2025年蘇教新版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教新版高二物理下冊月考試卷170考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、朝南的鋼窗原來關(guān)著，某人將它突然朝外推開，順時針轉(zhuǎn)過一個小于90鈭?

的角度，考慮到地球磁場的影響，則在鋼窗轉(zhuǎn)動的過程中，鋼窗活動的豎直邊中(

)

A.有自上而下的微弱電流B.有自下而上的微弱電流C.有微弱電流，方向是先自上而下，后自下而上D.有微弱電流，方向是先自下而上，后自上而下2、下列說法中正確的是()A.一群處于基態(tài)的氫原子，吸收某單色光的光子后向外發(fā)出頻率為婁脥1婁脥2婁脥3

的三種光，且v1<v2<v3

則v3=vl+v2

關(guān)系成立B.放射性元素的半衰期與原子所處的物理狀態(tài)或化學(xué)狀態(tài)有關(guān)C.婁脕

射線是原子核發(fā)生衰變時放射出的氦核流，它的電離作用非常弱D.查德威克通過實驗發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子的核反應(yīng)方程為24He+714N鈫?817O+11H

3、以地面為參考系，下列研究對象中做圓周運動的是A.運動員擲出的鏈球B.行駛列車上鐘表的時針尖端。

C.行進中自行車輪胎上的氣門芯D.教室里的吊扇轉(zhuǎn)動時葉片上的點4、如圖所示的U-I圖象中，直線Ⅰ為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A.電源電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB.電阻R消耗的功率為3.0WC.電源的效率為50%D.如果電阻R逐漸增大，電源的輸出功率可能先增大后減小5、列車在一段長30km

的筆直的鐵軌上行駛，行駛的平均速度是60km/h

下列說法正確的是(

)

A.這輛火車通過這段鐵軌的時間是0.5h

B.這輛列車一定以60km/h

的速度行駛C.這輛火車如果行駛60km

的路程一定需要1h

D.60km/h

是這段最高的速度6、如圖所示，水平桌面上放置一根條形磁鐵，磁鐵中央正上方用絕緣彈簧懸掛一水平直導(dǎo)線，并與磁鐵垂直。當(dāng)直導(dǎo)線中通入圖中所示方向的電流時，和未通電相比較，可以判斷出（）A.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力增大B.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力減小C.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力增大D.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力減小評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、有四個電源，電動勢均為8V，內(nèi)阻分別為2Ω、3Ω、5Ω和8Ω，用這四個電源分別對一個R=5Ω的定值電阻供電，則應(yīng)選擇內(nèi)阻為____Ω的電源才能在電阻R上獲得最大功率；當(dāng)選擇內(nèi)阻為3Ω的電源對電阻R供電時，內(nèi)電路上消耗的電功率為____W．8、已知氮核的質(zhì)量為14.00735u，氧核的質(zhì)量為17.00454u，氦核的質(zhì)量為4.00387u，質(zhì)子的質(zhì)量為1.00815u，則核反應(yīng)N+He→O+H是______（填“釋放”或“吸收”）能量的反應(yīng)，能量變化了______J．（1u相當(dāng)于931MeV，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）9、如圖所示，一單匝線圈在拉力作用下離開磁場，在此過程中，線圈中的磁通量將______(

填“增加”或“減小”).

若上述過程所經(jīng)歷的時間為0.2s

線圈中的磁通量變化了0.6Wb

則線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為______V

．10、在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，①測擺長時，若正確測出懸線長L和擺球直徑d,則擺長為;②測周期時，當(dāng)擺球經(jīng)過____位置（填平衡位置或最高點）時開始計時并計數(shù)1次，測出經(jīng)過該位置N次(約60~100次)的時間為t,則周期為____。11、某勻強電場中的等勢面如圖所示，相鄰等勢面間的距離為4mm，則該電場的場強E=______V/m；一個電荷量為-1.0×10-8C的點電荷沿半徑為4mm的圓弧由圓上A點移到圓上B點，AB是直徑，與等勢面夾角為60°，則移動過程中靜電力做功______J．12、平行板電容器的電容C；兩極板間電壓為U，兩板間場強E和帶電量Q，在下列情況下怎樣變化？（填寫：增大；減小、不變）

①保持兩板與電源相連，只增大兩板間距離，則C______，U______，Q______，E______．

②給電容器充電后與電源斷開，再減小電容器極板間距離，則C______，U______，Q______，E______．13、90232Th

經(jīng)過6

次婁脕

衰變和4

次婁脗

衰變后變成一種穩(wěn)定元素，該元素的中子數(shù)、質(zhì)子數(shù)分別為______、______．14、從1405-1433年，出生于云南的航海家鄭和先后7次下西洋。在一望無際的茫茫大海中，利用指南針導(dǎo)航。指南針指南的一端是______極（選填“N”或“S”）。評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

23、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)24、如圖所示；均勻直棒AB擱放在光滑的半球上保持靜止，C為棒的中點，畫出棒AB的受力圖．

25、某同學(xué)用如圖所示的裝置做驗證動量守恒定律的實驗．先將a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端上，讓a球仍從固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后；兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次．

（1）本實驗必須測量的物理量有______．（填寫選項對應(yīng)的字母）

A．斜槽軌道末端距水平地面的高度H

B．小球a、b的質(zhì)量ma、mb

C．小球a、b的半徑r

D．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間t

E．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離

F．a(chǎn)球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

（2）放上被碰小球b，兩球（ma＞mb）相碰后，小球a、b的落地點依次是圖中水平面上的______點和______點．

（3）某同學(xué)在做實驗時，測量了過程中的各個物理量，利用上述數(shù)據(jù)驗證碰撞中的動量守恒，那么判斷的依據(jù)是看______和______在誤差允許范圍內(nèi)是否相等．26、如圖所示；均勻直棒AB擱放在光滑的半球上保持靜止，C為棒的中點，畫出棒AB的受力圖．

評卷人得分五、識圖作答題(共4題，共28分)27、科研人員利用胚胎干細(xì)胞（ES細(xì)胞）對干擾素基因缺失小鼠進行基因治療。其技術(shù)流程如下圖，請回答相關(guān)問題：?（1）圖1中用到了___________________________________等現(xiàn)代生物技術(shù)（寫三項即可）。（2）由圖1可知，步驟②中要分離出ES細(xì)胞，需將重組胚胎培養(yǎng)到_______期。將目的基因?qū)隕S細(xì)胞而不是上皮細(xì)胞，是因為ES細(xì)胞在功能上具有__________________________。（3）步驟③中，先需要利用PCR技術(shù)擴增干擾素基因?？梢愿鶕?jù)一段已知的干擾素基因的__________合成引物，圖2A、B、C、D四種單鏈DNA片段中應(yīng)選取___________作為引物（DNA復(fù)制方向總是從5’向3’延伸）。對干擾素基因片段和質(zhì)粒進行酶切時，可選用限制酶的組合為____________。（4）將步驟③獲得的ES細(xì)胞在熒光顯微鏡下觀察，選擇發(fā)_____色熒光的細(xì)胞進行體外誘導(dǎo)。為檢測干擾素基因是否表達，可用的檢測物質(zhì)是____________________（填“標(biāo)記的干擾素基因”或“干擾素的抗體”）。28、如圖所示是利用山楂制作果酒果醋的流程：回答下列問題：（1）酒精發(fā)酵主要利用酵母菌的________呼吸，酵母菌與醋酸菌在結(jié)構(gòu)上的主要區(qū)別是________。（2）酒精發(fā)酵前加入的白砂糖主要是為酵母菌提供________。如圖表示白砂糖的添加量對酒精生成量的影響，白砂糖的添加量為________左右最為合理。（3）醋酸發(fā)酵前，需要加入純凈水對山楂果酒進行稀釋，原因是________。（4）將發(fā)酵好的山楂果醋在80％左右的溫度下熱處理8～10min，目的是________，以及防止雜菌污染。29、某蛋白質(zhì)由51個氨基酸、兩條鏈構(gòu)成，結(jié)構(gòu)圖中—S—S—為兩個—SH形成。其結(jié)構(gòu)模式圖如下：

⑴該蛋白質(zhì)分子形成過程中形成了____個水分子和_____個肽鍵；形成過程中消耗掉的氨基和羧基數(shù)分別是____、________；該蛋白質(zhì)分子中至少含有游離氨基和羧基數(shù)分別是_________、___________。⑵組成該蛋白質(zhì)的氨基酸的不同之處在于它們具有不同的R基，在形成此蛋白質(zhì)的氨基酸中最多含有_____種不同的R基。⑶如果形成該蛋白質(zhì)分子的氨基酸的平均相對分子質(zhì)量為100，則該蛋白質(zhì)的分子質(zhì)量是___________，控制該蛋白質(zhì)分子合成的基因至少含有堿基_______對。30、（14分）四川涼山州的氣候適宜作物生長，有很多特產(chǎn)如：苦蕎、德昌金橘、雷波臍橙等。有道是：“世界苦蕎在中國，中國苦蕎在涼山。”苦蕎麥種子富含黃酮類化合物等營養(yǎng)物質(zhì)，在降血糖、降血脂等方面功效顯著。下圖是培育高產(chǎn)黃酮苦蕎品系示意圖。試回答生物技術(shù)在實踐上的應(yīng)用相關(guān)知識：（1）組織培養(yǎng)常用____固體培養(yǎng)基含有20多種營養(yǎng)成分。過程②是____。（2）某興趣小組為了探究兩種植物激素的用量對組織培養(yǎng)的影響，設(shè)計了相關(guān)實驗處理如下表：兩者用量的比例影響細(xì)胞發(fā)育的方向，B組的結(jié)果應(yīng)促進____的形成；為提高實驗的嚴(yán)謹(jǐn)性，有人提出需多增加一組實驗，該組實驗的處理方法是____，有人想提取橘皮精油獲取利潤，一般提取橘皮精油的方法是____法。在提取橘皮精油時，橘皮干燥去水后用____浸泡，并且橘皮要浸透，這樣最后才會提高的出油率。橘皮精油的提取之所以不采取水蒸氣蒸餾法，是因為水中蒸餾會導(dǎo)致原料焦糊和____等問題。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】解：由于地磁場；則由南向北通過鋼窗，當(dāng)迅速朝外推開，導(dǎo)致穿過的磁通量變??；

根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是：只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；閉合電路中就有感應(yīng)電流；

結(jié)合楞次定律可知；從室內(nèi)觀察則鋼窗中，電流方向為逆時針方向，即鋼窗最外的豎直邊由自上而下的微弱電流，故A正確，BCD錯誤．

故選：A

．

根據(jù)閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化；結(jié)合楞次定律，與地磁場，即可求解．

本題考查了判斷是否產(chǎn)生感應(yīng)電流，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，并掌握楞次定律的應(yīng)用，注意地磁場的方向，及感應(yīng)電流觀察的方向．【解析】A

2、A【分析】【分析】半衰期與外界環(huán)境無關(guān)，婁脕

射線是原子核發(fā)生衰變時放射出的氦核流，其電離作用很強，能級躍遷時釋放光子，根據(jù)Em鈭?En=h婁脥

計算頻率，知道查德威克的貢獻。本題考查了半衰期、射線及其特性、能級躍遷以及查德威克的貢獻，是對基礎(chǔ)知識的考查?！窘獯稹緼.一群處于基態(tài)的氫原子，吸收某單色光的光子后向外發(fā)出頻率為：婁脥1{婁脥}_{1}婁脥2{婁脥}_{2}婁脥3{婁脥}_{3}的三種光，且婁脥1<婁脥2<婁脥3{婁脥}_{1}<{婁脥}_{2}<{婁脥}_{3}則由能級躍遷知：h婁脥3=h婁脥1+h婁脥2h{婁脥}_{3}=h{婁脥}_{1}+h{婁脥}_{2}即婁脥3=婁脥1+婁脥2{婁脥}_{3}={婁脥}_{1}+{婁脥}_{2}故A正確；B.半衰期與原子核本身有關(guān)，與外界因素?zé)o關(guān)，故B錯誤；C.婁脕

射線是原子核發(fā)生衰變時放射出的氦核流，它的電離作用很強，故C錯誤；D.查德威克發(fā)現(xiàn)了中子的核反應(yīng)是：49Be+24He隆煤612C+01n

故D錯誤。故選A?！窘馕觥緼

3、D【分析】運動員擲出的鏈球做拋體運動.

故A錯誤；

行駛列車上鐘表的時針尖端相對于地面既有水平方向的直線運動；又有圓周運動，故B錯誤；

行進中自行車輪胎上的氣門芯既有水平方向的直線運動；又有圓周運動.

故C錯誤；

教室里的吊扇轉(zhuǎn)動時葉片上的點相對于地面做勻速圓周運動.

故D正確．故選D【解析】D

4、C【分析】解：A、由圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動勢E=3.0V，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻，則有：r=||=Ω=1.5Ω，電阻R的阻值為：R==Ω=1.5Ω．故A錯誤；

B、兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時電路中電流和路端電壓，輸出功率即電阻的功率為P出=UI=1.5×1=1.5W；故B錯誤。

C、電源的功率為P=EI=3×1=3W，則電源的效率為：η=%=50%．故C正確；

D；此時內(nèi)外阻相等；輸出功率最大，若電阻再增大，則輸出功率減小，故D錯誤；

故選：C。

根據(jù)圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動勢；由斜率大小讀出電源的內(nèi)阻。圖線Ⅱ的斜率大小等于電阻R的大小。兩圖線的交點表示電阻R接在該電源的電壓和電流，求出電源的輸出功率，由P=UI求電阻R消耗的功率。

本題抓住伏安特性曲線的斜率、截距和交點的數(shù)學(xué)意義來理解其物理意義，知道兩個圖象的交點表示該電源與電阻R相連組成閉合電路時電路中電流和路端電壓?！窘馕觥緾5、A【分析】解：A

火車需要的時間為t=xv=3060h=0.5h

故A正確；

B；60km/h

表示這段位移內(nèi)的平均速度；在這段位移內(nèi)的某一位置，速度可能比60Km/h

大，也有可能比60km/h

小.

故B錯誤．

C；若在60km

內(nèi)的平均速度為60km/h

則需要1h

但30km

后的平均速度不一定為60km/h

故C錯誤；

D；60km/h

是火車在這一路段中的平均速度.

故D錯誤．

故選：A

平均速度表示一段位移內(nèi)的速度，公式v爐=xt

是位移與時間的比值．

解決本題的關(guān)鍵知道平均速度表示一段位移內(nèi)的速度，等于位移與時間的比值.

可以將公式變形后求出時間或位移【解析】A

6、D【分析】解：條形磁鐵位置磁感線如圖，故通電導(dǎo)線出的磁場方向向右

根據(jù)左手定則；電流受到的安培力向下，故彈簧彈力變大；

根據(jù)牛頓第三定律；電流對磁體的作用力與安培力等大；反向、共線，即向上，故磁體對地壓力變小，故D正確。

故選：D。

畫出條形磁鐵位置磁感線情況；然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向，再根據(jù)牛頓第三定律判斷磁體受到的磁場力方向。

本題關(guān)鍵要明確磁場是傳遞磁極與磁極、電流與磁體、電流與電流間相互作用的媒介物，同時要會畫常見磁感線，會用左手定則判斷安培力方向?！窘馕觥緿二、填空題(共8題，共16分)7、略

【分析】

外電路電阻一定，由P=I2R可知；電路電流I越大，電阻功率越大，由閉合電路的歐姆定律可知，在電源電動勢一定時，電源內(nèi)阻越小，電路電流越大，因此當(dāng)電源內(nèi)阻最小為2Ω時，電路中電流最大，電阻R的功率最大．

當(dāng)選擇內(nèi)阻為3Ω的電源時，電路中電流I=所以內(nèi)電路上消耗的電功率為P=I2r=3W

故答案為：2；3

【解析】【答案】定值電阻阻值R=5Ω一定，當(dāng)電路中電流最大時，其功率最大，根據(jù)閉合電路歐姆定律確定電源的內(nèi)阻為多大時，電流最大．當(dāng)選擇內(nèi)阻為3Ω的電源時，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流，根據(jù)P=I2r求解．

8、略

【分析】解：反應(yīng)前的質(zhì)量為14.00735u+4.00387u=18.01122u；反應(yīng)后的質(zhì)量17.00454u+1.00815u=18.01269u；

反應(yīng)前的質(zhì)量小于反應(yīng)后的質(zhì)量；可知需要吸收能量．

吸收的能量為：△E=（18.01269-18.01122）×931MeV=1.37MeV=2.2×10-13J．

故答案為：吸收，2.2×10-13．

根據(jù)反應(yīng)前和反應(yīng)后的質(zhì)量大小關(guān)系；結(jié)合質(zhì)能方程判斷吸收能量還是放出能量，以及求出能量的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握愛因斯坦質(zhì)能方程，知道反應(yīng)前質(zhì)量大于反應(yīng)后質(zhì)量，有能量放出，反應(yīng)前質(zhì)量小于反應(yīng)后質(zhì)量，需吸收能量．【解析】吸收；2.2×10-139、減小3【分析】【分析】勻強磁場中；當(dāng)線圈與磁場垂直時，磁通量婁碌=BS

根據(jù)面積變化，分析磁通量的變化；

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動勢。

本題是法拉第電磁感應(yīng)定律的簡單應(yīng)用.

當(dāng)線圈與磁場垂直時，磁通量婁碌=BS

對于磁通量的變化，也可以根據(jù)磁感線數(shù)判斷?！窘獯稹縿驈姶艌鲋?；當(dāng)線圈與磁場垂直時，磁通量婁碌=BS

離開磁場面積變小，磁通量將減小；

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=?鈱??t=0.60.2V=3V

故填：減小；3

【解析】減小3

10、略

【分析】①單擺的擺長為懸點到球心的距離，所以是②測周期時，擺球開始計時的位置應(yīng)是平衡位置，容易判斷，最高點位置因速度為0，不容易判斷，從開始計時并計數(shù)1次，測出經(jīng)過該位置N次，是N-1個半周期，得T=【解析】【答案】①(1分);②平衡(1分);(2分);11、略

【分析】解：由圖知，相鄰間的電勢差為2v，據(jù)E===500V/m

由U=Ed得：UAB=E2rcos30°①

電場力做功：W=Uq②

聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)解之得：W=2×10-8J

故答案為：500；2×10-8．

抓住電場線與等勢面垂直；由高等勢面指向低等勢面，確定電場強度的方向，結(jié)合電勢差的大小和沿電場線方向上的距離求出電場強度的大??；用U=Ed求電勢差，再求電場力做功．

靈活應(yīng)用電勢差與場強的關(guān)系，判斷場強方向；利用勻強電場電勢差與場強的公式求解是解題的核心．【解析】500；2×10-812、略

【分析】解：①保持兩板與電源相連，則電壓不變，只增大兩板間距離，則由知C減小，由知，U不變，Q減小，根據(jù)知E減?。?/p>

②充電后與電源斷開；則帶電量不變，再減小電容器極板間距離，則C增大，U減小，Q不變，面積不變，電荷密度不變，所以E不變．

故答案為：①減??；不變，減小，減?、谠龃?，減小，不變，不變．

根據(jù)電容決定式分析電容大小變化，根據(jù)定義式分析電壓或帶電量的變化，根據(jù)分析場強的變化．

對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量．當(dāng)電容器保持與電源相連時，電壓不變．當(dāng)電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．【解析】減??；不變；減??；減??；增大；減??；不變；不變13、12682【分析】【分析】

寫出衰變方程；根據(jù)原子核經(jīng)過一次婁脕

衰變，電荷數(shù)減小2

質(zhì)量數(shù)減小4

一次婁脗

衰變后電荷數(shù)增加1

質(zhì)量數(shù)不變，分析求解。

知道發(fā)生婁脕婁脗

衰變的實質(zhì).

能夠運用質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒進行求解。

【解答】

設(shè)衰變后的元素為M

質(zhì)量數(shù)為y

核電荷數(shù)為x

衰變方程為：90232Th隆煤xyM+6婁脕+4婁脗

則：質(zhì)量數(shù)：232=y+6隆脕4

解得：y=208

核電荷數(shù)：90=x+2隆脕6鈭?4

解得：x=82

所以中子數(shù)等于質(zhì)量數(shù)減去質(zhì)子數(shù)等于126

故填：12682

。

【解析】12682

14、S【分析】解：根據(jù)對磁體磁場的N；S極的規(guī)定可知；指南針指南的一端是S極。

故答案為：S；

根據(jù)磁體之間的相互作用的特點分析指南針。

該題考查磁場的方向的規(guī)定、磁場的基本特點以及洛倫茲力的定義，都是和磁場有關(guān)的幾個基本概念，記住即可正確解答?；A(chǔ)題目?！窘馕觥縎三、判斷題(共9題，共18分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?8、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、作圖題(共3題，共30分)24、【分析】對棒受力分析可知；棒受到重力豎直向下，半球?qū)Π舻膹椓Υ怪庇诮佑|面向上，地面對棒的彈力垂直于地面向上，地面對棒的摩擦力沿著接觸面（地面）向右．如圖所示：

【分析】對AB受力分析，按重力、彈力、摩擦力的順序進行受力分析，并畫出受力分析圖．25、略

【分析】解：（1）小球離開軌道后做平拋運動；小球在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則有：

mav0=mavA+mbvB；

兩邊同時乘以時間t得：mav0t=mavAt+mbvBt，則maOB=maOA+mbOC；

因此A實驗需要測量：兩球的質(zhì)量；兩球做平拋運動的水平位移，故ACD錯誤，BE正確．

故選：BE．

（2）由圖所示裝置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度減小，b球在前，a球在后，兩球都做平拋運動，由圖示可知，未放被碰小球時小球a的落地點為B點，碰撞后a、b的落點點分別為A；C點．

（3）由（1）可知，實驗需要驗證的表達式為：maOB=maOA+mbOC，因此比較maOB，與maOA+mbOC即可判斷動量是否守恒．

故答案為：（1）BE；（2）A，C；（3）maOB，maOA+mbOC．

（1）根據(jù)動量守恒定律求出需要驗證的表達式；然后根據(jù)表達式分析答題，注意平拋運動特點的應(yīng)用．

（2）根據(jù)圖示裝置與小球的運動分析答題；被碰小球速度最大，水平距離最大．

（3）根據(jù)動量守恒可知實驗需要驗證的表達式為：maOB=maOA+mbOC．

本題考查了實驗需要測量的量、實驗注意事項、實驗原理、刻度尺讀數(shù)、動量守恒表達式，解題時需要知道實驗原理，根據(jù)動量守恒定律與平拋運動規(guī)律求出實驗要驗證的表達式是正確答題的前提與關(guān)鍵．【解析】BE；A；C；maOB；maOA+mbOC26、【分析】對棒受力分析可知；棒受到重力豎直向下，半球?qū)Π舻膹椓Υ怪庇诮佑|面向上，地面對棒的彈力垂直于地面向上，地面對棒的摩擦力沿著接觸面（地面）向右．如圖所示：

【分析】對AB受力分析，按重力、彈力、摩擦力的順序進行受力分析，并畫出受力分析圖．五、識圖作答題(共4題，共28分)27、（1）動物細(xì)胞培養(yǎng)、核移植、早期胚胎培養(yǎng)、基因工程、胚胎干細(xì)胞培養(yǎng)

（2）囊胚期發(fā)育的全能性

（3）核苷酸序列B和CHindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ

（4）綠干擾素的抗體【分析】【分析】本題考查基因工程、細(xì)胞工程以及胚胎工程等方面的知識，難度適中?？忌軌蜃R記細(xì)胞核移植的過程；明確基因工程中質(zhì)粒和目的基因需要利用同種限制酶進行切割；掌握目的基因檢測和鑒定的一般方法等?！窘獯稹浚?）圖1中用到了動物細(xì)胞培養(yǎng)、核移植、早期胚胎培養(yǎng)、基因工程、胚胎干細(xì)胞培養(yǎng)等現(xiàn)代生物技術(shù)。

（2）步驟②中要分離出ES細(xì)胞，需將重組胚胎培養(yǎng)到囊胚期。將目的基因?qū)隕S細(xì)胞而不是上皮細(xì)胞，是因為ES細(xì)胞在功能上具有發(fā)育的全能性。（3）步驟③中，先需要利用PCR技術(shù)擴增干擾素基因?？梢愿鶕?jù)一段已知的干擾素基因的核苷酸序列合成引物；DNA復(fù)制只能從5’到3’,因此構(gòu)建前利用PCR技術(shù)擴增干擾素基因時，可以從圖中A、B、C、D四種單鏈DNA片段中選取B和C作為引物。由圖可知，SamⅠ酶的識別序列和切割位點位于目的基因上，用該酶切割會破壞目的基因，因此對干擾素基因片段和質(zhì)粒進行酶切時，可選用限制酶HindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ。（4）用限制酶HindⅢ和PstⅠ或EcoRⅠ和PstⅠ切割時會破壞紅色熒光蛋白基因，但不會破壞綠色熒光蛋白基因，因此將步驟③獲得的E