2025年統(tǒng)編版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、“恒流源”是一種特殊的電源；其輸出的電流能始終保持不變，如圖所示的電路中電源是恒流源，當滑動變阻器滑動觸頭P向左移動時，下列說法中正確的是()

A.R0上的電壓變小B.R2上的電壓變大C.R1上的電壓變小D.R1上電壓變化量大于R0上的電壓變化量2、如圖甲所示，導體棒MN置于水平導軌上，PQ之間有阻值為R的電阻，PQNM所包圍的面積為S，不計導軌和導體棒的電阻．導軌所在區(qū)域內存在沿豎直方向的磁場，規(guī)定磁場方向豎直向上為正，在0~2t0時間內磁感應強度的變化情況如圖乙所示，導體棒MN始終處于靜止狀態(tài)．下列說法正確的是（）

A.在0~t0和t0~2t0內，導體棒受到導軌的摩擦力方向相同B.在t0~2t0內，通過電阻R的電流方向為P到QC.在0~t0內，通過電阻R的電流大小為D.在0~2t0內，通過電阻R的電荷量為3、如圖所示的各點之間的距離均是當時，點開始向上振動，經達到最大位移，此時波傳播到點則以下結論中正確的是()

A.波的傳播速度是周期是B.波的頻率是波長是C.再經波傳播到了點此時點達最大位移D.波從1傳播到點時，其歷時質點達到最大位移4、如圖所示，讓一束光AO沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它的平直邊上；在這個玻璃與空氣的界面上會發(fā)生反射和折射．逐漸增大入射角，觀察反射光線和折射光線的變化．下列說法正確的是。

A.反射角增大，折射角減小B.OC光線越來越弱，最終消失C.OB光線越來越弱，但不會消失D.反射光線和折射光線始終保持垂直5、如圖所示，由三個鋁制薄板互成120°角均勻分開的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個勻強磁場區(qū)域，其磁感應強度分別用表示．現(xiàn)有帶電粒子自a點垂直O(jiān)a板沿逆時針方向射入磁場中，帶電粒子完成一周運動，在三個磁場區(qū)域中的運動時間之比為1∶2∶3，軌跡恰好是一個以O為圓心的圓，則其在b、c處穿越鋁板所損失的動能之比為。

A.1∶1B.5∶3C.3∶2D.27∶56、一個大人和一個小孩面對面站在光滑的冰面上，都處于靜止狀態(tài)，某時刻小孩沿水平方向用力推了大人一下，結果兩人向相反方向滑去。已知大人的質量大于小孩的質量，則下列說法正確的是A.小孩受到的沖量較大B.大人受到的沖量較大C.小孩運動的速度較大D.大人運動的速度較大7、氫原子的能級圖如圖所示，如果大量氫原子處在n=3能級的激發(fā)態(tài)；則下列說法正確的是。

A.這群氫原子能輻射出2種不同頻率的光子B.波長最長的輻射光是氫原子從n=3能級躍遷到能級n=1能級產生的C.輻射光子的最大能量為12.09eVD.處于該能級的氫原子至少需吸收13.6eV能量的光子才能電離8、如圖所示，正方形ABCD的頂點A、C處固定有兩帶電荷量大小相等的點電荷，E、F分別為AB、CD邊的中點．若以無窮遠處電勢為零，且E點處電勢大于零；則下列說法中正確的是。

A.兩點電荷一定都帶正電B.O點處電勢不可能為零C.直線BD上從O點向兩側無窮遠處，電場強度先減小后增大D.若將一電子從E點移動到F點，則電場力做功可能為零評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示；R1；R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，其阻值隨光照強度的增大而減小，當照射光強度增大時（）

A.電壓表的示數(shù)減小B.R2中電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓增大10、氫原子從基態(tài)向n=2能級躍遷時，吸收的光子頻率為從n=2能級向n=3能級躍遷時，吸收的光子頻率為則大量氫原子從n=3能級向低能級躍遷時，所輻射光子的頻率可能為A.B.C.D.11、下列說法錯誤的是_____。A.布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動，且溫度越高，布朗運動越劇烈B.當甲、乙兩個分子間距離為r0時，分子間的引力和斥力大小相等；若規(guī)定此距離時分子勢能為零，則分子勢能不可能為負值C.溫度升高，物體的內能一定增大E.做功和熱傳遞在改變內能的效果上是相同的E.做功和熱傳遞在改變內能的效果上是相同的12、以下說法正確的是（）A.一定質量的氣體，在吸收熱量的同時體積增大，內能有可能不變B.內能相等的兩個物體相互接觸，也可能發(fā)生熱傳遞C.僅知道阿伏伽德羅常數(shù)和氮氣的摩爾體積，能算出氮氣分子的體積D.當分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越大13、回旋加速器用較低的高頻電源，使粒子每隔一定的時間受到一次加速，經過多次加速達到很大的速度，在D型盒上半面中心S處有一正離子源，它發(fā)出的正離子，經狹縫電壓加速后，進入D型盒中，在磁場力的作用下運動半周，再經狹縫電壓加速，如此周而復始，最后到達D型盒的邊緣，獲得最大速度，由導出裝置導出，已知正離子的電荷量為q，質量為m，加速時電極間電壓大小為U，磁場的磁感應強度為B，D型盒的半徑為R；每次加速的時間很短，可以忽略不計，若正離子從離子源出發(fā)時的初速度為零，則（??）

A.粒子在磁場中運動的周期為B.加速電場的周期在不斷改變C.粒子能夠獲得的最大動能為D.整個過程中粒子被加速的次數(shù)為14、如圖所示,一列簡諧橫波在介質中向右傳播,O點為波源,在某時刻波剛好傳到圖中B點,則下列說法正確的是()

A.此時刻P點向上運動，B點速度為零B.B兩質點的速度總是相同C.Q點在此時刻具有最大的速度D.若波由O傳播到A點所用為時間t，則波由A點傳播到B點所用時間也為t15、在同一勻強磁場中，粒子（He）和質子（H）做勻速圓周運動，若它們的動量大小相等，則粒子和質子A.運動半徑之比為2：1B.運動周期之比為2：1C.運動速度大小之比為1：4D.受到的洛倫茲力大小之比為1：216、科學家使用核反應獲取氚，再利用氘和氚核反應獲得能量，核反應方程分別為：X＋Y→＋＋4.9MeV和＋→＋X＋17.6MeV，下列表述正確的有A.X是中子B.Y的質子數(shù)是3，中子數(shù)是6C.兩個核反應都沒有質量虧損D.氘和氚的核反應是核聚變反應17、一群處于第4能級的氫原子，向低能級躍遷過程中能發(fā)出6種不同頻率的光，將這些光分別照射到圖甲電路陰極K的金屬上；只能測得3條電流隨電壓變化的圖象如圖乙所示，已知氫原子的能級圖如圖丙所示，則下列推斷正確的是。

A.圖乙中的c光是氫原子由第2能級向基態(tài)躍遷發(fā)出的B.圖乙中的b光光子能量為10.2eVC.動能為1eV的電子不能使處于第4能級的氫原子電離D.陰極金屬的逸出功可能為W0=6.75eV評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、圖甲是研究光電效應現(xiàn)象的裝置．某同學用該裝置探究遏止電壓．與入射光頻率之間的關系，得到圖乙圖象．圖中電源____端為正極(填“左”或“右")．該裝置陰極K的逸出功為____J.已知普朗克常量h=（結果保留三位有效數(shù)字）

19、如圖是學校體育館建筑工地的揚塵噪聲監(jiān)測顯示牌，即時顯示工地周圍空氣的溫度、濕度、懸浮物微粒（PM2.5、PM10）濃度等信息。若某天早晨牌上顯示的溫度、濕度分別為28.9℃、61.7%，傍晚時分別顯示為34.5℃、51.7%，僅由這四個數(shù)據(jù)，能比較出__________（填“早晨”或“傍晚”）時空氣分子無規(guī)則運動更劇烈些，PM10在__________（填“早晨”或“傍晚”）時無規(guī)則運動更劇烈些，早晨時__________（填“PM2.5”、“PM10”）微粒的無規(guī)則運動更劇烈些，__________（填“能”或“不能”）比較出早晨時空氣的絕對濕度跟傍晚是否相同。

20、如圖所示是一個用實驗測量得到的用電器兩端電壓隨時間變化的圖象，圖象反映了不同性質的電壓信號。其中圖甲叫做_____信號，圖乙叫做_____信號。

21、填寫下列空格：

（1）某物體的溫度為用熱力學溫度表示為________；

（2）對水加熱，溫度升高了則升高了________K；

（3）某物體溫度為用熱力學溫度表示為________；

（4）對某物體降溫則降低了________K。22、現(xiàn)代人通過放孔明燈祈福。普通的孔明燈用薄竹片架成圓桶形，外面以薄紙密實包圍，開口朝下。釋放時，通過開口處的火焰對燈內氣體緩慢加熱，直到燈能浮起來，如圖所示，在緩慢加熱過程中，燈內氣體分子的平均動能____________（填“變大”“變小”或“不變”），燈內氣體的密度__________（填“變大”“變小”或“不變”）。

23、如圖，豎直放置的均勻等臂U型導熱玻璃管兩端封閉，管內水銀封有A、B兩段氣柱，右管水銀面高于左管水銀面，高度差為h，若環(huán)境溫度降低，穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA∶pB與降溫前相比將_______（選填“變大”、“變小”或“不變”），右管水銀面的高度變化Δh______（選填“＞”、“＝”或“＜”）．

24、已知質子的質量為m1，中子的質量為m2，碳核（）的質量為m3，則碳核（）的比結合能為_____，碳-14是碳的一種具有放射性的同位素，研究發(fā)現(xiàn)外來的宇宙射線與大氣作用產生宇宙射線中子，宇宙射線中子和大氣中氮核（）起核反應產生碳-14，請寫出核反應方程__________．25、如圖所示，在水平向左的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細線長度為L，一端拴一個質量為m電荷量為q的帶負電小球，另一端固定在O點。把小球拉到使細線水平伸直的位置A然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運動到細線與水平方向成θ=60°的位置B時速度為零。則電場強度E=_____________，小球運動過程中的最大速率為____________。

____26、（1）用游標卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)27、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

28、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

29、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共8分)30、為了描繪小燈泡的伏安特性曲線；提供以下實驗器材：

小燈泡L(額定電壓3.8V；額定電流0.32A)

電壓表V(量程3V；內阻3kΩ)

電流表A(量程0.5A；內阻約0.5Ω)

電阻箱R0(0～9999.9Ω)

滑動變阻器R1(阻值0～5Ω；2A)

滑動變阻器R2(阻值0～200Ω；1A)

學生電源E(電動勢4V；內阻不計)

開關S及導線若干．

（1）關于控制電路中滑動變阻器的連接方法，應選擇_______

A.分壓式連接B.限流式連接。

（2）為了減小系統(tǒng)誤差，關于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應選擇________

A.安培表內接法B.安培表外接法。

（3）實驗提供的電壓表量程小于小燈泡的額定電壓，需要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應將電阻箱阻值調至_________Ω，并與題中所給電壓表___________.(選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)

（4）請在方框中畫出該實驗的電路圖______．

（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應選擇_______(選填R1或R2)．你的選擇理由是___________.

（6）實驗中得到小燈泡的伏安特性曲線曲線如下圖（a）所示，由實驗曲線可知，隨著電壓的增加小燈泡的電阻______(填“增大”“不變”或“減小”)

（7）現(xiàn)將與題中完全相同的兩個小燈泡與另一電源E0(電動勢4V，內阻1．0Ω)和一阻值為9Ω的定值電阻連接成如圖（b）所示電路．此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為_________V（結果保留兩位有效數(shù)字）．31、某同學采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內電阻．已知干電池的電動勢約為內阻約為電壓表（約）、電流表（約）、滑動變阻器有和各一只．

（1）實驗中滑動變阻器應選用__________（填“”或“”）．

（2）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的圖線，由圖可較準確地求出該電源電動勢__________內阻=__________．（結果保留位有效數(shù)字）32、(1)某一電學黑箱內可能有電容器、電感線圈、定值電阻等元件，在接線柱間以如圖所示的“Z”字形連接（兩接線柱間只有一個元件）．為了確定各元件種類，小華同學把DIS計算機輔助實驗系統(tǒng)中的電流傳感器由(相當于電流表）與一直流電源、滑動變阻器、開關串聯(lián)后，分別將AB、BC、CD接入電路，閉合開關，計算機顯示的電流隨時間變化的圖象分別如圖a、b、c所示，則如下判斷中正確的是____

A.AB間是電容器。

B.BC間是電感線圈。

C.CD間是電容器。

D.CD間是定值電阻。

(2)某同學欲設計一個電路；自制一臺電子秤，通過查閱資料發(fā)現(xiàn)電子秤的主要部件為一個壓敏電阻，允許通過的最大電流為0.5A，現(xiàn)有下列器材：

壓敏電阻；質量為m的砝碼、電流表、滑動變阻器、干電池各一個、開關及導線若干、待測物體（可置于壓敏電阻的受壓面上）．

A.直流電源：電動勢約4.5V；內阻很?。?/p>

B.電流表Al:量程0?0.6A,內阻0.125

C.電流表A2:量程0?3.0A,內阻0.025

D.滑動變阻器Rl:最大阻值10

E.滑動變阻器R2：最大阻值50

F.開關；導線等．

①在可供選擇的器材中，應該選用的電流表是_____，應該選用的滑動變阻器是__________．（填器材前面對應的選項字母）

②根據(jù)所選器材設計一個電路，用來描繪壓敏電阻的電流隨壓力變化的關系圖象，要求壓敏電阻兩端電壓調節(jié)范圍盡可能大，在方框中畫出測量的原理電路，并根據(jù)設計的電路圖連接實物圖_______；如圖所示：

33、要測繪一個標有“3V1.5W”小燈泡的伏安特性曲線；備有下列器材：

A．電壓表(量程3V；內阻約6kΩ)；

B．電壓表(量程15V；內阻約30kΩ)；

C．電流表(量程0.6A；內阻約0.5Ω)；

D．電流表(量程3A；內阻約0.1Ω)；

E．滑動變阻器(阻值范圍0～5Ω)；

F．滑動變阻器(阻值范圍0～100Ω)；

G．直流電源(3V；內阻不計)；

H．開關；導線若干．

（1）要求多次測量并使電壓表讀數(shù)從零開始連續(xù)可調，上述器材中電壓表應選用________；電流表應選用________；滑動變阻器應選用________．（以上均填寫器材前字母）

（2）請將甲圖中的實物電路圖用筆代替導線補充完整_______．

（3）乙圖為某同學根據(jù)正確的實驗電路圖所測的幾組數(shù)據(jù)畫出的U－I圖象．圖象是一條曲線而不是直線的原因是_________；從圖象中可求得小燈泡電壓為1.8V時的小燈泡的實際功率為_______W．評卷人得分六、解答題(共1題，共3分)34、如圖，在真空中的豎直面內建立直角坐標系xoy，在x軸下方有勻強電場(圖中未畫出)，現(xiàn)將一群帶正電的初速度均為v0的同種微粒從第一象限的不同位置水平拋出，微粒均能到達原點O，且過原點后均做直線運動．現(xiàn)在x軸下方沿垂直紙面向里的方向上增加勻強磁場，磁感應強度大小為B．粒子的質量為m，電量為q，不考慮微粒間的相互作用，重力加速度為g．

(1)求拋出點所在曲線對應的函數(shù)關系式；

(2)試證明：經磁場偏轉后，所有粒子返回y軸時均通過同一點p，并求出該點的坐標；

(3)若m=0.01kg，q=0.02C，v0=6ms，B=1T，g=10m/s2，某粒子第一次返回x軸時的坐標為(10，0)，求該粒子拋出點的坐標．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

由電路圖可知，R0與R1串聯(lián)后再與R2并聯(lián)，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，然后得出電路中總電阻的變化；因電源輸出的電流始終保持不變（即干路電流不變），根據(jù)歐姆定律可知電源電壓的變化，根據(jù)歐姆定律可知通過R2電流的變化，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知通過R0和R1支路的電流變化，根據(jù)歐姆定律可知R1上的電壓變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點R0上的電壓變化以及R1上電壓變化量與R0上的電壓變化量的關系．

【詳解】

B.由電路圖可知，R0與R1串聯(lián)后再與R2并聯(lián)；當滑動變阻器滑動觸頭P向左移動時，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變??；

因電源輸出的電流始終保持不變(即干路電流不變)，由U=IR可知，電源的電壓變小，即R2上的電壓變小，R0和R1支路的總電壓變小．故B錯誤；

AC.由I=U/R可知，通過定值電阻R2的電流變小，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，R0和R1支路的電流變大，由U=IR可知，R1上的電壓變大．R0與R1串聯(lián)，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，且電源電壓增小，R1上的電壓變大，所以，R0上的電壓變?。蔄正確；C錯誤；

D.因串聯(lián)電路中總電壓減小，且R0兩端電壓的減少量大于R1兩端電壓的增加量，即R1上電壓變化量小于R0上的電壓變化量；故D錯誤．

故選A．2、D【分析】【詳解】

A、由圖乙所示圖象可知，內磁感應強度減小，穿過回路的磁通量減小，由楞次定律可知，為阻礙磁通量的減少，導體棒具有向右的運動趨勢，導體棒受到向左的摩擦力，在內；穿過回路的磁通量增加，為阻礙磁通量的增加，導體棒有向左的運動趨勢，導體棒受到向右的摩擦力，在兩時間段內摩擦力方向相反，故A錯誤；

B、由圖乙所示圖象可知，在內磁感應強度增大，穿過閉合回路的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流沿順時針方向，通過電阻R的電流方向為Q到P；故B錯誤；

C、由圖乙所示圖象，應用法拉第電磁感應定律可得，在內感應電動勢：感應電流為故C錯誤；

D、由圖乙所示圖象，應用法拉第電磁感應定律可得，在內通過電阻R的電荷量為故D正確；

故選D．

【點睛】由楞次定律判斷出導體棒的運動趨勢，然后判斷摩擦力方向；由楞次定律求出感應電流方向；由法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，然后由歐姆定律求出感應電流；然后由電流定義式求出電荷量．3、D【分析】【詳解】

AB．由題分析得知

所以周期波長則頻率為

波速為

故A；B錯誤；

C．根據(jù)

此時波傳到了點故C錯誤；

D．點與點間的距離為則波傳到點的時間為

點與點相差波長，此時點在波峰處；達到最大位移，故D正確．

故選D。4、B【分析】【詳解】

A；逐漸增大入射角；反射角增大，由折射定律知折射角也逐漸增大，故A錯誤；

BC、在還未發(fā)生全反射過程中，入射角增大，反射光線OB越來越強，折射光線OC越來越弱，最終發(fā)生全反射，折射光線OC完全消失；故B正確，C錯誤．

D、設光入射角為i時，反射光線跟折射光線恰好垂直，則有解得：故反射光線不能與折射光線始終保持垂直，故D錯誤．5、D【分析】【詳解】

帶電粒子在磁場運動的時間為在各個區(qū)域的角度都為對應的周期為則有故則三個區(qū)域的磁感應強度之比為三個區(qū)域的磁場半徑相同為又動能聯(lián)立得故三個區(qū)域的動能之比為：故在b處穿越鋁板所損失的動能為故在c處穿越鋁板所損失的動能為故損失動能之比為D正確，選D.6、C【分析】【詳解】

兩人組成的系統(tǒng)，初狀態(tài)總動量為零，根據(jù)動量守恒，可知兩人的動量變化量大小相等，方向相反，根據(jù)可知質量小的速度大，故C正確，D錯誤；根據(jù)動理定理可知兩人的沖量大小相等，故AB錯誤；故選C.7、C【分析】【詳解】

A、這群氫原子能輻射出種不同頻率的光子；A錯誤；

B、波長最長的輻射光對應著能級差最小的，則是氫原子從n=3能級躍遷到能級n=2能級產生的；B錯誤；

C、輻射光子的最大能量是從n=3到n=1的躍遷，最大能量為C正確；

D、處于該能級的氫原子至少需吸收1.51eV能量的光子才能電離，D錯誤．8、D【分析】試題分析：根據(jù)等量同種電荷或者等量異種電荷電場分布規(guī)律分析解題。

根據(jù)題意，若以無窮遠處電勢為零，則E點處電勢大于零，該電場可能是等量同種正點電荷的電場，也可能是等量異種點電荷的電場，若是等量正電荷，則E點電勢一定大于0，若是等量異種點電荷，A點固定正電荷，故A錯誤；若是等量異種電荷的電場，則O點的電勢為0，故B錯誤；若是等量正電荷的電場，直線BD上從O點向兩側無窮遠處場強先增大后減??；若是等量異種點電荷的電場，直線BD上從O點向兩側無窮遠處場強先增大后減小，故C錯誤；若是等量同種點電荷電場，E、F兩點等勢，將一電子從E點移動到F點，則電場力做功為零，故D正確．二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【詳解】

AD、當光照強度增大時，光敏電阻R3的阻值減小，外電路總電阻減小，則由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，則由可知路端電壓減小，因干路電流增大，則R1兩端的電壓增大；故電壓表示數(shù)增大，故選項A；D錯誤；

B、因路端電壓減小，電壓表示數(shù)增大，則并聯(lián)部分電壓減小，故R2中的電流減??；故選項B正確；

C、由以上分析可知，通過小燈泡的電流增大，由可知燈泡功率增大；故選項C正確；

故選BC．10、A:B:C【分析】【詳解】

氫原子從基態(tài)向n=2能級躍遷時，吸收的光子頻率為知n=1和n=2之間的能級差為n=2能級向n=3能級躍遷，吸收的光子頻率為知n=2和n=3之間的能級差為則n=3與n=1之間的能級差n=3向n=1躍遷輻射的光子頻率為n=3向n=2躍遷輻射的光子頻率為n=2向n=1躍遷輻射的光子頻率為故ABC正確．11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮在液體中的固體顆粒的運動；反映了液體分子的無規(guī)則運動，選項A錯誤，符合題意；

B．當甲、乙兩個分子間距離為r0時；分子間的引力和斥力大小相等，此處分子勢能最小，若規(guī)定此距離時分子勢能為零，則分子勢能不可能為負值，選項B正確，不符合題意；

C．一定質量的物體；內能與溫度和體積有關，溫度升高，物體的內能不一定增大，選項C錯誤，符合題意；

D．干濕泡濕度計示數(shù)差別越大；表明相對濕度越小，選項D錯誤，符合題意；

E．做功和熱傳遞在改變內能的效果上是相同的；選項E正確，不符合題意。

故選ACD。12、A:B:D【分析】【詳解】

A．一定質量的氣體；在吸收熱量的同時有可能體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可知內能有可能不變，故A正確；

B．內能相等的兩個物體；溫度不一定相同，溫度不同相互接觸就會發(fā)生熱傳遞，因此可能發(fā)生熱傳遞，故B正確；

C．僅知道阿伏伽德羅常數(shù)和氮氣的摩爾體積；則可以算出氮氣分子平均所占空間體積的大小，但氣體分子之間的距離遠大于其本身直徑，所以氮氣分子所占空間體積的大小遠大于氮氣分子體積的大小，不能算出氮氣分子的體積，故C錯誤；

D．當分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時；減小分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增大；所以當分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越大，故D正確；

故選ABD。13、A:C:D【分析】【詳解】

A．粒子在磁場中運動的速度滿足

則

則周期為

故A正確；

B．加速電場的周期等于粒子在磁場中運動的周期；則加速電場的周期不變，故B錯誤；

C．粒子在電場中加速后當在磁場中運動的半徑最大時，速度最大，而最大半徑為R，則最大速度為

則粒子能夠獲得的最大動能為

故C正確；

D．粒子加速一次動能的增加量為Uq，則整個過程中粒子被加速的次數(shù)為

故D正確。

故選ACD。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

波向右傳播，根據(jù)平移規(guī)律可知，P點向上振動，B點在平衡位置，速度最大，不是零，故A錯誤；A、B兩質點相差一個波長，振動情況完全相同，則速度總是相同的，故B正確；Q點在波谷位置，速度為零，故C錯誤；波從O傳到A和從A傳到B所需時間都是一個周期，相同，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．15、B:C:D【分析】【詳解】

A.帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑

因為粒子和質子兩粒子的動量相同，電荷量之比為2：1，所以運動半徑之比為1：2；故A錯誤；

B.帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期

因為粒子和質子兩粒子的質量之比是4：1；電荷量之比為2：1，所以運動周期之比為2：1，故B正確；

C.因為粒子和質子兩粒子的動量相同，兩粒子的質量之比是4：1，所以運動速度大小之比為1：4，故C正確

D.由洛倫茲力公式得：

粒子和質子兩粒子運動速度大小之比為1：4，電荷量之比為2：1，所以受到的洛倫茲力大小之比為1：2，故D正確16、A:D【分析】由＋→＋X＋17.6MeV，根據(jù)反應前后質量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，X的質量數(shù)為1，電荷數(shù)為0，因此X是中子，故選項A正確；再由X＋Y→＋＋4.9MeV，根據(jù)反應前后質量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，Y的質量數(shù)為6，電荷數(shù)為3，即其質子數(shù)為3，中子數(shù)也為3，故選項B錯誤；由于兩個反應中都釋放了能量，因此根據(jù)愛因斯坦質能方程可知，兩個反應中都存在質量虧損，故選項C錯誤；根據(jù)核聚變反應的定義可知，氘和氚反應生成了一個核故選項D正確。

【考點定位】對愛因斯坦質能方程、核聚變反應概念的理解，及核反應方程中質量數(shù)、電荷數(shù)守恒的應用。17、A:D【分析】【詳解】

第4能級的氫原子，向低能級躍遷過程中可能的情況為：n=4→n=1，n=4→n=3，n=4→n=2；

n=3→n=2，n=3→n=1，n=2→n=1；能發(fā)出6種不同頻率的光，能量值的大小關系排列從大。

到小為：n=4→n=1，n=3→n=1，n=2→n=1，n=4→n=2，n=3→n=2，n=4→n=3；由圖乙可知；

a的遏止電壓最大，其次為b和c，則a為n=4→n=1，b為n=3→1，c為n=2→n=1；

A.由以上的分析可知，c的遏止電壓最??；在三種光中頻率最小，故c光是從氫原子由第2能級向。

基態(tài)躍遷發(fā)出的；故A正確；

B.由以上的分析可知，b為n=3→n=1輻射的光子；其能量值：

（-1.51eV）-（-13.6eV）=12.09eV；故B錯誤；

C.由圖并可知；第4能級的能量值為-0.85eV，由玻爾理論可知，動能為leV的電子能使處于第4能。

級的氫原子電離；故C錯誤；

D.由能級2到1輻射的光子的能量值：（-3.4eV）-（-13.6eV）=10.2eV；能量值第。

4大的光子的能量值：（-0.85eV）-（-3.4eV）=2.55eV；由于只能測得3條電流隨。

電壓變化的圖象；即只有三種光子能發(fā)生光電效應，則該金屬的逸出功大于2.55eV，小于等于。

10.2eV，可以等于6.75eV，故D正確．三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

因為是研究遏止電壓的裝置，所以所加電壓應為反向電壓，阻值光電子到達A極板形成光電流，所以A極板接電源負極，K級板接電源正極，電源右端為正極；根據(jù)圖像乙可知，當頻率為時，所需遏止電壓為零，說明此時對應頻率為截止頻率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1919、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]溫度越高；分子無規(guī)則運動越劇烈。傍晚的溫度高，傍晚時空氣分子無規(guī)則運動更劇烈些；

[3]溫度相同時；分子的平均動能相同，分子質量小的分子的無規(guī)則運動更劇烈。所以PM2.5微粒的無規(guī)則運動更劇烈些；

[4]飽和汽壓強未知，所以不能比較出早晨時空氣的絕對濕度跟傍晚是否相同?！窘馕觥堪戆鞵M2.5不能20、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖甲電壓信號隨時間連續(xù)變化，是模擬信號，圖乙電壓信號隨時間不連續(xù)，取值是離散的，是數(shù)字信號?！窘馕觥磕M數(shù)字21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]]由于。

當時。

（2）[2]由于。

所以溫度升高時；溫度升高50K

（3）[3]由于。

當時。

（4）[4]由于。

物體降溫時降低了20K。【解析】323.15K50253.15K2022、略

【分析】【詳解】

[1]隨著加熱；燈內氣體溫度升高，分子的平均動能變大；

[2]對于燈內氣體，根據(jù)蓋-呂薩克定律，壓強不變，溫度升高，氣體體積增大。因為孔明燈的體積幾乎不變，所以部分氣體外溢，燈內氣體的質量減小，密度變小?！窘馕觥孔兇笞冃?3、略

【分析】【詳解】

假設若環(huán)境溫度降低后，△h不變化，則兩部分氣體均做等容變化，由查理定律得：對于左邊氣體：對于右邊氣體：而由題意知，p1＞p2，故有：△p＞△p′，若溫度降低，壓強都減小，左邊氣體壓強降的多，則水銀柱會向下移動，顯然原假設錯誤，△h將減?。瓵部分的體積減小，B部分的體積增大．設A部分的氣體的物質的量是n1，B部分氣體的物質的量是n2，則由克拉伯龍方程得：PAVA=n1RT；PBVB=n2RT，其中的R為克拉伯龍常數(shù)．則有：變形得：由于降溫后A部分的體積減小，B部分的體積增大，所以穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA：pB與降溫前相比將變大．由以上的分析可知，雖然水銀柱向下運動，但PAVA＞PBVB，所以左側氣體的壓強仍然大于右側的壓強，所以穩(wěn)定后左側的液面仍然低于右側的液面，所以△h小于．【解析】變大小于24、略

【分析】【詳解】

此核反應方程為故碳核（）的結合能為因核子數(shù)為12，則比結合能為根據(jù)電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒，得核反應方程為．

【點睛】本題關鍵是掌握愛因斯坦質能方程以及比結合能的計算公式，知道核反應過程中，電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒；先求出質量虧損．核反應中質量虧損等于反應前后質量之差，再根據(jù)愛因斯坦質能方程求結合能，結合能與核子數(shù)之比等于比結合能，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒寫出核反應方程．【解析】25、略

【分析】【詳解】

[1]由動能定理可知

解得

[2]設小球在運動中細線與水平方向的夾角為α，則對任一時刻應有

解得

當時，v最大，為【解析】26、略

【分析】【分析】

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm，游標尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動刻度讀數(shù)為

所以最終讀數(shù)為

【點睛】

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標尺讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同。【解析】5.445.695四、作圖題(共3題，共27分)27、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】28、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】29、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共8分)30、略

【分析】【詳解】

（1）因要得到從零開始連續(xù)可調的多組電壓；則控制電路中滑動變阻器的連接方法，應選擇分壓式連接，故選A.

（2）小燈泡的電阻則為了減小系統(tǒng)誤差，關于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應選擇安培表外接法，故選B.

（3）電壓表的量程為3V，內阻為3kΩ，則要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應將電阻箱阻值調至并與題中所給電壓表串聯(lián).

（4）實驗的電路圖：

（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應選擇阻值較小的R1．選擇理由是：選擇R1時；移動滑片，小燈泡兩端的電壓示數(shù)