻與電壓表串聯(lián)；

②燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為：電壓表內(nèi)阻為電流表內(nèi)阻約為電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，而電流表內(nèi)阻與燈泡內(nèi)阻相差不多，故電流表應(yīng)采用外接法，由于滑動(dòng)變阻器阻值較小，故采用分壓式接法，電路圖如圖所示：

（3）設(shè)通過(guò)每個(gè)燈泡的電流為I，電源電動(dòng)勢(shì)為：

整理得：

即：

在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出：U-I圖象如圖所示：

由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓為：