2025年冀少新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀少新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生交變電流的圖像如圖所示，由圖中信息可以判斷：（）A.在A和C時刻線圈處于中性面位置B.在B和D時刻穿過線圈的磁通量為零C.從A~D時刻線圈轉(zhuǎn)過的角度為2πD.若從O~D時刻歷時0.02s，則在1s內(nèi)交變電流的方向改變100次2、一帶電粒子在垂直于勻強磁場方向的平面內(nèi)僅受磁場力作用做勻速圓周運動。要想確定帶電粒子電荷量與質(zhì)量之比，則下列說法中正確的是（）A.只需要知道磁感應(yīng)強度B和運動周期TB.只需要知道磁感應(yīng)強度BC.只需要知道軌道半徑R和運動速度vD.只需要知道運動速度v和磁感應(yīng)強度B3、S是上下振動的波源，頻率為10Hz，所激起的波沿X軸向左向右傳播，波速為20m/s，質(zhì)點M、N到S的距離SM=42．8m，SN=13.3m，M、N已經(jīng)振動，若某時刻S正通過平衡位置向上運動，則該時刻（）A.N位于X軸上方，運動方向向下B.N位于X軸下方，運動方向向上C.M位于X軸上方，運動方向向上D.M位于X軸上方，運動方向向下4、某電解池；如果在1

秒鐘內(nèi)共有2.0隆脕1018

個二價正離子和4.0隆脕1018

個一價負離子通過某橫截面，那么通過這個橫截面的電流是()

A.0A

B.0.64A

C.1.28A

D.2.56A

5、關(guān)于物體的慣性，下列說法中正確的是(

)

A.在宇宙飛船中的物體不存在慣性B.乒乓球可以被快速抽殺，是因為乒乓球慣性小C.靜止的火車啟動時，速度變化慢，是因為靜止的物體慣性大D.運動速度大的物體不能很快地停下來，是因為物體速度大，慣性也大6、如圖所示，豎井中的升降機可將地下深處的礦石快速運送到地面。某一豎井的深度為104m，升降機運行的最大速度為8m/s，加速度大小不超過1m/s2．假定升降機到井口的速度為0，則將礦石從井底提升到井口的最短時間是（）A.13sB.16sC.21sD.26s7、下列關(guān)于電流說法正確的是（）A.導(dǎo)體中沒有電流時，說明導(dǎo)體內(nèi)部沒有電荷移動B.由I=可知，導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過導(dǎo)體電流越大C.電流有方向，所以是矢量D.由R=可知，經(jīng)過導(dǎo)體的電流越大，導(dǎo)體電阻越小8、在如圖所示的電路中，當開關(guān)S斷開時，螺線管中小磁針的N極的指向如圖所示（水平向右）．當開關(guān)S閉合，小磁針經(jīng)擾動后靜止時，N極的指向為（）A.垂直紙面向里B.垂直紙面向外C.水平向右D.水平向左9、下列敘述中不正確的是()A.麥克斯韋提出了光的電磁說。

B.玻爾建立了量子理論；成功解釋了各種原子發(fā)光現(xiàn)象。

C.在光的干涉現(xiàn)象中；干涉亮條紋部分是光子到達幾率大的地方。

D.宏觀物體的物質(zhì)波波長非常小，不易觀察到它的波動性評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、如圖所示是一演示實驗的電路圖。圖中L是一帶鐵芯的線圈，A是一燈泡。起初，開關(guān)處于閉合狀態(tài)，電路是接通的。現(xiàn)將開關(guān)斷開，則在開關(guān)斷開的瞬間，通過燈泡A的電流方向是從____端經(jīng)燈泡到____端。這個實驗是用來演示____現(xiàn)象的。11、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當用能量為5.0eV

的光子照射光電管的陰極K

時，測得電流計上的示數(shù)隨電壓變化的圖象如圖乙所示.

則光電子的最大初動能為_____________eV

金屬的逸出功為__________________J.(

電子的電荷量e=1.6脳10鈭?19C

普朗克常量h=6.63脳10鈭?34J鈥?S.

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字.)

12、利用垃圾發(fā)電可減少垃圾堆放，消除細菌和減少傳染病傳播，減少大氣污染．中國第一座垃圾電站在深圳市，日處理垃圾300噸，發(fā)電功率500kW．當采用10kV電壓輸電時，安裝在輸電線路起點的電度表和終點的電度表一晝夜讀數(shù)相差2400kW?h，則輸電線上的總電阻為______Ω，若要使輸電線上損失的功率變?yōu)檩斔凸β实?.25%，則輸電電壓應(yīng)提高到______V．13、甲、乙兩物體接觸時，甲向乙傳遞熱量的原因是甲的溫度比乙高．______．（判斷對錯）14、如圖所示是一個多量程多用電表的簡化電路圖，測量電流、電壓和電阻各有兩個量程.

當轉(zhuǎn)換開關(guān)S

旋到位置3

時，可用來測量______；當S

旋到位置______時，可用來測量電流，其中S

旋到位置______時電流表量程較大．15、如圖所示的電路中，小量程電流表的內(nèi)阻Rg=100婁賂

滿偏電流Ig=1mAR1=900婁賂R2=100999婁賂.

(1)

當S1

和S2

均斷開時；改裝所成的表是______表，量程為______．

(2)

當S1

和S2

均閉合時，改裝所成的表是______表，量程為______．16、下列說法正確的是__________E.浸潤現(xiàn)象是分子間作用力引起的評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共3題，共27分)24、（8分）靜止的氮核被速度為v0的中子擊中生成碳核和另一種原子核甲，已知與甲核的速度方向與碰撞前中子的速度方向一致，碰后碳核與甲核的動量之比為l：1．(1)寫出核反應(yīng)方程式．(2)求與甲核的速度各是多大?25、如圖（a）所示，間距為l、電阻不計的光滑導(dǎo)軌固定在傾角為θ的斜面上。在區(qū)域I內(nèi)有方向垂直于斜面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度恒為B；在區(qū)域Ⅱ內(nèi)有垂直于斜面向下的勻強磁場，其磁感應(yīng)強度Bt的大小隨時間t變化規(guī)律如圖（b）所示。t=0時刻，在軌道上端的金屬細棒ab從如圖位置由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，同時下端的另一金屬細棒cd在位于區(qū)域I內(nèi)的導(dǎo)軌上也由靜止釋放。在ab棒運動到區(qū)域Ⅱ的下邊界EF之前，cd棒始終靜止不動，兩棒均與導(dǎo)軌接觸良好。已知cd棒的質(zhì)量為m，電阻為R，ab棒的質(zhì)量、阻值均未知，區(qū)域Ⅱ沿斜面的長度為2l，在t=tx時刻（tx未知）ab棒恰好進入?yún)^(qū)域Ⅱ；重力加速度為g。求：

（1）當ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運動時；cd棒消耗的電功率；

（2）ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時間。26、光滑水平面上放著質(zhì)量為mA=1kg

的物塊A

與質(zhì)量為mB=2kg

的物塊BA

和B

均可視為質(zhì)點，A

與B

間夾一個被壓縮的輕彈簧(

彈簧與AB

不拴接)

用手擋住B

不動，此時彈簧的彈性勢能為Ep=49J.

在AB

間系一輕質(zhì)細繩，細繩長度大于彈簧的自然長度，如圖所示.

放手后B

向右運動，繩在短暫時間內(nèi)被拉斷，之后B

沖上與水平面相切的豎直半圓形光滑導(dǎo)軌，半徑為R=0.5m.B

恰能完成半圓周運動到達C

點.

求：

(1)

繩拉斷后瞬間B

的速度vB

的大小；

(2)

繩拉斷過程繩對B

的沖量I

的大小；

(3)

繩拉斷過程繩對A

所做的功W

．評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)27、在一次課外探究活動中，某同學(xué)用圖甲所示的裝置測量放在水平光滑桌面上鐵塊A與長金屬板B間的動摩擦因數(shù)．已知鐵塊A的質(zhì)量m=1kg,金屬板B的質(zhì)量m'=0.5kg，用水平力F向左拉金屬板B，使其向左運動，放大的彈簧秤示數(shù)如圖所示．則A、B間的摩擦力f=N,A、B間的動摩擦因數(shù)μ=.（取g=10m/s2)28、如圖所示,是用來做電磁感應(yīng)實驗裝置的示意圖,當閉合開關(guān)S時,發(fā)現(xiàn)電流表的指針向左偏轉(zhuǎn)一下后,又回到中央位置.現(xiàn)繼續(xù)進行實驗。

29、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時處于完全失重狀態(tài)，物體對支持面沒有壓力，所以在這種環(huán)境中已無法用天平稱量物體的質(zhì)量。針對這種環(huán)境，某興趣小組通過查資料獲知：彈簧振子做簡諧運動的周期為（其中m時振子的質(zhì)量，k時彈簧的勁度系數(shù)）。他們設(shè)計了一種裝置來間接測量物體的質(zhì)量，如圖所示，A是帶夾子的金屬塊，金屬塊和夾子的總質(zhì)量為m0，B是待測質(zhì)量的物體（可以被A上的夾子固定），彈簧的勁度系數(shù)k未知，測量工具只有秒表。（1）測量待測物體質(zhì)量的方法和步驟如下：①不放B時用秒表測出彈簧振子完成30次全振動的時間t1；②將B固定在A上，用秒表測出彈簧振子完成30次全振動的時間t2。（2）用所測物理量和已知物理量，求待測物體質(zhì)量的計算式為m＝___________。（3）由于在太空中受到條件限制，只能把該裝置放在如圖所示的粗糙的水平桌上進行操作，則該操作對該實驗結(jié)果_____（填“有”或“無”）影響，因為__________________。30、某同學(xué)在“探究電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件”的實驗中，設(shè)計了如圖所示的裝置。線圈A通過電流表甲、高阻值的電阻R’、變阻器R和開關(guān)S連接到干電池上，線圈B的兩端接到另一個電流表乙上，兩個電流表相同，零刻度居中。閉合開關(guān)后，當滑動變阻器R的滑片P不動時，甲、乙兩個電流表指針的位置如圖所示。（1）當滑片P較快地向左滑動時，甲表指針的偏轉(zhuǎn)方向是_________，乙表指針的偏轉(zhuǎn)方向是________。（填“向右偏”、“向左偏”或“不偏轉(zhuǎn)”）（2）斷開開關(guān)，待電路穩(wěn)定后再迅速閉合開關(guān)，乙表的偏轉(zhuǎn)情況是______________(填“向左偏”、“向右偏”或“不偏轉(zhuǎn)”)（3）從上述實驗可以初步得出結(jié)論：。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【解析】試題分析：在A和C時刻感應(yīng)電流最大，感應(yīng)電動勢最大，而磁通量為零，線圈處于與中性面垂直的位置．故A錯誤．在B和D時刻感應(yīng)電流為零，感應(yīng)電動勢為零，而磁通量最大．故B錯誤；從A時刻到D時刻經(jīng)過時間為周期，線圈轉(zhuǎn)過的角度為1.5π弧度．故C錯誤．若從O時刻到D時刻經(jīng)過0.02s，交流電的方向在0.02s內(nèi)改變兩次，則在1s內(nèi)交流電的方向改變100次．故D正確．故選D考點：正弦式電流的圖象【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】試題分析：帶電粒子在垂直于勻強磁場方向的平面內(nèi)，由于磁場力不做功，故帶電粒子為勻速圓周運動。由可得所以需要知道v,B，r，故CD錯誤，根據(jù)公式可得所以需要知道B和T,故A正確，B錯誤，考點：本題考查了帶電粒子在磁場中的運動【解析】【答案】A3、A【分析】由頻率為10Hz，得T=0.1s，SM=由圖可知M位于X軸下方，運動方向向下，CD錯；SN=由圖可知N位于X軸上方，運動方向向下，B錯，A對?！窘馕觥俊敬鸢浮緼4、C【分析】略【解析】C

5、B【分析】解：A

物體的慣性僅由質(zhì)量決定；與速度、加速度、位置等因數(shù)無關(guān)，故ACD誤．

B；乒乓球質(zhì)量較?。凰云古仪驊T性小，保持原來運動狀態(tài)的能力就差，所以可以快速抽殺，故B正確；

故選：B

物體總保持原來運動狀態(tài)不變的特性叫做慣性；質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度，與物體的運動狀態(tài)和所處的位置無關(guān)．

本題考查了慣性的基本概念及影響因數(shù)，同學(xué)們只要記住質(zhì)量是慣性的唯一量度，與其它任何因數(shù)無關(guān)就可以了.

注意排除生活常識帶來的錯誤干擾．【解析】B

6、C【分析】解：升降機先做加速運動；后做勻速運動，最后做減速運動；

在加速階段，所需時間為：

通過的位移為：

在減速階段與加速階段相同，在勻速階段所需時間為：

總時間為：t=2t1+t2=21s

故C正確；ABD錯誤。

故選：C。

升降機先做加速運動；后做勻速運動，最后做減速運動，根據(jù)速度位移公式和速度時間公式求得總時間。

本題主要考查了勻變速直線運動，熟練運用速度位移公式和速度時間公式，明確加速和減速過程的對稱性即可求得【解析】C7、B【分析】解：A；電荷定向移動形成電流；導(dǎo)體中沒有電流時，說明導(dǎo)體內(nèi)部沒有定向移動的電荷，不是沒有電荷移動，故A錯誤；

B、由歐姆定律可得；通過導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，即導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過導(dǎo)體電流越大；故B正確；

C；電流有方向；但是電流是標量，故C錯誤；

D；導(dǎo)體電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)；由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體兩端的電壓無關(guān)，與通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，故D錯誤。

故選：B。

電荷定向移動形成電流；導(dǎo)體中沒有電流時，說明導(dǎo)體內(nèi)部沒有定向移動的電荷，電流是標量，電阻只與本身有關(guān)，與電壓和電流無關(guān)．

本題綜合考查了電流的形成、電流形成的條件、電流的方向和電阻，電流與電阻兩端的電壓成正比，與導(dǎo)體的電阻成反比，而電阻是導(dǎo)體本身的性質(zhì)，與是否有電壓及電流無關(guān)．【解析】B8、D【分析】解：小磁針在磁體內(nèi)部；由安培定則：伸出右手使大拇指指向通電螺線管的N極，則四指彎曲的方向為電流的方向，可知，通電螺線管的左端為N極，右端為S極．根據(jù)小磁針靜止時N極的指向即為磁場的方向，也為磁感線的方向，因此N極的指向為水平向左，故D正確，ABC錯誤；

故選D．

在磁體外部；磁感線從N極出進入S極，而磁感線是閉合曲線，在磁體內(nèi)部，磁感線由S極指向N極，首先根據(jù)安培定則來確定磁場的方向，再根據(jù)小磁針的靜止時N極的指向即為磁場的方向，從而即可求解．

本題考查了磁感線的方向和安培定則的應(yīng)用．利用安培定則既可由電流的方向判定磁極磁性，也可以由磁極極性判斷電流的方向和線圈的繞法．【解析】【答案】D9、B【分析】試題分析：麥克斯韋提出了光的電磁說；A正確；玻爾建立了量子理論，成功解釋了氫原子發(fā)光現(xiàn)象，B錯誤；[

在光的干涉現(xiàn)象中，干涉亮條紋部分是光子到達幾率大的地方，C正確；宏觀物體的物質(zhì)波波長非常小，不易觀察到它的波動性，D正確。

考點：本題考查物理學(xué)史。

【解析】B

二、填空題(共7題，共14分)10、ba自感現(xiàn)象【分析】【解答】解:斷開開關(guān)的瞬間，電路中電流減小到零，所以線圈中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，阻礙原電流的減小，方向與原電流方向相同，即從b到a，這個實驗是用來演示自感現(xiàn)象的?！痉治觥烤€圈的特點是閉合時阻礙電流的增大，斷開時產(chǎn)生一自感電動勢相當于電源，與A組成閉合回路，L的右端電勢高11、24.8隆脕10鈭?19【分析】【分析】由圖乙知該裝置加反向電壓時，發(fā)現(xiàn)當電壓表的示數(shù)等于2V

時，電流表示數(shù)為0

由動能定理可求得光電子點的最大初動能，根據(jù)光電效應(yīng)方程EKmKm=h婁脙鈭?W00；求出逸出功。

解決本題的關(guān)鍵理解圖象的物理意義，由圖象讀出遏止電壓，同時要掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運用?！窘獯稹坑蓤D乙可知；當該裝置所加的反向電壓是2V

時，電流表示數(shù)為0

即遏止電壓Uc=2V

根據(jù)動能定理得：光電子點的最大初動能為：Ek=eUc=2eV=3.2隆脕10鈭?19J

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=h婁脙鈭?W0

得逸出功W0=3eV=4.8隆脕10鈭?19J

故答案為：24.8隆脕10鈭?19

【解析】24.8隆脕10鈭?19

12、略

【分析】解：（1）輸電線上的電流可由I=

而輸電線損耗功率可由Pr=I2r計算，其中Pr=

因此可求得r=

（2）輸電線上損耗功率

原來Pr=100kW，現(xiàn)在要求Pr′=1.25%P=6.25kW；

計算可得輸電電壓應(yīng)調(diào)節(jié)為U′=40000V．

故答案為：40；40000

由起點與終點兩只電表的示數(shù)相差；可求出輸電效率．由損失的功率及相差的電壓從而能求出線路上的電流，進而算出線路上的電阻．若提高輸電效率，則可通過提高輸送電壓來降低線路上的電流，從而實現(xiàn)提高效率．

輸電線上的損失功率與其電流的平方成正比，而與輸電線兩端的電壓的平方成反比．【解析】40；4000013、略

【分析】解：內(nèi)能傳遞的方向是從溫度高的物體向溫度低的物體傳遞；所以甲；乙兩個不同的物體當它們接觸后，溫度高的物體甲會向溫度低的物體乙傳遞熱量，使甲的內(nèi)能減少，乙的內(nèi)能增加；

故答案為：對．

解決此題要知道熱傳遞發(fā)生的條件是要有溫度差；質(zhì)量相同的兩種物質(zhì)；放出相同的熱量后，比熱容小的物質(zhì)降低的溫度值大．

解決此題掌握熱平衡的條件是溫度相同，熱量只能從高溫物體傳到低溫物體．【解析】對14、電阻；1或2；1【分析】解：當轉(zhuǎn)換開關(guān)S

旋到位置3

時；內(nèi)部電源被接通，構(gòu)成歐姆表，可測量電阻．

當S

旋到位置12

時；電流表與電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻起分流作用，可用來測量電流．

S

旋到位置1

時；并聯(lián)電阻阻值較小，則分流較大，故S

旋到位置1

時，電流表量程較大．

故答案為：電阻；1

或21

．

歐姆表；電壓表、電流表都是由小量程電流表改裝而成；根據(jù)電表結(jié)構(gòu)選擇．

本題考查多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，電壓檔和電流檔的內(nèi)部結(jié)構(gòu)與前面所學(xué)習(xí)的電壓表電流表的改裝原理相同，而歐姆檔啟用時內(nèi)部電源被接通．【解析】電阻；1

或21

15、略

【分析】解：(1)

由電路圖可知；當S1

和S2

均斷開時，G

與R1

串聯(lián)；

改裝所成的表是電壓表表；量程為U=g(Rg+R1)=0.001隆脕(100+900)=1V

．

(2)

由電路圖可知；當S1

和S2

均閉合時，G

與R2

并聯(lián)；

改裝所成的表是電流表，量程為：I=Ig+IgRgR2=0.001+0.001隆脕100100999=1A

故答案為：(1)

電壓；1V(2)

電流；1A

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個分壓電阻；把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律分析答題．

本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電表改裝原理、分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題．【解析】電壓；1V

電流；1A

16、B:C:E【分析】【詳解】

分子在永不停息的做無規(guī)則運動，則零攝氏度的物體的內(nèi)能也不為零，選項A錯誤；氣體如果失去了容器的約束會散開，這是因為氣體分子熱運動的結(jié)果，選項B正確；溫度是分子平均動能的標志，則溫度相同的氧氣和臭氧氣體，分子平均動能相同，選項C正確；理想氣體分子之間距離大于10r0可認為分子之間的引力、斥力為零，選項D錯誤；浸潤現(xiàn)象是分子間作用力引起的，選項E正確；故選BCE.三、判斷題(共7題，共14分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、計算題(共3題，共27分)24、略

【分析】【解析】試題分析：(1)+→+(2分)(2)設(shè)中子質(zhì)量為m0，核質(zhì)量mC，甲核質(zhì)量為m甲，由動量守恒得m0v0=12m0vC+3m0v甲(2分)又因為與甲核動量比為1:l，所以12m0vC=3m0v甲(2分)聯(lián)立以上兩個方程，得：vC=(1分)v甲=（1分）考點：考查原子核反應(yīng)方程和動量守恒定律的結(jié)合【解析】【答案】(1)+→+(2)v甲=25、解：（1）由楞次定律可知；流過cd的電流方向為從d到c，cd所受安培力沿導(dǎo)軌向上，故由左手定則可知，I內(nèi)磁場垂直于斜面向上。

故區(qū)域I內(nèi)磁場的方向垂直于斜面向上。cd棒平衡；所以有：BIl=mgsinθ

故解得：I=

cd棒消耗的電功率為：P=I2R=

（2）ab進入II區(qū)域前做勻加速運動，進入后做勻速運動，設(shè)ab剛好到達II區(qū)域的邊界的速度大小為v，由題意得：Blv=

解得：l=

可知ab棒進入II區(qū)域之前在導(dǎo)軌上下滑的距離為l；因加速度為：a=gsinθ

則ab進入?yún)^(qū)域II前的時間為：

t1==

v==

在磁場II運動的時間為：t2==

則ab棒由靜止下滑到區(qū)域II下邊界的時間為：t=t1+t2=2

答：（1）當ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運動時，cd棒消耗的電功率為

（2）ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時間為【分析】

（1）II內(nèi)磁場均勻變化因此在回路中形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷出流過cd的電流方向，然后根據(jù)平衡求出cd棒所受安培力方向，進一步根據(jù)左手定則判斷磁場方向；對cd棒，根據(jù)平衡求出感應(yīng)電流的大小，根據(jù)P=I2R求出當ab棒在區(qū)域II內(nèi)運動時cd棒消耗的電功率；

（2）棒ab進入II區(qū)域前后回路中電動勢不變；即磁場變化產(chǎn)生的動生電動勢與導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生電動勢相等，據(jù)此求出導(dǎo)體棒進入II時的位移大小，然后根據(jù)導(dǎo)體棒先勻加速下滑后勻速下滑即可求出總時間。

解決這類問題的關(guān)鍵是弄清電路結(jié)構(gòu)，正確分析電路中的電流以及安培力的變化情況。【解析】解：（1）由楞次定律可知；流過cd的電流方向為從d到c，cd所受安培力沿導(dǎo)軌向上，故由左手定則可知，I內(nèi)磁場垂直于斜面向上。

故區(qū)域I內(nèi)磁場的方向垂直于斜面向上。cd棒平衡；所以有：BIl=mgsinθ

故解得：I=

cd棒消耗的電功率為：P=I2R=

（2）ab進入II區(qū)域前做勻加速運動，進入后做勻速運動，設(shè)ab剛好到達II區(qū)域的邊界的速度大小為v，由題意得：Blv=

解得：l=

可知ab棒進入II區(qū)域之前在導(dǎo)軌上下滑的距離為l；因加速度為：a=gsinθ

則ab進入?yún)^(qū)域II前的時間為：

t1==

v==

在磁場II運動的時間為：t2==

則ab棒由靜止下滑到區(qū)域II下邊界的時間為：t=t1+t2=2

答：（1）當ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運動時，cd棒消耗的電功率為

（2）ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時間為26、略

【分析】

(1)

對于恰能到達圓軌道的最高點；找出臨界條件，列出相應(yīng)的等式.

清楚B

的運動過程，選擇某一過程應(yīng)用動能定理研究，解出某一狀態(tài)的速度．

(2)

在B

向右運動的過程中；彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化給B

的動能，根據(jù)動量定理求出沖量．

(3)

應(yīng)用動量守恒定律和動能定理求解繩拉斷的過程中所做的功．

該題考查了多個知識