2025年粵教版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選修3物理上冊階段測試試卷940考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某種噴墨打印機打印頭的結構簡圖如圖所示；其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉電場，再經(jīng)偏轉電場后打到紙上，顯示出字符，忽略墨汁的重力，為了使打在紙上的字跡縮小，下列措施理論上可行的是（）

A.只增大偏轉電場的電壓B.只減小墨汁微粒所帶的電荷量C.只減小墨汁微粒的質量D.只減小墨汁微粒進入偏轉電場的速度2、下列說法正確的是（）A.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體B.機械能全部轉化成內能的實際宏觀過程是不可逆過程C.當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大D.已知氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，可計算出分子直徑大小3、關于熱現(xiàn)象，下列敘述正確的是（）A.凡是不違背能量守恒定律的實驗構想，都是能夠實現(xiàn)的B.分子力隨分子間距離的增大而減小C.溫度高的物體內能不一定大，但分子平均動能一定大D.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，隨分子間距離的減小，分子勢能減小4、兩個相同的圓形線圈，通以方向相同但大小不同的電流I1和I2；如圖所示．先將兩個線圈固定在光滑絕緣桿上，問釋放后它們的運動情況是（）

A.相互吸引，電流大的加速度大B.相互吸引，加速度大小相等C.相互排斥，電流大的加速度大D.相互排斥，加速度大小相等5、平行板電容器兩板之間距離為d，接在電壓為U的電源上．現(xiàn)有一質量為m，帶電量為+q的粒子，以速度v沿水平方向射入兩板之間（粒子重力不計），如圖所示．若要使粒子能以速度v沿直線勻速穿過，則可以在兩板間加()

A.磁感應強度大小B=方向向里的勻強磁場B.磁感應強度大小B=方向向外的勻強磁場C.磁感應強度大小B=Udv，方向向里的勻強磁場D.磁感應強度大小B=Udv，方向向外的勻強磁場6、物理學家霍爾于1879年在實驗中發(fā)現(xiàn)，當電流垂直于磁場通過導體或半導體材料左右兩個端面時，在材料的上下兩個端面之間產生電勢差．這一現(xiàn)象被稱為霍爾效應，產生這種效應的元件叫霍爾元件，在現(xiàn)代技術中被廣泛應用．如圖為霍爾元件的原理示意圖，其霍爾電壓U與電流I和磁感應強度B的關系可用公式UH＝kH表示，其中kH叫該元件的霍爾系數(shù)．根據(jù)你所學過的物理知識；判斷下列說法正確的是()

A.霍爾元件上表面電勢一定高于下表面電勢B.公式中的d指元件上下表面間的距離C.霍爾系數(shù)kH是一個沒有單位的常數(shù)D.霍爾系數(shù)kH的單位是m3·s－1·A－17、如圖所示，在磁極和圓柱狀鐵芯間形成的兩部分磁場區(qū)域的圓心角均為磁感應強度B均沿半徑方向，單匝矩形線圈abcd的寬長線圈中軸以角速度勻速轉動時對外電阻R供電，若線圈電阻為r，電流表內阻不計，則下列說正確的是

A.線圈轉動時將產生正弦式交流電B.從圖示位置開始轉過角時，電流方向將發(fā)生改變C.線圈轉動過程中穿過線圈的磁通量的變化率不變D.電流表的示數(shù)為8、處于n＝4能級的大量氫原子，向低能級躍遷時，輻射光的頻率有A.3種B.4種C.5種D.6種9、下面是歷史上的幾個著名實驗的裝置圖，其中發(fā)現(xiàn)電子的裝置是（）A.A；湯姆孫的氣體放電管。

B.B；利用晶體做電子束衍射實驗。

C.粒子散射實驗裝置。

D.D；觀察光電效應。

評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，甲是不帶電的絕緣物塊，乙是帶正電的物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的絕緣水平地板上，地板上方空間有垂直紙面向里的勻強磁場，現(xiàn)加一水平向左的勻強電場，發(fā)現(xiàn)甲、乙起初會相對靜止一起向左加速運動．在加速運動階段()()

A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不變B.乙物塊與地面之間的摩擦力不斷增大C.甲、乙兩物塊一起做加速度減小的加速運動D.甲、乙兩物體以后會相對滑動11、下列說法正確的是（）A.一切自然過程總是沿著熱運動無序性增大的方向進行B.飽和汽的體積越大，飽和汽壓越大C.一定質量的氣體，體積不變時，溫度越高，內能越大E.氣體能夠充滿容器的整個空間，是由于氣體分子間呈現(xiàn)出斥力的作用E.氣體能夠充滿容器的整個空間，是由于氣體分子間呈現(xiàn)出斥力的作用12、如圖，圓環(huán)形導體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路．若將滑動變阻器的滑片P向下滑動；下列說法中正確的是()

A.線圈a中將產生俯視逆時針方向的感應電流B.穿過線圈a的磁通量變小C.線圈a有擴張的趨勢D.線圈a對水平桌面的壓力FN將增大13、如圖所示，帶箭頭的實線表示某電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面．其中A、B、C三點的電場強度大小分別為EA、EB、EC，電勢分別為．關于這三點的電場強度大小和電勢高低的關系；下列說法中正確的是。

A.EA=EBB.EA＞ECC.D.14、下列說法中正確的是_______A.做簡諧運動的質點，其振動周期和振動能量均與振幅無關B.泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，玻璃中的氣泡看起來特別明亮是光的全反射現(xiàn)象C.真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，與光源和觀察者的相對運動無關E.雙縫干涉實驗中，若只增大雙縫到光屏間的距離，兩相鄰亮條紋間距離將變大E.雙縫干涉實驗中，若只增大雙縫到光屏間的距離，兩相鄰亮條紋間距離將變大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R2、R3是兩個定值電阻．閉合開關S、滑片P向左滑動，伏特表示數(shù)將___________，當電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為當電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為若則________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

16、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內液面上方形成了酒精的飽和汽。當溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的壓強____（選填“增大”“減小”或“不變”）。酒精分子間作用力F與分子間距r的關系如圖所示，時，分子間勢能由r決定，規(guī)定兩分子相距無窮遠時分子間的勢能為零。若一分子固定于原點O，另一分子從間距由減小到的過程中，勢能____（選填“增大”“減小”或“不變”）。

17、馬鞍山是一座鋼鐵城市，馬鋼工人時常為高爐進行檢修．而這時高爐內干燥空氣的溫度竟達160℃，工人卻安全在爐內工作幾個小時，是因為________．18、一卡諾熱機，工作在300K的高溫熱源和200K的低溫熱源之間，則此熱機的效率η=__________________。若在等溫膨脹過程中此熱機吸熱2×105J，則在每一循環(huán)中對外所作的功W=_______________。19、一卡諾熱機，工作在300K的高溫熱源和200K的低溫熱源之間，則此熱機的效率η=__________________。若在等溫膨脹過程中此熱機吸熱2×105J，則在每一循環(huán)中對外所作的功W=_______________。20、如圖所示，一定質量的理想氣體沿不同過程I、II，由狀態(tài)A變到狀態(tài)B，狀態(tài)A和狀態(tài)B的溫度相同。則過程I對外做的功_____（選填“大于”、“等于”或“小于”）過程II對外做的功；過程I吸收的熱量_____（選填“大于”；“等于”或“小于”）過程II吸收的熱量。

21、汽車內燃機氣缸內汽油燃燒時，氣體體積膨脹推動活塞對外做功。已知在某次對外做功的沖程中，汽油燃燒釋放的化學能為1×103J，因尾氣排放、氣缸發(fā)熱等對外散失的熱量為8×102J。該內燃機的效率為________。隨著科技的進步，可設法減少熱量的損失，則內燃機的效率能不斷提高，其效率________(選填“有可能”或“仍不可能”)達到100%.22、兩塊大小；形狀完全相同的金屬板平行放置；構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，閉合開關S，電源即給電容器充電。

（1）若保持S閉合，減小兩板間的距離，則兩極板間的電場強度_______；

（2）若斷開S，減小兩板間的距離，則極板上的電量_______，兩極板間的電場強度_______。（填：“變大”、“不變”或“變小”）23、如圖所示：A，B，C，D是勻強電場中一正方形的四個頂點．已知A，B，C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=－3V，則D點的電勢為_________V．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)27、在測定玻璃的折射率實驗時。

（1）下列說法正確的是_____

A．入射角越大；誤差越小。

B．在白紙上放好玻璃磚后；用鉛筆貼著光學面畫出界面。

C．實驗時即可用量角器；也可用圓規(guī)和直尺等工具進行測量。

D．判斷像與針是否在同一直線時；應該觀察大頭針的頭部。

（2）小時同學在插針時玻璃磚的位置如圖1所示．根據(jù)插針與紙上已畫的界面確定入射點與出射點，依據(jù)上述操作所測得的折射率_________（填“偏大”；“偏小”或“不變”）

（3）小明同學經(jīng)正確操作后，在紙上留下四枚大頭針的位置P1、P2、P3、P4，AB和CD是描出的下班磚的兩個邊，如圖2所示，請在答題紙上畫出光路圖________．28、在做“探究單擺周期與擺長的關系”的實驗時；

（1）為了利用單擺較準確地測出重力加速度，可選用的器材為______

A．20cm長的結實的細線；小木球、秒表、米尺、鐵架臺。

B．100cm長的結實的細線；小鋼球、秒表、米尺、鐵架臺。

C．100cm長的結實的細線、大木球、秒表、50cm量程的刻度尺；鐵架臺。

D．100cm長的結實的細線；大鋼球、大掛鐘、米尺、鐵架臺。

（2）為了減小測量周期的誤差，擺球應在經(jīng)過最______（填“高”或“低”）點的位置時開始計時，并計數(shù)為1，擺球每次通過該位置時計數(shù)加1．當計數(shù)為63時，所用的時間為t秒，則單擺周期為______秒．

（3）實驗時某同學測得的g值偏大，其原因可能是______．

A．實驗室的海拔太高B．擺球太重。

C．測出n次全振動時間為t，誤作為（n+1）次全振動時間進行計算。

D．擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)了松動，使擺線長度增加了。

（4）有兩位同學利用假期分別去參觀北京大學和廈門大學的物理實驗室，各自在那里利用先進的DIS系統(tǒng)較準確地探究了“單擺的周期T與擺長L的關系”，他們通過校園網(wǎng)交換實驗數(shù)據(jù)，并由計算機繪制了T2-L圖象，如圖甲所示．去北大的同學所測實驗結果對應的圖線是______（填“A”或“B”）．另外，在廈大做探究的同學還利用計算機繪制了a、b兩種單擺的振動圖象如圖乙所示，由圖可知，a、b兩單擺的擺長之比=______．（北大所在地的緯度比廈大高．）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

要縮小字跡；就要減小微粒通過偏轉電場的偏轉角y，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結合推導出偏轉量y的表達式，再進行分析．

【詳解】

設噴入偏轉電場的墨汁微粒的速度為偏轉電場寬度為偏轉電場右邊緣與紙間距為

墨滴在x方向上勻速運動：

根據(jù)牛頓第二定律可得：

在方向上做勻加速運動：

由幾何關系得：

則墨汁在紙上豎直方向的偏移量：

根據(jù)表達式可知，為了使打在紙上的字跡縮小，即減小可減小墨汁微粒所帶的電荷量增大墨汁微粒的質量減小偏轉電場的電壓增大墨汁微粒的噴出速度故ACD錯誤，B正確．

故選B．

【點睛】

此題考查帶電粒子在電場中的偏轉在實際生活中的應用，關鍵要熟練運用運動的分解法，推導出偏轉量y的表達式，再進行分析．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．熱量不可能自發(fā)的從低溫物體傳到高溫物體；但是有外界影響時熱量可能從低溫物體傳到高溫物體，所以A錯誤；

B．根據(jù)熱力學第二定律可知；機械能全部轉化成內能的實際宏觀過程是不可逆過程，所以B正確；

C．當分子力表現(xiàn)為斥力時；隨分子間距離的增大而增大，分子力做正功，則分子勢能隨分子間距離的增大而減小，所以C錯誤；

D．由于氣體分子間間隙較大；已知氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，不能計算出一個氣體的體積，只能算出一個氣體分子所占空間的體積，則可計算出相鄰分子間的距離，所以D錯誤；

故選B。3、C【分析】【詳解】

A．不違背能量守恒定律不一定能夠實現(xiàn)；例如第二類永動機，因為自然界的宏觀過程都具有方向性，還要符合熱力學第二定律才可能實現(xiàn)，故A錯誤；

B．分子間作用力表現(xiàn)為斥力，斥力隨分子間距離的增大而減小，分子間作用力表現(xiàn)為引力，引力隨分子間距離的增大而增大，故B錯誤；

C．溫度是分子熱運動的平均動能的標志；溫度越高，分子平均動能一定越大；內能的大小除與溫度有關，還與物體的質量有關，故溫度高物體內能不一定大，故C正確；

D．當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時；隨分子間距離的減小分子力做負功，分子勢能增大，故D錯誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

同向電流相互吸引；異向電流相互排斥，根據(jù)牛頓第二定律比較兩個線圈的加速度大?。?/p>

【詳解】

兩個圓形線圈；電流同向，根據(jù)同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，知兩線圈相互吸引．因為線圈1對線圈2的力和線圈2對線圈1的力大小相等，方向相反，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度大小相等．故B正確，ACD錯誤．故選B．

【點睛】

解決本題的關鍵掌握同向電流、異向電流的關系．同向電流相互吸引，異向電流相互排斥．5、B【分析】【詳解】

若要使粒子能以速度v沿直線勻速穿過，則滿足Eq=qvB，解得因粒子帶正電，所受電場力方向向上，則洛倫茲力向下，由左手定則可知，B的方向向外；選項B正確，ACD錯誤.6、D【分析】【詳解】

若霍爾元件為電子導體，應用左手定則可知電子向上偏，上表面電勢低，A錯誤；電荷勻速通過材料，有e＝evB，其中L為上下兩表面間距，又I＝neSv＝ne(Ld)v，其中d為前后表面間距，聯(lián)立可得其中d為前后表面之間的距離，n為材料單位體積內的電荷數(shù)，e為電荷的電荷量，則B錯誤；由以上分析可知kH＝可知kH單位為m3·s－1·A－1，C錯誤，D正確．7、D【分析】【詳解】

A．bc邊向上切割時，感應電流方向為c→b；bc邊向下切割時，感應電流方向為b→c；故線圈連續(xù)轉動，流過電阻R的電流是交流電；但電流的大小不變，故產生的不是正弦交流電，故A錯誤；

B．從圖示位置開始轉過900角時；電流方向不發(fā)生改變，故B錯誤；

C．在共同圓心角α均為內；線圈轉動過程中穿過線圈的磁通量的變化率不變，故C錯誤；

D．一個周期內，通電時間為：R上消耗的電能為：W=t，且有：W=I2(R+r)T，解得線圈上電流的有效值為：故D正確；8、D【分析】【詳解】

現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當這些氫原子向低能級躍遷時，輻射光子的頻率為種，D正確．9、A【分析】【詳解】

A圖是陰極射線偏轉，從而確定陰極射線是電子流，該裝置是發(fā)現(xiàn)電子的實驗裝置．故A正確．B圖是電子束衍射的實驗，說明粒子具有波動性．故B錯誤．C圖是粒子的散射實驗，得出了原子的核式結構模型．故C錯誤．D圖是光電效應現(xiàn)象的實驗，該裝置是提出原子的核式結構的實驗裝置．故D錯誤．故選A．二、多選題(共5題，共10分)10、B:C【分析】【分析】

以甲乙整體為研究對象,分析受力情況,根據(jù)洛倫茲力隨著速度的增大而增大,分析地面對乙物塊的支持力如何變化,來分析乙物塊與地之間的摩擦力如何變化,根據(jù)牛頓第二定律分析加速度如何變化,再對甲研究,由牛頓第二定律研究甲所受摩擦力如何變化。

【詳解】

BC、對整體分析,受重力、向左的電場力、向下的洛倫茲力、支持力、滑動摩擦力;如圖所示

速度增大,洛倫茲力增大,則正壓力增大,地面對乙的滑動摩擦力f增大;電場力F一定,根據(jù)牛頓第二定律得,加速度a減小;故BC對

A、對甲研究得到,乙對甲的摩擦力則得到f減小,甲；乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減小.故A錯；

D；由于甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減??；所以甲、乙兩物體以后不會相對滑動，故D錯；

故選BC11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學第二定律；一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，故A正確；

B．飽和汽壓隨溫度的升高而增大；飽和汽壓與氣體的體積無關，故B錯誤；

C．體積不變；說明氣體對外沒有做功，故溫度越高，氣體內能越大，故C正確；

D．晶體具有固定的熔點；這是由晶體分子的排列有序性決定的，故D正確；

E．氣體能夠充滿容器的整個空間；是由于氣體分子在永不停息的做無規(guī)則運動，與分子間的斥力無關，故E錯誤。

故選ACD。12、A:D【分析】【詳解】

A.滑片向下滑動，回路電阻減小，電流增大，螺線管產生磁場變強，根據(jù)右手定則判斷穿過a線圈的磁感應強度豎直向下，所以感應電流產生磁場豎直向上，根據(jù)右手定則判斷，線圈a中將產生俯視逆時針方向的感應電流；A正確。

B.因為螺線管產生磁場變強，線圈a面積不變，線圈a的磁通量變大，B錯誤。

C.根據(jù)楞次定律；“增縮減擴”原理可以判斷，線圈有收縮的趨勢，C錯誤。

D.根據(jù)楞次定律，“來拒去留”原理可判斷，a線圈磁通量增大，所以線圈a有遠離b的趨勢，對桌面壓力變大，D正確13、B:D【分析】試題分析：因為A點的電場線最密；故A點的電場強度最大，選項A錯誤，B正確；AB在同一條電場線上，由B到A的方向是沿著電場線的方向，故B點的電勢大于A點的電勢，選項C錯誤；而B；C兩點在同一個等勢面上，故二者的電勢相等，選項D正確．

考點：電場強度與電勢大小的判斷．

【名師點晴】在同一條電場線上，沿著電場線的方向是電勢降低的方向；等勢面就是電勢相等的點所組成的一個面，故在這個面上的各點的電勢是相等的；電場線密的地方，電場強度大，電場線稀疏的地方，電場強度?。?4、B:C:E【分析】【詳解】

A．做簡諧運動的物體；其振動能量與振幅有關，振幅越大，能量越大，A錯誤。

B．泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象；根據(jù)全反射條件可知，玻璃中的氣泡看起來特別明亮是光的全反射現(xiàn)象B正確。

C．根據(jù)愛因斯坦相對論原理可知真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的；與光源和觀察者的相對運動無關，C正確。

D．測量擺動時間時；應該從平衡位置開始計時，因為在平衡位置速度很快,你計時的時候誤差會相對小一點，在速度為0的最高點，會產生一定的誤差，D錯誤。

E．雙縫干涉條紋間距所以只增大雙縫到光屏間的距離L，條紋間距將變大，E正確三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]由電路圖可以知道，三電阻串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測量滑動變阻器R1兩端的電壓；滑片P向左滑動；滑動變阻器接入電路的電阻變小，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，變阻器兩端的電壓變小，即電壓表示數(shù)將減小；

[2]由歐姆定律可以知道，定值電阻兩端電壓變化量與電流變化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑動，滑動變阻器接入電路的電阻變小，變阻器兩端的電壓變小，電源電壓不變，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，R2和R3兩端的總電壓將變大，且變阻器兩端電壓減小量等于R2和R3兩端總電壓的增大量，即電壓表示數(shù)變化量的絕對值串聯(lián)電路電流處處相等，則電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

電壓表示數(shù)變化量的絕對值為時，同理可得此時電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

而R2、R3均為定值電阻，所以【解析】.減小等于16、略

【分析】【詳解】

[1]當處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時；分子平均動能增大，單位時間內逸出液面的酒精分子數(shù)增多，于是原來的動態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強增大。

[2]由于r2>r1，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，當另一分子從間距由減小到的過程中，分子力做正功，則勢能減小。【解析】增大減小17、略

【分析】【分析】

【詳解】

工人能在爐內溫度竟達160℃的環(huán)境中工作幾個小時；是因為在高壓爐內干燥空氣中，工人容易排汗，通過蒸發(fā)來維持體溫．

【點睛】

高壓爐內空氣溫度高，工人容易排汗，溫度越高汗液蒸發(fā)越快，蒸發(fā)吸熱，人體溫度降低．【解析】在高爐內干燥空氣中，工人容易排汗，通過蒸發(fā)來維持體溫18、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J19、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J20、略

【分析】【詳解】

[1]過程I、II氣體對外做的功分別為

由p?V圖可知，所以即過程I對外做的功大于過程II對外做的功。

[2]理想氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)B的溫度相同，內能不變（ΔU=0），由熱力學第一定律得

解得

因為所以即過程I吸收的熱量大于過程II吸收的熱量。【解析】大于大于21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]隨著科技的進步；不斷設法減小熱量損失，則內燃機的效率不斷提高，效率仍不可能達到100%。

【點睛】

此題考查了熱力學第一定律△U=W+Q，注意公式中各個物理量的符號法則；知道熱力學第二定律的內容?！窘馕觥坎豢赡?2、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若保持S閉合，則兩板間的電勢差U不變；減小兩板間的距離，則根據(jù)

可知兩極板間的電場強度變大；

(2)[2]若斷開S；則極板上的電量保持不變；

[3]根據(jù)

可知

可知減小兩板間的距離d，兩極板間的電場強度不變?！窘馕觥?1)變大；(2)不變；不變23、略

【分析】【詳解】

試題分析：連接AC，將AC三等分，標上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接BE，則BE為一條等勢線，根據(jù)幾何知識可知，DF∥BE，則DF也是一條等勢線，所以D點電勢．

考點：考查了等勢面；電勢，勻強電場中電場強度與電勢差關系。

【名師點睛】

本題關鍵是找到等勢點，作出等勢線．電場線與等勢面之間的關系要理解，常常是作電場線的依據(jù)．【解析】9V四、作圖題(共3題，共27分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內