2025年牛津上海版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、有一條捕魚小船?？吭诤叴a頭，小船又窄又長，一位同學(xué)想用一個卷尺粗略測定它的質(zhì)量，他進(jìn)行了如下操作：首先將船平行碼頭自由停泊，然后他輕輕從船尾上船，走到船頭后停下，而后輕輕下船，用卷尺測出船后退的距離d，然后用卷尺測出船長L。如圖所示。已知他自身的質(zhì)量為m；則漁船的質(zhì)量為（）

A.B.C.D.2、伽利略在1593年制造了世界上第一個溫度計——空氣溫度計；如圖所示，一個細(xì)長頸的球形瓶倒插在裝有紅色液體的槽中，細(xì)管中的液面清晰可見，如果不考慮外界大氣壓的變化，就能根據(jù)液面的變化測出溫度的變化，則下列說法正確的是（）

A.該溫度計的測溫物質(zhì)是槽中的液體B.該溫度計的測溫物質(zhì)是細(xì)管中的紅色液體C.該溫度計的測溫物質(zhì)是球形瓶D.該溫度計的測溫物質(zhì)是球形瓶中的空氣3、電阻R1、R2和交流電源按照圖甲所示方式連接，R1=10Ω，R2=20Ω。合上開關(guān)S后，通過電阻R2的正弦交變電流i隨時間t變化的情況如圖乙所示，則（）A.通過R1的電流的有效值是1.2AB.R1兩端的電壓有效值是6VC.該交流電源的周期是0.03sD.該交流電源電動勢的最大值為1.2V4、在雷雨云下沿豎直方向的電場強(qiáng)度為V/m，已知一半徑為1mm的雨滴在此電場中不會下落，取重力加速度大小為10m/水的密度為kg/．這雨滴攜帶的電荷量的最小值約為A.2×10-9CB.4×10-9CC.6×10-9CD.8×10-9C5、為了改變單擺做簡諧運(yùn)動的頻率，可以（）A.增大擺球質(zhì)量B.增大擺線長度C.減小振幅D.減小擺線的最大偏角6、兩相鄰勻強(qiáng)磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不同、方向平行。一速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直的帶電粒子(不計重力)，從較強(qiáng)磁場區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的A.線速度大小減小，角速度減小B.向心加速度大小變小，周期變小C.軌道半徑增大，洛倫茲力大小增大D.軌道半徑增大，角速度減小7、如圖所示．小車的上面是中突的兩個對稱的曲面組成；整個小車的質(zhì)量為m，原來靜止在光滑的水平面上．今有一個可以看作質(zhì)點的小球，質(zhì)量也為m，以水平速度v從左端滑上小車，恰好到達(dá)小車的最高點后，又從另一個曲面滑下．關(guān)于這個過程，下列說法正確的是（）

A.小球滑離小車時，小車又回到了原來的位置B.小球在滑上曲面的過程中，對小車壓力的沖量大小是C.小球和小車作用前后，小車和小球的速度一定變化D.車上曲面的豎直高度一定大于8、如圖所示，三個燈泡是相同的，而且耐壓足夠，電源內(nèi)阻忽略．當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S接A時，三個燈亮度相同，那么S接B時（）

A.三個燈亮度相同B.只有丙燈不亮，乙燈最亮C.甲燈和乙燈亮度相同，丙燈不亮D.甲燈最亮，丙燈不亮評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，在xoy平面內(nèi)的坐標(biāo)原點處，有一個粒子源，某一時刻以同一速率v發(fā)射大量帶正電的同種粒子，速度方向均在xoy平面內(nèi)，且對稱分布在x軸兩側(cè)的30°角的范圍內(nèi)．在直線x=a與x=2a之間包括邊界存在勻強(qiáng)磁場，方向垂直于xoy平面向外，已知粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑為2a．不計粒子重力及粒子間的相互作用力，下列說法正確的是（）

A.最先進(jìn)入磁場的粒子在磁場中運(yùn)動的時間為B.最先進(jìn)入和最后進(jìn)入磁場中的粒子在磁場中運(yùn)動的時間都相等C.最后從磁場中射出的粒子在磁場中運(yùn)動的時間為D.最后從磁場中射出的粒子出場的位置坐標(biāo)為10、北斗二期導(dǎo)航系統(tǒng)的“心臟”是上海天文臺自主研發(fā)的星載氫原子鐘，它是利用氫原子能級躍遷時輻射出來的電磁波去控制校準(zhǔn)石英鐘．如圖為氫原子能級圖，則()

A.13eV的電子可以使基態(tài)氫原子發(fā)生躍遷B.大量處于n=5能級的氫原子向低能級躍遷時可輻射8種不同頻率的光子C.現(xiàn)用光子能量介于10～12.9eV范圍內(nèi)的光去照射一群處于基態(tài)的氫原子，在照射光中可能被吸收的光子能量只有3種D.E4躍遷到E2時產(chǎn)生的光子a與E5躍遷到E3時產(chǎn)生的光子b的動量之比為97∶25511、下列說法中正確的是（）A.0℃時物體中分子的熱運(yùn)動將停止，此時分子熱運(yùn)動的平均動能為零B.分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，但分子勢能可能增大C.一定質(zhì)量的某種物質(zhì)，即使溫度不變，內(nèi)能也可能發(fā)生變化E.硬塑料鋒利的斷面裂口放在火上燒烤，其尖端變圓滑的原因是表面張力的作用E.硬塑料鋒利的斷面裂口放在火上燒烤，其尖端變圓滑的原因是表面張力的作用12、下列說法中正確是（）A.布朗運(yùn)動就是分子運(yùn)動B.分子間距離增大，分子勢能也增大C.溫度升高，分子熱運(yùn)動的平均動能一定增大D.吸收熱量，可能使分子熱運(yùn)動加劇、氣體體積增大13、下列說法正確的是（）A.當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體分子的平均動能增大時，其壓強(qiáng)可能減小B.非晶體不可能轉(zhuǎn)化為晶體C.第一類永動機(jī)不可能制成是因為違反了能量守恒定律E.兩分子間的引力和斥力不可能同時存在E.兩分子間的引力和斥力不可能同時存在14、下列說法正確的是（）A.氣體壓強(qiáng)是因為大量氣體分子對器壁持續(xù)的碰撞引起的B.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C.固體、液體和氣體都會有擴(kuò)散現(xiàn)象發(fā)生E.物體的動能增大，其內(nèi)部每個分子的動能不一定增大E.物體的動能增大，其內(nèi)部每個分子的動能不一定增大15、下列說法正確的是（）A.布朗運(yùn)動就是液體分子的熱運(yùn)動B.一定質(zhì)量的理想氣體在溫度不變的條件下，壓強(qiáng)增大，則外界對氣體做功C.內(nèi)能可以全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，而不引起其它變化E.一切自然過程總是向分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行E.一切自然過程總是向分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行16、一個閉合線圈固定在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場中，設(shè)磁場方向向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度B的正方向,線圈中的箭頭所指方向為電流I的正方向。線圈及線圈中感應(yīng)電流I隨時間變化的圖線如圖所示，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的圖線可能是圖中的（）

A.B.C.D.17、下列關(guān)于原子和原子核的說法正確的是______________；E.結(jié)合能越大表示核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定A.α粒子散射實驗中，少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)是由于庫侖斥力的影響B(tài).由波爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要輻射一定頻率的光子，同時電子的動能增大，電勢能減小，周期變小C.原子核能發(fā)生β衰變說明原子核內(nèi)存在電子D.放射性元素的半衰期與它所處環(huán)境的溫度和壓強(qiáng)無關(guān)評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、如圖所示，質(zhì)量為m的帶正電小球能沿著豎直的絕緣墻豎直下滑，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場方向水平，并與小球運(yùn)動方向垂直。若小球電荷量為q，球與墻間的動摩擦因數(shù)為μ，則小球下滑的最大速度為________，最大加速度為________。19、研究性學(xué)習(xí)小組圍繞一個量程為30mA的電流計展開探究．

（1）為測量該電流計的內(nèi)阻，同學(xué)甲設(shè)計了如圖（a）所示的電路．圖中電源電動勢未知，內(nèi)阻不計．閉合開關(guān)，將電阻箱阻值調(diào)到10Ω時，電流計恰好滿偏；將電阻箱阻值調(diào)到85Ω時，電流計指針指在如圖（b）所示位置，則電流計的讀數(shù)為______m。A．由以上數(shù)據(jù)可得電流計的內(nèi)阻Rg=______Ω

（2）同學(xué)乙將甲設(shè)計的電路稍作改變，在電流計兩端接上兩個表筆，如圖（c）所示，設(shè)計出一個簡易的歐姆表，并將表盤的電流刻度轉(zhuǎn)換為電阻刻度：閉合開關(guān)，將兩表筆斷開，調(diào)節(jié)電阻箱，使指針指在“30mA”處，此處刻度應(yīng)標(biāo)阻值為______Ω（填“0”或∞”）；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻，找出對應(yīng)的電流刻度，則“15mA“處對應(yīng)表筆間電阻阻值為______Ω．

若該歐姆表使用一段時間后，電池內(nèi)阻變大不能忽略，電源電動勢不變但將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，按正確使用方法再進(jìn)行測量，其測量結(jié)果與原結(jié)果相比將______（選填“變大”、“變小”或“不變”）．20、如圖所示，電阻Rab=0.1Ω的導(dǎo)體ab沿光滑導(dǎo)線框向右做勻速運(yùn)動；線框中接有電阻R=0.4Ω，線框放在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于線框平面，cd間的長度L=0.4m，運(yùn)動的速度v=5.0m/s，線框的電阻不計．

a.電路abcd中導(dǎo)體棒ab相當(dāng)于電源,_______（a端或b端）相當(dāng)于電源的正極。

b.電源的電動勢即產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=_______V，電路abcd中的電流I=_______A

c.導(dǎo)體ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；21、熱力學(xué)溫標(biāo)是英國物理學(xué)家______建立的．在熱力學(xué)溫度中，絕對零度是指______．22、.如圖甲所示，為某簡諧橫波在t=0時刻的波形圖象，乙圖為在該波的傳播方向上某質(zhì)點的振動圖象．下列說法中正確的是_______(填正確答案標(biāo)號．)

A.該波的波速為10m/s

B.該波一定沿x軸正方向傳播

C.若圖乙是質(zhì)點P的振動圖象，那么，在t=0.15s時刻，質(zhì)點Q的坐標(biāo)為(0.5m，0)

D.若圖乙是質(zhì)點Q的振動圖象，那么，在t=0.15s時刻，質(zhì)點P的坐標(biāo)為(1m，－4cm)

E.當(dāng)t=0.1s時，質(zhì)點P一定正在經(jīng)過平衡位置23、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。24、如圖所示，兩端開口的圓筒內(nèi)嵌有一凸透鏡，透鏡主光軸恰好與圓筒中軸線重合。為了測出該透鏡的焦距以及透鏡在圓筒內(nèi)的位置，小李同學(xué)做如下實驗：在圓筒左側(cè)凸透鏡的主光軸上放置一點光源S，在圓筒右側(cè)垂直凸透鏡的主光軸固定一光屏，點光源S與光屏的距離為L。左右移動圓筒，當(dāng)圓筒左端面距離點光源S為a時，恰好在光屏上成一個清晰的像；將圓筒向右水平移動距離b，光屏上又出現(xiàn)了一個清晰的像。則凸透鏡和圓筒左端面的距離x為____________，該透鏡的焦距f為__________。

25、如圖所示，小球A的質(zhì)量為mA=5kg，動量大小為PA=4kg.m/s，小球A沿著光滑水平面向右運(yùn)動，與靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰后A的動量大小變?yōu)镻A'=1kg·m/s，方向仍然向右．則由此可知碰撞后小球B的動量大小為______kg·m/s，小球B的質(zhì)量為____kg.

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)26、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

27、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

28、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)29、某同學(xué)采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內(nèi)電阻．已知干電池的電動勢約為內(nèi)阻約為電壓表（約）、電流表（約）、滑動變阻器有和各一只．

（1）實驗中滑動變阻器應(yīng)選用__________（填“”或“”）．

（2）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖丙所示的圖線，由圖可較準(zhǔn)確地求出該電源電動勢__________內(nèi)阻=__________．（結(jié)果保留位有效數(shù)字）30、某同學(xué)利用熱敏電阻設(shè)計了一個“過熱自動報警電路”，如圖甲所示．將熱敏電阻R安裝在需要探測溫度的地方，當(dāng)環(huán)境溫度正常時，繼電器的上觸點接觸，下觸點分離，指示燈亮；當(dāng)環(huán)境溫度超過某一值時，繼電器的下觸點接觸，上觸點分離，警鈴響．圖甲中繼電器的供電電壓U1=3V，繼電器線圈用漆包線繞成，其電阻R0為30Ω．當(dāng)線圈中的電流大于等于50mA時；繼電器的銜鐵將被吸合，警鈴響．圖乙是熱敏電阻的阻值隨溫度變化的圖象．

（1）圖甲中警鈴的接線柱C應(yīng)與接線柱______相連，指示燈的接線柱D應(yīng)與接線柱______相連（均選填“A”或“B”）．

（2）當(dāng)環(huán)境溫度升高時，熱敏電阻阻值將______，繼電器的磁性將______（均選填“增大”、“減小”或“不變”），當(dāng)環(huán)境溫度達(dá)到______℃時；警鈴報警．

31、在“用油膜法估測分子大小”的實驗中，將一滴油酸酒精溶液滴入事先灑有均勻痱子粉的水槽中，待油膜充分散開后，在玻璃板上描出油膜的輪廓，隨后把玻璃板放在坐標(biāo)紙上，其形狀如圖所示．已知坐標(biāo)紙上正方形小方格的邊長為10mm，油酸酒精溶液中油酸濃度為0.12%，100滴油酸酒精溶液滴入量筒后的體積是0.4mL．關(guān)于該實驗，下列說法正確的是____．

A.為了方便；可以將純油酸直接滴入水槽中進(jìn)行實驗。

B.讓油膜充分散開的目的是讓水面上形成單分子油膜。

C.水槽中油膜散開的面積約為8.0×10-3m2

D.計算得到油酸分子的直徑約為6.0×10-9m

E.要測定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油酸的摩爾體積A.為了方便，可以將純油酸直接滴入水槽中進(jìn)行實驗B.讓油膜充分散開的目的是讓水面上形成單分子油膜C.水槽中油膜散開的面積約為8.0×l0-3m2E.要測定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油酸的摩爾體積E.要測定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油酸的摩爾體積評卷人得分六、解答題(共3題，共12分)32、現(xiàn)代瓷器燒制通常采用電加熱式氣窯。某次燒制前，封閉在窯內(nèi)的氣體溫度為27壓強(qiáng)為=1.0x105燒制過程中為避免窯內(nèi)氣壓過高，窯上有一個單向排氣閥，當(dāng)窯內(nèi)氣壓達(dá)到=2.5×105時，單向排氣閥變?yōu)殚_通狀態(tài)，當(dāng)窯內(nèi)氣體溫度達(dá)到燒制溫度927保持不變時；單向排氣閥關(guān)閉。已知燒制過程中窯內(nèi)氣體溫度均勻且緩慢升高，單向排氣閥排氣過程中窯內(nèi)氣壓保持不變。不考慮瓷胚體積的變化，求：

（1）排氣閥開始排氣時；窯內(nèi)氣體溫度；

（2）燒制過程中；排出的氣體占原有氣體質(zhì)量的比例。

33、如圖所示是某科技創(chuàng)新小組自制的一個監(jiān)控氣溫的報警裝置，在板上固定一個開口向右、導(dǎo)熱性能良好的氣缸足夠長，用一輕質(zhì)活塞將一定質(zhì)量的氣體封閉在氣缸內(nèi)，氣缸右側(cè)固定一個帶壓力傳感器的警報器A。當(dāng)氣缸內(nèi)溫度為270K時，活塞到警報器的距離L1=5cm，到氣缸底部的距離L2=30cm。當(dāng)警報器受到的壓力為20N時開始報警。已知大氣壓強(qiáng)p0恒為1.0×105Pa。活塞橫截面積不計活塞厚度及一切摩擦。求：

（1）活塞剛好碰到傳感器時的環(huán)境溫度；

（2）開始報警的溫度。

34、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)變化到狀態(tài)再變化到狀態(tài)其狀態(tài)變化過程的圖象如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)時的溫度為攝氏溫度與熱力學(xué)溫度的關(guān)系為：則：

（1）該氣體在狀態(tài)時的溫度分別為多少攝氏度？

（2）該氣體從狀態(tài)到狀態(tài)的過程中是吸熱還是放熱？傳遞的熱量是多少？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

設(shè)人走動時船的速度大小為v，人的速度大小為v′，人從船尾走到船頭所用時間為t，取船的運(yùn)動方向為正方向，則v＝v′＝

根據(jù)動量守恒定律得Mv－mv′＝0

解得船的質(zhì)量M＝

故選B。2、D【分析】【詳解】

細(xì)管中的紅色液體是用來顯示球形瓶中空氣的體積隨溫度變化情況的；測溫物體是球形瓶中封閉的空氣，該溫度計是利用它的熱脹冷縮的性質(zhì)制造的，故ABC錯誤，D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

A．從圖乙可以看出流過R2交流電電流的最大值I2m=0.6A

通過R2電流的有效值是0.6A，通過R1的電流有效值也是0.6A；故A錯誤；

B．R1兩端的電壓有效U1=I1R1=6V

故B正確；

C．由圖可知；該交流電源的周期是0.02s，選項C錯誤；

D．該交流電源電動勢的最大值為Em=Im（R1+R2)=18V

故D錯誤；

故選B。4、B【分析】【詳解】

帶電雨滴在電場力和重力作用下保持靜止，根據(jù)平衡條件電場力和重力必然等大反向

解得：

ACD；與計算不符；ACD錯誤；

B；與計算結(jié)果相符；B正確。

【點睛】

本題關(guān)鍵在于電場力和重力平衡，要求熟悉電場力公式和二力平衡條件；要使雨滴不下落，電場力最小要等于重力．5、B【分析】【詳解】

A．改變單擺的頻率即改變單擺的周期，由單擺的周期公式可知單擺的頻率和擺球的質(zhì)量無關(guān)；故A錯；

B．改變擺線的長度可以改變周期；故B正確；

C．振幅影響的是單擺的能量不影響周期；故C錯；

D．偏角也不影響單擺的周期故D錯誤．6、D【分析】【分析】

通過洛倫茲力提供向心力得知軌道半徑的公式；結(jié)合該公式即可得知進(jìn)入到較弱磁場區(qū)域后時，半徑的變化情況；再利用線速度與角速度半徑之間的關(guān)系式，即可得知進(jìn)入弱磁場區(qū)域后角速度的變化情況．

【詳解】

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動；洛倫茲力提高向心力，由牛頓第二定律有：

解得：

從較強(qiáng)磁場區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場區(qū)域后．B減小，所以r增大．線速度；角速度的關(guān)系為：v=ωR

由于洛倫茲力不做功，所以線速度v不變，半徑r增大；所以角速度減小；

由公式可知；洛倫茲力大小不變；

由公式可知；由于半徑增大，所以向心加速度大小減小；

由公式可知；由于角速度減小，所以周期變大．

故選D．

【點睛】

本題考查了粒子在磁場中的運(yùn)動，解答該題要明確洛倫茲力始終不做功，洛倫茲力只是改變帶電粒子的運(yùn)動方向，應(yīng)用牛頓第二定律、線速度與角速度的關(guān)系即可解題．7、B【分析】【詳解】

A.小球滑上曲面的過程；小車向右運(yùn)動，小球滑下時，小車還會繼續(xù)前進(jìn)，故不會回到原位置，故A錯誤．

B.由小球恰好到最高點，知道兩者有共同速度，根據(jù)動量守恒有小球?qū)π≤噳毫Φ臎_量等于小車動量的變化量，即B正確；

C.由于系統(tǒng)滿足動量守恒定律；系統(tǒng)機(jī)械能又沒有增加，結(jié)合小球與小車的質(zhì)量相等，彈性碰撞類似，可知，相互作用結(jié)束后小車的速度仍然等于0，小球的速度仍為v，故C不正確；

D.根據(jù)能量關(guān)系，有解得D錯誤．8、B【分析】【分析】

電容器具有通交隔直的特性；電感有通直阻交的特性，而交流對電阻R沒有影響．根據(jù)電感和電容的特性進(jìn)行判斷．

【詳解】

由題；當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S接A時，三個燈亮度相同，說明電感L的感抗與電阻R相同，當(dāng)S接B時，電感L沒有感抗，電容器具有隔斷直流的作用，而交流與直流對電阻R沒有影響，所以丙燈不亮，燈甲亮度不變，乙燈亮度增加，乙燈最亮．故選B．

【點睛】

本題要抓住電容器與電感的特性：電容器具有通交流，隔直流，電感具有通直流、阻交流的特性．二、多選題(共9題，共18分)9、A:C:D【分析】【詳解】

沿x軸方向射出的粒子最先進(jìn)入磁場，由幾何關(guān)系可知，粒子在磁場中運(yùn)動的偏轉(zhuǎn)角為所以運(yùn)動時間為故A正確；沿與x軸成角的兩個方向同時進(jìn)入磁場，沿與x軸成角斜向下方進(jìn)入磁場的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)角為所以用的時間為弦長為粒子進(jìn)入磁場的位置離x軸的距離為所以最后從磁場中射出的粒子出場的位置的縱坐標(biāo)為所以最后從磁場中射出的粒子出場的位置坐標(biāo)為故B錯誤，CD正確.10、A:C【分析】【詳解】

A.實物粒子的能量大于等于兩能級差即可使氫原子發(fā)生躍遷；A正確．

B.大量處于n=5能級的氫原子向低能級躍遷時，任選兩條軌道，共有種光子；B錯誤．

C.光子能量介于10～12.9eV范圍內(nèi)的光，可以被基態(tài)的氫原子吸收后躍遷到2、3、4能級，因為均在該范圍內(nèi)，不在該范圍內(nèi)；可能被吸收的光子能量只有3種,C正確．

D.根據(jù)能量所以動量之比等于能量之比，E4躍遷到E2時產(chǎn)生的光子a的能量E5躍遷到E3時產(chǎn)生的光子b的能量所以動量比為255：97，D錯誤．11、B:C:E【分析】【詳解】

A．分子的熱運(yùn)動是永不停息的；A錯誤；

B．分子間的距離增大時；分子間的引力和斥力都減小，但是分子力是表現(xiàn)為引力還是斥力不一定，如果表現(xiàn)為引力，分子間距離增大時分子力做負(fù)功，分子勢能增大，如果表現(xiàn)為斥力，分子間距離增大時分子力做正功，分子勢能減小，B正確；

C．一定質(zhì)量的某種物質(zhì)；即使溫度不變，內(nèi)能也可能發(fā)生變化，比如零攝氏度的冰化為零攝氏度的水，內(nèi)能增加，C正確；

D．阿伏加德羅常數(shù)聯(lián)系了宏觀世界和微觀世界；在數(shù)值上等于摩爾質(zhì)量和單個分子質(zhì)量的比值，對于液體和固體而言分子排布緊密，可以近似的認(rèn)為在數(shù)值上等于摩爾體積和單個分子體積的比值，但是對于氣體而言，分子間的空隙是非常大的，遠(yuǎn)大于分子的大小，所以阿伏加德羅常數(shù)在數(shù)值上不再等于摩爾體積和單個分子體積的比值，而是等于摩爾體積和單個分子所占體積的比值，D錯誤；

E．硬塑料鋒利的斷面裂口放在火上燒烤；會使燒烤部分熔化，這樣在表面張力的作用下其尖端變得圓滑，E正確。

故選BCE。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運(yùn)動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動；是液體分子運(yùn)動的具體表現(xiàn)，選項A錯誤；

B．若分子力表現(xiàn)為斥力；則當(dāng)分子間距離增大時，分子力做正功，分子勢能減小，選項B錯誤；

C．溫度升高；分子熱運(yùn)動的平均動能一定增大，選項C正確；

D．吸收熱量；可能使氣體溫度升高，分子熱運(yùn)動加劇；溫度升高，則氣體體積可能增大，選項D正確。

故選CD。13、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體分子的平均動能增大時；即溫度升高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，當(dāng)體積增大時，其壓強(qiáng)可能減小。A正確；

B．在一定條件下；非晶體與晶體可以相互轉(zhuǎn)化。B錯誤；

C．第一類永動機(jī)不可能制成是因為違反了能量守恒定律。C正確；

D．當(dāng)一定量的理想氣體體積減小時；外界一定對氣體做正功。D正確；

E．兩分子間的引力和斥力總是同時存在的。E錯誤。

故選ACD。14、A:C:E【分析】【詳解】

A．氣體壓強(qiáng)的產(chǎn)生是大量氣體分子對器壁持續(xù)的碰撞引起的；A正確；

B．熱量可以從低溫物體傳到高溫物體；只是不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，B錯誤；

C．?dāng)U散運(yùn)動是分子的一種基本運(yùn)動形式；固體；液體和氣體中都會有擴(kuò)散現(xiàn)象發(fā)生，C正確；

D．第二類永動機(jī)沒有違反能量守恒定律；但違反了熱力學(xué)第二定律，D錯誤；

E．分子的動能與物體的機(jī)械能無關(guān)；E正確。

故選ACE。15、B:D:E【分析】【詳解】

A．布朗運(yùn)動就是固體顆粒在液體分子撞擊下無規(guī)則的運(yùn)動；故A錯誤；

B．一定質(zhì)量的理想氣體在溫度不變的條件下，壓強(qiáng)增大，根據(jù)玻意耳定律

可知體積一定減?。煌饨鐚ξ矬w做功，故B正確；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能但而不引起其它變化，故C錯誤；

D．分子間平衡距離是分子引力與分子斥力相等的位置；此時分子勢能最小，故D正確；

E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律的微觀解釋；一切自然過程總是向分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行，故E正確。

故選BDE。16、C:D【分析】【詳解】

A．在內(nèi)；電流為負(fù)，即逆時針方向，則感應(yīng)電流的磁場方向垂直紙面向外，根據(jù)楞次定律，若原磁場均勻增大，則方向向里，為正向增大；若原磁場均勻減小，則原磁場向外，為負(fù)向減小，故A錯誤；

BCD．在內(nèi)；電流為正，即順時針方向，則感應(yīng)電流的磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)楞次定律，若原磁場均勻增大，則方向向外，為負(fù)向增大；若原磁場均勻減小，則原磁場向里，為正向減小，故B錯誤，CD正確。

故選CD。17、A:B:D【分析】A；α粒子散射實驗中；α粒子帶正電，原子核質(zhì)量很大也帶正電，它們接近時就表現(xiàn)出很大的庫侖斥力作用，使α粒子產(chǎn)生大角度偏轉(zhuǎn)，故A正確；

B；由玻爾理論可知；氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能增大，電勢能減小，周期變小，故B正確；

C；衰變反應(yīng)發(fā)生在原子核內(nèi)部；原子核由質(zhì)子和中子組成，故C錯誤；

D；放射性元素的半衰期與核內(nèi)部自身因素有關(guān)；與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件都無關(guān)，與它所處環(huán)境的溫度和壓強(qiáng)無關(guān)，故D正確；

E；原子核的比結(jié)合能越大；核子結(jié)合得就越牢固，原子核越穩(wěn)定，而不是原子核的結(jié)合能越大，故E錯誤；

故選ABD。

【點睛】α粒子散射實驗中，使少數(shù)α粒子產(chǎn)生大角度偏轉(zhuǎn)的力是原子核對粒子的庫侖斥力，氫原子在輻射出一個光子后，向低能級躍遷，核外電子的動能增大，放射性元素的半衰期與它所處環(huán)境的溫度和壓強(qiáng)無關(guān)，原子核的比結(jié)合能越大，核子結(jié)合得就越牢固，原子核越穩(wěn)定。三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】小球靜止時只受重力，則加速度為g，下滑后，小球受洛倫茲力、重力、支持力及摩擦力，洛倫茲力水平向左，摩擦力豎直向上，小球向下做加速運(yùn)動，速度越大，洛倫茲力越大，則摩擦力越大，加速度越小，當(dāng)加速度等于零時，速度最大，則得此后小球做勻速直線運(yùn)動，加速度為0，故開始時加速度最大：

點睛：本題要注意分析帶電小球的運(yùn)動過程，屬于牛頓第二定律的動態(tài)應(yīng)用與磁場結(jié)合的題目，此類問題要求能準(zhǔn)確找出物體的運(yùn)動過程，并能分析各力的變化?！窘馕觥縢19、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：（1）據(jù)十分之一估讀法；讀數(shù)為：12.0A；

當(dāng)電阻箱阻值為10Ω時有：當(dāng)電阻箱阻值為85Ω時：則電流計內(nèi)阻有：電源電動勢為：．

（2）將電流計改裝成歐姆表后，指針處于30mA處時有：代入數(shù)據(jù)可以求得電阻箱此時阻值為：當(dāng)指針示數(shù)為15mA時，電流總電流為：歐姆表讀數(shù)為：

（3）電源內(nèi)阻增大后；將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，說明電源內(nèi)阻與電阻箱阻值之和與原來相等，故測量結(jié)果不變．

考點：本題考查歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)．【解析】12.040∞8不變20、略

【分析】【分析】

據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向；即可確定等效電源的正負(fù)極；

根據(jù)E=BLv求出感應(yīng)電動勢；由歐姆定律得出電流強(qiáng)度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定則判斷安培力的方向．再根據(jù)平衡條件分析外力的大小和方向．

【詳解】

a.電路abcd中ab棒切割磁感線；產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源．由右手定則判斷可知相當(dāng)于電源的正極是a端；

b.感應(yīng)電動勢為：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感應(yīng)電流為：

c.ab桿所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定則判斷可知，ab中感應(yīng)電流方向從b→a；由左手定則得知，安培力的方向向左．

【點睛】

解答本題的關(guān)鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、左手定則等電磁感應(yīng)中常用的規(guī)律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左21、略

【分析】【分析】

明確熱力學(xué)溫度的定義；知道其零點，同時明確熱力學(xué)溫度和攝氏度之間的換算關(guān)系．

【詳解】

英國物理學(xué)家開爾文提出熱力學(xué)溫標(biāo)，其中每1k和對應(yīng)，但其零點為

故答案為開爾文；

【點睛】

本題考查有關(guān)溫度的物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．【解析】開爾文；-273；22、A:D:E【分析】【詳解】

由甲圖讀出波長由乙圖讀出周期T=0.2s，則該波的波速故A正確；由于不知道乙圖為波的傳播方向上哪個具體質(zhì)點的振動圖象，所以無法判斷波的傳播方向，故B錯誤；若乙是質(zhì)點P的振動圖象，則此時刻P向下振動，則波沿x軸負(fù)方向傳播，所以Q點向上振動，經(jīng)過時間：時，處于波谷處，所以坐標(biāo)為（2m、-4cm），故C錯誤；若乙是質(zhì)點Q的振動圖象，則此時刻Q向下振動，則波沿x軸正方向傳播，所以P點向上振動，經(jīng)過時間：時，處于波谷處，所以坐標(biāo)為（1m、-4cm），故D正確．由圖可知t=0時刻P點處于平衡位置，經(jīng)時P點又再次回到平衡位移，向反方向運(yùn)動，故E正確.故選ADE.23、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠(yuǎn)離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關(guān)，跟到平面鏡的距離無關(guān)，所以小涵的像大小不變。

【點睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關(guān)，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無關(guān)。但是我們遠(yuǎn)離平面鏡時，看到自己在平面鏡中的像變小，是因為眼睛看像的視角變小，產(chǎn)生了錯覺，像的實際大小是沒有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；24、略

【分析】【分析】

掌握凸透鏡成像的規(guī)律，根據(jù)光路的可逆性，兩次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，從而可以計算出距離x的值；根據(jù)凸透鏡成像的原理；由點S發(fā)出的光經(jīng)過凸透鏡后會聚到像點，并結(jié)合平行于主光軸的光線過焦點分析焦距的大小。

【詳解】

[1]根據(jù)光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圓筒向右移動b，則凸透鏡也會向右移動b，則第二次的像距為

則有

解得

[2]光源S所成像應(yīng)在S′處，若物體為AS，則成像應(yīng)為A′S′；根據(jù)成像原理，成像光路圖如圖所示：

又像高與物體高度正比等于像距與物距之比，則有

由圖知，△A′S′F∽△BOF，則

又AS=BO

聯(lián)立以上幾式得【解析】25、略

【分析】【詳解】

以向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：解得：由機(jī)械能守恒定律得：代入數(shù)據(jù)解得：．【解析】33四、作圖題(共3題，共6分)26、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】27、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共27分)29、略

【分析】【詳解】