2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；光滑的水平面上有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，水平面上平放著一個試管，試管內(nèi)壁光滑，底部有一個帶電小球．現(xiàn)在對試管施加一個垂直于試管的水平拉力F，在拉力F作用下，試管向右做勻速運(yùn)動，帶電小球?qū)墓芸陲w出．下列說法正確的是。

A.小球帶負(fù)電B.小球離開試管前，洛倫茲力對小球做正功C.小球離開試管前的運(yùn)動軌跡是一條拋物線D.維持試管做勻速運(yùn)動的拉力F應(yīng)為恒力2、如圖所示，在軸上方存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為在平面內(nèi)，從原點處與軸正方向成角（），以速率發(fā)射一個帶正電的粒子（重力不計）；則下列說法正確的是（）

A.若一定，越大，則粒子離開磁場的位置距點越遠(yuǎn)B.若一定，越大，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間越短C.若一定，越大，則粒子在磁場中運(yùn)動的角速度越大D.若一定，越大，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間越短3、如圖所示；一帶負(fù)電的粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，下列判斷正確的是（）

A.粒子向左偏轉(zhuǎn)B.粒子向右偏轉(zhuǎn)C.粒子垂直紙面向里偏轉(zhuǎn)D.粒子垂直紙面向外偏轉(zhuǎn)4、如圖所示為直流電動機(jī)線圈的兩個位置；則可知（）

A.在甲位置時AB受力向上，CD受力向下B.在甲位置時AB受力向下，CD受力向上C.在乙位置時AB受力向左，CD受力向右D.在乙位置時AB受力向右，CD受力向左5、如圖所示，勻強(qiáng)磁場限定在一個圓形區(qū)域內(nèi)，磁場方向垂直紙面向外，一個質(zhì)量為電荷量為初速度大小為的帶電粒子沿磁場區(qū)域的直徑方向從點射入磁場，從點沿半徑方向射出磁場，粒子射出磁場時的速度方向與射入磁場時相比偏轉(zhuǎn)了角；忽略重力及粒子間的相互作用力。根據(jù)題中信息（）

A.可以判定粒子的電性B.可求得粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡長度C.可求得磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度D.可求得粒子在磁場中運(yùn)動的時間6、研究某種射線裝置的示意圖如圖所示，射線源發(fā)出的射線以一定的初速度沿直線射到熒光屏上的中央O點，出現(xiàn)一個亮點。在板間加上垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場后，射線在板間做半徑為r的圓周運(yùn)動，然后打在熒光屏的P點。若在兩板間再連接上一個恒定電壓為U的電源，兩板之間距離為d形成勻強(qiáng)電場，亮點又恰好回到O點。由此可知（）

A.射線粒子帶負(fù)電B.射線粒子的初速度大小為C.如果只把兩板間距離適當(dāng)減小粒子還能到達(dá)P點D.射線粒子比荷7、市場上某款“自發(fā)電”門鈴開關(guān)的原理如圖所示。在按下門鈴按鈕過程中，夾著永磁鐵的鐵塊向下移動，改變了與“E”形鐵芯接觸的位置，使得通過線圈的磁場發(fā)生改變。松開門鈴按鈕后，彈簧可使之復(fù)位（與a、b連接的外電路未畫出）。由此可判斷（）

A.未按下按鈕時，線圈a、b兩點間存在電勢差B.按下按鈕過程中，線圈中感應(yīng)電流始終由b經(jīng)線圈流向aC.按鈕復(fù)位過程中，線圈中的磁通量一直減小D.按下按鈕過程與松開復(fù)位過程中，a點的電勢始終高于b點8、如圖，空間某區(qū)域內(nèi)存在沿水平方向的勻強(qiáng)磁場，一正方形閉合金屬線框自磁場上方某處自由釋放后穿過磁場，整個過程線框平面始終豎直。線框邊長小于磁場區(qū)域上下寬度。若不計空氣阻力，以線框剛進(jìn)入磁場時為計時起點，下列描述線框所受安培力F隨時間t變化的圖像中；錯誤的是（）

A.B.C.D.9、在現(xiàn)代科學(xué)技術(shù)中；常常利用電場與磁場來加速和控制帶電粒子的運(yùn)動。例如回旋加速器，其原理如圖所示，帶電粒子是通過兩D形盒間的高頻交變電場加速和垂直D形盒表面的勻強(qiáng)磁場回旋而獲得高能粒子。在下列裝置中，沒有應(yīng)用磁偏轉(zhuǎn)原理工作的是（）

A.磁流體發(fā)電機(jī)B.電流互感器C.質(zhì)譜儀D.顯像管評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，絕緣水平桌面上固定兩條光滑的、間距為L的、電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌左端連接電源，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r。整個裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)將質(zhì)量為m，電阻為R的導(dǎo)體棒置于導(dǎo)軌上，接通電源，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌開始運(yùn)動，運(yùn)動時始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，棒離開桌面前的瞬間速度為v，此刻通過棒電流為I。則（）

A.此過程中通過棒的電荷量為B.此過程中導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量為C.離開桌面前的瞬間，電源兩端的電壓U=E-IrD.離開桌面前的瞬間，電源兩端的電壓U>E-Ir11、如圖所示，兩條平行光滑金屬導(dǎo)軌水平固定，勻強(qiáng)磁場與導(dǎo)軌平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，兩導(dǎo)軌間距為L，導(dǎo)軌之間接一阻值為R的定值電阻，金屬棒緊貼導(dǎo)軌靜止放置?，F(xiàn)給靜止的金屬棒施加一個水平向右的變力F，初始時刻F的值為勻加速運(yùn)動t時間，F(xiàn)增大到最大值后不再變化；金屬棒最后做勻速運(yùn)動。金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，金屬棒及導(dǎo)軌的電阻不計，下列說法正確的是（）

A.金屬棒做勻速運(yùn)動的速度等于其做勻加速運(yùn)動的末速度B.金屬棒做勻速運(yùn)動的速度是其做勻加速運(yùn)動的末速度的2倍C.金屬棒做勻加速運(yùn)動的加速度大小為D.在0~t時間內(nèi)，通過回路某一橫截面的電荷量為12、如圖所示在光滑絕緣水平桌面上有一正方形導(dǎo)線框，在虛線右側(cè)有勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向豎直向下。時導(dǎo)線框的右邊恰與磁場邊界重合，在水平外力F的作用下由靜止開始向右運(yùn)動，外力F與導(dǎo)線框速度v的關(guān)系是（k是常量）。在進(jìn)入磁場區(qū)域的過程中，線框中感應(yīng)電流i隨時間t變化的圖像可能正確的有（）

A.B.C.D.13、如圖甲所示，相距為L=1m的兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，導(dǎo)軌的M、P兩端連接一阻值為R=0.5Ω的電阻，金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置且接觸良好，aM=bP=1m，現(xiàn)將水平外力F作用ab棒上，已知：F=0.02t（N），式中5(s)，5s后F=0.1N保持不變，金屬棒在運(yùn)動中始終與導(dǎo)軌垂直。測得ab棒沿導(dǎo)軌滑行達(dá)到最大速度的過程中，流過電阻R的總電量為q=1.4C，不計金屬棒ab及導(dǎo)軌的電阻；則（）

A.0~5s內(nèi)ab棒始終保持靜止B.5s后的一段時間內(nèi)ab棒做勻加速直線運(yùn)動C.ab棒運(yùn)動過程中的最大速度v=0.2D.ab棒從開始運(yùn)動至獲得最大速度的過程中，距導(dǎo)軌MP的最大距離為x=1.4m14、如圖，固定傾斜的平行導(dǎo)軌上端連接一個電阻R，金屬桿ab垂直放在導(dǎo)軌上，處于靜止?fàn)顟B(tài)。從時刻開始，加一垂直于斜面向上的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度從0開始均勻增大，時桿開始運(yùn)動。在的這段時間內(nèi)（）

A.金屬桿中的感應(yīng)電流方向從b到aB.金屬桿中的感應(yīng)電流逐漸增大C.金屬桿所受安培力不斷增大D.金屬桿受到的摩擦力不斷增大15、如圖所示，在方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場區(qū)域中有一個由均勻?qū)Ь€制成的單匝矩形線框abcd，線框以恒定的速度v沿垂直磁場方向向右運(yùn)動，運(yùn)動中線框dc邊始終與磁場右邊界平行，線框邊長ad＝L，cd＝2L.線框?qū)Ь€的總電阻為R.則在線框離開磁場的過程中，下列說法中正確的是（）

A.ad間的電壓為B.流過線框截面的電量為C.線框所受安培力的合力為D.線框中的電流在ad邊產(chǎn)生的熱量為16、如圖所示，交流發(fā)電機(jī)的矩形線框共有N=100匝，總電阻r=1.0Ω，BC=AD=0.2m，AB=DC=0.1m。線圈繞垂直于磁場方向的對稱軸以的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動，給R=7.0Ω的電阻供電。在軸線右側(cè)有一勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T；左側(cè)沒有磁場，線框處于中性面時開始計時，則（）

A.發(fā)電機(jī)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為40VB.電阻R兩端的電壓有效值為35VC.在內(nèi)通過線框?qū)Ь€橫截面的電荷量為0D.在內(nèi)外力至少對系統(tǒng)做功17、圖甲為一臺小型發(fā)電機(jī)構(gòu)造示意圖；線圈逆時針轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖像如圖乙所示。發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為1Ω，外接燈泡的電阻為9Ω，則（）

A.電壓表的示數(shù)為5.4VB.在t=10?2s的時刻，穿過線圈的磁通量為零C.若線圈轉(zhuǎn)速改為25r/s，則電動勢的有效值為3VD.若線圈轉(zhuǎn)速改為25r/s，則通過電燈的電流為1.2A評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、兩塊長5d、相距d的水平平行金屬板，板間有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場.一大群電子從平行于板面的方向、以相等大小的速度v從左端各處飛入（圖）.粒子帶電量為e,質(zhì)量為m,為了不使任何電子飛出；板間磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為_____

.19、在探究“電容器；電感器對交流電的阻礙作用”實驗中；某同學(xué)采用了如圖所示的實驗原理圖，其中C為電容器，L為帶鐵芯的電感器，甲、乙、丙為完全相同的小燈泡。

(1)當(dāng)電源為直流電源時，閉合開關(guān)S，穩(wěn)定后能觀察到甲、乙兩燈的亮度_________（選填“甲亮”“乙亮”或“與甲、乙一樣亮”），而丙燈_________（選填“最亮”“不亮”或“與甲；乙一樣亮”）。

(2)當(dāng)電源為交流電源時，閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后能觀察到最亮的燈是_________。

(3)若僅提高交流電源的頻率，可觀察到乙燈亮度_____________，丙燈亮度_________。（均選填“變亮”“變暗”或“不變”）20、矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，在中性面時，通過線圈的磁通量最大。______21、圖甲中的變壓器為理想變壓器，其原線圈接到有效值為的正弦交流電源上，副線圈與阻值為的電阻接成閉合電路，圖乙中阻值為的電阻直接接到電壓為的直流電源上，電阻消耗的電功率為__________若發(fā)現(xiàn)與消耗的電功率恰好相等，則變壓器原、副線圈的電壓之比為_________。

22、如圖所示，兩電子沿MN方向從M點射入兩平行平面間的勻強(qiáng)磁場中，它們分別以v1、v2的速率射出磁場，則v1：v2=______，通過勻強(qiáng)磁場所用時間之比t1、t2=______。

23、一段直導(dǎo)線在垂直于均勻磁場的平面內(nèi)運(yùn)動。已知導(dǎo)線繞其一端以角速度轉(zhuǎn)動時的電動勢與導(dǎo)線以垂直于導(dǎo)線方向的速度v做平動時的電動勢相同，那么，導(dǎo)線的長度為__________________。24、目前雷達(dá)發(fā)射的電磁波頻率多在200MHz至1000MHz的范圍內(nèi)；請回答下列關(guān)于雷達(dá)和電磁波的有關(guān)問題。

（1）雷達(dá)發(fā)射電磁波的波長范圍是多少______。

（2）能否根據(jù)雷達(dá)發(fā)出的電磁波確定雷達(dá)和目標(biāo)間的距離_______。評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)25、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

26、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

27、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補(bǔ)充完整。

28、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)29、(1)傳感器擔(dān)負(fù)著信息采集的任務(wù)，在自動控制中發(fā)揮著重要作用，傳感器能夠?qū)⒏兄降姆请娦畔ⅲㄈ鐪囟?、光、聲等）轉(zhuǎn)換成對應(yīng)的電信息。下列元件可用作感溫的敏感元件有_____。

A．干簧管B．熱電阻C．熱敏電阻D．光敏電阻。

(2)唱卡拉OK用的話筒內(nèi)有傳感器，其中有一種是動圈式的，它的工作原理是在彈性膜片后面粘接一個很小的金屬線圈，線圈處于永磁體的磁場中，當(dāng)聲波使膜片前后振動時，就將聲音信號轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?，下列說法正確的是_____。

A．該傳感器是根據(jù)電流的磁效應(yīng)工作的。

B．該傳感器是根據(jù)電磁感應(yīng)原理工作的。

C．膜片振動時；穿過金屬線圈的磁通量不變。

D．膜片振動時，金屬線圈會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢30、物體的帶電量是一個不易測得的物理量；某同學(xué)設(shè)計了一個實驗來測量帶電物體所帶電量。如圖甲所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長的木板上，打點計時器固定在長木板末端，物塊A靠近打點計時器，一紙帶穿過打點計時器與物塊A相連，請結(jié)合下列操作步驟回答問題。

（1）為消除摩擦力的影響，他將長木板一端墊起一定傾角，接通打點計時器，輕輕推一下小物塊A，使其沿著長木板向下運(yùn)動。多次調(diào)整傾角直至打出的紙帶上點跡均勻，測出此時木板與水平面間的傾角，記為

（2）如圖乙所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，用細(xì)繩通過一輕小定滑輪將物塊A與物塊B相連，繩與滑輪的摩擦不計且繩與斜面平行。給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角不變，接通打點計時器，由靜止釋放小物塊A，該過程可近似認(rèn)為物塊A的帶電量不變。下列關(guān)于紙帶上點跡的分析正確的是___________。

A.紙帶上的點跡間距先增加后減小至零。

B.紙帶上的點跡間距先增加后減小至一不為零的定值。

C.紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差不變。

D.紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差逐漸減小，直至間距不變。

（3）為了測定物塊A所帶電量q，除傾角外，本實驗還必須測量的物理量有___________。

A.物體A的質(zhì)量MB.物體B的質(zhì)量m

C.A和B最終的速度D.磁感應(yīng)強(qiáng)度

（4）用重力加速度傾角和所測得的物理量，可得出的表達(dá)式為___________。31、在“探究變壓器原；副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實驗中；如圖所示為可拆變壓器；

（1）線圈1匝數(shù)比線圈2匝數(shù)多，則線圈1導(dǎo)線比線圈2導(dǎo)線______；

A．粗一些B．細(xì)一些。

（2）下列有關(guān)說法正確的是______；

A．實驗中鐵芯有發(fā)熱現(xiàn)象是由于線圈和鐵芯之間絕緣不好。

B．實驗所用電壓不超過12V；這樣可以隨意接觸裸露的導(dǎo)線；接線柱。

C．多用電表測量電壓時先用小量程擋測試；確定范圍后再選擇適當(dāng)量程進(jìn)行測量。

D．變壓器原線圈相對電源而言起負(fù)載的作用；副線圈相對負(fù)載而言起電源的作用。

（3）變壓器的工作原理是利用了______現(xiàn)象；實驗過程中“保持原線圈匝數(shù)不變，改變副線圈的匝數(shù)，研究副線圈匝數(shù)對副線圈電壓的影響”，這是運(yùn)用______的方法。32、某班物理實驗課上；同學(xué)們用可拆變壓器探究“變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”?？刹鹱儔浩魅鐖D甲；乙所示。

（1）下列說法正確的是_______。

A．為確保實驗安全；實驗中要求原線圈匝數(shù)小于副線圈匝數(shù)。

B．變壓器原線圈接低壓交流電；測量副線圈電壓時應(yīng)當(dāng)用多用電表的“直流電壓擋”

C．可以先保持原線圈電壓；匝數(shù)不變；改變副線圈的匝數(shù)，研究副線圈匝數(shù)對副線圈電壓的影響。

D．測量副線圈電壓時；先用最大量程試測，大致確定電壓后再選用適當(dāng)?shù)膿跷贿M(jìn)行測量。

E．變壓器開始正常工作后；鐵芯導(dǎo)電，把電能由原線圈輸送到副線圈。

F．變壓器開始正常工作后；若不計各種損耗，在原線圈上將電能轉(zhuǎn)化成磁場能，在副線圈上將磁場能轉(zhuǎn)化成電能，鐵芯起到“傳遞”磁場能的作用。

（2）一位同學(xué)實驗時，觀察兩個線圈的導(dǎo)線，發(fā)現(xiàn)粗細(xì)不同。他選擇的原線圈為800匝，副線圈為400匝，原線圈接學(xué)生電源的正弦交流輸出端，所接電源為“”擋位，測得副線圈的電壓為則下列敘述中可能符合實際情況的一項是___________。

A．原線圈導(dǎo)線比副線圈導(dǎo)線粗。

B．學(xué)生電源實際輸出電壓大于標(biāo)注的“”

C．原線圈實際匝數(shù)與標(biāo)注“800”不符；應(yīng)大于800匝。

D．副線圈實際匝數(shù)與標(biāo)注“400”不符；應(yīng)小于400匝。

E．變壓器的鐵芯B沒有安裝在鐵芯A上；導(dǎo)致鐵芯沒有閉合。

（3）變壓器鐵芯是利用由相互絕緣的薄硅鋼片平行疊壓而成的；而不是采用一整塊硅鋼，如圖所示。

①圖中，硅鋼片應(yīng)平行于___________。

A．平面B．平面C．平面D．平面

②這樣設(shè)計的原因是___________。

A．增大渦流；提高變壓器的效率。

B．減小渦流；提高變壓器的效率。

C．增大鐵芯中的電阻；以產(chǎn)生更多的熱量。

（4）理想變壓器是一種理想化模型。如圖所示，心電圖儀（將心肌收縮產(chǎn)生的脈動轉(zhuǎn)化為電壓脈沖的儀器，其輸出部分可以等效為虛線框內(nèi)的交流電源和定值電阻串聯(lián)）與一理想變壓器的原線國連接，一可變電阻R與該變壓器的副線圈連接，原副線圈的匝數(shù)分別為在交流電源的電壓有效值不變的情況下，將可變電阻R的阻值調(diào)大的過程中，當(dāng)________時，R獲得的功率最大。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

A．小球能從管口處飛出；說明小球受到指向管口洛倫茲力，根據(jù)左手定則判斷，小球帶正電；故A錯誤.

B．洛倫茲力是不做功的，因為在向上的洛倫茲力產(chǎn)生的同時，還產(chǎn)生了與F方向相反的一個洛倫茲力；兩個洛倫茲力抵消，不做功；故B錯誤.

C．設(shè)管子運(yùn)動速度為v1，小球垂直于管子向右的分運(yùn)動是勻速直線運(yùn)動.小球沿管子方向受到洛倫茲力的分力F1=qv1B，q、v1、B均不變，F(xiàn)1不變；則小球沿管子做勻加速直線運(yùn)動．與平拋運(yùn)動類似，小球運(yùn)動的軌跡是一條拋物線；故C正確.

D．設(shè)小球沿管子的分速度大小為v2，則小球受到垂直管子向左的洛倫茲力的分力F2=qv2B，v2增大，則F2增大，而拉力F=F2，則F逐漸增大；故D錯誤.2、B【分析】【分析】

【詳解】

BD．畫出粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡如圖所示；

由幾何關(guān)系得，軌跡對應(yīng)的圓心角

粒子在磁場中運(yùn)動的時間

可得，若一定，越大，粒子在磁場中運(yùn)動的時間越短，若一定；則粒子在磁場中的運(yùn)動時間一定，故B正確，D錯誤；

A．設(shè)粒子的軌跡半徑為則

由圖有

可得，若是銳角，越大，越大，若是鈍角，越大，越小；故A錯誤；

C．粒子在磁場中運(yùn)動的角速度

又

則

與速度無關(guān)；故C錯誤。

故選B。3、D【分析】【分析】

【詳解】

一帶負(fù)電的粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場；根據(jù)左手定則，粒子垂直紙面向外偏轉(zhuǎn)。

故選D。4、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．甲位置時，磁場由左向右，由左手定則可知，AB受力向上；CD受力向下；B錯誤A正確；

CD．在乙位置時，由左手定則可知CD受力向下，AB受力向上；CD錯誤；

故選A。5、A【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向；由左手定則可以判斷出粒子帶正電，A正確；

B．由洛倫茲力提供向心力可得

解得粒子在磁場中運(yùn)動時，其軌跡的半徑為

由幾何關(guān)系可知其對應(yīng)的圓心角為則粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡長度為

因為不知道磁場的磁場強(qiáng)度；不可求得粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡長度，B錯誤；

C．粒子在磁場中運(yùn)動時，有

由于不知道粒子的半徑；故不可求得磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度，C錯誤。

D．粒子做勻速運(yùn)動的周期為

則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為

因為不知道磁場的磁場強(qiáng)度；不可求得粒子在磁場中運(yùn)動的時間，D錯誤。

故選A。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于通過磁場后向上偏轉(zhuǎn)；根據(jù)左手定則可知，粒子到正電荷，A錯誤；

B．由于加上電場后又回到O點，可知

可得粒子的速度①

B錯誤；

C．如果只把兩板間距離適當(dāng)減小，根據(jù)

電場強(qiáng)度將增大，此時

粒子將打到O點下方；C錯誤；

D．根據(jù)②

由①②聯(lián)立可得

D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．未按下按鈕時，線圈磁通量不變，因此a、b兩點電勢差為零；故A錯誤；

BCD．按下按鈕過程中，線圈中的磁場先向右減小，后向左增加，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向從b接線柱通過線圈流向a接線柱，又因為線圈是電源，電源內(nèi)部電流方向由負(fù)極流向正極，因此線圈a接線柱的電勢比b接線柱高；按鈕復(fù)位過程中，線圈中的磁場先向左減小，后向右增加，磁通量先減小后增大，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向從a接線柱通過線圈流向b接線柱，線圈a接線柱的電勢比b接線柱低；故B正確，CD錯誤。

故選B。8、A【分析】【詳解】

AC．若線框進(jìn)入磁場時重力小于安培力，由牛頓第二定律有

線框做減速運(yùn)動；安培力減小，加速度減小，做加速度減小的減速運(yùn)動，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，離開磁場時安培力大于重力，速度減小，安培力減小，做加速度減小的減速運(yùn)動，故A錯誤，C正確；

B．若線框進(jìn)入磁場時恰好重力等于安培力；則線框勻速進(jìn)入磁場，電流不變，安培力不變，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，離開磁場時安培力大于重力，速度減小，安培力減小，則做加速度減小的減速運(yùn)動，故B正確；

D．若進(jìn)入時重力大于安培力，由牛頓第二定律有

做加速運(yùn)動；安培力增大，加速度減小，做加速度減小的加速運(yùn)動，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，離開磁場時安培力大于重力，速度減小，安培力減小，則做加速度減小的減速運(yùn)動，故D正確。

本題選錯誤的，故選A。9、B【分析】【詳解】

ACD．磁流體發(fā)電機(jī)；質(zhì)譜儀和顯像管都利用了帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)而工作的；所以它們都應(yīng)用磁偏轉(zhuǎn)原理工作，ACD錯誤；

B．電流互感器是利用了電磁感應(yīng)原理；B正確。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)10、A:C【分析】【詳解】

A.導(dǎo)體棒運(yùn)動過程水平只受安培力，由動量定理

和

可得

故A正確；

B.根據(jù)

可知

故B錯誤；

CD.離開桌面前的瞬間，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得

故D錯誤；C正確。

故選AC。11、C:D【分析】【詳解】

ABC．在時間內(nèi)，金屬棒做勻加速運(yùn)動，F(xiàn)達(dá)到最大值后保持不變，隨著速度增大，安培力逐漸變大，金屬棒做加速度越來越小的加速運(yùn)動，當(dāng)加速度即金屬棒所受安培力與外力相等時，金屬棒做勻速直線運(yùn)動。設(shè)金屬棒在勻加速運(yùn)動階段的加速度大小為a、末速度大小為v，則

解得

設(shè)金屬棒最后做勻速運(yùn)動的速度大小為此時拉力F等于安培力，即

解得

所以

故AB錯誤；C正確；

D．在時間內(nèi)，金屬棒做勻加速運(yùn)動，通過回路某一橫截面的電荷量

故D正確。

故選CD。12、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．當(dāng)導(dǎo)體框以速度v進(jìn)入磁場時，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為

cd邊受到安培力，大小為

對于導(dǎo)體框根據(jù)牛頓第二定律可得

又因為

整理可得

若則線框的加速度為一定值，速度均勻增加，電流均勻增加，故A正確，B錯誤；

C．若則線框的加速度隨速度的增加而減小，電流增加的越來越慢，故C正確；

D．若則線框的加速度隨速度的增加而增加，電流增加的越來越快，故D正確。

故選ACD。13、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．0~5s內(nèi)，由于磁場變化產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢

閉合回路中感應(yīng)電流

0~5s內(nèi)，磁場強(qiáng)度與時間關(guān)系為

ab棒水平方向?qū)⑹艿较蜃蟀才嗔?/p>

故ab棒始終保持靜止；故A正確；

BC．5s后，由于磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度保持不變，故ab棒將在外力F作用下從靜止開始向右運(yùn)動，并切割磁感線，從而將受到水平向左安培力的作用，由牛頓第二定律可得

又因為

即

所以，ab棒將做加速度逐漸減小的加速直線運(yùn)動，最后達(dá)到勻速。當(dāng)ab棒勻速運(yùn)動時，速度最大，即

代入數(shù)據(jù)解得vm=0.2

故B錯誤；故C正確；

D．a(chǎn)b棒從開始運(yùn)動至獲得最大速度的過程中，流過電阻R的總電量為1.4C，則有

解得x=2.4m

所以ab棒從開始運(yùn)動至獲得最大速度的過程中，距導(dǎo)軌MP的最大距離為2.4m；故D錯誤。

故選AC。14、A:C【分析】【詳解】

A．由于磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，金屬桿ab受到的安培力方向沿傾斜導(dǎo)軌向上，由左手定則可知金屬桿中的感應(yīng)電流方向從b到a。故A正確；

B．由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大；所以金屬桿中的感應(yīng)電流恒定。故B錯誤；

C．由于磁感應(yīng)強(qiáng)度不斷增大；金屬桿中的感應(yīng)電流恒定，所以金屬桿所受安培力不斷增大。故C正確；

D．由于一開始金屬桿靜止；所以金屬桿一開始受到沿傾斜導(dǎo)軌向上的摩擦力，在施加垂直于斜面向上的磁場之后，受到方向沿傾斜導(dǎo)軌向上的安培力，摩擦力開始減小。在摩擦力減小為零之后，由于安培力繼續(xù)增大，金屬桿產(chǎn)生沿傾斜導(dǎo)軌向上的運(yùn)動趨勢，摩擦力方向變?yōu)橄蛳?，大小不斷增大。所以金屬桿受到的摩擦力先減小再增大。故D錯誤。

故選AC。15、A:B:D【分析】【詳解】

A.ad間的電壓為：

選項A正確；

B.流過線框截面的電量：

選項B正確；

C.線框所受安培力的合力：

選項C錯誤；

D.產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=2BLv，感應(yīng)電流線框中的電流在ad邊產(chǎn)生的熱量：

選項D正確。

故選ABD。16、A:C:D【分析】【詳解】

A．由題可得，線圈的有效面積為

則發(fā)電機(jī)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為

故A正確；

B．發(fā)電機(jī)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的有效值為

由閉合電路歐姆定律可得

解得

故B錯誤；

C．線圈轉(zhuǎn)動周期為

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，線圈產(chǎn)生的平均電動勢為

解得線圈轉(zhuǎn)動一周產(chǎn)生的平均電動勢為

線圈產(chǎn)生的平均電流為0，所以在內(nèi)通過線框?qū)Ь€橫截面的電荷量為0；故C正確；

D．在電路產(chǎn)生的焦耳熱為

由能量守恒定律可得，在內(nèi)外力至少對系統(tǒng)做功為

故D正確。

故選ACD。17、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙知，電動勢的最大值為

有效值為

電壓表的示數(shù)為外電阻兩端電壓

選項A正確；

B．在t=10?2s的時刻；電動勢為0，則線圈處于中性面，穿過線圈磁通量最大，選項B錯誤；

CD．由圖乙得，線圈轉(zhuǎn)動周期為T=0.02s

所以轉(zhuǎn)速為

交流電壓的最大值

若線圈轉(zhuǎn)速n改為25r/s，減小為原來的一半，則電動勢的最大值減為原來的一半，所以電動勢的有效值也減為原來的一半，即為3V，此時通過電燈的電流為

選項C正確；D錯誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【分析】

根據(jù)公式可得電子的軌道半徑越大；磁場強(qiáng)度越小，而當(dāng)電子剛好從下極板射出時半徑最大，根據(jù)幾何知識和半徑公式分析解題。

【詳解】

電子射入磁場時所受洛倫茲力向下，都向下偏轉(zhuǎn)，顯然從貼著上極板A點射入的電子最容易從右側(cè)或左側(cè)穿出，所以以該電子為研究對象，若半徑足夠大，恰好從下極板C點處射出，對應(yīng)的半徑為由幾何關(guān)系得：

解得：

根據(jù)半徑公式可知磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，電子的軌道半徑越小，所以當(dāng)粒子剛好從下極板射出時的磁場最小，最小為：

解得：

【點睛】

本題考查了粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)問題，關(guān)鍵是找出磁場最小時的臨界條件，可從公式入手?！窘馕觥?9、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]電容器具有“通交流、阻直流，通高頻、阻低頻”的作用，電感線圈具有“通直流、阻交流，通低頻、阻高頻”的作用。當(dāng)電源為直流電時，閉合開關(guān)S，直流電流無法通過電容器C；故丙燈不亮，而甲；乙兩燈的亮度相同。

(2)[3]當(dāng)電源為交流電源時，閉合開關(guān)S；甲燈無其他電器元件對電流有阻礙作用，故甲燈最亮。

(3)[4][5]提高交流電源的頻率，電感線圈L對交流電的阻礙作用增大，電容器C對交流電的阻礙作用減弱，故乙燈變暗，丙燈變亮。【解析】甲、乙一樣亮不亮甲變暗變亮20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，中性面是指線圈平面與磁感線垂直的位移，則在中性面時，通過線圈的磁通量最大。此說法正確。【解析】正確21、略

【分析】【詳解】

[1]電阻消耗的電功率為

[2]與消耗的電功率恰好相等

原、副線圈的電壓之比為【解析】48422、略

【分析】【詳解】

[1]粒子運(yùn)動軌跡如下圖所示

電子垂直射入磁場，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力有，根據(jù)

電子做圓周運(yùn)動的半徑

則得電子在電場中的運(yùn)動速度之比等于電子做圓周運(yùn)動的半徑之比，根據(jù)幾何關(guān)系有

所以電子在電場中的速度之比為

[2]電子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期

以v1運(yùn)動的電子在磁場中運(yùn)動的時間

以v2運(yùn)動的電子在磁場中運(yùn)動的時間

所以電子在磁場中運(yùn)動的時間之比為【解析】1:23:223、略

【分析】【詳解】

[1]導(dǎo)線以垂直于導(dǎo)線方向的速度v做平動時的電動勢為

導(dǎo)線繞其一端以角速度轉(zhuǎn)動時的電動勢為

聯(lián)立得【解析】24、略

【分析】【詳解】

[1]由可得

所以雷達(dá)發(fā)射電磁波的波長范圍是0.3m~1.5m。

[2]電磁波測距的原理就是通過發(fā)射和接收的時間間隔t來確定距離，所以可根據(jù)

確定和目標(biāo)間的距離?！窘馕觥?.3~1.5m能四、作圖題(共4題，共20分)25、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導(dǎo)線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關(guān)作用和交流電接線常識，進(jìn)行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關(guān)閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關(guān)閉合，燈亮，說明兩個開關(guān)不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關(guān)和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關(guān)控制火線，開關(guān)一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當(dāng)條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)，則有：線圈中向下的磁場增強(qiáng)，感應(yīng)電流的磁場阻礙磁通量增加，感應(yīng)電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應(yīng)電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強(qiáng)，故磁鐵向下運(yùn)動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應(yīng)電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運(yùn)動，如圖。

【解析】28、略

【分析】【詳解】

當(dāng)條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導(dǎo)線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共4題，共28分)29、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．干簧管是將磁信號轉(zhuǎn)化為電信號的儀器；不能用作感溫的敏感元件，A錯誤；

B．熱電阻的電阻值隨溫度發(fā)生變化；可以用作感溫的敏感元件，B正確；

C．熱敏電阻的電阻值隨溫度發(fā)生變化；可以用作感溫的敏感元件，C正確；

D．光敏電阻的電阻值隨光學(xué)的變化發(fā)生變化；不能用作感溫的敏感元件，D錯誤。

故選BC。

（2）[2]AB．當(dāng)聲波使膜片前后振動時；線圈切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，將聲音信號變化電信號，是根據(jù)電磁感應(yīng)原理工作的，A錯誤B正確；

C．膜片隨著聲波而周期性振動；穿過金屬線圈的磁通量是周期性變化的，C錯誤；

D．膜片振動時；金屬線圈切割磁感線，會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，D正確。

故選BD?！窘馕觥竣?BC②.BD30、略

【分析】【詳解】

（2）[1]設(shè)A的質(zhì)量為B的質(zhì)量為沒有磁場時，由平衡條件可知

又有

所以

當(dāng)存在磁場時，以整體為研究對象，由牛頓第二定律可得

由此式可知和是變量，其他都是不變的量，所以一起做加速度減小的加速運(yùn)動，直到加速度減為零后做勻速運(yùn)動，即速度在增