2025年浙教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，實線是某電場的一簇電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子只受電場力作用，下列說法正確的是（）

A.帶電粒子帶負電B.帶電粒子在a、b兩點的受力大小相同C.a點電勢高于b點電勢D.帶電粒子在b點的電勢能大于在a點的電勢能2、下面說法正確的是A.元電荷實質(zhì)上是指電子或質(zhì)子本身B.只有很小的帶電物體才能視為點電荷C.任何帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍D.經(jīng)過摩擦使某物體帶負電，那么該物體在摩擦過程中產(chǎn)生了額外的電子3、如圖，水平面內(nèi)的等邊三角形的邊長為L，頂點C恰好位于絕緣傾斜直軌道的最低點，光滑直軌道上端點D到A、B兩點的距離均為L，為絕緣豎直軌道，O為邊的中點。一對電荷量分別為的點電荷分別固定于A、B兩點。在D處將質(zhì)量為m、電荷量為的小球（忽略它對原電場的影響）套在軌道上D端，將小球分別沿和由靜止開始釋放，已知靜電力常量為k，重力加速度大小為g；忽略一切阻力，下列說法正確的是（）

A.D點的電場強度與C點的電場強度不同B.小球沿下滑過程中，其電場強度先增大后減小C.小球沿下滑過程中，其電勢能先增大后減小D.小球沿到達O點速度與沿到達C點的速度大小不相等4、一封閉的金屬容器置于絕緣板上，帶電小球用絕緣細線懸掛于容器中，容器中的電場線分布情況如圖所示。容器內(nèi)表面為等勢面，為容器內(nèi)表面上的兩點，為容器內(nèi)一點；則下列說法正確的是（）

A.點的電場強度比點的大B.若點電勢高于點，則小球帶正電C.點的電場強度方向與該處內(nèi)表面垂直D.將檢驗電荷從點沿不同路徑移動到點，電場力做功不同5、磁通量的單位是（）A.特斯拉（T）B.韋伯（Wb）C.法拉（F）D.洛倫茲（L）評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，在某靜電除塵器產(chǎn)生的電場中，帶等量負電荷的兩顆微粒只受電場力作用，分別從p點沿虛線pm、pn運動；被吸附到金屬圓筒上。下列說法正確的是（）

A.n點的電勢高于p點的電勢B.微粒在p點的電勢能小于在m點的電勢能C.微粒從p到n的動能變化量大于從p到m的動能變化量D.微粒從p到n的電勢能變化量等于從p到m的電勢能變化量7、在如圖所示電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1是定值電阻，R2是滑動變阻器（R2>R1），閉合開關(guān)S，不同規(guī)格的燈泡L1和L2均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動變阻器的滑動片P向上移動一定的距離，理想電流表A1、A2、電壓表的示數(shù)均會發(fā)生一定變化，其變化量分別用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；則下列分析判斷可能正確的是（）

A.電壓表V示數(shù)變大，電流表A1示數(shù)變小B.電流表A2示數(shù)不可能變?yōu)榱鉉.燈泡L1、L2變暗D.電源的內(nèi)阻r=8、如圖所示，ABC為等邊三角形，電荷量為+q的點電荷固定在A點．先將一電荷量也為+q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到C點，此過程中，電場力做功為-W．再將Q1從C點沿CB移到B點并固定．最后將一電荷量為-2q的點電荷Q2從無窮遠處移到C點．下列說法正確的有。

A.Q1移入之前，C點的電勢為B.Q1從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0C.Q2從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為2WD.Q2在移到C點后的電勢能為-4W9、如圖所示，長為間距為d的平行金屬板水平放置，兩金屬板左邊中點O有一粒子源，能持續(xù)水平向右發(fā)射初速度為電荷量為質(zhì)量為m的粒子。在兩板間存在如圖所示的交變電場；取豎直向下為正方向，不計粒子重力。以下判斷正確的是（）

A.粒子在電場中運動的最短時間為B.射出粒子的最大動能為C.時刻進入的粒子能從點射出D.時刻進入的粒子將打到下極板10、如圖，A、B兩帶電小球，所帶電荷量大小分別為質(zhì)量分別為和用兩根不可伸長的絕緣細線懸掛于O點，靜止時A、B兩球處于同一水平線上，C是AB連線上一點且在O點的正下方，C點的場強為零。已知則（）

A.A、B兩球的質(zhì)量之比為9∶16B.A、B兩球的帶電荷量之比為81∶256C.同時剪斷連接兩小球A、B的細線，A小球一定先落地D.同時剪斷連接兩小球A、B的細線，A、B小球水平位移之比為9∶1611、如圖，A、B兩點各放一電荷量均為O的等量異種電荷，有一豎直放置的光滑絕緣細桿在兩電荷連線的垂直平分線上，a、b、c是桿上的三點，且b、c兩點關(guān)于兩電荷連線對稱。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小環(huán)（可視為質(zhì)點）套在細桿上，自a點由靜止釋放；不計空氣阻力，則（）

A.小環(huán)在b點和c點受到的電場力不同B.小環(huán)從b點到c點速度可能先減小后增大C.小環(huán)通過b、c兩點的速度大小之比為D.小環(huán)在下落過程中機械能守恒12、關(guān)于電表，下列說法正確的是：A.利用串聯(lián)電路中電阻分壓原理，可將電流表串聯(lián)一個分壓電阻改裝成電壓表B.如果要將電壓表量程擴大n倍，則所串的分壓電阻應(yīng)是內(nèi)阻的n倍C.用同一表頭做成的電流表，電流表的量程越大，其內(nèi)阻越小D.當電流表測某電路的電流時，測量值一定總是小于真實值13、兩個相同金屬小球（均可視為點電荷）帶電量之比為3:1，固定在相距為r的兩處，它們之間的庫侖力大小為F，兩小球相互接觸后分開并將其固定距離變?yōu)閞/2，現(xiàn)在兩球間的庫侖力大小F′，則下列分析可能正確的是

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、在如圖所示電路中，電源電動勢E＝6V，內(nèi)阻r＝1Ω，保護電阻R0＝3Ω，滑動變阻器總電阻R＝20Ω，閉合電鍵S，在滑片P從a滑到b的過程中；電流表的最大示數(shù)為______A，滑動變阻器消耗的最大功率為______W。

15、電容：

（1）定義：電容器所帶___________與電容器兩極板間的___________的比值。

（2）定義式：

（3）單位：電容的國際單位是___________，符號為F，常用的單位還有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意義：電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為___________時電容器需要帶的電荷量。

（5）擊穿電壓與額定電壓。

a.擊穿電壓：電介質(zhì)不被___________時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞。

b.額定電壓：電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓___________。16、在電場中A點放一個電量的電荷，受到電場力大小為則該力的方向跟A點電場強度的方向相__________，A點電場強度大小為__________如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為__________N，方向跟A點電力線的方向相__________，如果拿走電荷則A點電場強度大小為__________17、有一個電流表內(nèi)阻滿偏電流要把它改裝為量程的電壓表，則應(yīng)串聯(lián)一個電阻阻值__________要把它改裝為量程的電流表,則改裝后電流表的內(nèi)阻__________18、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發(fā)光；當S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數(shù)為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調(diào)節(jié)滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

19、電路中只有電阻、電爐絲等電阻元件，只能把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的電路是_______；除電阻外還包括電動機等，能把電能轉(zhuǎn)化為其他形式能的電路是_______。

A.純電阻電路B.非純電阻電路20、安培定則。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖所示，用右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，___________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖所示，讓右手___________與環(huán)形電流的方向一致，___________的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)22、在練習使用多用電表的實驗中。請完成下列問題：

(1)用多用表測量某元件的電阻；選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，因此需選擇________（填“×10”或“×1k”）倍率的電阻擋，并需______________（填操作過程）后，再次進行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結(jié)果為________Ω。

(2)某同學(xué)設(shè)計出了一個“歐姆表”，用來測量電阻，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成圖乙電路，其中電源內(nèi)阻r=1.0Ω，電流表G的量程為Ig，故能通過讀取流過電流表G的電流值而得到被測電阻的阻值。該“歐姆表”的調(diào)零方式和普通歐姆表不同。該同學(xué)想用一個電阻箱Rx來測出電路中電源的電動勢E和表頭的量程Ig，進行如下操作步驟：。A．先使兩表筆間不接入任何電阻，斷開狀態(tài)下閉合開關(guān)，調(diào)滑動電阻器使表頭滿偏；B．將該“歐姆表”與電阻箱Rx連成閉合回路，改變電阻箱阻值；記下電阻箱示數(shù)Rx和與之對應(yīng)的電流表G的示數(shù)I；C．將記錄的各組Rx，I的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)換成后并描點得到圖線，如圖丙所示；D．根據(jù)圖丙中的圖線，求出電源的電動勢E和表頭的量程Ig。由圖丙可知電源的電動勢為________，電流表G的量程是________。(3)在(2)中，某次實驗發(fā)現(xiàn)電流表G的指針半偏，則電阻箱接入電路中的電阻Rx＝_________（保留2位有效數(shù)字）23、某多用表內(nèi)部的部分電路如圖所示；則該多用表。

（1）A接線柱應(yīng)該是與___________（填“紅”或“黑”）表筆連接；

（2）當選擇開關(guān)接___________（填“a”或“b”）擋時其對應(yīng)的電阻擋的倍率更高。24、某同學(xué)要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻Rx；步驟如下：

（1）用螺旋測微器測量其直徑為_______mm；

（2）①用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟初步測得該電阻的阻值約為________

②實驗室還提供了如下器材：

電池組E（電動勢為3V；內(nèi)阻不計）；

電流表A1：量程為0～10mA，內(nèi)阻約50

電流表A2：量程為0～500A，內(nèi)阻

滑動變阻器R1（阻值范圍為0～20額定電流2A）；

電阻箱R2（阻值范圍為0～9999額定電流1A）

開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

為了用伏安法盡可能準確地測量的阻值；請你幫助該同學(xué)完成實驗中的下述步驟：

a．上述器材中缺少電壓表，先需將電流表A2改裝成電壓表，然后在如圖方框中畫出用伏安法測量阻值的電路圖，并在圖中標明各器材的代號________。

b．實驗中，將電流表改裝成量程為2.5V的電壓表，調(diào)節(jié)滑動變阻器讀出電流表A1的示數(shù)此時電流表A2的示數(shù)如圖所示，則其對應(yīng)的電壓測量值是_________V，根據(jù)以上實驗數(shù)據(jù)和電阻的測量值是_______（本空保留2位有效數(shù)字），實驗中電阻測量值與其真實值比較_______（選填“偏大”或“偏小”），并簡述其原因_____________。評卷人得分六、解答題(共4題，共24分)25、A、B兩個帶電小球可視為點電荷，A固定不動，B的質(zhì)量為m，在庫侖力作用下，B由靜止開始運動。已知初始時，A、B間的距離為d，B的加速度為a，經(jīng)過一段時間后，B的加速度為此時A、B間距離應(yīng)為多少？已知此時B的速度為v，則此過程中電勢能的減少量為多少？26、如圖甲所示，真空中的電極K連續(xù)不斷的發(fā)射出電子（電子的初速度可忽略不計），經(jīng)減壓為的電場加速，加速電壓隨時間變化t變化的圖像如圖乙所示。每個電子通過加速電場的時間極短，可認為在電子加速過程中加速電壓不變。電子被加速后由小孔S穿出，沿兩個彼此靠近且正對的水平金屬板A、B間中軸線從左邊緣射入A、B板件的偏轉(zhuǎn)電場，A、B兩板長均為兩板之間距離A板的電勢比B板電勢高。A、B板右側(cè)邊緣到豎直放置的熒光屏P（面積足夠大）之間的距離熒光屏的中心點O與A、B板的中心軸線在同一水平直線上。不計電子之間的相互作用及電子的重力；求：

（1）要使電子都打不到熒光屏上，則A、B板間所加電壓U2應(yīng)滿足什么條件？

（2）當A、B板間所加電壓時，求電子打在熒光屏上的位置距離中心點O的最小距離。

27、豎直平面內(nèi)的一個光滑絕緣軌道由相切于B點的兩段組成，直段與水平面夾角為60°，彎段為一個圓弧，半徑為r，在同一高度。在圓心處固定一個負點電荷。將一質(zhì)量為m的帶正電小環(huán)（可看作質(zhì)點）套在軌道上從A點靜止釋放，下滑經(jīng)B、C后滑上右邊圓弧。已知小環(huán)剛從A點下滑時，恰好不受軌道的作用力；到C點時，小球的速度問：

(1)小環(huán)在A點時所受的庫侖力FA的大小和方向；

(2)小環(huán)在C點時所受的軌道作用力FN的大小；

(3)定量說明小環(huán)從A到D過程中電勢能的變化情況。

28、如圖所示，一對間距豎直放置的平行金屬板M、N分別接于電路中的B、P兩點間，P為滑動變阻器的中點，平行金屬板間產(chǎn)生的電場可視為勻強電場。現(xiàn)將一帶電量小球c，用質(zhì)量不計的絕緣細線懸掛于電場中某點，小球靜止時懸線與豎直方向的夾角滑動變阻器的總阻值為定值電阻電源電動勢電源內(nèi)阻求：

(1)流過電源的電流；

(2)小球的質(zhì)量。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

A．由圖中運動軌跡可知；粒子受到向左的電場力，又因為電場強度的方向向左，故粒子帶正電。故A錯誤。

B．a(chǎn)點的電場線比較密集，所以a點處的電場強度大于b點處的電場強度，根據(jù)公式可知，帶電粒子在a處的電場力大于b處。故B錯誤。

C．電勢順著電場線的方向降低，所以a點電勢小于b點電勢；故C錯誤。

D．a(chǎn)點電勢小于b點電勢，根據(jù)公式可知，帶電粒子在b點的電勢能大于在a點的電勢能；故D正確。

故選D。2、C【分析】【詳解】

元電荷是最小單位電荷量，不是電子或質(zhì)子，故A錯誤；在研究帶電體間的相互作用時，若帶電體的尺寸遠小于它們之間的距離時，可把帶電體看成點電荷，體積很大的帶電體也可能看成點電荷，故B錯誤；任何帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍，故C正確；摩擦起電是電子由一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體的結(jié)果，得到電子的物體帶負電，失去電子的物體帶正電，沒有產(chǎn)生了額外的電子，故D錯誤．3、B【分析】【詳解】

A．D點的電場強度與C點的電場強度大小相等，方向相同，都沿著與BA平行的方向；A錯誤；

B．小球沿DC軌道下滑過程中，A、B兩點電荷對其電場大小相同，合場強與DC垂直，由于小球運動過程距離A、B兩點電荷的距離先減小后增大；其電場強度先增大后減小，B正確；

C．小球沿DC到達軌道最低點C過程，A、B兩點電荷對其合電場力垂直于軌道；電場力不做功，電勢能不變，C錯誤；

D．小球沿運動過程，受到的電場力也與軌道垂直，故小球沿到達O點與沿到達C點過程都只有重力做功，由動能定理得小球到達O點與到達C點的速度大小相等；D錯誤。

故選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場線越疏，電場強度越弱，電場線越密，電場強度越強，由題圖可知，點的電場強度比點的??；A錯誤；

B．沿著電場線方向電勢逐漸降低，若點電勢高于點；則小球帶負電，B錯誤；

C．因容器內(nèi)表面為等勢面，且電場線總垂直于等勢面，則點的電場強度方向與該處內(nèi)表面垂直；C正確；

D．在同一等勢面上，將檢驗電荷從點沿不同路徑移動到點；電場力做的功相同，均為零，D錯誤。

故選C。5、B【分析】【分析】

【詳解】

磁通量的單位為韋伯，符號為Wb，故選B。二、多選題(共8題，共16分)6、A:D【分析】【詳解】

A．n點靠近正電荷，p點靠近負電荷，因此有故A正確；

B．負電荷從p到運動m電場力做正功，電勢能減小，帶負電的微粒在m點的電勢能較??；故B錯誤；

CD．兩微粒均只考慮電場力做正功，由動能定理有

因初末電勢差相同，電量q相等；則電場力的做正功相等，電勢能減小量相等，兩微粒的動能增加量也相等，故C錯誤，D正確；

故選AD。7、A:D【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的滑動片P向上移動時，電阻R2接入電路中的電阻變大，外電路由于局部電阻增大導(dǎo)致整個外電路電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路中總電流減小，即電流表A1示數(shù)減小，電源內(nèi)電壓減小，所以路端電壓即電壓表示數(shù)U變大；故A正確；

B．根據(jù)橋式電路特征，當滿足

由此可知，電路中M、N兩點間的電勢差為零，電流表A2示數(shù)變?yōu)榱?；故B錯誤；

C．由于回路中總電流減小，則R1與L1并聯(lián)部分電壓也減小，R2與L2并聯(lián)部分電壓增多，所以流過燈泡L1的電流變小，流過燈泡L2的電流變大，即燈泡L1變暗，L2變亮；故C錯誤；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

所以

故D正確。

故選AD。8、A:B:D【分析】【詳解】

A.由題意可知，C點的電勢為。

故A正確；

B.由于B、C兩點到A點()的距離相等，所以B、C兩點的電勢相等，所以從C點移到B點的過程中；電場力先做負功再做正功，總功為0，故B正確；

C.由于B、C兩點的電勢相等，所以當在B點固定后，C點的電勢為所以從無窮遠移到C點過程中；電場力做功為：

故C錯誤；

D.由于C點的電勢為所以電勢能為。

故D正確。9、A:C【分析】【詳解】

A．粒子在電場中運動的加速度大小為

假設(shè)粒子進入電場后，在豎直方向上始終沿一個方向做勻加速直線運動，且最終打在極板上，則有

解得

所以假設(shè)成立，則粒子在電場中運動的最短時間為故A正確；

B．設(shè)交變電場周期為T，射出粒子在電場中運動的時間均為

根據(jù)交變電場的周期性可知，無論在何時刻射入的粒子，粒子在電場中經(jīng)過2T時間后電場力對粒子的合沖量均為零，則粒子在豎直方向速度的變化量為零，所以射出粒子的最大動能為

故B錯誤；

C．時刻進入的粒子，在時間內(nèi)向下做勻加速運動，且豎直分位移大小為

根據(jù)對稱性可知，粒子在時間內(nèi)將向下做勻減速運動，且豎直分位移大小仍等于y1，則

粒子在時刻速度減為零后又開始向上做勻加速運動，進而可推知粒子在進入電場T時間后又回到OO′上，所以時刻進入的粒子最終能從點射出；故C正確；

D．時刻進入的粒子，在時間內(nèi)向下做勻加速運動，且豎直分位移大小為

根據(jù)對稱性可知，粒子在時間內(nèi)將向下做勻減速運動，且豎直分位移大小仍等于y2，則

粒子在時刻速度減為零后，又開始向上做勻加速運動，在時間內(nèi)粒子豎直分位移大小為

假設(shè)沒有上極板，且電場不消失，在時間內(nèi)粒子將向上做勻減速運動，根據(jù)對稱性可知豎直分位移大小仍為y3，則進入電場經(jīng)過一個周期后，粒子的豎直分位移大小為

所以時刻進入的粒子一定會打到上極板；故D錯誤。

故選AC。10、B:D【分析】【詳解】

A．設(shè)兩小球間庫侖力大小為F，對A球

對B球

兩者聯(lián)立可得

故A錯誤；

B．兩個點電荷A、B在C點的合場強為零，則

得

故B正確；

C．同時剪斷連接兩小球A、B的細線，在豎直方向兩小球A、B均做自由落體運動；兩小球是同時落地，C錯誤；

D．剪斷細線后，兩球組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，水平方向動量守恒，則有

同時乘以時間可得

結(jié)合可得

故D正確。

故選BD。11、C:D【分析】【詳解】

A．b、c兩點關(guān)于AB連線對稱；電場強度相同，所以小環(huán)所受電場力相同，故A錯誤；

BD．AB連線的中垂線是一條等勢線，小環(huán)在上面移動的過程中，電場力不做功，小環(huán)從a點由靜止釋放后做勻加速直線運動；只有重力做功，小環(huán)的機械能守恒，故B錯誤，D正確；

C．小環(huán)通過連續(xù)相等的位移所用時間之比為根據(jù)

所以小環(huán)通過b、c兩點的速度大小之比為

故C正確。?

故選CD。12、A:C【分析】【分析】

由題意可知考查電表改裝；根據(jù)電表改裝原理分析可得．

【詳解】

A．利用串聯(lián)電路中電阻分壓原理；可將電流表串聯(lián)一個分壓電阻改裝成電壓表，符合客觀實際，故A正確．

B．如果要將電壓表量程擴大n倍，則所串聯(lián)的分壓電阻應(yīng)是原電壓表內(nèi)阻的n-1倍；故B錯誤；

C．用同一表頭做成的電流表；電流表的量程越大，并聯(lián)的電阻越小，其總的內(nèi)阻越小，故C正確；

D．當電流表測某電路的電流時；測量值可能小于真實值，也可能大于真實值，故D錯誤．

【點睛】

改裝成電壓表是在原來基礎(chǔ)上串聯(lián)一電阻，量程越大，需要串聯(lián)的電阻越大．改裝電流表是在原來基礎(chǔ)上并聯(lián)一電阻，量程越大，需要并聯(lián)的電阻越?。x數(shù)大小取決于總電壓、總電流，指針偏角大小僅取決于通過表頭的電流大小，通過表頭的電流越大（越小），偏轉(zhuǎn)角度越大（越?。?3、C:D【分析】【詳解】

接觸前兩個帶電小球的庫侖力為若兩點荷帶同種電荷，則接觸后兩點荷各帶電量為2Q，則此時的庫侖力為若兩點荷帶異種電荷，接觸之后兩球電荷中和后在均分，故電荷量均為Q，此時的庫侖力為故CD正確，AB錯誤；故選CD.

【點睛】

本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關(guān)鍵；同時注意兩種可能的情況的討論.三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當滑片P在滑動變阻器b端或者a端時，外電路電阻小，為零，由閉合電路歐姆定律可得，電路最大電流，即電流表最大示數(shù)

把保護電阻看做電源的內(nèi)阻，電源與保護電阻等效于電源，滑動變阻器是外電路，滑片P從a滑到b的過程中，電路外電阻R先變大后變小，等效電源電動勢E不變，由

可知，滑動變阻器消耗的電功率先變小后變大，當內(nèi)外電路電阻相等時，外電路功率最大，即當

外電路功率最大，故此時滑動變阻器消耗的功率為【解析】【答題空1】1.5

【答題空2】2.2515、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]電容器所帶電荷量Q與電容器兩極板間電勢差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]電容的國際單位是法拉，符號為F，常用的單位還有微法和皮法，

（4）[8]電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量；在數(shù)值上等于使兩極板間的電勢差為1V時電容器需要帶的電荷量；

（5）[9]擊穿電壓電指介質(zhì)不被擊穿時加在電容器兩極板上的極限電壓；若電壓超過這一限度，電容器就會損壞；

[10]額定電壓指電容器外殼上標的工作電壓，也是電容器正常工作所能承受的最大電壓，額定電壓比擊穿電壓低?！窘馕觥竣?電荷量Q②.電勢差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.擊穿⑩.低16、略

【分析】【詳解】

[1]負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，所以該力的方向跟A點電場強度的方向相反；

[2]A點電場強度大小為

[3]如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為

[4]正電荷受的電場力方向與場強方向相同；

[5]電場強度只與電場本身有關(guān)，與有無檢驗電荷無關(guān)，所以拿走電荷則A點電場強度大小仍為300N/C。【解析】反300同30017、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據(jù)電流表改裝成電壓表的特點，則有

解得需串聯(lián)依據(jù)電流表改裝成電流表的特點，則有

解得需并聯(lián)的電阻，即總電阻所以電流表的內(nèi)阻【解析】99000.0518、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當閉合，且滑片在端時，燈正常發(fā)光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯(lián)，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數(shù)為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W19、A:B【分析】【分析】

【詳解】

[1]只能把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的電路是；故選A。

[2]能把電能轉(zhuǎn)化為其他形式能的電路是，故選B。20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]直線電流的磁場；安培定則：如圖所示，用右手握住導(dǎo)線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，四指所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

（2）[2][3]環(huán)形電流的磁場；安培定則：如圖所示，讓右手四指與環(huán)形電流的方向一致，大拇指的方向就是環(huán)形導(dǎo)線軸線上磁感線的方向。

（3）[4][5]通電螺線管的磁場，安培定則：如圖所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指與電流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺線管軸線上磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的北極的方向?！窘馕觥竣?四指②.四指③.大拇指④.電流方向⑤.螺線管軸線四、作圖題(共1題，共4分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】五、實驗題(共3題，共27分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3]．用多用表測量某元件的電阻；選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明倍率檔選擇過低，因此需選擇“×1k”倍率的電阻擋，并需歐姆調(diào)零后，再次進行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結(jié)果為6000Ω。

(2)[4][5]．由閉合電路歐姆定律得。

把r=1.0Ω代入整理得。

故。

得。

Ig=0.25A得。

E=1.5V(3)[6]．電流表G的指針半偏，則I=0.125A；由。

代入數(shù)據(jù)解得。

Rx=0.83Ω【解析】)×1k歐姆調(diào)零60001.5V0.25A0.83Ω23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]多用電表電流方向統(tǒng)一為“紅進黑出”；結(jié)合歐姆表內(nèi)部電源的正負極可知，黑表筆與電源正極相連，故A接線柱應(yīng)該是與黑表筆連接。

(2)[2]倍率越高時中值電阻越大，即歐姆表對應(yīng)內(nèi)阻越大，如圖所示為選擇開關(guān)接a和接b時的電路圖。

由圖可知，當選擇開關(guān)接b時，內(nèi)阻較大，故選擇開關(guān)接b擋時其對應(yīng)的電阻擋的倍率更高?！窘馕觥亢赽24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]螺旋測微器讀數(shù)為

（2）①[2]