2025年粵教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，在磁感應強度大小為B0的勻強磁場中，兩長直導線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l.在兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內(nèi)與兩導線距離均為l的a點處的磁感應強度為零．如果讓P中的電流反向、其他條件不變，則a點處磁感應強度的大小為()

A.0B.C.D.2B02、如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2為可變電阻，開關(guān)S閉合。質(zhì)量為m的帶正電荷的微粒從P點以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點。若經(jīng)下列調(diào)整后，微粒仍從P點以水平速度v0射入，則關(guān)于微粒打在N板上的位置說法正確的是()

A.保持開關(guān)S閉合，增大R1，粒子打在O點右側(cè)B.保持開關(guān)S閉合，增大R2，粒子打在O點左側(cè)C.斷開開關(guān)S，M極板稍微上移，粒子打在O點右側(cè)D.斷開開關(guān)S，N極板稍微下移，粒子打在O點右側(cè)3、三根規(guī)格相同的長直導線a、b、c互相平行，它們處于其中一個角為30°的直角三角形abc的三個頂點處，導線中通有方向如圖所示的電流，電流大小相等，若a處通電導線在斜邊ac的中點O處產(chǎn)生的磁感應強度大小為B，則斜邊中點O處磁感應強度的大小為（）

A.0B.BC.D.4、根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，下列說法正確的是（）A.有電場的空間一定存在磁場，有磁場的空間也一定能產(chǎn)生電場B.在變化的電場周圍一定產(chǎn)生變化的磁場，在變化的磁場周圍一定產(chǎn)生變化的電場C.均勻變化的電場周圍一定產(chǎn)生均勻變化的磁場D.周期性變化的磁場周圍空間一定產(chǎn)生周期性變化的電場5、如圖所示為一種電容傳聲器。a是能在聲波驅(qū)動下沿水平方向振動的金屬膜片，b是固定不動的金屬板，a、b構(gòu)成一個電容器。當聲波作用于金屬膜片a時，金屬膜片發(fā)生相應的振動，隨之改變a、b間距離，從而使電容發(fā)生變化。閉合開關(guān)S，若聲波使金屬膜片a向右運動時（）

A.電容器的電容減小B.電容器極板帶電荷量減小C.a、b板之間的電場強度增大D.電容器兩板間的電壓減小6、如圖，一個靜止的電子（電荷量大小為質(zhì)量為）經(jīng)電壓為的電場加速后，沿平行于板面方向進入極板間的勻強電場，兩極板的長度為相距為極板間的電壓為電子射出電場時速率為電子射出電場時沿垂直于板面方向偏移的距離為則下列正確的是（）

A.加速場中電場線水平向右B.偏轉(zhuǎn)場中電場線豎直向上C.D.7、如圖所示，豎直平面內(nèi)光滑圓弧軌道半徑為等邊三角形ABC的邊長為L，頂點C恰好位于圓周最低點，CD是AB邊的中垂線。在A、B兩頂點上放置一對等量異種電荷。現(xiàn)把質(zhì)量為帶電荷量為+Q的小球由圓弧的最高點M處靜止釋放，到最低點C時速度為不計+Q對原電場的影響，取無窮遠處為零電勢，靜電力常量為k；則（）

A.M點電勢為B.C點電勢與D點電勢不相同C.小球在圓弧軌道上運動過程機械能守恒D.小球?qū)壍雷畹忘c處的壓力大小為8、如圖所示為某一電路的一部分，其中R1=10Ω，R2=R3=20Ω，下列關(guān)于R1、R2、R3消耗的電功率P1、P2、P3，以及R1、R2、R3兩端的電壓U1、U2、U3的關(guān)系正確的是（）

A.U1：U2：U3=1：2：2B.U1：U2：U3=1：1：1C.P1：P2：P3=1：1：1D.P1：P2：P3=1：2：29、“測溫槍”（學名“紅外線輻射測溫儀”）具有響應快、非接觸和操作方便等優(yōu)點。它是根據(jù)黑體輻射規(guī)律設計出來的，能將接收到的人體熱輻射轉(zhuǎn)換成溫度顯示。若人體溫度升高，則人體熱輻射強度I及其極大值對應的波長的變化情況是（）A.I增大，增大B.I增大，減小C.I減小，增大D.I減小，減小評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示的電路中，R1為可變電阻，R2、R3為定值電阻，C為電容器，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，R3>r，電壓表與電流表均為理想電表。在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中；下列說法中正確的是。

A.電壓表的示數(shù)先減小后增大B.電容器的電荷量先減小后增大C.電源的輸出功率先減小后增大D.電壓表、電流表示數(shù)改變量的比值先減小后增大11、目前；電容式觸摸屏的技術(shù)廣泛應用于一些手機觸摸屏上。一層透明的薄膜導體層夾在兩層絕緣玻璃層的中間，這就形成了觸摸屏。在觸摸屏四邊均鍍上狹長的電極，在導體層內(nèi)形成一個較弱的交流電場。如圖所示，在觸摸屏幕時，由于人體是導體，手指與導體層之間被絕緣玻璃層隔開，形成一個電容，在四邊電極與觸點間會有電流流過，而電流強弱與手指到電極的距離成比例，位于觸摸屏幕后的控制器便會計算電流的比例及強弱，準確算出觸摸點的位置。關(guān)于電容式觸摸屏，下列說法正確的是（）

A.電容式觸摸屏需要用力觸摸才能產(chǎn)生信號B.電容式觸摸屏的兩極分別是導體層和手指C.手指與屏的接觸面積越大，電容越大，準確度越高D.如果手上帶了棉線手套，就不能工作了12、長為的導體棒原來不帶電，現(xiàn)將一個帶負電的點電荷（電荷量的絕對值為q）放在金屬棒的中心軸線上距離棒的左端R處；如圖所示。當金屬棒達到靜電平衡后，以下說法中正確的是（）

A.棒上感應電荷在O點處產(chǎn)生的場強為零B.棒上O點處的場強為零C.負點電荷在O點處產(chǎn)生的電場強度大小為方向沿Oq連線且指向qD.棒上感應電荷在棒的中點O處產(chǎn)生的電場強度大小為方向沿Oq連線且指向q13、如圖所示，兩個距離較大、帶等量正電荷的小球之間連有絕緣的光滑硬質(zhì)桿，O是桿的中點，a、b是桿上關(guān)于O點對稱的兩點。一質(zhì)量為m的均勻帶正電的圓環(huán)套在桿上，圓環(huán)的帶電荷量很少，不影響點電荷產(chǎn)生的電場的分布，環(huán)的內(nèi)徑略大于桿的外徑。若圓環(huán)經(jīng)過a點時，有向右的速度v，則圓環(huán)從a運動到b的過程中；下列說法正確的是。（）

A.圓環(huán)到達b的速度仍為v。B.圓環(huán)對桿的壓力先減小后增大C.圓環(huán)的加速度先增大后減小D.圓環(huán)的電勢能先減小后增大14、如圖所示，在x軸上相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為圓心，L/2為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關(guān)于x軸對稱．下列判斷正確的是（）A.b、d兩點處的電勢相同B.四點中c點處的電勢最低C.b、d兩點處的電場強度相同D.四點中c點處場強最小且為零評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=30Ω，滿電流Ig=1mA．要把它改裝為量程0~0.6A的電流表，要并聯(lián)_____Ω的電阻，改裝后電流表的內(nèi)阻是______Ω。16、如圖，電源電壓恒定不變，閉合開關(guān)S、S1，電流表示數(shù)為0.3A，則電源電壓為___________V，10s內(nèi)電流通過產(chǎn)生的熱量為___________J；再閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)使電流表示數(shù)為0.5A，則此時變阻器的阻值為___________Ω。

17、安培定則。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，___________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖所示，讓右手___________與環(huán)形電流的方向一致，___________的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。

18、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計小球，B板接靜電計外殼，開始開關(guān)S閉合；有一個帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動一段距離，粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關(guān)S，再把A板向左移動一段距離，則粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）靜電計指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

19、如圖示電路，電源直流電壓先使開關(guān)與1端相連稍后將開關(guān)擲向2端，讓電容器通過電阻放電，傳感器將電流信息傳入計算機，顯示出的電流隨時間變化的曲線如圖所示，則電容器全部釋放的電量大約為______該電容器的電容大約是______（均保留兩位有效數(shù)字）。

20、在某電場中，將一帶電荷量為q=＋2.0×10-9C的點電荷從a點移到b點，靜電力做功W=-4.0×10-7J，則a、b兩點間的電勢差Uab為___________V。21、（1）在等量異種電荷的連線中點有一帶正電荷的粒子；將其沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為____________，電勢能的變化趨勢為_________。

（2）在等量同種正電荷的連線中點處有一帶負電荷的粒子，將其沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到電場力的變化趨勢為____________，電勢能的變化趨勢為__________。22、用示波器觀察某交流信號時，在顯示屏上顯示出一個完整的波形，如圖。經(jīng)下列四組操作之一，使該信號顯示出兩個完整的波形，且波形幅度增大，此組操作是_____。

A.調(diào)整X增益旋鈕和豎直位移旋鈕。

B.調(diào)整X增益旋鈕和掃描微調(diào)旋鈕。

C.調(diào)整掃描微調(diào)旋鈕和Y增益旋鈕。

D.調(diào)整水平位移旋鈕和Y增益旋鈕23、在如圖（a）所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖（b）所示。則電源的最大輸出功率為___________W，滑動變阻器R2的最大功率為___________W

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)24、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

25、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

26、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)28、多用電表是實驗室必備儀器；某實驗小組把一歐姆擋等效為一個直流電源，用一個滑動變阻器和一個電壓表測量該多用電表內(nèi)電源電動勢和歐姆“×1”擋內(nèi)部總電阻，他所采用的實驗電路如圖甲所示。

實驗器材：待測多用電表（歐姆擋部分刻度損壞）；

電壓表V：量程6V，內(nèi)阻約

滑動變阻器最大阻值

導線若干；

根據(jù)以下操作步驟；回答有關(guān)問題：

（1）將待測多用電表調(diào)到歐姆“×1”擋；將表筆A；B短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，進行歐姆擋調(diào)零。

（2）調(diào)零完畢，將表筆A、B分別與圖甲中1、2兩端相接，其中A為_____表筆（填“紅”或“黑”）。

（3）圖乙是多用電表某次測量的示數(shù)，該示數(shù)為____

（4）多次調(diào)節(jié)變阻器的滑片位置，改變其接入電路的阻值，記錄多用電表的示數(shù)R和電壓表的示數(shù)U，以為縱坐標、為橫坐標作出如圖丙所示圖像，根據(jù)圖像可得電源電動勢E=______V；歐姆“×1”擋內(nèi)部總電阻r=____29、某同學為了自制歐姆表；設計了如圖甲所示的電路，他找來以下器材：

A．電流表G（滿偏電流為2mA；內(nèi)阻為40Ω，圖乙是電流表G的刻度盤）

B．干電池組（E=3V，r約2Ω）

C．滑動變阻器（0~100Ω）

D．定值電阻600Ω

E．定值電阻900Ω

F．定值電阻1400Ω

G．導線若干。

回答下列問題：

（1）他應選擇定值電阻________（填器材序號）接入圖甲電路中R0的位置。

（2）將紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電流計指針對準________mA處。

（3）為了直接讀出待測電阻值，他用貼紙在電流刻度旁標記相應的電阻值，則電流刻度1.00mA位置標記的電阻值應為________Ω。

（4）實驗室的直流電壓表有兩個量程，分別是3V、15V，內(nèi)阻分別約1.5kΩ、10kΩ，該同學想用自制的歐姆表測量其內(nèi)阻，他應將電壓表的“-”接線柱與圖甲中的________接線柱相連（填“A”或“B”），且________V量程的內(nèi)阻測量結(jié)果更準確。30、（1）某研究性學習小組進行了如下實驗：如圖所示，在一端封閉的光滑細玻璃管中注滿清水，水中放一個紅蠟做成的小圓柱體R．將玻璃管的開口端用膠塞塞緊后豎直倒置且與Y軸重合，在R從坐標原點以速度v0=3cm/s勻速上浮的同時，玻璃管沿x軸正方向做初速為零的勻加速直線運動．同學們測出某時刻R的坐標為（4，6）,此時R的速度大小為________Cm/s，R在上升過程中運動軌跡的示意圖是____________．（R視為質(zhì)點）

（2）為測量一電源的電動勢及內(nèi)阻。

①在下列三個電壓表中選一個改裝成量程為9V的電壓表。

A．量程為1V、內(nèi)阻大約為1KΩ的電壓V1

B．量程為2V、內(nèi)阻大約為2KΩ的電壓V2

C．量程為3V、內(nèi)阻為3KΩ的電壓V3

選擇電壓表__________串聯(lián)____________KΩ的電阻可以改轉(zhuǎn)成量程為9V的電壓表。

②利用一個電阻箱、一只開關(guān)、若開關(guān)導線和改裝好的電壓表（此表用符號V1V2V3與一個電阻串聯(lián)來表示，且可視為理想電壓表），在虛線框內(nèi)畫出電源電動勢及內(nèi)阻的實驗原理電路圖__________．

③.根據(jù)以上試驗原理電路圖進行實驗，讀出電壓表示數(shù)為1.50V時、電阻箱值為15.0Ω；電壓表示數(shù)為2.00V時，電阻箱的阻值為40.0Ω，則電源的電動勢E=___________V、內(nèi)阻r=_________Ω．31、有一個小燈泡上標有“”的字樣，現(xiàn)在描繪小燈泡的伏安特性曲線。有下列器材可供選用：

A．電壓表（，內(nèi)阻）

B．電流表（，內(nèi)阻約）

C．定值電阻

D．定值電阻

E．滑動變阻器（，）

F．滑動變阻器（，）

G．學生電源（直流，內(nèi)阻不計）

H．開關(guān)、導線若干

請根據(jù)要求完成以下問題：

（1）提供的電壓表不能滿足實驗要求，可以__________聯(lián)一個定值電阻使電壓表的量程擴大為，定值電阻應選用__________（用序號字母填寫）。

（2）為盡量減小實驗誤差，并要求電壓、電流從零開始多取幾組數(shù)據(jù)，所以實驗中滑動變阻器選用__________（用序號字母填寫）。

（3）如果既要滿足小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，又要測量誤差較小，應從下圖所示的電路中選擇電圖路__________做實驗電路。（選填對應電路圖下面的字母）

A．B．

C．D．

（4）利用實驗數(shù)據(jù)畫出了如圖所示的小燈泡的伏安特性曲線．根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻__________。（選填“變大”、“變小”或“不變”）

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

在兩導線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時，紙面內(nèi)與兩導線距離為l的a點處的磁感應強度為零，如下圖所示：

由此可知，外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依據(jù)幾何關(guān)系，及三角知識，則有：BPcos30°=B0；解得P或Q通電導線在a處的磁場大小為BP=B0；

當P中的電流反向，其他條件不變，再依據(jù)幾何關(guān)系，及三角知識，則有：B2=B0；因外加的磁場方向與PQ平行，且由Q指向P，磁場大小為B0；最后由矢量的合成法則，那么a點處磁感應強度的大小為B=故C正確，ABD錯誤．2、D【分析】【詳解】

A．保持開關(guān)S閉合，由閉合電路歐姆定律和歐姆定律可知兩端的電壓為：

增大可知兩端的電壓將減小，電容器兩端的電壓減小，根據(jù)可知粒子電場力減小，根據(jù)粒子加速度增大，粒子在平行板間運動則有：

水平位移為：

水平位移將減小，故粒子打在點左側(cè)；故A錯誤；

B．保持開關(guān)S閉合，增大不會影響電阻兩端的電壓，故粒子打在點；故B錯誤；

C．斷開開關(guān)，平行板帶電量不變，根據(jù)及可得：

極板稍微上移，兩極板的間距增大，但電場強度不變，故加速度不變，不會影響離子的運動，故還打在點；故C錯誤；

D．斷開開關(guān)，平行板帶電量不變，根據(jù)及可得：

極板稍微下移，兩極板的間距增大，但電場強度不變，故加速度不變，電場強度不變，加速度不變，不會影響離子的運動，垂直極板方向的運動的位移變大，運動時間變長，沿極板方向運動的位移也增大，故粒子打在點右側(cè)；故D正確；

故選D。3、C【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則；各電流產(chǎn)生的磁場的方向如圖。

ac導線電流產(chǎn)生磁場都沿左下方，而b導線產(chǎn)生磁場都沿左上方，由于各電流產(chǎn)生的磁場的大小都是B，磁場強度是矢量，利用平行四邊形定則可求出合磁場強度，大小等于

故選C。4、D【分析】【詳解】

根據(jù)麥克斯韋電磁場理論；只有變化的電場才能產(chǎn)生磁場，均勻變化的電場產(chǎn)生恒定的磁場，非均勻變化的電場產(chǎn)生變化的磁場，選項D正確ABC錯誤。

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)電容的決定式

當a向右運動時，兩個極板間的距離d減小，故電容器的電容變大，故A錯誤；

D．開關(guān)S閉合；保持電容兩端的電壓不變，故D錯誤；

C．根據(jù)勻強電場電場強度與電勢差之間的關(guān)系

U不變，d減小，則E變大；故C正確；

B．根據(jù)電容的定義式

C變大，U不變，則Q變大；故B錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．加速場中電子所受電場力方向水平向右；電子帶負電，則電場線方向水平向左，所以A錯誤；

B．偏轉(zhuǎn)場中電子所受電場力方向豎直向上；電子帶負電，則電場線豎直向下，所以B錯誤；

CD．在加速電場中有

在偏轉(zhuǎn)場中有

聯(lián)立解得

所以C正確；D錯誤；

故選C。7、D【分析】【詳解】

AB．等量異種電荷連線的中垂線垂直于電場線方向，所以是一條等勢線，中垂線通向無限遠處，電勢為零，所以中垂線上的電勢為零，處于兩電荷的等勢能面上，所以兩點的電勢都為零。設點的電勢為由于點的電勢為零，所以間的電勢差等于點的電勢，對小球從到的過程由動能定理得

解得

故AB錯誤；

C．小球在圓弧軌道上運動；除了重力做功外，電場力也做功，機械能不守恒，故C錯誤；

D．因為三角形為等邊三角形，小球在軌道最低點處，所受兩個正負電荷的電場力的水平分量相互抵消，因此所受電場力合力方向向下，電場力的合力為

重力為支持力為N，根據(jù)牛頓第二定律可得

所以

由牛頓第三定律得，小球?qū)壍赖膲毫?/p>

故D正確。

故選D。8、B【分析】【詳解】

AB．設流過R1的電流為I，則

可得U1：U2：U3=1：1：1

故A錯誤；B正確；

CD．根據(jù)公式

可得

故CD錯誤。

故選B。9、B【分析】【詳解】

黑體輻射的實驗規(guī)律如圖。

特點是，隨著溫度升高，各種波長的輻射強度都有增加，所以人體熱輻射的強度增大；隨著溫度的升高，輻射強度的峰值向波長較短的方向移動，所以減小。

故選B。二、多選題(共5題，共10分)10、B:C【分析】【詳解】

A．可變電阻R1的兩部分并聯(lián)，在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中，電路的總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流先減小后增大，由U=E-I（R3+r）可知電壓表的示數(shù)先增大后減??；A錯誤；

B．根據(jù)歐姆定律可知電阻R2兩端的電壓先減小后增大；所以電容器所帶的電荷量先減小后增大，B正確；

C．由于R3＞r，在滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中外電阻總大于電源內(nèi)阻r；電源的輸出功率先減小后增大，C正確；

D．電壓表示數(shù)改變量與電流表示數(shù)改變量的比值等于R3+r，大小不變，D錯誤。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題意可知；在觸摸屏幕時，由于人體是導體，手指與導體層之間被絕緣玻璃層隔開，形成一個電容，故不需要用力就可以形成一個電容，選項A錯誤，B正確；

C．如果手指與觸摸屏的接觸面積較大；則觸摸點的位置就不容易確定，選項C錯誤；

D．如果手上帶了棉線手套；手指就不能與導體層形成電容，所以就不能工作了，選項D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

金屬棒達到靜電平衡時，內(nèi)部場強處處為0，由于負電荷q在棒中心O處產(chǎn)生的電場方向沿Oq連線且指向q，所以棒上感應電荷在棒中心O處產(chǎn)生的電場方向沿Oq連線且背離O，大小與q在O點產(chǎn)生的場強相同，則有

故AD錯誤；BC正確；

故選BC。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．因ab兩點電勢相等，圓環(huán)在兩點的電勢能相同，則根據(jù)能量關(guān)系可知，圓環(huán)到達b的速度仍為v；選項A正確；

B．對圓環(huán)在豎直方向受力分析。

因圓環(huán)從a運動到b的過程中在豎直方向的場強分量先減小后增加；可知圓環(huán)對桿的壓力先增大后減小。選項B錯誤；

C．圓環(huán)受電場力的水平分量先減小后增加；可知圓環(huán)的加速度先減小后增大，選項C錯誤；

D．電場力先做正功后做負功；可知圓環(huán)的電勢能先減小后增大，選項D正確。

故選AD。14、A:B【分析】【詳解】

A．該電場中的電勢關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點的電勢相等；故A正確；

B．c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等．而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，即c點的電勢在四個點中是最低的；故B正確；

C．該電場中的電場強度關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點場強大小相等；方向是對稱的，不相同的，故C錯誤；

D．根據(jù)場強的疊加可知，c點的場強為

故D錯誤．

故選AB。

點晴：該題考查常見電場的特點，解題的關(guān)鍵是c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等．而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，負電荷周圍的電場的電勢都比它低．三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]把它改裝為量程0~0.6A的電流表，要并聯(lián)電阻阻值為

[2]改裝后電流表的內(nèi)阻為【解析】0.050.0516、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律可得；電源電壓為。

[2]10s內(nèi)電流通過產(chǎn)生的熱量為。

[3]當電流表示數(shù)為0.5A時；由歐姆定律可得。

代入數(shù)據(jù)解得。

【解析】6183017、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]直線電流的磁場；安培定則：如圖所示，用右手握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

（2）[2][3]環(huán)形電流的磁場；安培定則：如圖所示，讓右手四指與環(huán)形電流的方向一致，大拇指的方向就是環(huán)形導線軸線上磁感線的方向。

（3）[4][5]通電螺線管的磁場，安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與電流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺線管軸線上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向?！窘馕觥竣?四指②.四指③.大拇指④.電流方向⑤.螺線管軸線18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場強度不變，粒子的運動情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

電容器所帶的電荷量的變化情況是減少。

（2）[3]如果先斷開開關(guān)S，兩極板的電荷量保持不變，根據(jù)

再把A板向左移動一段距離，正對面積減小，所以電場強度增大，則

粒子的運動情況是向上運動。

[4]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

則兩極板間的電勢差增大，所以靜電計指針張角的變化情況是增大。【解析】①.靜止②.減少③.向上運動④.增大19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)

可知曲線圖像圍成的面積表示電荷量，由圖像可得圖像面積約為所以電容器全部釋放的電量大約為（都可以）

[2]電容器的電容為【解析】①.（都可以）②.（都可以）20、略

【解析】-20021、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)等量異種電荷的電場特點可知；在連線的中垂線上，兩電荷連線中點的電場強度最大，兩側(cè)的電場強度不斷減小，所以將一帶正電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為：從中間向兩側(cè)不斷減?。磺抑写咕€是一條等勢線且電勢為零，所以將一帶正電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，電勢能不變且為零。

（2）[3][4]根據(jù)等量同種正電荷的電場特點可知，在連線的中垂線上，兩電荷連線中點的電場強度為零，兩側(cè)的電場強度先增大后減小，所以將一帶負電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，粒子受到的電場力的變化趨勢為：從中間向兩側(cè)先增大后減??；且中垂線上的電勢由中間向兩側(cè)不斷降低，所以將一帶負電荷的粒子沿中垂線移到無窮遠處的過程中，帶負電的粒子的電勢能不斷增大?！窘馕觥繌闹虚g向兩側(cè)不斷減小電勢能不變且為零從中間向兩側(cè)先增大后減小電勢能不斷增大22、C【分析】【分析】

【詳解】

當掃描頻率與正弦信號頻率相等時顯示一個完整的正弦波形。欲顯示兩個完整的正弦波形；必須有正弦信號的頻率是掃描頻率的兩倍，所以必須調(diào)整掃描微調(diào)旋鈕；欲增大波形幅度，可調(diào)整Y增益旋鈕，故C正確，ABD錯誤。

故選C。23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當R2的滑動頭P滑到最左端時，電壓表V2的示數(shù)為0，可知圖線甲是V2示數(shù)隨電流變化的圖線。由兩圖線得U1+U2=5V≠U1′+U2′=3V

可知電源有內(nèi)阻R1==5Ω，R2m==20Ω

由閉合電路歐姆定律I=

得0.2=0.6=

解得E=6V，r=5Ω

當R2=0時，因R1=r電源有最大輸出功率Pm==1.8W

[2]把R1等效成電源內(nèi)阻，則當R2=R1+r時，R2上有最大功率P2m==0.9W【解析】1.8W0.9W四、作圖題(共4題，共24分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變小；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖