2025年粵教版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示為遠距離輸電線路的示意圖．若發(fā)電廠的輸出電壓不變；那么當(dāng)用戶用電的總功率增大時（）

A.升壓變壓器的輸出電壓增大。

B.降壓變壓器的輸出電壓增大。

C.輸電線上的電流增大。

D.輸電線上損耗的功率增大。

2、在點電荷+Q形成的電場中有一點A，當(dāng)一個－q的檢驗電荷從電場的無限遠處被移到電場中的A點時，電場力做的功為W，則檢驗電荷在A點的電勢能及電場中A點的電勢分別為（）A.B.C.D.3、油罐車后面都有一條拖地的鐵鏈，其作用是()

A.向外界散熱B.做為油罐車的標(biāo)志C.發(fā)出響聲，提醒其他車輛和行人的注意D.把電荷導(dǎo)入大地，避免由靜電造成危害4、下列應(yīng)用沒有利用電磁波技術(shù)的是()

A.無線電廣播B.移動電話C.雷達D.白熾燈5、下列關(guān)于生物體內(nèi)糖類物質(zhì)的敘述，正確的是（）A.葡萄糖在動植物細胞都能檢測到B.構(gòu)成淀粉的單體是葡萄糖和果糖C.糖原是動物體特有的二糖D.糖類物質(zhì)在細胞內(nèi)不能儲存6、如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，AB

是這條直線上的兩點，一電子以速度vA

經(jīng)過A

點向B

點運動，經(jīng)過一段時間后，電子以速度vB

經(jīng)過B

點，且vA

和vB

的方向相反，則(

)

A.A

點的場強一定大于B

點的場強B.A

點的電勢一定低于B

點的電勢C.電子在A

點的速度一定小于在B

點的速度D.電子在A

點的電勢能一定小于在B

點的電勢能7、一個長螺線管中通有交變電流，把一個帶電粒子沿管軸線射入管中，不計重力，粒子將在管中（）A.做圓周運動B.沿軸線來回運動C.做勻加速直線運動D.做勻速直線運動8、如圖所示，在MNQP

中有一垂直紙面向里勻強磁場.

質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子abc

以不同的速率從O

點沿垂直于PQ

的方向射入磁場，圖中實線是它們的軌跡.

已知O

是PQ

的中點，不計粒子重力.

下列說法中正確的是(

)

A.粒子a

帶負電，粒子bc

帶正電B.射入磁場時粒子a

的速率最小C.射出磁場時粒子b

的動能最小D.粒子c

在磁場中運動的時間最長評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、如圖所示，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球，從距地面高h處以一定的初速度水平拋出，落地點距拋出點水平距離為s，小球落地時速度方向豎直向下，則：小球的初速度為______，電場強度為______，小球落地時的速度______．10、【物理簍D簍D

選修3鈭?4

】略11、如圖所示，帶電荷量分別為+Q

和鈭?Q

的兩個點電荷a

與b

相距L

在a

與b

間放置一個原來不帶電的導(dǎo)體P

當(dāng)導(dǎo)體P

處于靜電平衡狀態(tài)時，感應(yīng)電荷在ab

連線的中點c

處(c

在導(dǎo)體P

內(nèi))

產(chǎn)生的電場強度大小為______，方向為______．12、下列三張圖片分別反映了飛機以三種不同速度在空中（不考慮空氣的流動）水平飛行時，產(chǎn)生聲波的情況．圖中一系列圓表示聲波的傳播情況，A點表示飛機的位置．請你利用給出的圖，確定飛機飛行速度最大的是____（填a、b；c）

13、如圖，用粗細均勻的絕緣導(dǎo)線做成一個閉合的正方形回路，正方形內(nèi)有一個用相同材料做成的閉合內(nèi)切圓．有一個均勻變化的勻強磁場垂直穿過回路平面，此時正方形回路中的感應(yīng)電流強度I1與內(nèi)切圓中感應(yīng)電流強度I2之比為I1：I2=____．

14、本題為選做題，考生只選擇一題作答．若兩題都作答，則按24-A題計分．。A．(本題供選修1-1的考生作答．)如圖所示的電路，當(dāng)開關(guān)閉合時，小燈泡將(選填“逐漸”或“立刻”)變亮．當(dāng)開關(guān)斷開時，小燈泡將(選填“逐漸”或“立刻”)熄滅．B．(本題供選修3-1的考生作答．)如圖所示的電路，當(dāng)開關(guān)與a相連時，通過靈敏電流表G的電流方向（選填“向左”或“向右”)．然后將開關(guān)與b相連，此時通過靈敏電流表的電流方向(選填“向左”或“向右”)．15、利用光敏電阻制作的光傳感器，記錄了傳送帶上工件的輸送情況，如圖甲所示為某工廠成品包裝車間的光傳感記錄器，光傳感器B

能接收到發(fā)光元件A

發(fā)出的光.

每當(dāng)工件擋住A

發(fā)出的光時，光傳感器就輸出一個電信號，并在屏幕上顯示出電信號與時間的關(guān)系，如圖乙所示，若傳送帶始終勻速運動，每兩個工件間的距離為0.1m

則傳送帶運動的速度是________m/s

該傳送帶每小時輸送________個工件．16、用下述方法給儀器內(nèi)部的金屬部分加熱：把含有玻璃外殼的儀器放在通有交變電流的線圈中，儀器內(nèi)部的金屬部分變熱了，而玻璃外殼還是冷的。金屬變熱是由于金屬部分產(chǎn)生了______。評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

25、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共2題，共8分)26、作圖。

（1）如圖1；質(zhì)點沿圓周做逆時針方向的勻速圓周運動，先后通過A；B、C三點，試畫出：

①質(zhì)點經(jīng)過A點時的速度。

②從B點到C點的位移．

（2）如圖2所示，金屬棒ab在勻強磁場中沿金屬導(dǎo)軌向右運動，請在圖中畫出螺線管中感應(yīng)電流的方向和ab棒所受磁場力的方向．27、在探究產(chǎn)生感應(yīng)電流條件的實驗中；實驗室給提供了下列器材：電源；開關(guān)、電流表、大小螺線管、鐵芯、滑動變阻器、導(dǎo)線若干，如圖所示。請按照實驗的要求連好實驗電路。

評卷人得分五、簡答題(共2題，共14分)28、元素rm{X}位于第四周期，其基態(tài)原子的內(nèi)層軌道全部排滿電子，且最外層電子數(shù)為rm{2}元素rm{Y}基態(tài)原子的rm{3p}軌道上有rm{4}個電子。元素rm{Z}的原子最外層電子數(shù)是其內(nèi)層的rm{3}倍。元素rm{W}比元素rm{X}序數(shù)小rm{5}rm{(1)X}與rm{Y}所形成化合物晶體的晶胞如右圖所示。rm{壟脵}在rm{1}個晶胞中，rm{X}離子的數(shù)目為____。rm{壟脷}該化合物的化學(xué)式為____。rm{壟脹}寫出元素rm{W}的價電子排布式____。rm{(2)}在rm{Y}的氫化物rm{(H_{2}Y)}分子中，rm{Y}原子軌道的雜化類型是____。rm{(3)Z}的氫化物rm{(H_{2}Z)}在乙醇中的溶解度大于rm{H_{2}Y}其原因是____。rm{(4)Y}與rm{Z}可形成rm{YZ_{4}^{2-}}rm{YZ_{4}^{2-}}的空間構(gòu)型為____rm{(}用文字描述rm{)}rm{(5)X}的氯化物與氨水反應(yīng)可形成配合物rm{[X(NH_{3})_{4}]Cl_{2}}該配合物的rm{1}個配體中含有rm{婁脪}鍵的數(shù)目為____。29、為解決能源短缺問題，工業(yè)生產(chǎn)中應(yīng)合理利用化學(xué)能。rm{(1)}氫能是發(fā)展中的新能源，利用太陽能直接分解水制氫，是最具吸引力的制氫途徑，其能量轉(zhuǎn)化形式為______。rm{25隆忙}rm{1.01隆脕10^{5}Pa}時，實驗測得，rm{4g}氫氣在rm{O_{2}}中完全燃燒生成液態(tài)水，放出rm{572kJ}的熱量，則表示rm{H_{2}}的燃燒熱的熱化學(xué)方程式為_________________________。rm{(2)}下圖是某筆記本電腦使用的甲醇燃料電池的結(jié)構(gòu)示意圖。放電時甲醇應(yīng)從________處通入rm{(}填“rm{a}”或“rm”rm{)}電池內(nèi)部rm{H^{+}}向________rm{(}填“左”或“右”rm{)}移動。寫出電池負極的電極反應(yīng)式_______________________。若用該電池將含有rm{0.4molCuSO_{4}}和rm{0.2molNaCl}的水溶液rm{1L}用惰性電極電解一段時間后，在一個電極上得到rm{0.3molCu}另一電極上析出的氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積是____。rm{(3)}從化學(xué)鍵的角度分析，化學(xué)反應(yīng)的過程就是反應(yīng)物的化學(xué)鍵的破壞和生成物的化學(xué)鍵的形成過程。?；瘜W(xué)鍵rm{H隆陋H}rm{N隆陋H}rm{N隆脭N}鍵能rm{/kJ隆隴mol^{-1}}rm{436}rm{a}rm{945}已知：rm{N_{2}(g)+3H_{2}(g)===2NH_{3}(g)婁隴}rm{N_{2}(g)+3H_{2}(g)===2NH_{3}(g)

婁隴}rm{H}試根據(jù)表中所列鍵能數(shù)據(jù)計算rm{=-93kJ隆隴mol^{-1}}的數(shù)值____________。rm{a}已知：rm{(4)}石墨rm{C(s}rm{)+O_{2}(g)===CO_{2}(g)婁隴}rm{{,!}_{1}=-393.5kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;}壟脵}rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)===2H_{2}O(l)婁隴}rm{H}rm{{,!}_{2}=-571.6kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;;;;;;;;}壟脷}rm{2C_{2}H_{2}(g)+5O_{2}(g)===4CO_{2}(g)+2H_{2}O(l)婁隴}rm{{,!}_{1}=-393.5

kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;}壟脵}rm{{,!}_{3}=-2599kJ隆隴mol^{-1}壟脹}根據(jù)蓋斯定律，計算反應(yīng)rm{2H_{2}(g)+O_{2}(g)===2H_{2}O(l)

婁隴}石墨rm{H}的rm{{,!}_{2}=-571.6

kJ隆隴mol^{-1;;;;;;;;;;;;;;;;;;;;}壟脷}rm{2C_{2}H_{2}(g)+5O_{2}(g)===4CO_{2}(g)+2H_{2}O(l)

婁隴}rm{H}____________。rm{{,!}_{3}=-2599

kJ隆隴mol^{-1}壟脹}評卷人得分六、識圖作答題(共2題，共18分)30、乙酰膽堿可作為興奮性神經(jīng)遞質(zhì)；其合成與釋放見示意圖．據(jù)圖回答問題：

（1）圖中A-C表示乙酰膽堿，在其合成時，能循環(huán)利用的物質(zhì)是______（填“”“”或“”）．除乙酰膽堿外；生物體內(nèi)的多巴胺和一氧化氮______（填“能”或“不能”）作為神經(jīng)遞質(zhì)．

（2）當(dāng)興奮傳到神經(jīng)末梢時，圖中突觸小泡內(nèi)的通過______這一跨膜運輸方式釋放到______；再到達突出后膜．

（3）若由于某種原因使酶失活；則突觸后神經(jīng)元會表現(xiàn)為持續(xù)______．

31、下圖表示植物細胞內(nèi)光合作用和呼吸作用的部分生理過程,請據(jù)圖回答：（1）過程①屬于光合作用的____階段，過程③稱為____。（2）由圖可知，光反應(yīng)為暗反應(yīng)提供[H]，除此以外光反應(yīng)還可以為暗反應(yīng)提供____。（3）圖中屬于有氧呼吸的過程是____（填序號），過程②進行的場所是____。（4）活細胞一般都能進行的是圖中的過程____（填序號）。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C|D【分析】

A；由于電廠的輸出電壓和升壓變壓器匝數(shù)不變；所以升壓變壓器的輸出電壓不變，A錯誤；

B；在用電高峰期時；用戶多，電路中的電流大，所以導(dǎo)致輸電線上的電壓降增大，由于變壓器的輸出的電壓時不變的，所以降壓變壓器的輸入的電壓會下降，所以用戶的得到的電壓也就減小了，B錯誤；

C；由于用戶多；消耗的功率大，所以電廠輸送的總功率要增加，輸送的高壓不變，輸電線上的電流增大，C正確；

D、輸電線上的電流增大，輸電線上損耗的功率△P=I2R增大；D正確；

故選CD．

【解析】【答案】升壓變壓器的輸入和輸出電壓是不變的；用戶多的時候，總電流變大，輸電線上的消耗也就變大了，導(dǎo)致用戶得到的電壓減小，由于用戶多需要的功率曾大了，所以電廠輸送的總功率要增加．

2、A【分析】電場力所做的功跟電勢能的改變量的關(guān)系所以即所以選A【解析】【答案】A3、D【分析】【分析】油罐車上的搭地鐵鏈?zhǔn)菫榱税旬a(chǎn)生的靜電導(dǎo)走，屬于靜電的防止。

本題考查是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，要求同學(xué)們熟練掌握靜電的防止與應(yīng)用的具體實例?！窘獯稹坑凸捃嚿系拇畹罔F鏈?zhǔn)菫榱税旬a(chǎn)生的靜電導(dǎo)走；避免因靜電而產(chǎn)生電火花。屬于靜電的防止，故ABC錯誤，D正確。

故選D。

【解析】D

4、D【分析】無線電廣播；雷達、移動電話都運用電磁波進行工作；白熾燈沒有用到電磁波.

故D正確。

【解析】D

5、A【分析】【分析】本題的知識點是糖類的分類、分布和功能，單糖、二糖、多糖之間的轉(zhuǎn)化，考查學(xué)生的理解、記憶能力。【解答】A.葡萄糖在動植物細胞都能檢測到，A正確；

B.構(gòu)成淀粉的單體是葡萄糖；B錯誤；

C.糖原是動物體特有的多糖；C錯誤；

D.糖糖類物質(zhì)在細胞內(nèi)能儲存，D錯誤。故選A?！窘馕觥緼6、D【分析】解：A

由于只有一條電場線；所以無法判斷哪個位置電場線更密集，故無法判斷AB

兩點哪兒場強更大，故A錯誤．

B；由于電子在A

點時速度方向向右而到達B

點時速度方向向左；故電子所受電場力方向向左，而電子所受電場力的方向與電場的方向相反，故場強向右，所以A

點電勢大于B

點的電勢.

故B錯誤．

C；由于從A

到B

過程中電場力做負功；電子的動能減小，所以電子在A

點的速度一定大于在B

點的速度，故C錯誤．

D；從A

到B

過程中電場力做負功；電子的電勢能增大，所以電子在A

點的電勢能一定小于它在B

點的電勢能，故D正確．

故選：D

．

電場線的疏密表示電場的強弱；由于只有一條電場線，所以無法判斷哪個位置電場線更密集．

由于帶正電的粒子在A

點時速度方向向右而到達B

點時速度方向向左；即可判斷出電子所受的電場力方向向左，電場線方向向右.

沿電場線方向電勢降低，由于從A

到B

過程中電場力做負功，粒子的電勢能增大，動能減小．

物體速度方向的變化說明物體所受的電場力方向向左，這是本題的突破口.

學(xué)會尋找解題的突破口是我們學(xué)習(xí)物理時必須具有的一種能力．【解析】D

7、D【分析】解：由于長通電螺線管中產(chǎn)生的磁場方向平行于螺線管的中心軸線；與電子的運動方向平行，則電子在磁場中不受洛倫茲力，電子重力又不計，則電子做勻速直線運動．

故選D

長通電螺線管中產(chǎn)生的磁場方向平行于螺線管的軸線．根據(jù)電子的運動方向與磁場方向的關(guān)系；分析電子所受洛倫茲力的情況，判斷電子的運動情況．

本題關(guān)鍵是了解通電螺線管磁場方向特點．當(dāng)帶電粒子與磁場方向平行時不受洛倫茲力．【解析】【答案】D8、D【分析】解：A

根據(jù)左手定則知粒子a

帶正電，粒子bc

帶負電；故A錯誤；

B、粒子在磁場中做勻速圓周運動時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=mv2r

解得：v=qBrm

射入磁場時粒子c

的半徑最小，則速率最小.

故B錯誤；

C、粒子的動能EK=12mv2=q2B2r22m

由于：qBm

都相同，因此r

越大，粒子動能越大，由圖示可知，b

的軌道半徑r

最大，則b

粒子動能最大；c

的半徑最?。粍t動能最小.

故C錯誤；

D、粒子在磁場中做圓周運動的周期：T=2婁脨mqB

相同，粒子在磁場中的運動時間：t=婁脠2蟺T=婁脠mqB

由于mqB

都相同，粒子c

轉(zhuǎn)過的圓心角婁脠

最大，則射入磁場時c

的運動時間最大，故D正確；

故選：D

．

根據(jù)粒子運動軌跡由左手定則判斷粒子的電性；

粒子在磁場中做圓周運動；由牛頓第二定律求出粒子的速度，然后求出粒子的動能；

根據(jù)粒子做圓周運動的周期與轉(zhuǎn)過的圓心角比較粒子運動時間．

帶電粒子在磁場、質(zhì)量及電量相同情況下，運動的半徑與速率成正比，從而根據(jù)運動圓弧來確定速率的大?。窘馕觥緿

二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】解：小球豎直分運動是自由落體運動，故：h=解得：t=

小球水平方向的分運動末速度為零，位移為S，時間為t，根據(jù)平均速度公式，有：S=故v0==2S

水平分運動的加速度：ax===解得：E=

落地時豎直分速度等于合速度，故落地速度v=gt=

故答案為：2S．

小球在電場中受到重力和水平向左的電場力；根據(jù)運動的分解法可知，水平方向做勻減速運動，豎直方向做自由落體運動；

由牛頓第二定律和運動學(xué)公式研究水平方向分運動；

對豎直分運動根據(jù)由自由落體運動的規(guī)律列式分析．

本題小球在電場和重力場的復(fù)合場中運動，由于受到兩個恒力作用，運用運動的分解法研究是常用的方法．【解析】2S10、略【分析】略【解析】略11、略

【分析】解：由點電荷的電場強度公式E=kQr2

得：

+Q

和鈭?Q

的兩個點電荷在C

點產(chǎn)生的電場強度。

E+=kQr2=kQ(L2)2=4kQL2

同理E鈭?=4kQL2

再由矢量合成得：E=E+E鈭?=8kQL2

答案為：8kQL2V/m

沿ba

連線向左。

由點電荷的電場強度公式E=kQr2

可求得+Q

和鈭?Q

的兩個點電荷在C

點產(chǎn)生的電場強度；再疊加求出合場強，方向正電荷的沿ac

向右，負電荷的沿ac

向右，故合場強方向向右．

考查了點電荷的電場強度公式，電場強度的疊加，注意方向判斷．【解析】8kQL2V/m

沿ba

連線向左12、略

【分析】

當(dāng)飛機運動到某圓圓心時，在周圍激發(fā)起聲波，聲波從圓心運動r和飛機從圓心運動到A點所用的時間相同．設(shè)A點離某圓圓心距離為x，該圓半徑為r，則v=340x和r都可在圖中量出．因此，從圖上可以看出，a圖飛機速度小于聲速，b圖等于聲速；c圖大于聲速．

故答案為：c．

【解析】【答案】abc三個圖可分別理解為：a；飛機運動到A點時；聲波已傳播到前面了，即飛機運動慢于聲音；飛機運動與聲音同步；飛機運動到A點時，聲波還在后面，即飛機運動快于聲音．

13、略

【分析】

設(shè)正方形的連長為2a．則根據(jù)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得；正方形回路中的感應(yīng)電動勢與內(nèi)切圓中感應(yīng)電動勢之比為。

E1：E2=（2a）2：πa2=4：πa

根據(jù)電阻定律得到；正方形回路中的電阻與內(nèi)切圓的電阻之比為。

R1：R2==4：πa

由歐姆定律得正方形回路中的感應(yīng)電流強度I1與內(nèi)切圓中感應(yīng)電流強度I2之比為。

I1：I2==1：1

故答案為：1：1

【解析】【答案】由題；勻強磁場均勻變化時，磁感應(yīng)強度的變化率保持不變，線圈中產(chǎn)生恒定電流．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律研究兩個線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比．根據(jù)電阻定律研究兩個線圈電阻之比，再歐姆定律研究電流之比．

14、略

【分析】試題分析：24-A．當(dāng)開關(guān)閉合時，由于自感作用，電感器要阻礙電流的增大，小燈泡逐漸變亮。當(dāng)開關(guān)斷開時，由于無法形成回路，小燈泡立即熄滅。24-B．當(dāng)開關(guān)與a相連時，電容器充電，通過靈敏電流表G的電流方向向右；將開關(guān)與b相連，電容器放電，由于上極板帶正電，此時通過靈敏電流表的電流方向向左?？键c：自感現(xiàn)象、電容充放電【解析】【答案】24-A．逐漸立刻；24-B．向右向左。15、0.27200【分析】【分析】(1)

根據(jù)題意確定相鄰兩個工件間的距離，而后從圖象中讀出傳送帶運動等于相鄰兩個工件間的距離的距離所用時間，再應(yīng)用勻速直線運動規(guī)律求出傳送帶的運動速度；(2)

由圖象讀出每個工件通過光傳感器所用時間，而后求出每小時輸送工件的個數(shù)。本題以傳感器為背景，考查了勻速運動規(guī)律及識圖能力。理解光傳感器的讀數(shù)原理，正確讀取圖象信息是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹慨?dāng)物體隨傳送帶向前運動時；會擋住光源A

射向光敏電阻上的光線，光線每被遮擋一次，計數(shù)器就會記錄一次。由圖乙可看出，光經(jīng)過相鄰兩個工件間的時間是0.5s

每兩個工件間的距離為0.1m

而傳送帶是勻速運動的，所以傳送帶的速度是0.2m/s

每隔0.5s

傳送一個工件，所以每小時能傳送7200

個工件。

故填0.27200

【解析】0.27200

16、渦流【分析】解：?含有玻璃外殼的儀器放在通有交變電流的線圈中；儀器內(nèi)部的金屬部分變熱了，而玻璃外殼還是冷的。金屬變熱是由于金屬部分產(chǎn)生了渦流。

故答案為：渦流。

電流做周期性的變化；在附近的導(dǎo)體中產(chǎn)生感應(yīng)電流，該感應(yīng)電流看起來像水中的漩渦，所以叫做渦流，渦流會在導(dǎo)體中產(chǎn)生大量的熱量。

本題考查渦流的應(yīng)用，要注意明確渦流現(xiàn)象其實就是電磁感應(yīng)，掌握渦流的現(xiàn)象以及應(yīng)用。【解析】渦流三、判斷題(共9題，共18分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?1、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．25、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、作圖題(共2題，共8分)26、略

【分析】

（1）明確曲線運動的速度方向沿切線方向；從而作出A點的速度方向；根據(jù)位移的定義可得出表示位移的有向線段；

（2）根據(jù)右手定則可明確電流方向，再根據(jù)左手定則可明確ab棒受力方向．

本題考查了曲線運動的速度、位移以及導(dǎo)體切割磁感線時的電流方向和安培力的判斷，要求能準(zhǔn)確掌握右手定則和左手定則的應(yīng)用分析電流和受力的方向．【解析】解：（1）曲線運動速度方向沿切線方向；A點速度方向如圖所示；

位移是由起點到終點的有向線段；故BC的位移為由B到C的有向線段，如圖所示；

（2）ab向右運動，切割磁感線，根據(jù)右手定則可知，電流由b到a；則線圈中電流如圖所示；

根據(jù)左手定則可知，ab棒中電流受到的磁場力水平向左；如圖所示；

故答案如圖所示：27、解：大螺線管和電流表組成閉合電路；帶鐵芯的小螺線管；滑動變阻器、電源、開關(guān)組成閉合回路。如圖所示。

答：如上圖所示。【分析】

探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實驗電路分兩部分；電源；開關(guān)、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，檢流計與副線圈組成另一個閉合電路。當(dāng)通過閉合電路磁通量發(fā)生變化時，會產(chǎn)生感應(yīng)電流。

知道探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗有兩套電路，這是正確連接實物電路圖的前提與關(guān)鍵。對于該實驗，要明確實驗原理及操作過程?！窘馕觥拷猓捍舐菥€管和電流表組成閉合電路；帶鐵芯的小螺線管；滑動變阻器、電源、開關(guān)組成閉合回路。如圖所示。

答：如上圖所示。五、簡答題(共2題，共14分)28、（1）①4②ZnS③3d54s1（2）sp3（3）水分子與乙醇分子間能形成氫鍵（4）正四面體（5）3個【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，涉及化學(xué)式確定、原子雜化方式判斷、化學(xué)鍵的計算等知識點，熟練掌握基礎(chǔ)知識并靈活運用基礎(chǔ)知識解答問題是解本題關(guān)鍵，題目難度中等?！窘獯稹吭豶m{X}位于第四周期，其基態(tài)原子的內(nèi)層軌道全部排滿電子，則內(nèi)層電子數(shù)rm{=2+8+18=28}且最外層電子數(shù)為rm{2}所以該原子有rm{30}個電子，為rm{Zn}元素；元素rm{Y}基態(tài)原子的rm{3p}軌道上有rm{4}個電子，則rm{Y}是rm{S}元素；元素rm{Z}的原子最外層電子數(shù)是其內(nèi)層的rm{3}倍，元素最外層電子數(shù)小于或等于rm{8}所以rm{Z}是rm{O}元素；rm{W}比rm{X}原子序數(shù)小rm{5}為rm{Mn}元素。

rm{(1)}根據(jù)上面的分析可知，rm{壟脵}在rm{1}個晶胞中，rm{X}離子的數(shù)目為rm{4}

故答案為：rm{4}

rm{壟脷X}為rm{Zn}rm{Y}為rm{S}rm{X}rm{Y}的個數(shù)比為rm{1}rm{1}所以該化合物的化學(xué)式為rm{ZnS}

故答案為：rm{ZnS}

rm{壟脹W}為錳，價電子排布式為：為錳，價電子排布式為：rm{壟脹W}rm{3d^{5}4s^{1}}

，故答案為：rm{3d^{5}4s^{1}}

；分子中，rm{(2)H_{2}S}原子的價層電子數(shù)為：rm{S}所以rm{dfrac{6+2}{2}=4}原子的軌道的雜化類型是rm{S}雜化；

故答案為：rm{sp^{3}}

rm{sp^{3}}在乙醇中的溶解度：rm{(3)}大于rm{H_{2}O}其主要原因是：水分子與乙醇分子間能形成氫鍵；

故答案為：水分子與乙醇分子間能形成氫鍵；

rm{H_{2}S}中rm{(4)SO_{4}^{2-}}原子的價層電子數(shù)為：rm{4+dfrac{1}{2}隆脕(6+2-4隆脕2)=4}且沒有孤電子對，所以是正四面體結(jié)構(gòu)；

故答案為：正四面體；

rm{S}的氯化物與氨水反應(yīng)可形成配合物rm{4+dfrac{1}{2}隆脕(6+2-4隆脕2)=4

}配體為rm{(5)Zn}rm{[Zn(NH_{3})_{4}]Cl_{2}}，rm{NH}rm{NH}鍵的數(shù)目為rm{3}個；

故答案為：rm{3}個。

．rm{1}【解析】rm{(1)壟脵4}rm{壟脷ZnS}rm{壟脷ZnS}rm{壟脹3d^{5}4s^{1}}rm{壟脹3d^{5}4s^{1}}水分子與乙醇分子間能形成氫鍵rm{(2)sp^{3}}正四面體rm{(3)}個rm{(4)}29、(1)光能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能H2(g)＋O2(g)=H2O(l)ΔH＝－286kJ/molΔ＝－O2(g)=H2O(l)H286kJ/mol＋(2)a－右CH3OH＋H2O－6e－=CO2＋6H＋4.48L－CH3OH＋H2O＋6e=CO2

6H4.48L·(3)391－(4)＋226.7kJ·mol－1226.7kJ【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對化學(xué)反應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化、反應(yīng)熱和焓變、吸熱反應(yīng)和放熱反應(yīng)、化學(xué)新型電池、電極反應(yīng)式的書寫、用蓋斯定律及有關(guān)計算的應(yīng)用?！窘獯稹縭m{(1)}根據(jù)題意，制取氫的途徑中能量轉(zhuǎn)化為光能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，rm{4g}氫氣物質(zhì)的量為rm{2mol}故rm{1mol}氫氣完全燃燒放出rm{286KJ}的熱量，熱化學(xué)方程式為：rm{H_{2}(g)}rm{H_{2}(g)}rm{+}rm{+}rm{dfrac{1}{2}}rm{O_{2}(g)=H_{2}O(l)}rm{婁隴}rm{H}rm{=-}rm{286kJ/mol}rm{O_{2}(g)=H_{2}O(l)}rm{O_{2}(g)=H_{2}O(l)}；故答案為：光能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能；rm{婁隴}rm{H}rm{H}rm{=-}rm{286kJ/mol}rm{286kJ/mol}rm{H_{2}(g)}rm{H_{2}(g)}rm{+}rm{+}；根據(jù)燃料電池，燃料為負極，失電子，故甲醇應(yīng)從rm{dfrac{1}{2}}處通入，氫離子為陽離子向正極移動，正極為rm{O_{2}(g)=H_{2}O(l)}rm{婁隴}rm{H}rm{=-}rm{286kJ/mol}即向rm{O_{2}(g)=H_{2}O(l)}rm{O_{2}(g)=H_{2}O(l)}rm{婁隴}rm{H}rm{H}rm{=-}rm{286kJ/mol}rm{286kJ/mol}rm{(2)}rm{a}rm轉(zhuǎn)移電子右移動，負極甲醇失電子生成二氧化碳和氫離子，反應(yīng)式為：陰離子氯離子共rm{CH_{3}OH}得到rm{CH_{3}OH}電子生成rm{+}rm{H_{2}O}rm{-}rm{6e}rm{{,!}^{-}}rm{=CO_{2}}rm{+}rm{6H}rm{{,!}^{+}}氯氣，氫氧根離子得到rm{+}電子生成rm{H_{2}O}氧氣，故氣體總物質(zhì)的量為rm{H_{2}O}體積為rm{-}故答案為：rm{6e}右；rm{6e}rm{{,!}^{-}}rm{=CO_{2}}rm{=CO_{2}}rm{+}rm{6H}rm{6H}rm{{,!}^{+}}；銅rm{0.3mol}轉(zhuǎn)移電子rm{0.6mol}陰離子氯離子共rm{0.2mol}得到rm{0.2mol}電子生成rm{0.1mol}氯氣，氫氧根離子得到rm{0.4mol}電子生成rm{0.1mol}氧氣，故氣體總物質(zhì)的量為rm{0.2mol}體積為rm{4.48L}故答案為：rm{a}右；rm{0.3mol}rm{0.6mol}rm{0.2mol}rm{0.2mol}根據(jù)題意，rm{0.1mol}rm{0.4mol}解得rm{0.1mol}故答案為：rm{0.2mol}rm{4.48L}

rm{a}rm{CH_