2025年新科版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新科版選修3物理上冊階段測試試卷69考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，RT為負溫度系數(shù)的半導體熱敏電阻；其他電阻都是普通的電阻，當燈泡L的亮度變暗時，說明()

A.環(huán)境溫度變低B.環(huán)境溫度變高C.環(huán)境溫度不變D.都有可能2、如圖所示的電路中，閉合開關S后，向左移動滑動變阻器R的滑片；則滑動變阻器連入電路的阻值和安培表示數(shù)的變化情況是。

A.連入電路的阻值變小，安培表的示數(shù)變小B.連入電路的阻值變小，安培表的示數(shù)變大C.連入電路的阻值變大，安培表的示數(shù)變小D.連入電路的阻值變大，安培表的示數(shù)變大3、如圖所示，U形氣缸固定在水平地面上，用重力不計的活塞封閉著一定質(zhì)量的氣體，已知氣缸不漏氣，活塞移動過程中與氣缸內(nèi)壁無摩擦。初始時，外界大氣壓強為p0，活塞緊壓小擋板。現(xiàn)緩慢升高氣缸內(nèi)氣體的溫度，則選項圖中能反映氣缸內(nèi)氣體的壓強p隨熱力學溫度T變化的圖像是（）

A.B.C.D.4、下列說法正確的是（）A.能量守恒說明我們節(jié)約能源毫無意義B.當彈簧變長時，它的彈性勢能一定增大C.能量的轉(zhuǎn)移具有方向性D.做離心運動的物體是受到了離心力的作用5、如圖所示，半徑為的虛線圓上有一弦AB，弦長為C為弦AB的垂直平分線與圓右側(cè)的交點，現(xiàn)給ABC三點放置三個長度均為方向與紙面垂直的直線電流，電流的大小相等，AB方向相同，B與C相反．已知直線電流在周圍產(chǎn)生磁場的磁感應強度的表達式為其中為常數(shù)，為電流，為空間某點到直線電流的距離．若A對B的磁場力大小為則（）

A.B對C的磁場力大小為B.A對C的磁場力大小為C.C所受到的磁場力大小為D.C所受到的磁場力大小為6、銅是良好的導電材料．在一段通電銅導線內(nèi)，定向移動形成電流的微粒是（）A.電子B.原子核C.既有電子也有原子核D.原子7、一粗細均勻的鎳鉻絲，截面直徑為d，電阻為R.把它拉制成直徑為的均勻細絲后，在溫度不變的情況下，它的電阻變?yōu)?))A.10000RB.100R.C.D.8、如圖所示，一條紅色光線和另一條紫色光線，以不同的角度同時沿不同的半徑方向射入同一塊橫截面為半圓形玻璃柱體，其透射光線都是由圓心O點沿OC方向射出．則可知（）

A.擋住BO光線，OC光線是紅光B.玻璃對BO光線折射率大些C.AO光線較BO光線穿過玻璃磚所需時間長D.在雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由AO光線變?yōu)锽O光線，則干涉亮條紋間距變小9、下列說法正確的是()A.原子核的結合能越大，原子核越穩(wěn)定B.某些原子核能夠放射出β粒子，說明原子核內(nèi)有β粒子C.核泄漏污染物能夠產(chǎn)生對人體有害的輻射，核反應方程式為X為電子D.若氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應，則氫原子從n=6能級向n=2能級躍遷時輻射出的光能可能使該金屬發(fā)生光電效應評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，電源的電動勢為E、內(nèi)阻為r，閉合開關K，小液滴恰能在平行板間靜止，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片P向下滑動；則。

A.小液滴將向上運動B.電源的總功率變大C.小燈泡變亮D.定值電阻R1上消耗的功率變大11、如圖所示，勻強磁場垂直于紙面向里，勻強電場平行于斜面向下，斜面是粗糙的．一帶正電物塊以某一初速度沿斜面向上滑動，經(jīng)a點后到b點時速度減為零，接著又滑了下來．設物塊帶電荷量保持不變，則從a到b和從b回到a兩過程相比較。

A.加速度大小相等B.摩擦產(chǎn)生熱量不相同C.電勢能變化量的絕對值相同D.動能變化量的絕對值相同12、在如圖所示寬度范圍內(nèi)，用電場強度為E的勻強電場可使初速度是的某種正粒子偏轉(zhuǎn)角．在同樣寬度范圍內(nèi)，若改用方向垂直于紙面向外的勻強磁場，勻強磁場的磁感應強度為B，使該粒子穿過該區(qū)域，并使偏轉(zhuǎn)角也為（不計粒子的重力）．則。

A.電場強度E與磁感應強度B的比為B.電場強度E與磁感應強度B的比為C.粒子穿過電場和磁場的時間之比是D.粒子穿過電場和磁場的時間之比是13、封閉在氣缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學溫度關T系如圖所示，該氣體的摩爾質(zhì)量為M，狀態(tài)A的體積為溫度為A、D三點在同一直線上，阿伏伽德羅常數(shù)為由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中（）

A.氣體的密度不變B.氣體從外界吸收熱量，內(nèi)能增加C.氣體體積增大，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少D.氣體溫度升高，每個氣體分子的動能都會增大14、下列說法錯誤的是（）A.用顯微鏡觀察到花粉顆粒在水中做布朗運動，反映了花粉分子在不停地做無規(guī)則運動B.兩個分子的間距從極近逐漸增大到極遠的過程中，它們的分子勢能先減小后增大C.非晶體都表現(xiàn)為各向同性，晶體則表現(xiàn)為各向異性E.第二類永動機雖然不違背能量守恒定律，但是違背了熱力學第二定律E.第二類永動機雖然不違背能量守恒定律，但是違背了熱力學第二定律15、如圖a所示，為一間距d足夠大的平行金屬板，板間加有隨時間變化的電壓（如圖b所示），設和已知；且t=0時，A板電勢比B板高．A板上O處有一靜止的帶正電的粒子，其帶電量為q，質(zhì)量為m（不計重力），則下列說法正確的是。

A.若在t=0時刻釋放該帶電粒子，該粒子一直向右運動B.若在t=0時刻釋放該帶電粒子，該粒子先向右運動，后向左運動C.若在t=0時刻釋放該帶電粒子，則該粒子在時刻的速度為零D.若在t=0時刻釋放該帶電粒子，則該粒子在時刻剛好回到出發(fā)點評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、某金屬導體，若30s內(nèi)有36C的電荷量通過導體的橫截面，則每秒鐘內(nèi)有______個自由電子通過該導體的橫截面，導體中的電流為________A。（電子的電荷量為1.6×10-19C）17、雙桶洗衣機的脫水桶的電機是由一個定時開關和一個由桶蓋控制的開關組成的，當定時開關合上時；只要打開桶蓋，電機又被關閉。

（1）如圖所示的哪個電路圖能滿足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根據(jù)以上羅列的控制條件和控制結果的情況，完成其真值表，并在虛線框內(nèi)畫出該門電路符號()。輸入輸出ABZ00______01______10______11______

18、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)經(jīng)過等壓變化到達狀態(tài)再從狀態(tài)經(jīng)過等容變化到達狀態(tài)狀態(tài)與狀態(tài)溫度相等。則：氣體在狀態(tài)的溫度______在狀態(tài)的溫度（選填“小于”“等于”或“大于”），氣體在狀態(tài)的內(nèi)能______在狀態(tài)的內(nèi)能（選填“小于”“等于”或“大于”）；從狀態(tài)到狀態(tài)的過程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”）。

19、如圖，豎直放置的均勻等臂U型導熱玻璃管兩端封閉，管內(nèi)水銀封有A、B兩段氣柱，右管水銀面高于左管水銀面，高度差為h，若環(huán)境溫度降低，穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA∶pB與降溫前相比將_______（選填“變大”、“變小”或“不變”），右管水銀面的高度變化Δh______（選填“＞”、“＝”或“＜”）．

20、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)24、（1）螺旋測微器的讀數(shù)：____mm

（2）游標卡尺的讀數(shù)：____cm．25、如圖所示。用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律；即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。

（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量__________（填選項前的符號）；間接地解決這個問題；

A．小球開始釋放高度

B．小球拋出點距地面的高度

C．小球做平拋運動的射程。

（2）圖中點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置測量平拋射程然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復。接下來要完成的必要步驟是__________；（填選項前的符號）

A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量

B．測量小球開始釋放高度

C．測量拋出點距地面的高度

D．分別找到相碰后平均落地點的位置

E．測量平拋射程

（3）經(jīng)測定，m2=小球落地點的平均位置距點的距離如圖所示。碰撞前、后的動量分別為與則__________若碰撞結束時m2的動量為則__________。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

結合負溫度系數(shù)熱敏電阻的特性和串并聯(lián)電路分壓分流特點分析即可．

【詳解】

當燈泡L的亮度變暗時，說明通過燈泡L的電流變小，則燈泡L所在支路電壓變小，R的電壓變大，即總電流變大，總電阻變小，則變小，而為負溫度系數(shù)熱敏電阻，只有環(huán)境溫度變高，才變小．

A．環(huán)境溫度變低；與分析結果不符，故A錯誤；

B．環(huán)境溫度變高；與分析結果相符，故B正確；

C．環(huán)境溫度不變；與分析結果不符，故C錯誤；

D．都有可能；與分析結果不符，故D錯誤．

【點睛】

本題主要考查串并聯(lián)電路的動態(tài)分析，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點，即可得出結果，屬于一般題型．2、C【分析】【分析】

由滑動變阻器的連接方式可知滑片左移時接入電阻的變化；再由閉合電路的歐姆定律即可得出電路中電流的變化。

【詳解】

由電路圖可知；滑動變阻器接入電路部分為右半部分，故向左移動時，接入部分增大，故接入電阻增大；

電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流減小，故電流表示數(shù)減小，故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

【點睛】

本題考查滑動變阻器的使用方法及閉合電路的歐姆定律，屬基礎題目。3、B【分析】【分析】

【詳解】

當緩慢升高缸內(nèi)氣體溫度時，氣體先發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律，缸內(nèi)氣體的壓強p與熱力學溫度T成正比，在p-T圖像中，圖線是過原點的傾斜的直線；當活塞開始離開小擋板（小擋板的重力不計），缸內(nèi)氣體的壓強等于外界的大氣壓，氣體發(fā)生等壓膨脹，在p-T中，圖線是平行于T軸的直線；選項ACD錯誤，B正確；

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．各種形式的能量；最終都轉(zhuǎn)化為內(nèi)能流散到周圍的環(huán)境中。分散在環(huán)境中的內(nèi)能，不管數(shù)量多么巨大，它也不過只能使地球大氣稍稍變暖一點兒，卻再也不能驅(qū)動機器做功。從可被利用的價值來看，內(nèi)能是一種低品質(zhì)的能量，因此能量耗散雖然不會導致總能量的減少，卻會導致能量品質(zhì)的降低，所以要節(jié)約能源，A錯誤；

B．當彈簧變長時；它的彈性勢能不一定增大，若彈簧處于壓縮狀態(tài)時，彈簧的彈性勢能減小，故A錯誤；

C．根據(jù)熱力學第二定律可知；能量的自發(fā)的轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移具有方向性，如熱量只能自發(fā)地從高溫物體傳到低溫物體，不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體。涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，C正確；

D．做離心運動的物體是因為所能提供的向心力小于物體做圓周運動所需要的向心力；并沒有離心力作用，D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

設A；B的電流方向垂直紙面向里；C的電流方向垂直紙面向外，連接AC、AB，過C作AB的垂線CD，如圖所示：

由幾何關系可知，即是一個等邊三角形，根據(jù)磁感應強度的表達式可知，三根導線的電流大小相等，若A對B的磁場力大小為則A對C的磁場力大小也為B對A的磁場力大小也為B對C的磁場力大小也為故AB錯誤；對C受力分析如圖所示：

由力的合成法得：C正確，D錯誤；選C.

【點睛】三根導線通過的電流大小相等，距離相等，故三根導線之間的互相作用力都相等；對C受力分析，根據(jù)力的合成法求出C所受的合力.6、A【分析】【分析】

明確電流的性質(zhì)；知道金屬導體中形成電流的是自由電子.

【詳解】

在金屬銅中可以自由移動的是自由電子；原子核；原子均不能自由移動，故形成電流的微粒是電子，故A正確，B、C、D錯誤.故選A.

【點睛】

本題考查電流的形成，知道金屬導體中能形成電流的自由電子.7、A【分析】【詳解】

鎳鉻絲的橫截面的直徑為d，橫截面積為S1=由數(shù)學知識得知，直徑變化后橫截面積是S2=由于鎳鉻絲的體積不變，由長度變?yōu)樵瓉淼?00倍，根據(jù)電阻定律R=ρ得到，電阻是原來的10000倍，即為10000R．故選A．8、C【分析】【詳解】

AB.由圖看出，兩束光在O點的折射角相同，A光的入射角大于B光的入射角，由折射定律分析得知，玻璃對AO光的折射率大于對BO光的折射率，則AO光線是紫光，BO光線是紅光．若擋住BO光線，OC是紫光．故AB錯誤；

C.由分析知，AO光線在玻璃中傳播速度較小，所以AO光線較BO光線穿過玻璃磚所需時間長．故C正確．

D.在雙縫干涉實驗中，干涉條紋的距離與波長成正比，AO光線是紫光，BO光線是紅光，BO光的波長更長一些，則知在雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由AO光線變?yōu)锽O光線，則干涉亮條紋間距變大．故D錯誤．9、C【分析】【詳解】

原子核的比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，選項A錯誤；某些原子核能夠放射出β粒子，這是核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時放出的負電子，不能說明原子核內(nèi)有β粒子，選項B錯誤；核泄漏污染物能夠產(chǎn)生對人體有害的輻射，核反應方程式為X電荷數(shù)為-1，質(zhì)量數(shù)為零，所以為電子，選項C正確；若氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應，而氫原子從n=6能級向n=2能級躍遷時輻射出的光子的能量小于從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光子的能量，則不能使該金屬發(fā)生光電效應，選項D錯誤；故選C.二、多選題(共6題，共12分)10、B:D【分析】【詳解】

將滑動變阻器的滑片P向下滑動，變阻器電阻減小，故外電路的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流增加，根據(jù)UL=E-I（r+R1），小燈泡的電壓減??；故小燈泡電功率減小，小燈泡變暗，故C錯誤；干路電流增加，根據(jù)P=EI，電源的總功率變大，故B正確；干路電流增加，根據(jù)U=E-Ir，路端電壓減小，故電容器兩端電壓減小，故液滴受電場力減小，重力大于電場力，液滴將向下加速運動，故A錯誤；干路電流增加，根據(jù)P=I2R，定值電阻R1上消耗的功率變大，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。11、B:C【分析】【詳解】

試題分析：物塊從a到b運動時，由牛頓定律：受洛倫茲力垂直斜面向上；而由b向a滑動時，由牛頓定律：受洛倫茲力垂直斜面向下，兩次物體對斜面的壓力不同，摩擦力不同，即f1＜f2,故兩過程的加速度大小不相等，選項A錯誤；又相對，可知兩過程摩擦產(chǎn)生熱量不相同，選項B正確；物塊從a到b運動時，電場力做負功，電勢能增加；物塊從b回到a電場力做正功；電勢能減小，故電場力做功不相同，但是電勢能變化量的絕對值相同，選項C正確；上滑過程和下滑過程，都是重力；摩擦力及電場力做功，但是上滑時摩擦力小于下滑時的摩擦力，由動能定理得，動能變化量大小不相同，故D錯誤．故選BC.

考點：牛頓定理；電場力做功和電勢能；動能定理.12、B:C【分析】【詳解】

在電場中偏轉(zhuǎn)時做類平拋運動，水平方向勻速直線，豎直方向勻加速直線運動，故則由牛頓第二定律可知則為豎直方向速度和水平方向速度的夾角；故解得在磁場中偏轉(zhuǎn)時，由幾何關系可知速度偏轉(zhuǎn)角等于粒子在磁場中做圓周運動的圓心角；解得：故A錯誤，B正確；在磁場中運動的時間為則時間之比為：C正確，D錯誤．13、B:C【分析】【分析】

氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中；溫度升高，內(nèi)能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律分析吸放熱情況。溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，分子的平均動能增大．根據(jù)體積變化，分析密度變化。

【詳解】

AC．A點和D點在過原點的連線上，說明氣體由A到D壓強不變；體積增大，密度減小，則單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少，故A錯誤，C正確；

B．A變到狀態(tài)D；體積變大，氣體對外做功，溫度升高，氣體內(nèi)能增加，故需要吸熱，故B正確；

D.溫度升高；氣體的平均動能增加，但不是每個氣體分子動能都會增大，故D錯誤。

故選BC。14、A:C:D【分析】【詳解】

A．用顯微鏡觀察到花粉顆粒在水中做布朗運動；反映了水分子在不停地做無規(guī)則運動，故A錯誤；

B．分子力先表現(xiàn)為斥力力；后表現(xiàn)為引力，分子距離增大的過程中，分子力先做正功，后做負功，分子勢能先減小后增大，故B正確；

C．單晶體表現(xiàn)為各向異性；多晶體和非晶體則表現(xiàn)為各向同性，故C錯誤；

D．飽和汽壓只取決于溫度；溫度不變，飽和汽壓不變，故D錯誤；

E．第二類永動機雖然不違背能量守恒定律；但是違背了熱力學第二定律，故E正確。本題選錯誤的。

故選ACD。

【點晴】

解決本題關鍵知道布朗運動是由于水分子的無規(guī)則運動碰撞花粉顆粒，使花粉顆粒做無規(guī)則運動，所以布朗運動反映了水分子在不停地做無規(guī)則運動，單晶體表現(xiàn)為各向異性，多晶體和非晶體則表現(xiàn)為各向同性，飽和汽壓只取決于溫度。15、A:C:D【分析】A、若在時刻釋放該帶電粒子；在一半周期內(nèi)，粒子向右做勻加速直線運動，后一半周期內(nèi)做勻減速直線運動，由于兩段時間內(nèi)的加速度大小相等，方向相反，可知一個周期末的速度為零，然后重復之前的運動，如圖一所示，故A正確，B錯誤．

C、若在時刻釋放該帶電粒子，則后一半周期內(nèi)的加速度大小是前一半周期內(nèi)加速度大小的2倍，方向相反，前一半周期做勻加速直線運動，后一半周期先做勻減速直線運動，然后反向做勻加速直線運動，在時刻的速度為零；此時位移為零，回到出發(fā)點，如圖二所示，故CD正確。

點睛：根據(jù)電勢差的大小關系，結合牛頓第二定律得出加速度的大小關系，分析出粒子的運動規(guī)律，結合運動學公式分析判斷。三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【詳解】

金屬靠自由電子導電，電子帶負電，其電荷量大小為所以在每秒鐘內(nèi)通過該導體橫截面的自由電子數(shù)為導體中的電流為．【解析】7.5×10181.217、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)題目要求；能滿足條件的電路是A；

（2）[2]該電路為“與”門電路；電路符號為。

[3][4][5][6]真值表。輸入輸出ABZ000010100111【解析】A000118、略

【分析】【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)到狀態(tài)發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋—呂薩克定律知，體積增大，溫度升高，所以氣體在狀態(tài)的溫度小于在狀態(tài)的溫度。

[2]理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關，兩狀態(tài)氣體溫度相等，內(nèi)能相等，即氣體在狀態(tài)的內(nèi)能等于氣體在狀態(tài)的內(nèi)能。

[3]氣體從到的過程，體積不變，溫度降低，內(nèi)能減少，做功為零，根據(jù)熱力學第一定律

應該放出熱量?！窘馕觥啃∮诘扔诜艧?9、略

【分析】【詳解】

假設若環(huán)境溫度降低后，△h不變化，則兩部分氣體均做等容變化，由查理定律得：對于左邊氣體：對于右邊氣體：而由題意知，p1＞p2，故有：△p＞△p′，若溫度降低，壓強都減小，左邊氣體壓強降的多，則水銀柱會向下移動，顯然原假設錯誤，△h將減?。瓵部分的體積減小，B部分的體積增大．設A部分的氣體的物質(zhì)的量是n1，B部分氣體的物質(zhì)的量是n2，則由克拉伯龍方程得：PAVA=n1RT；PBVB=n2RT，其中的R為克拉伯龍常數(shù)．則有：變形得：由于降溫后A部分的體積減小，B部分的體積增大，所以穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA：pB與降溫前相比將變大．由以上的分析可知，雖然水銀柱向下運動，但PAVA＞PBVB，所以左側(cè)氣體的壓強仍然大于右側(cè)的壓強，所以穩(wěn)定后左側(cè)的液面仍然低于右側(cè)的液面，所以△h小于．【解析】變大小于20、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關，跟到平面鏡的距離無關，所以小涵的像大小不變。

【點睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無關。但是我們遠離平面鏡時，看到自己在平面鏡中的像變小，是因為眼睛看像的視角變小，產(chǎn)生了錯覺，像的實際大小是沒有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；四、作圖題(共3題，共15分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.